1、試卷第 =page 22 22頁，總 =sectionpages 22 22頁試卷第 =page 21 21頁，總 =sectionpages 22 22頁廣東省廣州市某校高三三模 物理試卷一、選擇題1. 科學(xué)家們?cè)谖锢韺W(xué)的發(fā)展過程中創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述正確的是（ ） A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫微元法B.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了假設(shè)法C.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速

2、直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法D.伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法2. 中國(guó)制造2025是國(guó)家實(shí)施強(qiáng)國(guó)戰(zhàn)略第一個(gè)十年行動(dòng)綱領(lǐng)智能機(jī)器制造是一個(gè)重要方向，其中智能機(jī)械臂已廣泛應(yīng)用于各種領(lǐng)域如圖所示，一機(jī)械臂鐵夾豎直夾起一個(gè)金屬小球，小球在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，鐵夾與球接觸面保持豎直，則（） A.機(jī)械臂受到的摩擦力方向向上B.小球受到壓力與重力是一對(duì)平衡力C.若增大鐵夾對(duì)小球的壓力，小球受到的摩擦力變大D.若機(jī)械臂夾著小球在空中沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則機(jī)械臂對(duì)

3、小球的作用力相比靜止時(shí)的作用力一定變大3. 每個(gè)小伙伴都有一個(gè)飛行夢(mèng)，現(xiàn)在鋼鐵俠的夢(mèng)想就能成為現(xiàn)實(shí) 中國(guó)深圳光啟公司的馬丁飛行背包接受預(yù)定，交付期一年消防員利用馬丁飛行背包在某次高樓火災(zāi)觀測(cè)時(shí)，豎直飛行的v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是（） A.消防員上升的最大高度為225mB.消防員在2.53.0min加速度最大C.消防員在3.54.25min處于失重狀態(tài)D.消防員在2.54.25min，平均速度大小約為6.43m/s4. 如圖，將足夠長(zhǎng)的平行光滑導(dǎo)軌水平放置，空間中存在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，導(dǎo)軌上靜止放置兩平行光滑導(dǎo)體棒ab、cd（導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌且與導(dǎo)軌接觸良好）現(xiàn)給cd棒以沿導(dǎo)

4、軌方向且遠(yuǎn)離ab棒的初速度，則之后的過程中，兩導(dǎo)體棒：（） A.靜止在導(dǎo)軌上時(shí)距離最遠(yuǎn)B.速度相等時(shí)相距最遠(yuǎn)C.動(dòng)量變化量一定相等D.速度變化量一定相等5. 如圖所示，匝數(shù)n=50的矩形閉合導(dǎo)線框ABCD處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=210T的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框面積S=0.4m2，線框電阻不計(jì)線框繞垂直于磁場(chǎng)的軸OO以角速度=100rad/s勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并與理想變壓器原線圈相連，副線圈端接入三個(gè)阻值相等的電阻，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)電壓表讀數(shù)為20V則（） A.如圖所示時(shí)刻，穿過線框ABCD的磁通量變化率最大B.變壓器原副線圈匝數(shù)比為10:1C.原線圈兩端電壓的有效值為2002VD.閉合開關(guān)后，電壓表示數(shù)變小

5、6. 如圖，兩根相互絕緣的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線分別沿x軸和y軸放置，沿x軸方向的電流為I0，已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在其周圍激發(fā)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=kIr，其中k為常量，I為導(dǎo)線中的電流，r為場(chǎng)中某點(diǎn)到導(dǎo)線的垂直距離圖中A點(diǎn)的坐標(biāo)為a,b，若A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則沿y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小和方向分別為（ ） A.abI0，沿y軸正向B.abI0，沿y軸負(fù)向C.baI0，沿y軸正向D.baI0，沿y軸負(fù)向7. 日前，美國(guó)一家太空公司已經(jīng)宣布了世界首家太空酒店預(yù)計(jì)2027年?duì)I運(yùn)，他們要斥巨資在太空上打造一家酒店，可以同時(shí)容納400多人，而且還配備主題餐廳、電影院等眾多設(shè)備據(jù)報(bào)道，這個(gè)名為“旅行者”的太空酒店由

