1、 2023屆高二實(shí)驗(yàn)班物理試題一、選擇題（每小題4分，共40分，1-7單選，8-10多選）1. 用圖示的電路可以測(cè)量電阻的阻值，圖中Rx是待測(cè)電阻，R0是定值電阻，G是靈敏度很高的電流表，MN是一段均勻的電阻絲。閉合開(kāi)關(guān)，改變滑動(dòng)頭P的位置，當(dāng)通過(guò)電流表G的電流為零時(shí)，測(cè)得MP=l1，PN=l2，則Rx的阻值為（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】【詳解】當(dāng)通過(guò)靈敏電流表的電流為零時(shí)，電流表兩端電勢(shì)相等，即兩端電壓與PN段電壓相等，串聯(lián)電路電壓與阻值成正比，且由可知，阻值與長(zhǎng)度成正比，可得可得故選C。2. 如圖甲所示的電路，其中電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，定值電阻，已知滑動(dòng)變阻器消耗的

2、功率P與其接入電路的有效阻值的關(guān)系如圖乙所示。則下列說(shuō)法中正確的是（）A. 圖乙中滑動(dòng)變阻器的最大功率B. 圖乙中，C. 滑動(dòng)變阻器消耗功率P最大時(shí)，定值電阻R也消耗功率最大D. 調(diào)整滑動(dòng)變阻器的阻值，可以使電源的輸出電流達(dá)到【答案】B【解析】【分析】【詳解】A由閉合電路歐姆定律的推論可知，當(dāng)電源外電阻R等于內(nèi)阻r時(shí)，輸出功率最大，最大值為把定值電阻看成電源內(nèi)阻，由圖乙可知，當(dāng)滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，最大功率為A錯(cuò)誤；B滑動(dòng)變阻器的阻值為時(shí)與阻值為時(shí)消耗的功率相等，有解得B正確；C當(dāng)回路中電流最大時(shí)，即時(shí)定值電阻R消耗的功率最大，C錯(cuò)誤；D當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值為0時(shí)，電路中電流最大，最大值為則

3、調(diào)整滑動(dòng)變阻器的阻值，不可能使電源的輸出電流達(dá)到，D錯(cuò)誤。故選B。3. 利用電動(dòng)機(jī)通過(guò)如圖所示的電路提升重物，已知電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，電源內(nèi)阻r=1，電阻R=3，重物質(zhì)量m=0.20kg。當(dāng)將重物固定時(shí)，電壓表的示數(shù)為5V。當(dāng)重物不固定，且電動(dòng)機(jī)最后以穩(wěn)定的速度勻速提升重物時(shí)，電壓表的示數(shù)為5.5V。不計(jì)摩擦，g取10m/s2。下列說(shuō)法正確的是（）A. 電動(dòng)機(jī)內(nèi)部線(xiàn)圈的電阻為1B. 穩(wěn)定勻速提升重物時(shí)，流過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為1AC. 重物勻速上升時(shí)的速度為0.75m/sD. 勻速提升重物時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率是2W【答案】C【解析】【詳解】A當(dāng)將重物固定時(shí)，電動(dòng)機(jī)沒(méi)有機(jī)械能輸出，整個(gè)電路是純電阻電

4、路，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路中內(nèi)電壓為則電路中的電流為設(shè)電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈電阻為，又代入數(shù)據(jù)解得，故A錯(cuò)誤；B當(dāng)電動(dòng)機(jī)勻速提升重物時(shí)，電路的內(nèi)電壓為則電路中的電流為所以穩(wěn)定勻速提升重物時(shí)，通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為，故B錯(cuò)誤；CD重物勻速上升時(shí)，電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率為當(dāng)重物勻速上升時(shí)，其電動(dòng)機(jī)的牽引力等于重物的重力，即由得重物勻速上升的速度為故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。4. 如圖所示，一平行板電容器的兩極板A、B水平放置，A在上方，B在下方，上極板A接地，電容器、理想的二極管、開(kāi)關(guān)S與電源相連，已知A和電源正極相連，理想二極管具有單向?qū)щ娦浴，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)S閉合，位于A、B兩板之間P點(diǎn)的帶電粒子恰好

