2018年全國一致高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅰ）一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分.在每題給出的四個選項中，第1～5題只有一頂切合題目要求，第6～8題有多項切合題目要求.所有選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．（6分）高鐵列車在啟動階段的運動可看作初速度為零的勻加快直線運動，在啟動階段，列車的動能（）A．與它所經(jīng)歷的時間成正比B．與它的位移成正比C．與它的速度成正比D．與它的動量成正比2．（6分）如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上，使其向上做勻加快直線運動，以x表示P走開靜止地點的位移，在彈簧恢還原長前，以下表示F和x之間關(guān)系的圖象可能正確的選項是（）A．B．C．D．3．（6分）如圖，三個固定的帶電小球a，b和c，互相間的距離分別為ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，小球c所受庫侖力的協(xié)力的方向平行于a，b的連線，設(shè)小球a，b所帶電荷量的比值的絕對值為k，則（）A．a(chǎn)，b的電荷同號，k=B．a(chǎn)，b的電荷異號，k=C．a(chǎn)，b的電荷同號，k=D．a(chǎn)，b的電荷異號，k=第1頁（共21頁）4．（6分）如圖，導(dǎo)體軌道OPQS固定，此中PQS是半圓弧，Q為半圓弧的中點，O為圓心。軌道的電阻忽視不計。OM是有必定電阻?？衫@O轉(zhuǎn)動的金屬桿，M端位于PQS上，OM與軌道接觸優(yōu)秀?？臻g存在與半圓所在平面垂直的勻強(qiáng)磁場，磁感覺強(qiáng)度的大小為B，現(xiàn)使OM從OQ地點以恒定的角速度逆時針轉(zhuǎn)到OS地點并固定（過程Ⅰ）；再使磁感覺強(qiáng)度的大小以必定的變化率從B增添到B′（過程Ⅱ）。在過程Ⅰ、Ⅱ中，流過OM的電荷量相等，則等于（）A．B．C．D．25．（6分）如圖，abc是豎直面內(nèi)的圓滑固定軌道，ab水平，長度為2R；bc是半徑為R的四分之一圓弧，與ab相切于b點。一質(zhì)量為m的小球，一直遇到與重力大小相等的水平外力的作用，自a點處從靜開始向右運動。重力加快度大小為g。小球從a點開始運動到其軌跡最高點，機(jī)械能的增量為（）A．2mgRB．4mgRC．5mgRD．6mgR6．（6分）如圖，兩個線圈繞在同一根鐵芯上，此中一線圈經(jīng)過開關(guān)與電源連結(jié)，另一線圈與遠(yuǎn)處沿南北方向水平擱置在紙面內(nèi)的直導(dǎo)線連結(jié)成回路。將一小磁針懸掛在直導(dǎo)線正上方，開關(guān)未閉合時小磁針處于靜止?fàn)顟B(tài)，以下說法正確的選項是（）A．開封閉合后的瞬時，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉(zhuǎn)動B．開封閉歸并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向第2頁（共21頁）C．開封閉歸并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D．開封閉歸并保持一段時間再斷開后的瞬時，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動7．（6分）2017年，人類第一次直接探測到來自雙中子星歸并的引力波。依據(jù)科學(xué)家們還原的過程，在兩顆中子星歸并前約100s時，它們相距約400km，繞二者連線上的某點每秒轉(zhuǎn)動12圈。將兩顆中子星都看作是質(zhì)量平均散布的球體，由這些數(shù)據(jù)、萬有引力常量并利用牛頓力學(xué)知識，能夠估量出這一時刻兩顆中子星（）A．質(zhì)量之積B．質(zhì)量之和C．速率之和D．各自的自轉(zhuǎn)角速度8．（6分）圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，已知平面b上的電勢為2V，一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．