2016年3月份百題精練（2）物理試題（一）1．在物理學(xué)理論成立的過(guò)程中，有很多偉大的科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)。對(duì)于科學(xué)家和他們的貢獻(xiàn)，以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是（）A．亞里士多德依據(jù)理想斜面實(shí)驗(yàn)，提賣(mài)力不是保持物體運(yùn)動(dòng)的原由B．牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，并設(shè)計(jì)了扭秤丈量出了引力常量C．庫(kù)侖經(jīng)過(guò)扭秤實(shí)驗(yàn)確認(rèn)了真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的互相作用規(guī)律D．法拉第經(jīng)過(guò)實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線(xiàn)能產(chǎn)生磁場(chǎng)2．圖象法能夠形象直觀地描繪物體的運(yùn)動(dòng)狀況.對(duì)于下邊兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的位移-時(shí)間圖象和速度-時(shí)間圖象,剖析結(jié)果正確的選項(xiàng)是( )A.由圖(1)可知,質(zhì)點(diǎn)做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng),且速度漸漸增大B.由圖(1)可知,質(zhì)點(diǎn)在前10s內(nèi)的均勻速度大小為4m/sC.由圖(2)可知,質(zhì)點(diǎn)在第4s內(nèi)加快度的方向與物體運(yùn)動(dòng)的方向相反D.由圖(2)可知,質(zhì)點(diǎn)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,加快度的最大值為15m/s23．如圖甲所示，質(zhì)量為4kg的物體在水平推力作用下開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，推力大小F隨位移大小x變化的狀況如圖乙所示，物體與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5，g取10m/s2，則（）F/N．物體先做加快運(yùn)動(dòng)，推力撤去才開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)B．物體在水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是10mC．物體運(yùn)動(dòng)的最大速度為20m/sD．物體在運(yùn)動(dòng)中的加快度先變小后不變

100F甲0乙4x/m4．如下圖，在粗拙水平面上擱置A、B、C、D四個(gè)小物塊，各小物塊之間由A四根完整同樣的輕橡皮繩互相連結(jié)，正好構(gòu)成一個(gè)菱形，ABC=60°，整個(gè)系統(tǒng)保持靜止?fàn)顟B(tài)。已知D物塊所受的摩擦力大小為F，則A物塊所受D60oB的摩擦力大小為( )C第16題圖3B．F3D．2FA．FC．F325．據(jù)報(bào)導(dǎo),近來(lái)在太陽(yáng)系外發(fā)現(xiàn)了首顆“宜居”行星，其質(zhì)量約為地球質(zhì)量的6.4倍，一個(gè)在地球表面重量為600N的人在這個(gè)行星表面的重量將變成960N，由此可推知,該行星的半徑與地球半徑之比約為( )B.1C.2D.46．盤(pán)旋加快器是獲取高能量帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻溝通電源的兩極相連結(jié)的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在經(jīng)過(guò)狹縫時(shí)都能獲取加快，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如下圖，對(duì)于盤(pán)旋加快器的以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是（）A、加快電壓越大，帶電粒子從D形盒射出時(shí)的動(dòng)能越大B、帶電粒子從D形盒射出時(shí)動(dòng)能與磁場(chǎng)的強(qiáng)弱沒(méi)關(guān)C、交變電場(chǎng)的周期應(yīng)為帶電粒子做圓周運(yùn)動(dòng)周期的二倍D、用同一盤(pán)旋加快器分別加快不一樣的帶電粒子，一般要調(diào)理交變電場(chǎng)的頻次7．如圖甲所示，物體遇到水平推力F的作用在粗拙水平面上做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．經(jīng)過(guò)力傳感器和速度傳感器監(jiān)測(cè)到推力F、物體速度v隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示．取g＝10m/s2.則( )A．物體的質(zhì)量m＝1.0kgB．物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.20C．第2s內(nèi)物體戰(zhàn)勝摩擦力做的功W＝2.0JD．前2s內(nèi)推力F做功的均勻功率P＝1.5W8．如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為5:1，原線(xiàn)圈輸入如圖乙所示的電壓，副線(xiàn)圈接火災(zāi)報(bào)警系統(tǒng)（報(bào)警器未畫(huà)出），電壓表和電流表均為理想電表，R0為定值電阻，R為半導(dǎo)體熱敏電阻（其阻值隨溫度的高升而減?。韵抡f(shuō)法中正確的選項(xiàng)是（）甲乙A．圖乙中電壓的有效值為1102VB．電壓表的示數(shù)為44VC．R處出現(xiàn)火警時(shí)，電流表示數(shù)增大D．R處出現(xiàn)火警時(shí)，電阻R0耗費(fèi)的電功率增大9．如下圖，虛線(xiàn)表示某電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰面間的電勢(shì)差相等．一重力不計(jì)、帶負(fù)電的粒子從左邊進(jìn)入電場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡與三個(gè)等勢(shì)面分別交于、、c三點(diǎn)，則:( )abA．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)比b點(diǎn)的電勢(shì)高B．粒子在c點(diǎn)的加快度為零C．粒子從a到時(shí)c電勢(shì)能不停增添D．粒子從a到b戰(zhàn)勝電場(chǎng)力做功大于從b到c戰(zhàn)勝電場(chǎng)力做功10．兩根足夠長(zhǎng)的圓滑導(dǎo)軌豎直擱置，間距為L(zhǎng)，底端接阻值為R的電阻。將質(zhì)量為m的金屬棒懸掛在一個(gè)固定的輕彈簧下端，金屬棒和導(dǎo)軌接觸優(yōu)秀，導(dǎo)軌所在平面與磁感覺(jué)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直，如下圖。除電阻R外其他電阻不計(jì)?，F(xiàn)將金屬棒從彈簧原長(zhǎng)地點(diǎn)由靜止開(kāi)釋。則（）A．開(kāi)釋瞬時(shí)金屬棒的加快度等于重力加快度gB．金屬棒向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閍→bC．金屬棒的速度為v時(shí)．所受的安培力大小為F=B2L2vRD．電阻R上產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢(shì)能的減少許（二）一、選擇題（12小題，每題4分，合計(jì)48分。）1．一個(gè)人站立在商鋪的自動(dòng)扶梯的水平踏板上，隨扶梯向上加快，如下圖，則（）A．踏板對(duì)人做的功等于人的機(jī)械能增添量B．人對(duì)踏板的壓力大小等于人所遇到的重力大小C．人只受重力和踏板的支持力的作用D．人所受協(xié)力做的功等于人的動(dòng)能的增添量2．如下圖，物體A、B的質(zhì)量都為m．現(xiàn)用手托著物體A使彈簧處于原長(zhǎng)，細(xì)繩恰巧豎直挺直，A與地面的距離為h，物體B靜止在地面上．松手后物體A著落，與地面馬上接觸時(shí)速度大小為v，此時(shí)物體B對(duì)地面恰巧無(wú)壓力，設(shè)物體A落地后不反彈．則以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是（）A．A落地時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能等于

