1、2020 年浙江省湖州中學(xué)選考物理模擬試卷一、單選題（本大題共12 小題，共 36.0 分）1.在高空中勻速飛行的轟炸機，每隔時間t 投放一顆炸彈，若不計空氣阻力，則投放的炸彈在空中的位置是選項中的(圖中豎直的虛線將各圖隔離)()A.AB.BC.CD.D通過對比點電荷的電場分布， 均勻帶電球體外部電場可視作電荷全部集中于球心的點電荷產(chǎn)生的電場，所采用的思想方法是( )A. 等效B. 歸納C. 類比D. 演繹3.如圖所示，質(zhì)量為M 的斜劈靜止在粗糙水平地面上，質(zhì)量為m 的物塊正在M 的斜面上勻速下滑。現(xiàn)在 m 上施加一個水平推力 F ，則在 m 的速度減小為零之前，下列說法正確的是 ( )A.B

2、.C.D.加力 F 之后， m 與 M 之間的摩擦力變小加力 F 之后， m 與 M 之間的作用力不變加力 F 之后， M 與地面之間產(chǎn)生靜摩擦力加力 F 前后， M 與地面間都沒有摩擦力4.如圖所示，一正方形木板繞其對角線上的 O 點在紙面內(nèi)轉(zhuǎn)動，四個頂點 A、B、 C、 D 中( )A. A 點角速度最大B.C. B 點線速度最大D.A、 B 兩點轉(zhuǎn)速相同C、 D 兩點線速度相同5.如圖所示，兩個半徑不同，內(nèi)壁光滑的半圓軌道，固定于地面，兩軌道的球心O、?在同一水平高度上，一小球先后從與球心在同一高度上的A， B 兩點從靜止開始滑下，以球心所在位置為零勢能面，通過最低點時，下列說法中不正確

3、的是()A. 小球?qū)壍赖膲毫κ窍嗤腂. 小球的速度相同C. 小球向心加速度是相同的D. 小球的機械能相同2017 年 6 月 15 日上午 11 點，我國在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長征四號乙運載火箭成功發(fā)射首顆X 射線調(diào)制望遠鏡衛(wèi)星“慧眼”。假設(shè)將發(fā)射火箭看成如下模型：靜止的實驗火箭， 總質(zhì)量為 ? = 2100?.當(dāng)它以對地速度為 ?0 = 840?/?噴出質(zhì)量為 ? = 100?的高溫氣體后，火箭的對地速度為 ( 噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計 )第1頁，共 20頁A. 42?/?B. -42?/?C. 40?/?D. -40?/?7.袋鼠跳是一項很有趣的運動。如圖所示，一位質(zhì)量?

4、= 60 ?的老師參加袋鼠跳游戲，全程 10 ?，假設(shè)該老師從起點到終點用了相同的10 跳，每一次跳起后，重心上升最大高度為? = 0.2 ?。忽略空氣阻力，下列說法正確的是()該老師起跳時，地面對該老師做正功該老師每跳躍一次克服重力做功的功率約為300 ?該老師從起點到終點的時間可能是7 ?該老師從起點到終點的時間可能是4 ?8.均勻帶正電的薄圓盤的右側(cè)，用絕緣細線A、B 懸掛一根水平通電直導(dǎo)線ab，電流方向由 a 到 ?導(dǎo).線平行于圓盤平面現(xiàn)圓盤繞過圓心的水平軸沿如圖所示方向勻速轉(zhuǎn)動，細線仍然豎直，與圓盤靜止時相比，下列說法正確的是()細線所受彈力變小細線所受彈力不變細線所受彈力變大若改變

5、圓盤轉(zhuǎn)動方向，細線所受彈力變大某靜電場在 x 軸上各點的電勢 ?隨坐標(biāo) x 的分布圖象如圖。 x 軸上 A、O、B 三點的電勢值分別為 ? 、? 、? ，電場強度沿x 軸方向的分量大小分別為? 、? 、? ，?電子在 A、O、 B 三點的電勢能分別為? 、? 、 ? 。下列判斷正確的是()? ? ?A. ?B.?-?C. ?D.? ?10. 嫦娥四號實現(xiàn)了人類首次在月球背面的軟著陸，著陸前有環(huán)月飛行過程。設(shè)月球質(zhì)量為 M、半徑為 R，嫦娥四號的質(zhì)量為 m、繞月球做勻速圓周運動的半徑為r ，引力常量為 G，則嫦娥四號繞月的 ( )A.C.4?2 ?3周期為 ?線速度為B.D.?動能為2?向心加速