以下說法正確的選項是（）A．平面c上的電勢為零B．該電子可能抵達(dá)不了平面fC．該電子經(jīng)過平面d時，其電勢能為4eVD．該電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的2倍二、非選擇題：共174分。第9～12題為必考題，每個試題考生都一定作答。第13～16題為選考題.考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分.9．（5分）如圖（a），一彈簧上端固定在支架頂端，下端懸掛一托盤：一標(biāo)尺由游標(biāo)和主尺組成，主尺豎直固定在彈簧左邊；托盤上方固定有一能與游標(biāo)刻度線正確對齊的裝置，簡化為圖中的指針。現(xiàn)要丈量圖（a）中彈簧的勁度系數(shù)。當(dāng)托盤內(nèi)沒有砝碼時，挪動游標(biāo)，使其零刻度線瞄準(zhǔn)指針，此時標(biāo)尺讀數(shù)為1.950cm；當(dāng)托盤內(nèi)放有質(zhì)量為0.100kg的砝碼時，挪動游標(biāo)，再次使其零刻度線瞄準(zhǔn)指針，標(biāo)尺示數(shù)如圖（b）示數(shù)，其讀第3頁（共21頁）數(shù)為cm．當(dāng)?shù)氐闹亓涌於却笮?.80m/s2，此彈簧的勁度系數(shù)為N/m（保存3位有效數(shù)字）。10．（10分）某實驗小組利用如圖（a）所示的電路研究在25℃～80℃范圍內(nèi)某熱敏電阻的溫度特征，所用器械有：置于溫控室（圖中虛線地區(qū)）中的熱敏電阻RT，其標(biāo)稱值（25℃時的阻值）為900.0Ω；電源E（6V，內(nèi)阻可忽視）；電壓表（量程150mV）；定值電阻R（0阻值20.0Ω），滑動變阻器（1最大阻值為Ω）；R1000電阻箱R2（阻值范圍～999.9Ω）；單刀開關(guān)1，單刀雙擲開關(guān)2。0SS實驗時，先按圖（a）連結(jié)好電路，再將溫控室的溫度t升至80.0℃．將S2與1端接通，閉合S1，調(diào)理1的滑片地點，使電壓表讀數(shù)為某一值0：保持1的滑RUR片地點不變，將R2置于最大值，將S2與2端接通，調(diào)理R2，使電壓表讀數(shù)仍為U0；斷開S1，記下此時R2的讀數(shù)。逐漸降低溫控室的溫度t，獲取相應(yīng)溫度下R2的阻值，直至溫度降到25.0℃，實驗獲取的R2﹣t數(shù)據(jù)見表。t/℃25.030.040.050.060.070.080.0R/Ω900.0680.0500.0390.0320.0270.0240.02回答以下問題：（1）在閉合S1前，圖（a）中R1的滑片應(yīng)挪動到（填“a或”“b）”端；（2）在圖（b）的坐標(biāo)紙上補齊數(shù)據(jù)表中所給數(shù)據(jù)點，并做出R2﹣t曲線；第4頁（共21頁）（3）由圖（b）可獲取RT在25℃～80℃范圍內(nèi)的溫度特征，當(dāng)t=44.0℃時，可得RTΩ；=（4）將RT握于手心，手心溫度下2的相應(yīng)讀數(shù)如圖（）所示，該讀數(shù)為Ω，Rc則手心溫度為℃。11．（12分）一質(zhì)量為m的煙花彈獲取動能E后，從地面豎直升空。當(dāng)煙花彈上漲的速度為零時，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲取的動能之和也為E，且均沿豎直方向運動，爆炸時間極短，重力加快度大小為g，不計空氣阻力和火藥的質(zhì)量。求1）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時間；2）爆炸后煙花彈向上運動的部分距地面的最大高度。12．（20分）如圖，在y＞0的地區(qū)存在方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)盛小為E，在y＜0的地區(qū)存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場。一個氕核H和一個氘核H先后從y軸上y=h點以同樣的動能射出，速度方向沿x軸正方向。已知H進(jìn)入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標(biāo)原點O處第一次射出磁場。