6、美國(guó)軌道組裝公司（OAC）承建，從OAC發(fā)布的數(shù)據(jù)可以看出，每90分鐘繞地球運(yùn)行一次的“旅行者”是一個(gè)大圓圈站主體由幾個(gè)“環(huán)”組成旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的人工重力類似于月球表面的重力水平根據(jù)這則新聞，下列說法正確的是（） A.地球同步衛(wèi)星的軌道半徑是“旅行者”軌道半徑的3256倍B.“旅行者”繞地球運(yùn)行的速度大于地球的第一宇宙速度C.“旅行者”上面的游客不再受到地球的萬有引力D.旅客在“旅行者”中站立的位置如圖所示二、多選題 以下關(guān)于原子核及其變化的說法正確的是（） A.粒子轟擊714N，生成817O并放出質(zhì)子B.經(jīng)過6次衰變，2次衰變后，新核與原來的原子核相比中子數(shù)少了12個(gè)C.在原子核內(nèi)部，只有相鄰的核

7、子之間有核力作用D.“人造太陽”實(shí)質(zhì)是核聚變，核燃料的質(zhì)量相同時(shí)，聚變反應(yīng)釋放的能量與裂變反應(yīng)釋放的能量相同 如圖，兩位同學(xué)同時(shí)在等高處拋出手中的籃球A、B，A以速度v1斜向上拋出，B以速度v2豎直向上拋出，當(dāng)A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)恰與B相遇不計(jì)空氣阻力，A、B質(zhì)量相等且均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g，以下判斷正確的是（ ）A.相遇時(shí)A的速度一定不為零B.相遇時(shí)B的速度一定為零C.A從拋出到最高點(diǎn)的時(shí)間為v2gD.從拋出到相遇A、B動(dòng)量的變化量相同 如圖所示，在光滑水平面上有一邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域ABCD處在場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)方向與正方形一邊平行，一質(zhì)量為m、帶電荷量為qq0 的小球由AC邊的中

8、點(diǎn)，以垂直于該邊的水平初速v0進(jìn)入該正方形區(qū)域，若小球從BD邊離開正方形區(qū)域，則下列說法正確的是（） A.離開該區(qū)域時(shí)的動(dòng)能可能為12mv02+13qELB.經(jīng)過該區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定等于Lv0C.離開該區(qū)域時(shí)小球速度方向與BD的最小夾角為45D.若小球從D點(diǎn)離開，則電場(chǎng)方向與BD平行，且大小為mv02qL三、實(shí)驗(yàn)探究題 用圖甲的裝置研究小車沿斜面在不同材料表面運(yùn)動(dòng)的情況圖乙是某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中獲得的一條紙帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源頻率為50Hz （1）圖乙中A至N各點(diǎn)是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上連續(xù)打下的點(diǎn)，根據(jù)刻度尺上的數(shù)據(jù)可以判斷，小車在A、E間（板面）做_運(yùn)動(dòng)，在F、N間（布面）做_運(yùn)動(dòng)，M點(diǎn)對(duì)應(yīng)的小車速度

9、為_m/s，加速度大小為_m/s2（結(jié)果保留2位有效數(shù)字） （2）已知重力加速度大小為g，為求出布面的動(dòng)摩擦因數(shù)，還需測(cè)量的物理量是（）A.物塊的質(zhì)量B.斜面的高度C.斜面的傾角 把一滿偏電流為Ig=0.1mA，內(nèi)阻Rg=1000的表頭改裝成10mA、100mA雙量程的電流表，如圖1所示則： （1）表筆接A和_（選填“B”或“C”）是10mA量程 （2）定值電阻R1_（結(jié)果保留2位有效數(shù)字） （3）若改裝成歐姆表，可理解為表頭加電源和調(diào)零電阻等配件共同構(gòu)成，如圖2所示對(duì)于同一個(gè)表盤，中值電阻的刻度值不能改變，但通過改變倍率可以改變中值電阻的大小，假設(shè)某一個(gè)歐姆表刻度盤中值為15，那么選擇倍率1

10、、10、100、1k，對(duì)應(yīng)的中值電阻的阻值應(yīng)該就是15、150、1500、15k改變了中值電阻，也相當(dāng)于改變了歐姆檔的倍率由R中=R內(nèi)=EIg知，其中一種改變中值電阻的方式為改變電流表滿偏電流（比如前述擴(kuò)大電表量程），現(xiàn)利用該表刻度盤，試分析以電動(dòng)勢(shì)E=1.5V不變的電池為電源，外加調(diào)零電阻、表筆等與圖1A、B接線柱連接組合成的歐姆表倍率為_，有同學(xué)想使用現(xiàn)有器材設(shè)計(jì)10k倍率歐姆檔，請(qǐng)你判斷：該同學(xué)_（填“能”或“不能”）設(shè)計(jì)出10k倍率歐姆檔，理由是_四、解答題 華裔科學(xué)家丁肇中負(fù)責(zé)的AMS項(xiàng)目，是通過“太空粒子探測(cè)器”探測(cè)高能宇宙射線粒子，尋找反物質(zhì)某學(xué)習(xí)小組設(shè)想了一個(gè)探測(cè)裝置，截面圖如