6、度為2?第2頁，共 20頁11. 某同學(xué)模擬“遠距離輸電”，將實驗室提供的器材連接成如圖所示電路，A、B 為理想變壓器，燈?、 ?相同且阻值不變保持A 的輸入電壓不變，開關(guān)S 斷開時，12燈 ?正常發(fā)光則 ()1A. 緊閉合 S，?1變亮B. 緊閉合 S，A 的輸入功率變小C. 僅將滑片 P 上移， ?1變亮D. 僅將滑片 P 上移， A 的輸入功率變小12. 如圖甲是建筑工地將樁料打入泥土中以加固地基的打夯機示意圖，打夯前先將樁料扶正立于地基上，樁料進入泥土的深度忽略不計。已知夯錘的質(zhì)量為? = 450?，樁料的質(zhì)量為 ? = 50?。每次打夯都通過卷揚機牽引將夯錘提升到距離樁頂? 0 =5

7、?處再釋放，讓夯錘自由下落，夯錘砸在樁料上后立刻隨樁料一起向下運動。樁料進入泥土后所受阻力隨打入深度h 的變化關(guān)系如圖乙所示，直線斜率?=5.05 1042?/?。 g 取 10?/? ，則下列說法正確的是 ( )A. 夯錘與樁料碰撞前瞬間的速度為9?/?B. 夯錘與樁料碰撞后瞬間的速度為4.5?/?C. 打完第一夯后，樁料進入泥土的深度為1mD. 打完第三夯后，樁料進入泥土的深度為3m二、多選題（本大題共4 小題，共 9.0 分）一定強度的激光 ( 含有兩種頻率的復(fù)色光 ) 沿半徑方向入射到半圓形玻璃磚的圓心O 點，如圖甲所示?，F(xiàn)讓經(jīng)過玻璃磚后的 A、 B、 C 三束光分別照射相同的光電管的

8、陰極 ( 如圖乙所示 ) ，其中 C 光照射恰好有光電流產(chǎn)生，則 ( )B 光照射光電管的陰極，一定有光電子打出B. A 光和 C 光分別照射光電管的陰極時， A 光打出的光電子的最大初動能較大 C. 人射光的入射角從 0 開始增大， C 光比 B 光先消失D. 若是激發(fā)態(tài)的氫原子直接躍遷到基態(tài)輻射出B 光、 C 光，則 C 光對應(yīng)的能級較高第3頁，共 20頁14. 兩列波速相同的簡諧橫波沿x 軸相向傳播，實線波的頻率為3 ?，振幅為 10 ?，虛線波的振幅為5 ?， ?= 0 時，兩列波在如圖所示區(qū)域內(nèi)相遇，則()A.B.兩列波在相遇區(qū)域內(nèi)會發(fā)生干涉現(xiàn)象實線波和虛線波的頻率之比為3 2C.?

9、=1? ?= 9 ?6時，處的質(zhì)點實際振動方向向上D. ?=121?時， ?=4 ?處的質(zhì)點實際位移大小|?| 12.5 ?15. 下列有關(guān)波動現(xiàn)象的特性與應(yīng)用說法正確的是( )A. 醫(yī)學(xué)診斷時用“B 超”儀器探測人體內(nèi)臟，是利用超聲波的多普勒效應(yīng)B. 5G 通信技術(shù) ( 采用 3300 -5000?頻段 ) ，相比現(xiàn)有的4G 通信技術(shù) ( 采用1880 -2635?頻段 )， 5G容量更大，信號粒子性更顯著在鏡頭前裝偏振片，可以減弱鏡頭反射光電子顯微鏡的電子束速度越大，電子顯微鏡分辨本領(lǐng)越強。如圖所示， 電阻不計的兩光滑平行導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，導(dǎo)軌間距為 1m。導(dǎo)軌中部有一個直徑也為 1

10、m 的圓形勻強磁場區(qū)域， 與兩導(dǎo)軌相切于 M、兩點。 磁感應(yīng)強度大小為 1T、方向豎直向下， 長度略大于 1m 的金屬棒垂直導(dǎo)軌水平放置在磁場區(qū)域中，并與區(qū)域圓直徑 MN 重合。金屬棒的有效電阻為 0.5?，一勁度系數(shù)為3?/?的水平輕質(zhì)彈簧一端與金屬棒中心相連，另一端固定在墻壁上，此時彈簧恰好處于原長。 兩導(dǎo)軌通過一阻值為1?的電阻與一電動勢為4V、內(nèi)阻為 0.5?的電源相連，導(dǎo)軌電阻不計。若開關(guān)S 閉合一段時間后，金屬棒停在導(dǎo)軌上的位置，下列說法正確的是()A. 金屬棒停止的位置在MN 的右側(cè)B. 停止時，金屬棒中的電流為4AC. 停止時，金屬棒到MN 的距離為 0.4?D. 停止時，金屬