H的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計重力。求第5頁（共21頁）1）H第一次進(jìn)入磁場的地點到原點O的距離；2）磁場的磁感覺強(qiáng)度大?。?）H第一次走開磁場的地點到原點O的距離。三、選考題：共45分.請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.假如多做，則每科按所做的第一題計分.[物理--選修3-3]（15分）13．（5分）如圖，必定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷過程①、②、③、④抵達(dá)狀態(tài)e。對此氣體，以下說法正確的選項是（）A．過程①中氣體的壓強(qiáng)漸漸減小B．過程②中氣體對外界做正功C．過程④中氣體從外界汲取了熱量D．狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等E．狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小14．（10分）如圖，容積為V的汽缸由導(dǎo)熱資料制成，面積為S的活塞將汽缸分紅容積相等的上下兩部分，汽缸上都經(jīng)過細(xì)管與裝有某種液體的容器相連，細(xì)管上有一閥門K．開始時，K封閉，汽缸內(nèi)上下兩部分氣體的壓強(qiáng)均為p0．現(xiàn)將K翻開，容器內(nèi)的液體遲緩地流入汽缸，當(dāng)流入的液體體積為時，將K封閉，活塞均衡時其下方氣體的體積減小了．不計活塞的質(zhì)量和體積，外界溫度保持不變，重力加快度大小為g。求流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量。第6頁（共21頁）四、[物理--選修3-4]（15分）15．（5分）如圖，△ABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，∠A=30°，一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點射出。其折射角為60°，則玻璃對紅光的折射率為。若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光芒在D點射出時的折射角（填“小于”“等于”或“大于”）60°。16．（10分）一列簡諧橫波在t=s的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖（b）是質(zhì)點Q的振動圖象。求：i）波速及波的流傳方向；ii）質(zhì)點Q的均衡地點的x坐標(biāo)。第7頁（共21頁）2018年全國一致高考物理試卷（新課標(biāo)Ⅰ）參照答案與試題分析一、選擇題：此題共8小題，每題6分，共48分.在每題給出的四個選項中，第1～5題只有一頂切合題目要求，第6～8題有多項切合題目要求.所有選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．1．【剖析】依據(jù)車作勻加快直線運動，聯(lián)合運動學(xué)公式，動能定理，及動能與動量關(guān)系式，即可求解?！窘獯稹拷猓篈、因列車做初速度為零的勻加快直線運動，則有：v=at，而動能表達(dá)式Ek==，可知動能與所經(jīng)歷的時間平方成正比，故A錯誤；、依照動能定理，則有：F合x=，可知，動能與它的位移成正比，故BB正確；C、由動能表達(dá)式Ek=，可知，動能與它的速度平方成正比，故C錯誤；D、依照動能與動量關(guān)系式，Ek=，可知，動能與它的動量平方成正比，故D錯誤；應(yīng)選：B?！驹u論】考察動能的表達(dá)式，掌握影響動能的要素，理解動能定理的內(nèi)容，及運動學(xué)公式的運用。2．【剖析】以物塊P為研究對象，剖析受力狀況，依據(jù)牛頓第二定律得出F與物塊P的位移x的關(guān)系式，再選擇圖象。【解答】解：設(shè)物塊P的質(zhì)量為m，加快度為a，靜止時彈簧的壓縮量為x0，彈簧的勁度系數(shù)為k，由力的均衡條件得，mg=kx0，以向上為正方向，木塊的位移為x時彈簧對P的彈力：F1=k（x0﹣x），第8頁（共21頁）對物塊P，由牛頓第二定律得，F(xiàn)+F1﹣mg=ma，由以上式子聯(lián)立可得，F(xiàn)=kx+ma?？