mgh﹣

mvB．彈簧的勁度系數(shù)為C．與地面馬上接觸時(shí)A的加快度大小為g，方向豎直向上D．物體A落地后B能上漲到的最大高度為h3．一質(zhì)最m=3kg的物體在水平推力F的作用下沿水平面做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后撤去其運(yùn)動(dòng)的v﹣t圖象如下圖．取g=10m/s2，則（）

F，A．在B．在

0﹣6s內(nèi)，協(xié)力的均勻功率為6s﹣10s內(nèi)，協(xié)力對(duì)物體做功為

16W96JC．物體所受的水平推力F=9N24．如下圖，一個(gè)質(zhì)量為M的物體放在水平川面上，物體上方安裝一個(gè)長(zhǎng)度為L(zhǎng)、勁度系數(shù)為k的輕彈簧，現(xiàn)用手拉著彈簧上端的P點(diǎn)遲緩向上挪動(dòng)，直到物體走開(kāi)地面一段距離．在這一過(guò)程中，P點(diǎn)的位移（開(kāi)始時(shí)彈簧為原長(zhǎng)）是H，則物體重力勢(shì)能增添了（）A．MgH

B．MgH+

C．MgH﹣

D．MgH﹣5．水平路面上的汽車(chē)以恒定功率恰巧達(dá)到最大，在t時(shí)間內(nèi)（

P做加快運(yùn)動(dòng)，所受阻力恒定，經(jīng)過(guò)時(shí)間）

t，汽車(chē)的速度A．汽車(chē)做勻加快直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)B．汽車(chē)加快度愈來(lái)愈大C．汽車(chē)戰(zhàn)勝阻力做的功等于

PtD．汽車(chē)戰(zhàn)勝阻力做的功小于

Pt6．塔吊吊起貨物沿豎直方向勻速上漲過(guò)程中，鋼絲繩對(duì)貨物的拉力及其功率變化說(shuō)法正確的選項(xiàng)是（）A．拉力增大，功率不變

B．拉力不變，功率變大C．拉力減小，功率變大7．溜溜球是一種流行的健身玩具，對(duì)稱(chēng)的左右兩輪經(jīng)過(guò)固定軸連結(jié)圓筒，圓筒上系一條長(zhǎng)約1m