11、棒受到的安培力大小為2N三、實驗題（本大題共2 小題，共14.0 分）(1) 在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，下列說法中不正確或不必要的是 _( 填字母 ) ；A.長木板的一端必須墊高，使未掛砝碼盤的小車拖著紙帶恰能在木板上做勻速運動B.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募毨K與長木板保持平行C.選擇計數(shù)點時，可以不從紙帶上第一個點開始D.小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車(2) 圖中是某兩實驗得到的紙帶 、 ，計算可得 ?= _?/?；紙帶 _ (填“ ”或“ ”) 是驗證機械能守恒定律實驗得到的( 計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字) 。第4頁，共 20頁某實驗小組描繪規(guī)格為“ 2.5?

12、0.6?”的小燈泡的 ?- ?特性曲線，實驗室提供下列器材：A.電流表 ?( 量程為 0 25?，內(nèi)阻約 2?)1B.電流表 ?2( 量程為 0300?，內(nèi)阻約 0.2?)C.電壓表 ?1( 量程為 0 3?，內(nèi)阻約 3?)D.電壓表 ?( 量程為 0 15?，內(nèi)阻約 15?)2E.滑動變阻器 ?1 (0 10?，額定電流 1.5?)F.滑動變阻器 ?2 (0 1000?，額定電流 0.5?)G.直流電源 ( 電動勢 6V，內(nèi)阻忽略不計)H.電鍵一個、導(dǎo)線若干實驗中所用的電流表、電壓表和滑動變阻器分別選擇_(填選項前的字母 ) 。A.? ? ?.? ? ?.? ? ?.? ? ?1? 1?22

13、? 1? 12? 2?21? 1? 1若采用如圖 1 所示的電路描繪小燈泡的伏安特性曲線，電壓表的右端應(yīng)與電路中的 _點相連 (選填“ a”或“ b”)(3) 開關(guān)閉合之前，圖1 中滑動變阻器的滑片應(yīng)該置于_端 ( 選填“ c”、“ d”或“ cd 中間” )測量后， 該小組根據(jù)實驗數(shù)據(jù)， 利用 Excel 擬合出小燈泡的 ?- ?特性曲線如圖 2所示。結(jié)合所畫出的 ?- ?特性曲線， 現(xiàn)將一個電動勢為3.6?，內(nèi)阻為 12?的電源只與該小燈泡組成電路，則該小燈泡的實際功率約為_?. (結(jié)果保留兩位有效數(shù)字 )四、計算題（本大題共4 小題，共41.0 分）如圖 (?)所示，質(zhì)量為 ? = 2?

14、的物塊以初速度 ?0 = 20?/?從圖中所示位置開始沿粗糙水平面向右運動，同時物塊受到一水平向左的恒力F 作用，在運動過程中物塊第5頁，共 20頁速度隨時間變化的規(guī)律如圖(?)所示， g 取 10?/?2.試求：(1)物塊在 0 - 4?內(nèi)的加速度 ?1的大小和 4 -8?內(nèi)的加速度 ?的大??；2(2)恒力 F 的大小及物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)?；(3)8?內(nèi)恒力 F 所做的功20. 如圖所示， 豎直面內(nèi)用光滑鋼管彎成的“9”字形固定軌道與水平桌面的右端相接，“ 9”字全高 ?= 0.8?，“ 9”字上半部分四分之三圓弧半徑為?= 0.2?，鋼管的內(nèi)徑大小忽略不計。桌面左端固定輕質(zhì)彈簧，開

15、始彈簧處于鎖定狀態(tài)，其右端處于A 位置，此時彈簧具有的彈性勢能為? = 2.16?，將質(zhì)量 ? = 0.1?的可看作質(zhì)點的小球放在A 位置與彈簧相接觸，解除彈簧鎖定后，小球從A 被彈出后經(jīng)過B 點進入“ 9”字形軌道最后從 D 點水平拋出， AB 間水平距離為 ?= 1.2?，小球與桌面間的動摩擦因數(shù)為 ?= 0.3，重力加速度 ?= 10?/?2，不計空氣阻力，假設(shè)水平地面足夠長，試求：(1) 彈簧解除鎖定后，小球到B 點時的速度大?。恍∏蜻\動到軌道最高點 C 時對軌道的作用力；若小球從“ 9”字形軌道 D 點水平拋出后， 第一次與地面碰撞前速度方向與水平地面傾角 ?= 45，每一次與地面碰