梢奆與x是線性關(guān)系，且F跟著x的增大而增大，當(dāng)x=0時，kx+ma＞0，故A正確，BCD錯誤。應(yīng)選：A?！驹u論】解答此題的重點是要依據(jù)牛頓第二定律和胡克定律獲取F與x的分析式，再選擇圖象，這是常用的思路，要注意物塊P的位移與彈簧形變量其實不相等。3．【剖析】對小球C受力剖析，依據(jù)庫侖定律，與矢量的合成法例，聯(lián)合幾何關(guān)系，及三角知識，即可求解?！窘獯稹拷猓阂罁?jù)同種電荷相斥，異種電荷相吸，且小球c所受庫侖力的協(xié)力的方向平行于a，b的連線，可知，a，b的電荷異號，對小球C受力剖析，以以下圖所示：因ab=5cm，bc=3cm，ca=4cm，所以ac⊥bc，那么兩力的合成組成矩形，依照相像三角形之比，則有：==；而依據(jù)庫侖定律，F(xiàn)a=k，而bF=k綜上所得，=，故ABC錯誤，D正確；應(yīng)選：D?！驹u論】考察庫侖定律與矢量的合成法例，掌握幾何關(guān)系，與三角形相像比的運用，注意小球C的協(xié)力方向可能向左，不影響解題的結(jié)果。第9頁（共21頁）4．【剖析】再依據(jù)法拉第電磁感覺定律，即可求出電動勢，而后聯(lián)合閉合電路歐姆定律求得感覺電流大??；依照電量的表達(dá)式q=It求出即可?！窘獯稹拷猓涸O(shè)圓的半徑為R，金屬桿從Q到S的過程中：△Φ=依據(jù)法拉第電磁感覺定律有：E1==設(shè)回路的總電阻為r，第一次經(jīng)過線圈某一橫截面的電荷量為：q1=I1△t1==①磁感覺強(qiáng)度的大小以必定的變化率從B增添到B′的過程中設(shè)時間為△t2，△Φ′=第二次經(jīng)過線圈某一橫截面的電荷量為：q2=I2△t2==②由題，q1=q2③聯(lián)立①②③可得：．故B正確，ACD錯誤，應(yīng)選：B?！驹u論】考察法拉第電磁感覺定律與切割感覺電動勢的公式，掌握求解線圈的電量綜合表達(dá)式的含義是重點。5．【剖析】依據(jù)動能定理求出小球在c點的速度，再依據(jù)豎直上拋運動求解達(dá)到最高點的時間，依據(jù)水平方向的運動規(guī)律求解走開c后達(dá)到最高點時的水平位移，依據(jù)功能關(guān)系求解機(jī)械能的增添?！窘獯稹拷猓河深}意知水平拉力為：F=mg；設(shè)小球達(dá)到c點的速度為v，從a到c依據(jù)動能定理可得：F?3R﹣mgR=解得：v=；小球走開c點后，豎直方向做豎直上拋運動，水平方向做初速度為零的勻加快直線運動，設(shè)小球從c點達(dá)到最高點的時間為t，則有：t==；第10頁（共21頁）此段時間內(nèi)水平方向的位移為：x===2R，所以小球從a點開始運動到其軌跡最高點，小球在水平方向的位移為：L=3R+2R=5R，此過程中小球的機(jī)械能增量為：△E=FL=mg×5R=5mgR。故C正確、ABD錯誤。應(yīng)選：C?！驹u論】此題主假如考察功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律的守恒條件是系統(tǒng)除重力或彈力做功之外，其余力對系統(tǒng)做的功等于零；除重力或彈力做功之外，其余力對系統(tǒng)做多少功，系統(tǒng)的機(jī)械能就變化多少；注意此題所求的是“小球從a點開始運動到其軌跡最高點”，不是從a到c的過程，這是易錯點。6．【剖析】干電池通電的瞬時，在左線圈中產(chǎn)生感覺電流，依據(jù)楞次定律判斷出感覺電流的方向，聯(lián)合安培定章得出直導(dǎo)線四周磁場的方向，進(jìn)而確立指南針的偏轉(zhuǎn)方向。同應(yīng)當(dāng)開關(guān)斷開后，左邊線圈的磁場從有到無，進(jìn)而依據(jù)楞次定律判斷出感覺電流的方向，聯(lián)合安培定章得出直導(dǎo)線四周磁場的方向，進(jìn)而確立指南針的偏轉(zhuǎn)方向。【解答】解：A、干電池開封閉合后的瞬時，依據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由南到北，依據(jù)安培定章，直導(dǎo)線上方的磁場方向垂直紙面向里，則小磁針N極向紙里偏轉(zhuǎn)，故A正確。BC、干電池開封閉歸并保持一段時間后，依據(jù)安培定章，可知，左邊線圈中有磁通量，卻不變，所以左邊線圈中不會產(chǎn)生感覺電流，那么小磁針也不會偏轉(zhuǎn)，故BC錯誤。