5、處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確的是（）A. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，將A板向上移動(dòng)一小段距離，帶電粒子將向下移動(dòng)B. 斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，將A板向左移動(dòng)一小段距離，用電壓表測(cè)量A、B兩板間的電壓，電壓值始終不變C. 保持開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向左移動(dòng)一小段距離，二極管兩端電壓（絕對(duì)值）不變D. 保持開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向上移動(dòng)一小段距離，帶電粒子將向上移動(dòng)【答案】D【解析】【分析】詳解】A若將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，電容器帶電荷量Q保持不變，根據(jù)，得電場(chǎng)強(qiáng)度E與距離d無(wú)關(guān)，則將A板上移一小段距離，電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，粒子不動(dòng)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，將電壓表測(cè)量?jī)砂彘g電壓，構(gòu)成通路，電容器將會(huì)放電，最終電壓表無(wú)示數(shù)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C

6、開(kāi)關(guān)S閉合，將B板向左移動(dòng)，電容器兩板間的正對(duì)面積S減小，根據(jù)得，電容C減小，再根據(jù)得，電容器帶的電荷量應(yīng)減小，但是由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，則電容器帶的電荷量Q仍然保持不變，可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度S減小，E增大，根據(jù)電路中電壓關(guān)系，二極管和電容器的電壓之和為電源電動(dòng)勢(shì)，電場(chǎng)強(qiáng)度增大時(shí)，電容器兩板間電壓也隨之增大，則二極管兩端（與電容器兩端電壓反向）電壓變大，故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D開(kāi)關(guān)S閉合，電容器兩極板間的電壓U保持不變，將B板向上移動(dòng)，兩極板間距離d減小，根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度得，E增大，電場(chǎng)力大于重力，帶電粒子將向上移動(dòng)，選項(xiàng)D正確；故選D。5. AB是長(zhǎng)為L(zhǎng)的均勻帶電絕緣細(xì)桿，P1

7、、P2是位于AB所在直線(xiàn)上的兩點(diǎn)，位置如圖所示。AB上電荷產(chǎn)生的靜電場(chǎng)在P1處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E1，在P2處的場(chǎng)強(qiáng)大小為E2，若將絕緣細(xì)桿的右半邊截掉并移走（左半邊電荷量、位置不變），則P2處的場(chǎng)強(qiáng)大小變?yōu)椋?）A. B. E2E1C. E1D. E1+【答案】B【解析】【詳解】將均勻帶電細(xì)桿等分為左右兩段，設(shè)左右兩段細(xì)桿形成的電場(chǎng)在P2點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為EA、EB，則有EA+EB=E2；左半段細(xì)桿產(chǎn)生的電場(chǎng)在P1點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為0，右半段細(xì)桿產(chǎn)生的電場(chǎng)在P1點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為E1=EB，去掉細(xì)桿的右半段后，左半段細(xì)桿產(chǎn)生的電場(chǎng)在P2點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為EA=E2EB=E2E1，選B。6. 如圖所示，在水平向右的

8、勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為的帶電小球，以初速度從點(diǎn)豎直向上運(yùn)動(dòng)，通過(guò)點(diǎn)時(shí)，速度大小為，方向與電場(chǎng)方向相反，則小球從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程（ ）A. 動(dòng)能增加B. 機(jī)械能增加C. 重力勢(shì)能增加D. 電勢(shì)能增加【答案】B【解析】【詳解】由動(dòng)能的表達(dá)式可知帶電小球在M點(diǎn)的動(dòng)能為，在N點(diǎn)的動(dòng)能為，所以動(dòng)能的增量為，故A錯(cuò)誤；帶電小球在電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向受重力做勻減速運(yùn)動(dòng)，水平方向受電場(chǎng)力做勻加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有，可得，豎直方向的位移，水平方向的位移，因此有，對(duì)小球?qū)憚?dòng)能定理有，聯(lián)立上式可解得，因此電場(chǎng)力做正功，機(jī)械能增加，故機(jī)械能增加，電勢(shì)能減少，故B正確D錯(cuò)誤，重力做負(fù)功重力勢(shì)能增加量為，故C錯(cuò)誤7.

9、在光滑的水平面內(nèi)有一沿x軸的靜電場(chǎng)，其電勢(shì)隨x變化的x圖像如圖所示?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶負(fù)電小球，從坐標(biāo)原點(diǎn)O開(kāi)始，僅在電場(chǎng)力作用下，以一定的初速度沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A. 帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處的過(guò)程中，加速度逐漸增大B. 帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，電場(chǎng)力的沖量為零C. 帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，最大速度為 D. 帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到x2點(diǎn)時(shí)速度為 【答案】B【解析】【詳解】A由可知x圖像中，斜率等于電場(chǎng)強(qiáng)度，在帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到處的過(guò)程中，斜率不變，電場(chǎng)強(qiáng)度不變，由知，粒子所受電場(chǎng)力保持不變，所以加速度不變，故A錯(cuò)誤；BD帶電小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，