D．拉力不變，功率不變擁有很濃的興趣性，備受學(xué)生的歡迎．溜溜球近似”滾擺”，（兩輪均用透明塑料制成），軸上套一個(gè)能夠自由轉(zhuǎn)動(dòng)的的棉線(xiàn)，玩時(shí)手掌向下，使勁向正下方擲出溜溜球，當(dāng)滾到最低處時(shí)，輕抖手段，向上拉一下繩線(xiàn)，溜溜球?qū)⒎祷氐侥愕氖稚?，如下圖．溜溜球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）A．一邊轉(zhuǎn)動(dòng)一邊向下運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橹亓ψ龉Γ锪锴蛟睫D(zhuǎn)越快，動(dòng)能不停增大，溜溜球的勢(shì)能轉(zhuǎn)變成動(dòng)能B．在溜溜球上下運(yùn)動(dòng)中，因?yàn)榘l(fā)生動(dòng)能和勢(shì)能的互相轉(zhuǎn)變，所以機(jī)械能守恒C．在溜溜球上下運(yùn)動(dòng)中，因?yàn)榭諝庾枇屠K索與固定軸之間摩擦力的作用，會(huì)損失一部分機(jī)械能D．在溜溜球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)繩索要開(kāi)始向上環(huán)繞時(shí)，輕抖手段，向上拉一下繩索，給溜溜球供給能量8．如圖中所示虛線(xiàn)表示等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面間的電勢(shì)差相等，有一帶正電的小球在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，實(shí)線(xiàn)表示該小球的運(yùn)動(dòng)軌跡．小球在a點(diǎn)的動(dòng)能等于20eV，b點(diǎn)的動(dòng)能等于2eV．若取c點(diǎn)為零電勢(shì)點(diǎn)，則當(dāng)這個(gè)帶電小球的電勢(shì)能等于6eV時(shí)（不計(jì)重力和空氣阻力），它的動(dòng)能等于（）A．16eV

B．8eV

C．6eV

D．4eV9．如圖，圓滑斜面PMNQ的傾角為θ，斜面上擱置一矩形導(dǎo)體線(xiàn)框abcd，此中ab邊長(zhǎng)為l1，bc邊長(zhǎng)為l2，線(xiàn)框質(zhì)量為m、電阻為R，有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感覺(jué)強(qiáng)度為B，方向垂直于斜面向上，ef為磁場(chǎng)的界限，且ef∥MN．線(xiàn)框在恒力F作用下從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，其ab邊一直保持與底邊MN平行，Ｆ沿斜面向上且與斜面平行．已知線(xiàn)框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，則以下判斷正確的選項(xiàng)是FmgsinA．線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)前的加快度為m(Fmgsin)RB．線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度為2l12BC．線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有a→b→c→d方向的感覺(jué)電流D．線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為（F-mgsinθ）l110．如圖，一有界地區(qū)內(nèi)，存在著磁感覺(jué)強(qiáng)度大小均為B，方向分別垂直于圓滑水平桌面向下和向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)寬度均為L(zhǎng)?，F(xiàn)有一邊長(zhǎng)為2L的正方形線(xiàn)框abcd，在外2力作用下，保持ac垂直磁場(chǎng)邊沿，并以沿x軸正方向的速度水平勻速地經(jīng)過(guò)磁場(chǎng)地區(qū)，若以逆時(shí)針?lè)较驗(yàn)殡娏髡较颍聢D中能反映線(xiàn)框中感覺(jué)電流變化規(guī)律的圖是( )11．用均勻?qū)Ь€(xiàn)做成的單匝正方形線(xiàn)框，每邊長(zhǎng)為0.2米，正方形的一半放在和紙面垂直向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖示，當(dāng)磁場(chǎng)以差是：（）

20T/s的變化率加強(qiáng)時(shí)，線(xiàn)框中點(diǎn)a、b兩點(diǎn)電勢(shì)A．Uab＝0.2VB．Uab＝－0.2VC．Uab＝0.4VD．Uab＝－0.4V12．如圖，一導(dǎo)線(xiàn)彎成半徑為a的半圓形閉合回路，虛線(xiàn)MN右邊有磁感覺(jué)強(qiáng)度為磁場(chǎng)，方向垂直于回路所在的平面?；芈芬运俣葀向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，直徑

B的勻強(qiáng)CD一直與MN

垂直。從

D點(diǎn)抵達(dá)界限開(kāi)始到

C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)為止，以下結(jié)論正確的選項(xiàng)是（