11、圖所示其中輻射狀加速電場(chǎng)的內(nèi)、外邊界為兩個(gè)同心圓，圓心為O，外圓電勢(shì)為零，內(nèi)圓電勢(shì)=-45V，內(nèi)圓半徑R=1.0m在內(nèi)圓內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=910-5T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)內(nèi)有一圓形接收器，圓心也在O點(diǎn)假設(shè)射線粒子中有正電子，先被吸附在外圓上（初速度為零），經(jīng)電場(chǎng)加速后進(jìn)入磁場(chǎng)，并被接收器接收已知正電子質(zhì)量m=910-31kg，電荷量q=1.610-19C，不考慮粒子間的相互作用 （1）求正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率v和半徑r （2）若正電子恰好能被接收器接收，求接收器的半徑R（結(jié)果可用根式表示） 在交通出行中，人們廣泛使用導(dǎo)航軟件，一貨車正以20m/s的速度行駛在平直的公路上，司

12、機(jī)聽到導(dǎo)航右轉(zhuǎn)提示音后2s開始剎車，剎車后0.5s內(nèi)貨車的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律為v=20-4t2(m/s)，剎車0.5s后貨車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)轉(zhuǎn)彎處時(shí)恰以5m/s的速度無側(cè)滑趨勢(shì)的進(jìn)入外高內(nèi)低的彎道已知彎道寬度為5m，貨車轉(zhuǎn)彎時(shí)的軌道半徑為50m，重力加速度g=10m/s2，貨車可視為質(zhì)點(diǎn)，很小時(shí)，tan=sin，求： （1）公路彎道的內(nèi)外高度差； （2）根據(jù)加速度的定義式推導(dǎo)剎車后0.5s內(nèi)貨車的加速度與時(shí)間的關(guān)系式； （3）司機(jī)聽到提示音時(shí)，貨車距彎道的距離（剎車后的0.5s內(nèi)可以用初末速度的平均值代替該段時(shí)間的平均速度） 11月10日，中國(guó)“奮斗者”號(hào)載人潛水器在馬里亞納海溝成功坐

13、底，坐底深度10909米作為我國(guó)萬米載人深潛的重大突破，“奮斗者”號(hào)凝聚了中國(guó)深潛人的巨大智慧潛水器在下潛過程中需承受極大的深水壓強(qiáng)，這對(duì)密封裝置提出了極大挑戰(zhàn)，我們可以借助于氣球來模擬潛水器的下潛實(shí)驗(yàn)，如圖所示，將氣球視為球形，入水前，其半徑為R0，已知外界大氣壓為p0，忽略氣球內(nèi)外的壓強(qiáng)差，水的密度為，重力加速度為g，求： （1）不計(jì)溫度變化，若將氣球浸沒于水面下深度為h處（h遠(yuǎn)大于氣球半徑），求此時(shí)氣球的半徑R； （2）為了使第（1）問中氣球的體積跟放入水中前一樣，可通過加熱的方法使水溫升高，求加熱后的水溫T與外界溫度T0之比參考答案與試題解析 廣東省廣州市某校高三三模 物理試卷一、選擇

14、題1.【答案】D【考點(diǎn)】物理學(xué)方法【解析】在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型法在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了控制變量法；【解答】解：A在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型法，故A錯(cuò)誤；B在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用

15、了控制變量法，故B錯(cuò)誤；C在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，故C錯(cuò)誤；D伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，故D正確故選：D2.【答案】D【考點(diǎn)】摩擦力的判斷平衡條件的基本應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用從運(yùn)動(dòng)確定受力【解析】靜摩擦力方向與相對(duì)運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)方向相反；一對(duì)平衡力應(yīng)該等大反向作用在一條直線上；物體實(shí)際受到的靜摩擦力大小與壓力無關(guān)；加速運(yùn)動(dòng)時(shí)需要合外力【解答】解：A由于重力的作用，小球有相