16、撞過程中小球水平速度分量保持不變，小球彈起來的豎直速度分量減小為碰撞前的一半， 直到最后沿著水平地面滾動， 求小球開始沿地面滾動的位置與 D 點的水平距離以及碰撞過程中小球損失的機械能。第6頁，共 20頁21. 平行直導(dǎo)軌由水平部分和傾斜部分組成，導(dǎo)軌間距?= 0.5?， PQ 是分界線，傾斜部分傾角為 ?= 30，PQ 右側(cè)有垂直于斜面向下的勻強磁場?= 1?，PQ 左側(cè)存在2著垂直于水平面但方向未知大小也為1T 的勻強磁場 ?，如圖所示，質(zhì)量 ? = 0.1?、1電阻 ?= 0.1?的兩根金屬細桿ab 和 cd 垂直放于該導(dǎo)軌上，其中ab 桿子光滑， cd桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)?=3，導(dǎo)軌

17、底端接有 ?= 0.1?的電阻，開始時 ab、 cd2均靜止于導(dǎo)軌上，現(xiàn)對ab 施加一水平向左的恒定外力F ，使其向 b 運動，當(dāng) ab 棒向左運動的位移為 x 時開始做勻速直線運動，此時cd 剛要開始沿斜面向上運動 (仍保持靜止 ) ，再經(jīng) 0.4?撤去外力F，最后 ab 棒靜止在水平導(dǎo)軌上，整個過程中電阻R 的發(fā)熱量為 ?= 1.0?(?= 10?/?2)(1) 判斷 ?磁場的方向；1剛撤去外力 F 時 ab 桿子的速度 v；求桿子 ab 的最大加速度 a 和加速過程中的位移 x22. 如圖所示直角坐標(biāo)系xoy 位于豎直平面內(nèi)，在第一象限存在磁感應(yīng)強度?= 0.1?方?向垂直于紙面向里、邊

18、界為矩形的勻強磁場( 圖中未畫出 )?，F(xiàn)有一束比荷為 ? =108?/?帶正電的離子， 從磁場中的A3x軸正方向成?= 60 點( 20 ?,0) 沿與角射入磁場，速度大小 ?0 10 10 6 ?/?，所有離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后均垂直穿過y 軸的正半軸，不計離子的重力和離子間的相互作用。求速度最大的離子在磁場中運動的軌道半徑；求矩形有界磁場區(qū)域的最小面積；(3) 若在 ? 0區(qū)域都存在向里的磁場，離子仍從A點以36向各個方? = 10 ?/?02向均勻發(fā)射。求y 軸上有離子穿出的區(qū)域長度和能打到y(tǒng) 軸的離子占所有離子數(shù)的百分比。第7頁，共 20頁第8頁，共 20頁答案和解析1.【答案】 B【解析】

19、 解：由于慣性，炸彈被投放后具有和飛機速度相同的初速度，每個炸彈在水平方向都做速度與飛機相同的勻速直線運動， 因此炸彈落地前排列在同一條豎直線上， 且位于飛機的正下方， 炸彈在豎直方向做自由落體運動， 空中相鄰的炸彈之間的距離隨著時間增大，故ACD 錯誤， B 正確。故選： B。當(dāng)炸彈投放后，由于慣性具有與飛機速度相同的初速度，在空中做平拋運動，每個炸彈的初速度相同，運動規(guī)律相同，結(jié)合平拋運動的規(guī)律分析。解決本題的關(guān)鍵要明確炸彈的運動情況， 知道它們水平方向的分速度與飛機的速度相同，根據(jù)平拋運動的規(guī)律進行分析。2.【答案】 A【解析】 解：通過對比點電荷的電場分布，一個半徑為R 的均勻帶電球體

20、(或球殼 )在外部產(chǎn)生的電場，與一個位于球心的、電荷量相等的點電荷產(chǎn)生的電場相同，這里用到了等效替代思想，故 A 正確， BCD 錯誤。故選： A。一個半徑為 R 的均勻帶電球體 ( 或球殼 ) 在外部產(chǎn)生的電場，與一個位于球心的、電荷量相等的點電荷產(chǎn)生的電場相同，這里用到了等效替代思想。本題考查了物理研究方法，解題的關(guān)鍵是明確題干信息，根據(jù)已知的物理思想作出判斷。3.【答案】 D【解析】 解：當(dāng)不加恒力F 時，斜面體和物塊為對象利用整體法，其水平方向不受力，所以 M 與地面之間沒有摩擦力；由于物塊勻速運動，則沿斜面向下的方向：?= ?，其中?是斜面的傾角；可得： ?= ?當(dāng)加水平恒力F 時，

