學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精溫馨提示：此套題為Word版,請按住Ctrl,滑動鼠標(biāo)滾軸，調(diào)治合適的觀看比率，答案解析附后。關(guān)閉Word文檔返回原板塊.選擇題標(biāo)準(zhǔn)練（三）滿分48分，實戰(zhàn)模擬，20分鐘拿下高考客觀題滿分！說明：共8小題，每題6分，在每題給出的四個選項中，第1～5題只有一項吻合題目要求，第6～8題有多項吻合題目要求.全選對的得6分，選對但不全的得3分,有選錯的得0分。1.在力學(xué)理論建立的過程中,有好多偉大的科學(xué)家做出了貢獻.關(guān)于科學(xué)家和他們的貢獻,以下說法中不正確的選項是(）A.伽利略第一將實驗事實和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)推演）友善地結(jié)合起來B.笛卡爾對牛頓第必然律的建立做出了貢獻C。開普勒經(jīng)過研究行星察看記錄,發(fā)現(xiàn)了行星運動三大定律D.牛頓總結(jié)出了萬有引力定律并用實驗測出了引力常量【解析】選D。伽利略第一將實驗事實和邏輯推理(包括數(shù)學(xué)推演)友善地結(jié)合起來，標(biāo)志住物理學(xué)的真切開始，故

A正確；笛卡爾等人又在伽利略研究的基礎(chǔ)進步行了更深入的研究

,他認為

:若是運動物體不受任何力的作用，不但速度大小不變

,而且運動方向也不會變，將沿原來的方向勻速運動下去,因此笛卡爾對牛頓第必然律的建立做出了貢獻,故B正確；開普勒提出行星運動三大定律,故C正確；萬有引力常量是由卡文迪許測出的,故D錯誤.2.將一小球以某一速度豎直向上拋出，如圖為小球?qū)W必求其心得，業(yè)必貴于專精被拋出后其地址隨時間變化的關(guān)系圖像

(y

—t

圖像），圖中

t2時刻小球到達最高點，且t3-t2〉t2—t1。在0～t2和t2～t3時間內(nèi)的圖線為兩段不相同的拋物線。以下說法正確的選項是（)A。小球在0～t1時間內(nèi)與t1~t2時間內(nèi)運動方向相反B。小球在t2時刻所受合外力為零C。小球在t1和t3時刻速度大小相等D。小球在0～t2時間內(nèi)所受合外力大于t2～t3時間內(nèi)所受合外力【解析】選D。小球在0～t2時間內(nèi)都是豎直向上運動,選項A錯誤。t2時刻小球正經(jīng)過最高點,速度為零，但加速度不為零，即小球所受的合外力不為零，選項B錯誤。由圖像可知，t1和t3兩時刻,圖線切線的斜率的絕對值不相等，因此小球在t1和t3時刻速度大小不相等，選項C錯誤。因為t1~t2時間內(nèi)和t2～t3時間內(nèi)小球運動的位移大小相等，由t3—t2>t2-t1可判斷小球上升時的加速度大于下落時的加速度,依照牛頓第二定律可知小球在0~t2時間內(nèi)所受合外力大于時間內(nèi)所受合外力，選項D正確。3.甲、乙兩物體從同一地址開始沿同一方向動,其速度隨時間的變化關(guān)系以下列圖,圖中

t2～t3運t2=，兩段曲線均為四分之一圓弧，則（)A.兩物體在t1時刻加速度相同B。兩物體在t2時刻運動方向均改變C。兩物體在t3時刻相距最遠，t4時刻相遇。0～t4時間內(nèi)甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精【解析】選C。因兩段曲線均為圓弧，由題圖知在t1時刻曲線的切線斜率的絕對值與直線斜率相等，即兩者加速度大小相等，但方向相反,A錯；兩物體均做單方向的直線運動,B錯;甲先做勻加速運動再做勻減速運動,乙先做加速度減小的減速運動，再做加速度減小的加速運動,在t3時刻，兩物體相距最遠;兩物體在0~t4時間內(nèi)圖線與t軸所圍面積相等,即兩物體在t4時刻相遇，在0~t4時間內(nèi)的平均速度相同,C對,D