16、對(duì)于機(jī)械臂向下的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，即機(jī)械臂有相對(duì)于小球向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，所以機(jī)械臂受的靜摩擦力方向向下，故A錯(cuò)誤；B小球受到的壓力與接觸面垂直，在水平方向上，而重力在豎直方向上，它們不可能是一對(duì)平衡力，故B錯(cuò)誤；C以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，受力分析如圖：；由平衡條件可得，小球受到的靜摩擦力與重力等大反向，與壓力大小無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D機(jī)械臂對(duì)小球的作用力是機(jī)械臂對(duì)小球施加的所有力的合力，即可認(rèn)為小球僅受兩個(gè)力作用：重力和機(jī)械臂對(duì)小球的作用力，小球靜止時(shí)，機(jī)械臂對(duì)小球的作用力大小等于小球重力；機(jī)械臂夾著小球在空中沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，機(jī)械臂對(duì)小球作用力的豎直分量平衡重力，與重力大小相等，水平分量提供小球運(yùn)動(dòng)

17、的合外力，所以機(jī)械臂對(duì)小球的作用力大于小球的重力，即機(jī)械臂對(duì)小球的作用力相比靜止時(shí)的作用力一定變大，故D正確故選D3.【答案】D【考點(diǎn)】v-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）超重和失重【解析】圖線能說明消防員每個(gè)時(shí)間段的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，圖象的斜率表示加速度，圖象與時(shí)間軸圍成的面積表示消防員在某一時(shí)間內(nèi)通過的位移【解答】解：A消防員在01.5min速度為正值向上，由圖像與時(shí)間軸圍成的面積可知消防員上升的高度h=121.56015m=675m，1.52.5min速度為零，2.5min后速度為負(fù)值向下，所以消防員上升的最大高度為675m，故A錯(cuò)誤；B根據(jù)v-t圖像的斜率表示加速度，則00.5min加速度最大，故B錯(cuò)

18、誤；C消防員在3.54.25min減速下降，加速度方向豎直向上，消防員處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D根據(jù)v-t圖像的面積可知消防員在2.54.25min位移大小x=675m，平均速度大小v=xt=675m1.7560s6.43m/s，故D正確故選D4.【答案】B【考點(diǎn)】動(dòng)量定理的基本應(yīng)用電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題雙桿切割磁感線【解析】cd在獲得初速度后，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，cd將受到水平向左的安培力作用而減速，ab將受到水平向右的安培力作用而開始做加速運(yùn)動(dòng)，由于cd的速度逐漸減小，所以回路中的感應(yīng)電流逐漸減小，則ab、cd所受安培力均逐漸減小，所以二者的加速度均逐漸減小，當(dāng)二者速度大小相等時(shí)，回路中不

19、再產(chǎn)生感應(yīng)電流，二者將以共同速度一直運(yùn)動(dòng)下去，定性畫出ab、cd的v-t圖像如圖所示，由圖可知當(dāng)二者速度相等時(shí)，兩圖線與v軸所圍的面積最大，即此時(shí)二者的相對(duì)位移最大，相距最遠(yuǎn)；由于ab、cd所受安培力始終大小相等、方向相反，所以二者組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，即ab動(dòng)量的減少量一定等于cd動(dòng)量的增加量，所以二者動(dòng)量變化量的大小一定相等，方向相反，但由于二者質(zhì)量未知，所以無法判斷二者速度變化量的大小關(guān)系【解答】解：ABcd在獲得初速度后，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，cd將受到水平向左的安培力作用而減速，ab將受到水平向右的安培力作用而開始做加速運(yùn)動(dòng)，由于cd的速度逐漸減小，所以回路中的感應(yīng)電流逐漸減

20、小，則ab、cd所受安培力均逐漸減小，所以二者的加速度均逐漸減小，當(dāng)二者速度大小相等時(shí)，回路中不再產(chǎn)生感應(yīng)電流，二者將以共同速度一直運(yùn)動(dòng)下去，定性畫出ab、cd的v-t圖像如圖所示，由圖可知當(dāng)二者速度相等時(shí)，兩圖線與v軸所圍的面積最大，即此時(shí)二者的相對(duì)位移最大，相距最遠(yuǎn)，故A錯(cuò)誤，B正確；CD由于ab、cd所受安培力始終大小相等、方向相反，所以二者組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，即ab動(dòng)量的減少量一定等于cd動(dòng)量的增加量，所以二者動(dòng)量變化量的大小一定相等，方向相反，但由于二者質(zhì)量未知，所以無法判斷二者速度變化量的大小關(guān)系，故CD錯(cuò)誤故選B5.【答案】B【考點(diǎn)】變壓器的構(gòu)造和原理交流發(fā)電機(jī)及其產(chǎn)