21、將力 F 分解成一豎直方向的力?和沿著斜面的力?，分力 ?的效果121如同物塊質(zhì)量增加，只增大物塊與斜面之間的正壓力和摩擦力，不改變物塊勻速下滑的狀態(tài)；分力 ?不改變物塊與斜面之間的正壓力和摩擦力，只改變物體的運動狀態(tài)；2綜上可知，地面與斜面體之間始終不存在靜摩擦力，故D 正確， ABC 錯誤；故選： D。不加推力F 時，滑塊勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)共點力平衡條件可知支持力和摩擦力的合力豎直向上與重力平衡；再對斜面體分析，根據(jù)平衡條件判斷靜摩擦力的作用；也可以對滑塊和斜面體整體分析；當(dāng)有拉力F 時，由于動摩擦因數(shù)一定，滑塊對斜面體的摩擦力和壓力同比例增加，合力方向不變。本題關(guān)鍵是

22、靈活選擇研究對象，結(jié)合平衡條件分析，注意當(dāng)斜面體與滑塊間的滑動摩擦力的方向不變時，滑動摩擦力與彈力同比例增加，故滑動摩擦力與彈力的合力的方向不改變。4.【答案】 B【解析】 解： A、根據(jù)題意，一正方形木板繞其對角線上O 點做勻速轉(zhuǎn)動，那么木板上各點的角速度相同，故A 錯誤。B、根據(jù)關(guān)系式 ?= 2?知角速度相同，因此它們的轉(zhuǎn)速也相等，故B 正確。第9頁，共 20頁C、根據(jù)線速度與角速度關(guān)系式 ?= ?，轉(zhuǎn)動半徑越小的，線速度也越小，由幾何關(guān)系可知， B 點的轉(zhuǎn)動半徑最小，故 C 錯誤。D 、從 O 點到 CD 兩點的間距相等， 那么它們的線速度大小相同，方向不同， 故 D 錯誤。故選： B。

23、根據(jù)共軸條件下，各點角速度相同，再根據(jù)關(guān)系式?= 2?和 ?= ?，即可分析各項?？疾楣草S時，角速度相同，則有線速度與轉(zhuǎn)動半徑成正比，掌握轉(zhuǎn)速與角速度的關(guān)系，注意矢量的方向性。5.【答案】 B【解析】 【分析】根據(jù)機械能守恒或動能定理求出小球通過最低點時的速度， 再根據(jù)牛頓第二定律求出小球在最低點時所受的支持力， 從而進行比較。 根據(jù)向心加速度的公式求出最低點的向心加速度的大小，從而進行比較。小球在下滑過程中，機械能是守恒的，由機械能守恒定律、牛頓第二定律、向心力公式分別求出小球的向心加速度 a，可以看出 a 與圓軌道的半徑無關(guān)，要理解并記住這個結(jié)論，經(jīng)常用到?！窘獯稹緼B 、設(shè)小球通過最低點

24、的速度大小為v，半圓的半徑為R。在落到最低點的過程中。根據(jù)動能定理得：12?= 2 ? -0，解得： ?= 2?可.知， R 越大， v 越大，故B 不正確。在最低點，豎直方向上的合力提供向心力，由牛頓第二定律有：聯(lián)立上兩式解得：?= 3?2?- ?= ?可知軌道對小球的支持力與半圓軌道的半徑無關(guān)，所以小球?qū)绍壍赖膲毫ο嗟?，大小為重力? 倍。故 A 正確。2?C、小球向心加速度為?= ? = 2?，方向豎直向上。 知向心加速度大小相同。故 C 正確。D 、兩球下滑時都只有重力做功，滿足機械能守恒， 初位置的機械能?機 = ? + ? = 0?，?相同，則末位置的機械能也相等為零，故D 正確

25、。本題選不正確的，故選：B6.【答案】 B【解析】 解：噴出氣體過程中重力和空氣阻力可忽略不計，可知在火箭發(fā)射的過程中二者組成的相同豎直方向的動量守恒； 以噴出氣體的速度方向為正方向， 由動量守恒定律得：? + (? - ?)?= 0 ，0解得： ?= -42?/? ，故 B 正確， ACD 錯誤故選： B。發(fā)射過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律可以求出導(dǎo)彈的速度。本題考查了動量守恒定律的應(yīng)用， 考查了求導(dǎo)彈的速度問題， 知道發(fā)射過程系統(tǒng)動量守恒是解題的前提，應(yīng)用動量守恒定律可以解題。7.【答案】 C【解析】 解： A、老師起跳時，地面雖然對老師有彈力作用，但在彈力的方向上沒有位移，所以地面對