D、干電池開封閉歸并保持一段時間再斷開后的瞬時，由A選項剖析，可知，根據(jù)楞次定律，左邊線圈中產(chǎn)生電流，電流的方向由北到南，依據(jù)安培定章，直導(dǎo)線上方的磁場方向垂直紙面向外，則小磁針N極朝垂直紙面向外的方向轉(zhuǎn)動，故D正確；應(yīng)選：AD?！驹u論】此題考察了楞次定律和安培定章的基本運用，知道小磁針靜止時N極第11頁（共21頁）的指向為磁場的方向，同時掌握感覺電流產(chǎn)生的條件。7．【剖析】雙星系統(tǒng)靠互相間的萬有引力供給向心力，聯(lián)合牛頓第二定律求出雙星總質(zhì)量與雙星距離和周期的關(guān)系式，進(jìn)而剖析判斷。聯(lián)合周祈求出雙星系統(tǒng)旋轉(zhuǎn)的角速度和線速度關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L=400km=4×105m，依據(jù)萬有引力供給向心力可知：2=m1r1ω2，=m2r2ω整理可得：=，解得質(zhì)量之和（m12）+m=，此中周期T=s，故A錯誤、B正確；CD、因為T=s，則角速度為：ω==24πrad/s，這是公轉(zhuǎn)角速度，不是自轉(zhuǎn)角速度依據(jù)v=rω可知：v1=r1ω，v2=r2ω解得：v1+v2=（r1+r2）ω=Lω=9.6×π106m/s，故C正確，D錯誤。應(yīng)選：BC?！驹u論】此題實質(zhì)是雙星系統(tǒng)，解決此題的重點知道雙星系統(tǒng)的特色，即周期相等、向心力大小相等，聯(lián)合牛頓第二定律剖析求解。8．【剖析】依據(jù)只有電場力做功，動能與電勢能之和不變，當(dāng)電場力做負(fù)功時，動能轉(zhuǎn)變?yōu)殡妱菽?，在電勢為零處，電勢能為零，進(jìn)而即可一一求解?！窘獯稹拷猓篈、虛線a、b、c、d、f代表勻強(qiáng)電場內(nèi)間距相等的一組等勢面，第12頁（共21頁）一電子經(jīng)過a時的動能為10eV，從a到d的過程中戰(zhàn)勝電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增添了6eV，所以等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，因為電子的電勢能增添，等勢面由a到f是降低的，所以平面c上的電勢為零，故A正確；B、由上剖析，可知，當(dāng)電子由a向f方向運動，則電子抵達(dá)平面f的動能為2eV，因為題目中沒有說明電子怎樣運動，所以也可能電子在勻強(qiáng)電場中做拋體運動，則可能不會抵達(dá)平面f，故B正確；C、在平面b上電勢為2V，則電子的電勢能為﹣2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當(dāng)電子經(jīng)過平面d時，動能為4eV，其電勢能為2eV，故C錯誤；D、電子經(jīng)過平面b時的動能是平面d的動能2倍，電子經(jīng)過平面b時的速率是經(jīng)過d時的倍，故D錯誤；應(yīng)選：AB?！驹u論】考察電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的重點。二、非選擇題：共174分。第9～12題為必考題，每個試題考生都一定作答。第13～16題為選考題.考生依據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分.9．【剖析】向讀出游標(biāo)卡尺主尺的讀數(shù)，而后讀出與主尺對齊的刻度線，即可依據(jù)游標(biāo)的分度為0.05mm獲取分度尺讀數(shù)，進(jìn)而相加獲取游標(biāo)卡尺讀數(shù)；依據(jù)兩次游標(biāo)卡尺讀數(shù)獲取增添砝碼后彈簧伸長量的增量，進(jìn)而由彈簧彈力增量和伸長量的增量獲取勁度系數(shù)?！窘獯稹拷猓簣D（b）中主尺讀數(shù)為3.7cm，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為0.05mm×15=0.75mm，故讀數(shù)為3.7cm+0.75mm=3.775cm；由題意可得：托盤內(nèi)放質(zhì)量m=0.100kg的砝碼，彈簧伸長量△x=3.775cm﹣1.950cm=1.825cm；依據(jù)受力剖析可得：mg=k△x，故彈簧的勁度系數(shù)；第13頁（共21頁）故答案為：3.775；53.7?！