21、生正弦式電流的原理變壓器的動(dòng)態(tài)分析【解析】線框處于中性面時(shí)磁通量最大，穿過線框的磁通量變化率最小；求出線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值和有效值；根據(jù)變壓器原理求解變壓器原、副線圈匝數(shù)比【解答】解：A如圖所示時(shí)刻，線框ABCD處于中性面，磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，穿過線框的磁通量變化率最小，故A錯(cuò)誤；BC線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為Em=NBS=502100.4100V=2002V，有效值為E=Em2=200V，因?yàn)殡妷罕碜x數(shù)為20V，根據(jù)U1U2=n1n2可得：n1n2=20020=101，故B正確，C錯(cuò)誤；D閉合開關(guān)后，副線圈電阻變小，其原副線圈比等于匝數(shù)比，原線圈電壓不變，副線圈電壓也不變，故D錯(cuò)

22、誤故選B6.【答案】A【考點(diǎn)】磁場(chǎng)的疊加通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場(chǎng)的方向【解析】根據(jù)題意通電導(dǎo)體在某一點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=kIr，利用安培定則和矢量的平行四邊形法則解題【解答】解：沿x軸方向的電流在A點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為Bx=kI0b，由安培定則可知方向垂直紙面向外；若A點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則y軸放置的導(dǎo)線中電流在A點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直紙面向里，由安培定則，y軸放置的導(dǎo)線中電流方向沿y軸正向，其大小滿足By=kIa=kI0b，所以y軸放置的導(dǎo)線中電流的大小I=abI0；故A正確，BCD錯(cuò)誤故選A7.【答案】A【考點(diǎn)】隨地、繞地問題【解析】此題暫無解析【解答】解：T同2r同3=T站2r站

23、3，又因?yàn)門站T同=1.524=116，聯(lián)立解得r同r站=3256，故A正確；第一宇宙速度是地球衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，故“旅行者”繞地球運(yùn)行的速度小于地球的第一宇宙速度，故B錯(cuò)誤；在太空中仍然受到地球的萬有引力，故C錯(cuò)誤；旅客在“旅行者”中站立的位置應(yīng)該在圖中對(duì)面位置，彈力提供向心力，故D錯(cuò)誤故選A二、多選題【答案】A,C【考點(diǎn)】原子核衰變核能的計(jì)算裂變反應(yīng)和聚變反應(yīng)核力的性質(zhì)【解析】根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，結(jié)合一次衰變質(zhì)量數(shù)減少4，質(zhì)子數(shù)減少2，而一次衰變質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增加1；核力是相鄰的核子與核子間的作用力，是屬于短程力；根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)可知，在核燃料的質(zhì)量相同時(shí)，聚變反應(yīng)釋放的能量

24、遠(yuǎn)大于裂變反應(yīng)釋放的能量【解答】解：A根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，則有：24He+714N817O+11H，故A正確；B根據(jù)一次衰變質(zhì)量數(shù)減少4，質(zhì)子數(shù)減少2，而一次衰變質(zhì)量數(shù)不變，質(zhì)子數(shù)增加1，當(dāng)經(jīng)過6次衰變，2次衰變后，新核與原來的原子核相比質(zhì)量數(shù)減少了24，而質(zhì)子數(shù)減少了10，由于質(zhì)量數(shù)等于中子數(shù)與質(zhì)子數(shù)之和，因此中子數(shù)少了14個(gè)，故B錯(cuò)誤；C核力是強(qiáng)相互作用的一種表現(xiàn)，是短程力，在原子核內(nèi)部，只有相鄰的核子之間有核力作用，故C正確；D當(dāng)相同質(zhì)量的核燃料，發(fā)生核聚變反應(yīng)所釋放出的核能比發(fā)生核裂變反應(yīng)所釋放的能量更多，故D錯(cuò)誤故選AC【答案】A,D【考點(diǎn)】斜拋運(yùn)動(dòng)豎直上拋運(yùn)動(dòng)動(dòng)量定理的基本