26、老師沒有做功，故A 錯誤；第10 頁，共 20頁B? = 0.2?12?=、因重心上升的最大高度? = ?，將數(shù)據(jù)代入得，根據(jù)自由落體公式22? = 0.2?，老師每跳躍一次克服重力做的功? = ?= 120?，考慮人屈膝跳起的時間，則該老師每跳躍一次的時間? 2?，所以每跳躍一次克服重力做功的功率?，2?即 ?總8.【答案】 C【解析】 解：圓盤繞過圓心的水平軸沿如圖所示方向勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生環(huán)形電流，在導(dǎo)體棒 ab 處會產(chǎn)生磁場， 根據(jù)右手螺旋定則可知，磁場垂直于ab 向外，根據(jù)左手定則可知，受到的安培力豎直向下，根據(jù)共點力平衡可知，細線所受到的彈力變大，故C 正確；故選： C圓盤轉(zhuǎn)動會帶動電

27、荷轉(zhuǎn)動，形成環(huán)形電流，產(chǎn)生的電流產(chǎn)生磁場，根據(jù)左手定則和右手定則既可判斷本題主要考查了轉(zhuǎn)動的電荷會形成電流， 形成的電流產(chǎn)生磁場， 關(guān)鍵是會利用左手定則和右手定則既可9.【答案】 D【解析】 【分析】解決本題的關(guān)鍵要掌握電勢能公式? = ?，知道負電荷在電勢高處電勢能小。明確 ?-?圖象的斜率表示電場強度。由圖讀出電勢的高低。根據(jù)電勢能與電勢的關(guān)系?= ?分析電勢能的大小。由圖象的斜率分析電場強度的大小。【解答】解： A、由圖知， ? ? ?.故 A 錯誤。B、根據(jù)圖象切線斜率的大小等于電場強度沿x軸方向的分量大小，則知，? ?- ? ，故 D正確。?故選： D。10.【答案】 A?= ?=

28、-?故C錯誤。分析得知， ? ? ?OB?，間電勢差，即有 ? ，即? -? ? -?= ?= -?-?得：? -? 2.5?，則根據(jù)波的疊加原理可知在?=21D? 12.5?，故正確。12 時， ?= 4?處的質(zhì)點位移 |?|= ?1 + ?2故選： BCD。15.【答案】 BD【解析】 解： A、“ B 超”儀器通過它的探頭不斷向人體發(fā)出短促的超聲波(頻率很高，人耳聽不到的聲波 ) 脈沖，超聲波遇到人體不同組織的分界面時會反射回來，又被探頭接收，這些信號經(jīng)電子電路處理后可以合成體內(nèi)臟器的像，沒有使用多普勒效應(yīng)。故A錯誤；B、 5G，即第五代移動通信技術(shù)，采用 3300 - 5000?頻段，

29、相比于現(xiàn)有的 4?(即第四代移動通信技術(shù)， 1880 - 2635?頻段 )技術(shù)而言， 具有極大的帶寬、 極大的容量和極低的時延。5G 容量更大，信號的頻率更大，所以粒子性更顯著。故B 正確；C、在鏡頭前裝偏振片，可以減弱被拍攝物體反射光，而不是減弱鏡頭反射光。故C 錯誤；、電子顯微鏡的電子束速度越大，則電子的波長越短，電子顯微鏡分辨本領(lǐng)越強。故正確故選： BD。根據(jù)“ B 超”測原理分析； 明確電磁波的性質(zhì)， 知道電磁波在真空中傳播速度均為光速，明確光的光粒二象性，知道頻率越大粒子性越明顯；波長越大，波動性越明顯。該題考查電磁波的特點以及粒子的波粒二象性等知識點， 這都是一些記憶性的知識點的

30、內(nèi)容，需要同學(xué)們一定要不遺余力的加強基礎(chǔ)知識的理解和記憶。16.【答案】 AC【解析】 解： A、由金屬棒中電流方向從M 到 N 可知，金屬棒所受的安培力向右，則金屬棒停止的位置在 MN 的右側(cè)，故 A 正確；?B、停止時，金屬棒中的電流為：?= ?+?+? = 2?，故 B 錯誤；0C、設(shè)棒向右移動的距離為x，金屬棒在磁場中的長度為22?22y，?= ?(2?)，? + ? =()2解得： ?= 0.4?、 2?= 0.6?，故 C 正確；D 、金屬棒受到的安培力為：?=?(2?)= 1.2?，故 D 錯誤。故選： AC。以金屬棒為研究對象，其停止時受力平衡，安培力大小等于彈簧彈力大小。根據(jù)