錯。4。2014年11月12日“,菲萊”著陸器成功在67P星上實現(xiàn)著陸，這是人類首次實現(xiàn)在彗星上軟著被稱為人類歷史上最偉大冒險之旅.載有“菲萊”“羅賽塔"翱翔器歷經(jīng)十年的追趕，被67P彗星獲后經(jīng)過一系列變軌，成功地將“菲萊”著陸器彈出

彗陸，的俘,正確地在彗星表面著陸.以下列圖，軌道1和軌道2是“羅賽塔"繞彗星環(huán)繞的兩個圓軌道,B點是軌道2上的一個點，若在軌道1上找一點A，使A與B的連線與BO連線的最大夾角為θ，則“羅賽塔"在軌道1、2上運動的周期之比為（）A.sin3θB.C.D.【解析】選C。依照幾何關(guān)系連接OA可得三角形OAB是直角三角學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精形,故軌道1和軌道2的半徑之比=sinθ，翱翔器所受的萬有引力提供其做圓周運動的向心力，則G=mr,可得周期T=，所以==。故A、B、D錯誤，C正確。5。如圖甲所示，在豎直方向上有四條間距相等的水平虛線L1、L2、L3、L4，在L1與L2、L3與L4之間存在勻強磁場，磁感覺強度大小均為1T，方向垂直于虛線所在平面向里

.現(xiàn)有一矩形線圈

abcd，長度cd=L=0。5m，質(zhì)量為0。1kg，電阻為2Ω,將其從圖示地址靜止釋放(cd邊與L1重合），速度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示,t1時刻cd邊與L2重合,t2時刻ab邊與L3重合，t3時刻ab邊與L4重合，t2～t3之間圖線為與t軸平行的直線,t1～t2之間和t3此后的圖線均為傾斜直線，已知t1～t2的時間間隔為