10、電勢(shì)差為零，電場(chǎng)力做功為零，小球的動(dòng)能變化為零，故速度變化為零，即電荷在O點(diǎn)和x2處的速度相同，都是v0，由可知，電場(chǎng)力沖量為零，故B正確D錯(cuò)誤；C由圖可知0過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，過(guò)程，電場(chǎng)力做負(fù)功，故處速度最大有可解得故C錯(cuò)誤。故選B。8. 某同學(xué)將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線(xiàn)畫(huà)在同一坐標(biāo)系內(nèi)，如圖所示，根據(jù)圖線(xiàn)可知 （ ）A. 反映Pr變化的圖線(xiàn)是aB. 電源電動(dòng)勢(shì)為8 VC. 電源內(nèi)阻為2 D. 當(dāng)電流為0.5 A時(shí)，外電路的電阻為6 【答案】CD【解析】【詳解】試題分析：電源的總功率，功率與電流成正比，由知電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的平方成

11、正比，A正確；直流電源的總功率，P-I圖象的斜率等于電動(dòng)勢(shì)E，則有，電流為2A時(shí)電源的總功率與發(fā)熱功率相等，則根據(jù)可得，當(dāng)電流為05A時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得出外電路的電阻為6，CD正確考點(diǎn)：考查閉合電路歐姆定律的圖象應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】要注意根據(jù)電源的總功率公式求解電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)發(fā)熱功率的公式，求解電源的內(nèi)阻9. 如圖，電源內(nèi)阻為r，兩個(gè)定值電阻R1、R2阻值均為R，閉合開(kāi)關(guān)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V3示數(shù)變化量的絕對(duì)值是U3，理想電流表A1、A2示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為I1、I2，則正確的是（）A. A2示數(shù)增大B. V2示數(shù)與A1示數(shù)的比值減小C. U3與I1的比值小于D.

12、I1小于I2【答案】ABD【解析】【分析】【詳解】A滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)時(shí)，電阻減小，R和R2的并聯(lián)阻值減小，電路總電流I1增大，則電源內(nèi)阻、電阻R1分壓增大，U3減小，通過(guò)定值電阻R2的電流IR2減小，則通過(guò)R1的電流I2增大，即A2示數(shù)增大，選項(xiàng)A正確；B電壓表V2測(cè)路端電壓U2，電流表A1測(cè)總電流I1，且有由于總外阻減小，總電流I1增大，故V2示數(shù)與A1示數(shù)的比值比值減小，選項(xiàng)B正確；C電阻R1和電源內(nèi)阻之和不變，且有則選項(xiàng)C錯(cuò)誤DA1的示數(shù)增大量等于A2示數(shù)增大和通過(guò)與滑動(dòng)變阻器并聯(lián)的R2的電流減小量之和，所以I1小于I2，選項(xiàng)D正確。故選ABD。10. 如圖甲，兩水平金屬板間距為

13、d，板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化規(guī)律如圖乙所示t0時(shí)刻，質(zhì)量為m的帶電微粒以初速度v0沿中線(xiàn)射入兩板間，0 時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻微粒恰好經(jīng)金屬板邊緣飛出微粒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中未與金屬板接觸，重力加速度的大小為g，關(guān)于微粒在0T時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的描述，正確的是()A. 末速度大小為 v0B. 末速度沿水平方向C. 重力勢(shì)能減少了 mgdD. 克服電場(chǎng)力做功為mgd【答案】BC【解析】【詳解】AB0時(shí)間內(nèi)微粒勻速運(yùn)動(dòng)，則有：qE0=mg，內(nèi)，微粒做平拋運(yùn)動(dòng)，下降的位移，T時(shí)間內(nèi)，微粒的加速度 ，方向豎直向上，微粒在豎直方向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻豎直分速度為零，所以末速度的方向沿水平方向，大小為v0故A錯(cuò)誤，B正確C

14、0時(shí)間內(nèi)微粒在豎直方向上向下運(yùn)動(dòng)，位移大小為d，則重力勢(shì)能的減小量為mgd，故C正確D在內(nèi)和T時(shí)間內(nèi)豎直方向上的加速度大小相等，方向相反，則內(nèi)和T時(shí)間內(nèi)位移的大小相等均為d，所以整個(gè)過(guò)程中克服電場(chǎng)力做功為，故D錯(cuò)誤二、實(shí)驗(yàn)題（共15分）11. 有一額定電壓為2.8 V，額定功率0.56 W的小燈泡，現(xiàn)要用伏安法描繪這個(gè)小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)，有下列器材可供選用：A.電壓表（量程03 V內(nèi)阻約6 k）B電壓表（量程06 V，內(nèi)阻約20 k）C.電流表（量程00.6 A，內(nèi)阻約0.5 ）D.電流表（量程0200 mA，內(nèi)阻約20 ）E.滑動(dòng)變阻器（最大電阻10 ，允許最大電流2 A）F.滑動(dòng)變阻器（