驹u論】游標(biāo)卡尺的分度尺刻線為n（10，20，50）時，游標(biāo)的分度為1/n（mm），那么，游標(biāo)讀數(shù)依據(jù)對齊的刻度線和分度相乘求得；主尺讀數(shù)為零刻度線前一刻線的讀數(shù)。10．【剖析】（1）依據(jù)實驗原理圖以及實驗安全性要求可明確滑片對應(yīng)的地點；2）依據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖象以下圖；3）依據(jù)作出的圖象進(jìn)行剖析，由圖可找出對應(yīng)的電阻值；4）依據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可明確對應(yīng)的電阻值，再依據(jù)圖象確立對應(yīng)的溫度?！窘獯稹拷猓海?）由圖可知，滑動變阻器采納限流接法，實驗開始時應(yīng)讓電路中電流最小，所以滑動變阻器接入電阻應(yīng)為最大，故開始時滑片應(yīng)挪動到b端；（2）依據(jù)描點法可得出對應(yīng)的圖象以下圖；3）由圖b可知，當(dāng)t=44.0℃時，對應(yīng)在的坐標(biāo)約為450Ω；可得：RT=450Ω；4）依據(jù)電阻箱的讀數(shù)方法可知，電阻箱的讀數(shù)為：6×100+2×10=620.0Ω，由圖可知對應(yīng)的溫度為33.0℃；故答案為：（1）b；（2）以下圖；（3）450.0；（4）620.0；33.0。【評論】此題考察電學(xué)中描述圖象和應(yīng)用圖象的能力，只要要明確圖象的基天性質(zhì)即可正確解答，是歷年高考電學(xué)實驗中較為簡單的一題。11．【剖析】（1）煙花彈從地面開始上漲的過程中做豎直上拋運動，由速度時間公式第14頁（共21頁）求上漲的時間。2）研究爆炸過程，由動量守恒定律和能量守恒定律聯(lián)合求爆炸后瞬時兩部分的速度，再由運動學(xué)求最大高度。【解答】解：（1）設(shè)煙花彈的初速度為v0．則有：E=得：v0=煙花彈從地面開始上漲的過程中做豎直上拋運動，則有：v0﹣gt=0得：t=（2）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸上漲的高度為：h1==關(guān)于爆炸過程，取豎直向上為正方向，由動量守恒定律得：0=mv1﹣mv2。依據(jù)能量守恒定律得：E=mv12+mv22。聯(lián)立解得：v1=爆炸后煙花彈向上運動的部分能持續(xù)上漲的最大高度為：h2==所以爆炸后煙花彈向上運動的部分距地面的最大高度為：h=h1+h2=答：（1）煙花彈從地面開始上漲到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時間是；（2）爆炸后煙花彈向上運動的部分距地面的最大高度是?！驹u論】剖析清楚煙花彈的運動過程，掌握每個過程的物理規(guī)律是解題的重點。要知道爆炸過程內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)恪守兩大守恒定律：動量守恒定律與能量守恒定律，解題時要注意選擇正方向。12．【剖析】（1）H在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律求出H第一次進(jìn)入磁場時到O點的距離。（2）H在磁場中做圓周運動，洛倫茲力供給向心力，求出H的軌道半徑，第15頁（共21頁）應(yīng)用牛頓第二定律求出磁感覺強(qiáng)度。（3）H在電場中做類平拋運動，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律能夠求出H第一次離開磁場的地點到原點O的距離?！