0。6s，整個運動過程中線圈平面向來處于豎直方向（重力加速度

g取

10m/s2），則(

）A。在0~t1時間內(nèi)，經(jīng)過線圈的電荷量為2.5CB。線圈勻速運動的速度大小為8m/sC.線圈的寬度為1mD.0～t3時間內(nèi)，線圈產(chǎn)生的熱量為4.2J【解析】選B。關(guān)于矩形線圈,在t2～t3之間,依照受力學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精平衡有：mg=BIL，而I=,解得：v2==8m/s,故B正確；t1～t2的時間間隔內(nèi)線圈素來做勻加速直線運動,可知ab邊剛進上邊的磁場時,cd邊也剛進下邊的磁場.設(shè)磁場的寬度為d，則線圈的寬度：L′=2d，線圈下降的位移為:x=L′+d=3d，則有：3d=v2t-gt2，將v2=8m/s，t=0.6s代入解得：d=1m，因此線圈的寬度為L′=2d=2m，故C錯誤；在0～t1時間內(nèi),cd邊從L1運動到L2，經(jīng)過線圈的電荷量為:q=·t=t==0。25C,故A錯誤；在0~t3時間內(nèi)，依照能量轉(zhuǎn)變與守恒可得：Q=mg（3d+2d)-mv2=1。8J,故D錯誤。6.以下列圖,小球a從傾角為θ=60°的固定粗糙斜面頂端以速度v1沿斜面恰好勻速下滑,同時將另一小球b在斜面底正直上方與a球等高處以速度v2水平拋出，兩球恰在斜面中點P相遇,則以下說法正確的是（)。v1∶v2=2∶1B.v1∶v2=1∶1C.若小球b以2v2水平拋出,則兩小球還可以相遇D。若小球b以2v2水平拋出,則b球落在斜面上時,a球在b球的下方【解析】選A、D。兩小球在P點相遇，可知兩球的水平位移相等，由v1sin30°t=v2t,解得v1∶v2=2∶1，故A正確，B錯誤;若小球b以2v2水平拋出,豎直方向上a球的分速度不變，b球做自由落體運動不學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精變,若能相遇，則依舊在P點相遇，但b的水平初速度變?yōu)?v2,水平方向相遇點會向左搬動，因此兩小球不能夠再相遇，C錯誤；小球a、b在P點相遇時，b球豎直方向的平均速度等于v1sinθ,當(dāng)b球的水平速度變?yōu)?v2，小球b會落在P點上方，在這段時間里,a球在豎直方向的速度會大于b球在豎直方向做自由落體運動的平均速度，則b球落在斜面上時,a球在b球的下方，D正確。7.如圖為學(xué)校配電房向各個教室的供電表示圖，T為理想變壓器，V1、A1為監(jiān)控市電供電端的電壓表和電流表，V2、A2為監(jiān)控校內(nèi)變壓器的輸出端的電壓表和電流表，R1、R2為教室的負載電阻，V3、A3為教室內(nèi)的監(jiān)控電壓表和電流表，配電房和教室間有相當(dāng)長的一段距離，則當(dāng)開關(guān)S閉合時,以下說法錯誤的選項是( )A。電流表A1、A2和A3的示數(shù)都變大B。只有電流表A1的示數(shù)變大C。電壓表V3的示數(shù)變小D。電壓表V2和V3的示數(shù)都變小【解析】選A、B、D。在電路中,S閉合前，由=可知，電壓表V2的示數(shù)為U2=U1,電路中電流表A2與A3是串通關(guān)系，則由歐姆定律可得I2=I3=（r為電線電阻）,電壓表V3的示數(shù)為U3=R1I2,學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精再由=可知電流表A1示數(shù)為I1=I2,同理，在電路中S閉合后,可知因U1不變,電壓表V2示數(shù)為U2′=U1=U2,即V2示數(shù)不變，I′2=（r為電線電阻）,因R并<R1，則有I′2>I2,又I′1=I′2，則I′1>I1，由U2′=Ur′+U3′=I2′r+U3′，可知U3′<U3,又I′3=，則I′3<I3，則可判斷V1示數(shù)不變，V2示數(shù)不變,V3示數(shù)變小,A1示數(shù)變大,A2示數(shù)變大，A3示數(shù)變小，A、B、D項都錯誤,C項正確.應(yīng)選A、B、D。8.以下列圖，空間中存在一電場強度方向沿x軸正方向的靜電場，電場強度大小隨x的變化關(guān)系為E=kx（x為軸上某點到O點的距離)，在O點下方有一長為L的絕緣細線連接A、B兩個均帶負電荷的小球（可視為質(zhì)點），A球距O點的距離為L,B球距O點的距離為2L，兩球恰好靜止且細線處于挺直狀態(tài)。若兩球質(zhì)量均為

m,B

球所帶電荷量為

-q,k=

,不計兩球之間的靜電力作用。則有（A。A球所帶電荷量為—4q

）B.絕緣細線對A球的拉力大小為mgC。若將絕緣細線剪斷,則剪斷的剎時，A、B兩球的加速度大小均為學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精gD。若將絕緣細線剪斷，則B球在下落到距O點距離為3L時達到最大速度【解析】選A、C、D。由題意可知,A小球所在處的電場強度大小為EA=k·L=，B小球所在處的電場強度大小為EB=k·2L=,設(shè)A小球所帶電荷量為qA，將A、B兩小球看作一個整體，進行受力解析可得:qAEA+qEB=2mg,將EA、EB代入可解得：qA=4q,選項A正確；設(shè)絕緣細線對A球的拉力大小為FT，對A小球進行受力解析可得:4qEA=mg+FT，解得FT=mg，選項B錯誤;設(shè)剪隔絕緣細線后A小球的加速度大小