15、最大電阻200 ，允許最大電流150 mA）G.三節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為4.5 V）H.電鍵、導(dǎo)線(xiàn)若干(1)為提高實(shí)驗(yàn)精確程度，電壓表應(yīng)選用_；電流表應(yīng)選用_；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用_；（以上均填器材前的序號(hào)）(2)請(qǐng)?jiān)谔摼€(xiàn)框內(nèi)畫(huà)出描繪小燈泡伏安特性曲線(xiàn)的電路圖_；(3)通過(guò)實(shí)驗(yàn)描繪出小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)如圖所示，某同學(xué)將一電源（電動(dòng)勢(shì)E=2 V，內(nèi)阻r=5 ）與此小燈泡直接連接時(shí)，小燈泡的實(shí)際功率是_W（保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?. A . D . E . . 0.18（0.160.20范圍內(nèi)均給對(duì)）【解析】【詳解】(1)由題意可知，燈泡的額定電壓為2.8V，為了準(zhǔn)確性及安全性原則，電壓表應(yīng)選擇

16、A；由P=UI可得，燈泡的額定電流為：，故電流表應(yīng)選擇D；測(cè)量燈泡的伏安特性曲線(xiàn)實(shí)驗(yàn)中應(yīng)采用分壓接法，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用小電阻，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇E；(2)測(cè)量小燈泡的伏安特性曲線(xiàn)時(shí)，要求電壓值從零開(kāi)始變化，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采有分壓接法；燈泡內(nèi)阻約為：，而電流表內(nèi)阻約為20，故電流表應(yīng)采用外接法；故電路圖如圖所示(3) 由電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻作出電源的伏安特性曲線(xiàn)如圖所示：則交點(diǎn)為燈泡的工作點(diǎn)，由圖可知，燈泡的電壓為1.38V，電流為0.15A，則燈泡的功率P=UI=1.30.13=0.17W；（0.160.20范圍內(nèi)均給對(duì)）【點(diǎn)睛】根據(jù)小燈泡的額定電壓可以選出電壓表，根據(jù)燈泡的額定功率可求出額定

17、電流，則可確定出電流表；根據(jù)滑動(dòng)變阻器的接法可選出滑動(dòng)變阻器；根據(jù)測(cè)伏安特性曲線(xiàn)的實(shí)驗(yàn)要求可以選出滑動(dòng)變阻器的接法，由電流表及電壓表內(nèi)阻的關(guān)系可得出電流表的接法；在圖中作出電源的伏安特性曲線(xiàn)，圖像與燈泡的伏安特性曲線(xiàn)的交點(diǎn)為燈泡的工作點(diǎn)，則可得出燈泡的電壓及電流，由功率公式可求得實(shí)際功率。12. 測(cè)定金屬絲的電阻率，提供實(shí)驗(yàn)器材如下：A.待測(cè)金屬絲R（電阻約8）B.電流表A（0.6A，內(nèi)阻約0.6）C.電壓表V（3V，內(nèi)阻約3k）D.滑動(dòng)變阻器R1（0-5，2A）E.電源E（6V）F.開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線(xiàn)若干（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)出金屬絲的直徑如圖所示，則金屬絲的直徑為_(kāi)mm（2）某同學(xué)采用如圖所示電路進(jìn)

18、行實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)用筆畫(huà)線(xiàn)代替導(dǎo)線(xiàn)，在圖中將實(shí)物電路圖連接完整（ ）（3）測(cè)得金屬絲的直徑為d，改變金屬夾P的位置，測(cè)得多組金屬絲接入電路的長(zhǎng)度L及相應(yīng)電壓表示數(shù)U、電流表示數(shù)I，作出如圖所示測(cè)得圖線(xiàn)斜率為k，則該金屬絲的電阻率為_(kāi)（4）關(guān)于電阻率的測(cè)量，下列說(shuō)法中正確的有_A開(kāi)關(guān)S閉合前，滑動(dòng)變阻器R1的滑片應(yīng)置于最左端B實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器R1的滑片位置確定后不可移動(dòng)C.待測(cè)金屬絲R長(zhǎng)時(shí)間通電，會(huì)導(dǎo)致電阻率測(cè)量結(jié)果偏小D.該實(shí)驗(yàn)方案中電流表A的內(nèi)阻對(duì)電阻率測(cè)量結(jié)果沒(méi)有影響【答案】 . 0.398 . . . AD【解析】【詳解】（1）螺旋測(cè)微器主尺刻度0mm，分尺刻度，所以讀數(shù)為0.398mm（2）