窘獯稹拷猓海?）H在電場中做類平拋運動，水平方向：x1=v1t1，豎直方向：h=a1t12，粒子進(jìn)入磁場時豎直分速度：vy=a1t1=v1tan60°，解得：x1=h；（2）H在電場中的加快度：a1=，H進(jìn)入磁場時的速度：v=，在磁場中做圓周運動，運動軌跡以下圖：由幾何知識得：x1=2r1sin60，°在磁場中做勻速圓運動，洛倫茲力供給向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得：B=；（3）由題意可知：H和H的初動能相等，即：mv12=?2mv22，由牛頓第二定律得：qE=2ma2，在電場中做類平拋運動，水平方向：x2=v2t2，豎直方向：h=a2t22，第16頁（共21頁）H進(jìn)入磁場時的速度：v′=，sinθ′==，解得：x2=x1，θ′=θ=60，v′°v，H在磁場中做圓周運動，圓周運動的軌道半徑：r′==r，射出點在原點左邊，H進(jìn)入磁場的入射點到第一次走開磁場的出射點間的距離：x2′=2r′，θ′sinH第一次走開磁場時的地點距離O點的距離為：d=x2′﹣x2，解得：d=；答：（1）H第一次進(jìn)入磁場的地點到原點O的距離為h；（2）磁場的磁感覺強(qiáng)度大小為；（3）H第一次走開磁場的地點到原點O的距離。【評論】此題考察了帶電粒子在勻強(qiáng)電場與勻強(qiáng)磁場中的運動，粒子在電場中做類平拋運動、在磁場中做勻速圓周運動，剖析清楚粒子運動過程與運動性質(zhì)是解題的前提與重點，應(yīng)用類平拋運動規(guī)律、牛頓第二定律即可解題，解題時注意幾何知識的應(yīng)用。三、選考題：共45分.請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答.假如多做，則每科按所做的第一題計分.[物理--選修3-3]（15分）13．【剖析】過程①中氣體作等容變化，依據(jù)查理定律剖析壓強(qiáng)的變化。過程②中氣體對外界做正功。過程④中氣體作等容變化，依據(jù)溫度的變化剖析氣體內(nèi)能的變化，由熱力學(xué)第必定律剖析吸放熱狀況。必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度相關(guān)。依據(jù)氣態(tài)方程剖析狀態(tài)d與b的壓強(qiáng)關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、過程①中氣體作等容變化，溫度高升，依據(jù)查理定律=c知氣體的壓強(qiáng)漸漸增大，故A錯誤。第17頁（共21頁）B、過程②中氣體的體積增大，氣體對外界做正功，故B正確。C、過程④中氣體作等容變化，氣體不做功，溫度降低，氣體的內(nèi)能減少，依據(jù)熱力學(xué)第必定律△U=W+Q知氣體向外界放出了熱量，故C錯誤。D、狀態(tài)c、d的溫度相等，依據(jù)必定質(zhì)量的理想氣體的內(nèi)能只跟溫度相關(guān)，可知，狀態(tài)c、d的內(nèi)能相等。故D正確。E、連結(jié)bO和dO，依據(jù)數(shù)學(xué)知識可知，狀態(tài)d的值大于狀態(tài)b的值，依據(jù)氣態(tài)方程=c知狀態(tài)d的壓強(qiáng)比狀態(tài)b的壓強(qiáng)小，故E正確。應(yīng)選：BDE?！驹u論】此題主要考察了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學(xué)第必定律，要能夠依據(jù)溫度判氣絕體內(nèi)能的變化；在應(yīng)用熱力學(xué)第必定律時必定要注意各量符號的意義；△U為正表示內(nèi)能變大，Q為正表示物體吸熱；W為正表示外界對物體做功。14．【剖析】液體遲緩地流入汽缸的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化。對兩部分氣體分別運用玻意耳定律列式，可求得活塞再次均衡后上下兩部分氣體的壓強(qiáng)，再對活塞，由均衡條件列式，可求得流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量?！窘獯稹拷猓涸O(shè)活塞再次均衡后，活塞上方氣體的體積為V1，壓強(qiáng)為p1；下方氣體的體積為V2，壓強(qiáng)為p2．在活塞下移的過程中，活塞上、下兩部分氣體的溫度均保持不變，作等溫變化，由玻意耳定律得：對上部分氣體有p0=p1V1對下部分氣體有p0=p2V2由已知條件得V1=﹣=V第18頁（共21頁）V2=﹣=設(shè)活塞上方液體的質(zhì)量為m，由力的均衡條件得p2S=p1S+mg聯(lián)立以上各式得m=答：流入汽缸內(nèi)液體的質(zhì)量是?！驹u論