31、左手定則判斷安培力方向，從而確定出金屬棒停止的方位。由歐姆定律求金屬棒中的電流。由幾何關(guān)系可求得金屬棒在磁場中的有效長度， 再由幾何關(guān)系可確定所處位置距 MN 的距離，即可進一步求金屬棒受到的安培力。本題考查右手定則、 歐姆定律和安培力， 關(guān)鍵要根據(jù)幾何知識求解出金屬棒在磁場中的有效長度，結(jié)合力學(xué)知識分析這類問題。第14 頁，共 20頁17.【答案】 A 1.38 【解析】 解： (1)?、探究小車的速度與時間的變化，并沒有要求小車需要在光滑水平面上運動，即軌道是否光滑不是必要的，也就沒有必要平衡摩擦力，故 A 錯誤；B、連接小車的細繩需要與木板平行，否則就要涉及到繩子拉力分解問題，即拉力是一

32、個變力，故B 正確；C、在處理紙帶時，由于第一點并不確定，因此常常將前面的點去掉，從清晰可辨的點取點后處理實驗數(shù)據(jù)，故C 正確；D 、操作時應(yīng)先接通電源，等打點計時器工作穩(wěn)定之后再釋放小車，故D 正確。本題選錯誤的，故選：A。選擇紙帶 計算 b 點速度， ac 間距為 5.5?，即 0.055?，故 b 點速度為： ?=2?0.0552 0.02 ?/? 1.38?/?；紙帶 是驗證機械能守恒定律實驗得到的，因為最初兩個點間距離約為2cm，即初速度為 0，再根據(jù)點跡可以判斷紙帶記錄的是初速度為零勻加速直線運動，而紙帶 點跡均勻，說明紙帶所記錄的勻速直線運動，不可能是驗證機械能守恒定律實驗得到的

33、。故答案為： (1)?； (2)1.38(1.36 1.39 均給分 ) ， 。在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，并不需要平衡摩擦力；細繩與長木板要保持平行， 選擇計數(shù)點時， 可以不從紙帶上第一個點開始， 小車應(yīng)靠近打點計時器，先接通電源，后釋放小車。利用平均速度求中間時刻的速度；這個實驗是利用自由落體運動來驗證機械能守恒定律的，紙帶所記錄的運動是初速度為零的勻加速直線運動，只有 符合條件。本題考查了探究小車速度隨時間變化的規(guī)律的實驗。易錯點： 在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，并不需要保證繩子的拉力為小車的合力，所以不需要平衡摩擦力。18.【答案】 (1)?； (2)?； (

34、3)?； (4)0.24【解析】 【分析】根據(jù)燈泡電阻分析答題；根據(jù)小電珠的額定電流選擇電流表，根據(jù)小電珠額定電壓選擇電壓表，為方便實驗操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動變阻器；根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后答題，滑動變阻器采用分壓接法，閉合開關(guān)前分壓部分電路阻值應(yīng)最小，根據(jù)電路圖確定滑片的位置；由圖象求出電壓對應(yīng)的電流，然后由 ?= ?求出燈泡功率，由 ?- ?圖象，應(yīng)用功率公式分析答題。本題考查了歐姆表的應(yīng)用、實驗器材的選擇、實驗注意事項、求功率等問題，當(dāng)電壓表內(nèi)阻遠大于待測電阻阻值時，電流表應(yīng)采用外接法；要掌握實驗器材的選擇原則?！窘獯稹?1) 燈泡的正常工作電流為：?=?

35、0 = 0.24? = 240?0?0所以電流表選A的 ?；為讀數(shù)方便精確， 滑? ；電壓表選量程與額定電壓差不多的203?1動變阻器選阻值較小的?，故選擇答案 B；1由于燈泡的阻值遠小于電壓表的內(nèi)阻，所以電流表采用外接法， 即電流表的右端與 a點相接；(3) 為保護電路元件，分壓電壓為零時最安全，則滑動變阻器的滑片應(yīng)滑到c 點；將燈泡與電源相接后， 由閉合電路的歐姆定律 ?= ?- ?，可得燈泡中的電流為： ?=1?-?第15 頁，共 20頁1代入已知數(shù)據(jù)有：?= 0.3 -12 ?在圖 2 中畫出 ?- ?圖象如圖所示，從圖象中找到兩圖象的交點坐標(biāo)為(1.2?,0.20?)所以燈泡的功率為