19、根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如下：（3）設(shè)電流表內(nèi)阻，根據(jù)歐姆定律可知待測(cè)電阻：，根據(jù)電阻方程：，截面積：，聯(lián)立解得：，圖像斜率：，所以電阻率（4）為了保護(hù)電路，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前應(yīng)使待測(cè)回路電流最小，滑動(dòng)變阻器滑片處于最左端，A正確B.實(shí)驗(yàn)要測(cè)量多組電壓、電流值，通過(guò)改變滑片位置，改變電壓表示數(shù)，滑動(dòng)變阻器滑片需要移動(dòng)，B錯(cuò)誤C.待測(cè)金屬絲R長(zhǎng)時(shí)間通電，因?yàn)殡娏鳠嵝?yīng)存在，溫度升高，電阻率變大，C錯(cuò)誤D.根據(jù)可知，電流表的內(nèi)阻存在不會(huì)改變圖像的斜率，對(duì)電阻率沒(méi)影響，D正確三、解答題13. 如圖所示，已知電源的電壓E=6.3V，電阻r=0.5，定值電阻R1=2，R2=3，R3是總阻值為5的滑動(dòng)變阻器。合上電鍵

20、S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的觸點(diǎn)P，使之從a端滑動(dòng)到b端。求通過(guò)電源的電流的變化范圍?！敬鸢浮?.1A3A【解析】【詳解】外電路是R3的左半部分與R1串聯(lián)，右半部分與R2串聯(lián)，然后兩部分在并聯(lián)，則外電路總電阻又由于代入數(shù)據(jù)，兩式整理得根據(jù)均值不等式，當(dāng)，外電路電阻最大，且最大值為此時(shí)流過(guò)電源電流最小，為當(dāng)電路中電阻最小時(shí)，通過(guò)的電流最大，因?yàn)镽1R2所以當(dāng)P滑到a端時(shí)，電路中電阻最小，由式可知最小值為此時(shí)的電流為故電流變化范圍是2.1A3A14. 在電場(chǎng)方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶電小球從A點(diǎn)豎直向上拋出，其運(yùn)動(dòng)的軌跡如下圖所示.小球運(yùn)動(dòng)的軌跡上A、B兩點(diǎn)在同一水平線(xiàn)上，M為軌跡的最高點(diǎn).小球拋出時(shí)

21、的動(dòng)能為8.0J，在M點(diǎn)的動(dòng)能為6.0J，不計(jì)空氣的阻力.求：（1）小球水平位移x1與x2的比值；（2）小球落到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能EkB；（3）小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中最小動(dòng)能Ekmin.【答案】(1)1:3(2)32J(3)J【解析】【詳解】(1)如圖所示，帶電小球在水平方向上受電場(chǎng)力的作用做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，豎直方向上只受重力作用做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故從A到M和M到B的時(shí)間相等，則x1:x2=1:3(2)小球從A到M，水平方向上電場(chǎng)力做功W電=6J則由能量守恒可知，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為EkB=Ek0十4W電=32J(3)由于合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性，設(shè)小球所受的電場(chǎng)力為F，重力為G，則

22、有：聯(lián)立解得由圖可知?jiǎng)t小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中速度最小時(shí)速度一定與等效重力G/垂直，故：15. 如圖所示，在E103 V/m的豎直勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑半圓形絕緣軌道QPN與一水平絕緣軌道MN在N點(diǎn)平滑相接，半圓形軌道平面與電場(chǎng)線(xiàn)平行，其半徑R40 cm，N為半圓形軌道最低點(diǎn)，P為QN圓弧的中點(diǎn)，一帶負(fù)電q104 C的小滑塊質(zhì)量m10 g，與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.15，位于N點(diǎn)右側(cè)1.5 m的M處以一定初速度釋放，若小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到半圓形軌道的最高點(diǎn)Q，g取10 m/s2，求：(1)小滑塊在Q點(diǎn)的速度大小；(2)小滑塊應(yīng)以多大的初速度v0向左運(yùn)動(dòng)；(3)小滑塊通過(guò)P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大【答案】(1)(2)7m/s(3)0.6N【解析】【詳解】(1)設(shè)滑塊到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)速度為v，則由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：(2)滑塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)Q點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：解得：(3)設(shè)滑塊到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度為v，則從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)P點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：