25、應(yīng)用【解析】此題暫無解析【解答】解：A將A球的速度分解為豎直方向與水平方向，籃球在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)籃球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，豎直方向速度減小到零，水平方向速度不變，故A正確；B相遇時(shí)，B的速度可能向下，此時(shí)不為零，故B錯(cuò)誤；CA運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)與B運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)間相等，根據(jù)B分析，A的豎直分初速度不一定等于v2，故C錯(cuò)誤；D設(shè)籃球質(zhì)量為m，根據(jù)p=mgt，時(shí)間相等，故D正確故選AD【答案】A,C,D【考點(diǎn)】帶電粒子在電場(chǎng)中的加（減）速和偏轉(zhuǎn)【解析】要考慮電場(chǎng)方向的可能性，可能平行于AB向左或向右，也可能平行于AC向上或向下；若平行于AB，將做加速或減速，若平行于AC，將做類

26、平拋運(yùn)動(dòng)，結(jié)合動(dòng)能定理求解【解答】解：AC若電場(chǎng)的方向平行于AC向上或向下，小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，偏轉(zhuǎn)位移最大為L(zhǎng)2，根據(jù)動(dòng)能定理，電場(chǎng)力做功最多為qEL2，最大動(dòng)能為12mv02+12qEL，此時(shí)離開該區(qū)域時(shí)小球速度方向與BD的最小夾角為45，所以離開該區(qū)域時(shí)的動(dòng)能可能為12mv02+13qEL，故AC正確；B若電場(chǎng)的方向平行于速度方向，小球在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過該區(qū)域的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于或小于Lv0，故B錯(cuò)誤；D若小球從D點(diǎn)離開，小球在電場(chǎng)中作類平拋運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)方向與BD平行，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律：L=v0t，12L=12Eqmt2，解得：E=mv02qL，故D正確故選ACD三

27、、實(shí)驗(yàn)探究題【答案】（1）勻速直線（或勻速）,勻減速直線（或勻減速）,0.330.320.34,2.52.42.6C【考點(diǎn)】探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律利用動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)【解析】（1）由紙帶上點(diǎn)跡的分布規(guī)律判斷小車的運(yùn)動(dòng)情況；某點(diǎn)的瞬時(shí)速度可以用該一段上的平均速度來表示。加速度使用公式：x=aT2求解（2）利用牛頓第二定律即可求出物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)【解答】解：（1）根據(jù)刻度尺上的數(shù)據(jù)可以判斷，小車在A、E間做勻速直線運(yùn)動(dòng)；在F、N間（布面）做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；勻減速直線運(yùn)動(dòng)瞬時(shí)速度可以用該段上的平均速度來表示，故v=xt=9.90-8.6010-220.02m/s0.33m/s，

28、a=xT2=(JN-GJ)10-20.042m/s2=2.5m/s2.（2）由牛頓第二定律可得：mgsin-mgcos=ma，即為=gsin-agcos，則為求出動(dòng)摩擦因數(shù)，還必須測(cè)量的物理量是斜面的傾角，故選C【答案】（1）C（2）1.0（3）1,不能,因?yàn)殡姳砹砍虨?.01mA，小于表頭量程，表頭量程可以擴(kuò)大，但不可以縮小【考點(diǎn)】電流表改裝電流表其他形式的電表改裝【解析】此題暫無解析【解答】解：（1）當(dāng)表筆接通C時(shí)，表頭的量程一定，因兩電阻串聯(lián)，則通過這兩個(gè)電阻的最大電流較??；而當(dāng)表筆接通B時(shí)，電流計(jì)與R2串聯(lián)，電流計(jì)的量程一定，但R1的電壓增大，則通過R1的最大電流較大；因此當(dāng)表筆接通B

29、時(shí)電流表的量程為100mA，接通C時(shí)，電流表的量程為10mA（2）當(dāng)表筆接通B時(shí)，根據(jù)歐姆定律有Ig+Ig(Rg+R2)R1=100mA，當(dāng)表筆接通C時(shí)，根據(jù)歐姆定律有Ig+IgRgR1+R2=10mA，解得R1=1.0（3）與圖1中A、B接線柱連接時(shí)電流表量程為100mA，歐姆表內(nèi)阻為R內(nèi)=EIg=1.5V100mA=15，所以歐姆表內(nèi)阻等于中值電阻，即R中=R內(nèi)=15，所以歐姆表倍率為1，若要?dú)W姆表倍率為10k，此時(shí)中值電阻為150k，由R中=R內(nèi)=EIg得Ig=ER內(nèi)=1.5V150000=0.01mA，由于0.01mA0.1mA，表頭量程可以擴(kuò)大，但不可以縮小，所以無法使得表頭G滿偏，故無法達(dá)到10k倍率四、解答題【答案】（1）正電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率v=4106m/s，半徑r=0.25m（2）接收器的半徑R=17-1