36、：?= 1.2 0.2? = 0.24? 。故答案為： (1)?；(2)?； (3)?；(4)0.2419.【答案】 解： (1) 由圖可知， 0- 4?內(nèi)，物體向右做勻減速直線運動，4 - 8?內(nèi)，物體向左做勻加速直線運動；0 -4?內(nèi)，方向水平向左；4 -8?內(nèi)，方向水平向左；根據(jù)牛頓第二定律，在 0 - 4?內(nèi)恒力 F 與摩擦力同向：?+ ?= ?14?- 8?內(nèi)恒力 F 與摩擦力反向：?-?= ?2代入數(shù)據(jù)解得：?= 7?， ?= 0.15根據(jù)圖形的面積可得 8s 內(nèi)物體運動的位移11?= 2 (4 20)? -2 (4 8)? = 24?做的功為 ? = ?= -7 24?= -16

37、8?答： (1) 物塊在 0 - 4?內(nèi)的加速度 ?的大小和 4 -8?內(nèi)的加速度 ?的大小分別為2和5?/?1222?/? ；(2) 恒力 F 的大小為7N，物塊與水平面的動摩擦因數(shù)?為 0.15 ；(3)8?內(nèi)恒力 F 所做的功為 -168?【解析】 本題是已知物體的受力情況確定物體的運動情況的問題，關(guān)鍵求解確物體的加速度根據(jù)功的公式計算做功的多少物體先向右減速在向左加速，根據(jù)?- ?圖象得到兩段的加速度；然后根據(jù)牛頓第二定律列式求解拉力及動摩擦力因數(shù)(3)8?內(nèi)恒力 F 所做的功1220.【答案】 解： (1) 彈簧接觸鎖定后，由能量守恒定律得：? = ?+?20第16 頁，共 20頁?

38、 = 6?/?0(2)小球有 B 到 C 運動， -?=1212? -?2?2?2C點：?在? + ?= ?解得： ? = 9?由牛頓第三定律，對軌道的作用力為9N，方向豎直向上BD1212(3) 小球由到運動，-?(?- 2?) =? -?2?2?0第一次到達地面時：? = ? = 28?/?0?452豎直方向 ?= 2?解得 ? = 1.4?D?小球離開點直到最后在水平地面做直線運動在豎直方向運動的總時間：?= +總?1?1?2(?+ () 2?+ ? )2?2代入解得： ?3= 10 28?總小球離開D 點直到最后在水平地面做直線運動在水平方向?= ? ? = 8.4? 總損失的機械能為

39、： ?= ?= 1.4?答： (1) 彈簧解除鎖定后，小球到B 點時的速度大小為6?/?；小球運動到軌道最高點 C 時對軌道的作用力為 9N；(3) 小球離開D 點直到最后在水平地面做直線運動在水平方向8.4?損失的機械能為1.4?。【解析】 (1) 根據(jù)能量守恒定律求出B 點的速度；(2) 小球從 B 到 C，根據(jù)動能定理和牛頓第二定律求出在C 點的作用力，最后根據(jù)牛頓第三定律求解；小球由 B 到 D 運動，先根據(jù)動能定律列式， 從 D 點飛出做平拋運動， 根據(jù)平拋運動，求出下落的高度， 根據(jù)題意求出在水平地面上運動的總時間， 最后求出水平距離以及損失的機械能。本題考查運動學(xué)綜合問題， 關(guān)鍵

40、是分析物體運動情況， 并利用動能定理和平拋運動知識求解，關(guān)鍵是利用數(shù)學(xué)問題分析運動的總時間。21.ab 棒向左運動的位移為x 時開始做勻速直線運動，此【答案】 解： (1) 根據(jù)題意知當(dāng)時 cd 剛要開始沿斜面向上運動，cd 所受到的安培力沿斜面向上，由左手定則知，流過cd 棒的電流由 ? ?，流過 ab 棒的電流為 ? ?，ab 棒所受到的安培力水平向右，根據(jù)左手定則，?磁場的方向豎直向下1?1 1313(2) 對 cd 棒： ? = ?+ ?=+= 1.25?222? = ?2?1.25?= 2.5?得 ?= ? =1 0.5? ?2因為 ?= ?，所以流過 R 的電流為2.5?總電流 ? = 5?總第17 頁，共 20頁?電路總電阻?= ? + ?= 0.15?總并?0.15 = 0.75?ab 產(chǎn)生的電動勢?= ? = 5總總對桿：?ab?= ?1 ?0.75解得?= ? =?/?= 1.5?/? ? 1 0.51(3) 勻速運動的位移 ?=?= 1.5 0.4 = 0.6?對 cd 最大的安培力為1.25?，對 ab 最大的安培力為 2.5?所以水平恒力 ?=2.5?剛開始時，