）A．感覺(jué)電流方向不變B．CD段直線(xiàn)一直不受安培力C．感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)最大值E＝BavD．感覺(jué)電動(dòng)勢(shì)均勻值E1Bav4參照答案（一）1

2

3

4

5

6

7

8

9

10C

D

B

A

C

D

CD

ACD

AC

AC（二）1．AD【分析】試題剖析：自動(dòng)扶梯上的人隨扶梯斜向上做加快運(yùn)動(dòng)，人的加快度斜向上，將加快度分解到水平易豎直方向，依據(jù)牛頓第二定律即可求解．除重力以外的力對(duì)物體做的功，等于物體機(jī)械能的變化量，而合外力對(duì)人做的功等于人動(dòng)能的增添量．解：A、除重力以外的力對(duì)物體做的功，等于物體機(jī)械能的變化量，所以踏板對(duì)人做的功等于人的機(jī)械能增添量，故A正確；B、人的加快度斜向上，將加快度分解到水平易豎直方向得：ax=acosθ，方向水平向右；ay=asinθ方向豎直向上，，水平方向受靜摩擦力作用，f=ma=macosθ，水平向右，豎直方向受重力和支持力，F(xiàn)N﹣mg=masinθ，所以FN＞mg，故BC錯(cuò)誤；D、由動(dòng)能定理可知，人所受協(xié)力做的功等于人的動(dòng)能的增添量，故D正確；應(yīng)選：AD．【評(píng)論】解決此題時(shí)能夠把加快度進(jìn)行分解，聯(lián)合牛頓第二定律求解，難度適中．同時(shí)學(xué)會(huì)由運(yùn)動(dòng)去受力剖析，并掌握功與能的關(guān)系．注意重力做功必致使重力勢(shì)能變化；除重力以外的力做功，必致使系統(tǒng)機(jī)械能變化；協(xié)力做功必致使動(dòng)能變化．2．AB【分析】試題剖析：由題，物體B對(duì)地面恰巧無(wú)壓力時(shí)，物體A著落高度為h，則知此時(shí)彈簧所受的拉力大小等于B的重力mg，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為h，由胡克定律F=kx求解彈簧的勁度系數(shù)．A與彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可求解求得彈簧的彈性勢(shì)能．此時(shí)物體B的速度為零．依據(jù)牛頓第二定律求出A的加快度．解：A、A與彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有：mgh=

+Ep，則彈簧的彈性勢(shì)能：

Ep=mgh﹣

．故

A正確；B、由題可知，此時(shí)彈簧所受的拉力大小等于

B的重力，即

F=mg，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度為

x=h，由F=kx得，k=

，故

B正確；C、依據(jù)牛頓第二定律對(duì)A有：F﹣mg=ma，得D、物體A落地后B能上漲到的最大高度小于

a=0，故C錯(cuò)誤；h．故D錯(cuò)誤．應(yīng)選：AB【評(píng)論】此題是含有彈簧的問(wèn)題，運(yùn)用胡克定律、機(jī)械能守恒和牛頓第二定律進(jìn)行研究，重點(diǎn)要抓住物體B對(duì)地面恰巧無(wú)壓力，確立出彈簧的彈力．3．C【分析】試題剖析：依據(jù)速度﹣時(shí)間圖象可知：0﹣6s內(nèi)有水平推力F的作用，物體做勻加快直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)；6s﹣10s內(nèi)，撤去F后只在摩擦力作用下做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，可依據(jù)圖象分別求出加快度和位移，再依據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)基本公式及牛頓第二定律求解力．在v﹣t圖象中與時(shí)間軸所圍面積即為物體運(yùn)動(dòng)位移，由P=求的功率解：A、在外力作用下的加快度為撤去外力后的加快度為撤去外力后f=ma2=3×（﹣2）N=﹣6N施加的外力為F+f=ma1F=﹣f+ma1=﹣（﹣6）+3×1N=9N0﹣6s內(nèi)的位移為x==30m故協(xié)力均勻功率為，故AD錯(cuò)誤，C正確；B、在6s﹣10s內(nèi)，位移為x協(xié)力做功為W=fx′=﹣6×16J=﹣96J，故B錯(cuò)誤；應(yīng)選：C【評(píng)論】此題是速度﹣﹣時(shí)間圖象的應(yīng)用，要明確斜率的含義，知道在速度﹣﹣時(shí)間圖象中圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積的含義，能依據(jù)圖象讀取實(shí)用信息，并聯(lián)合勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)基本公式及牛頓第二定律求解，再依據(jù)P=求的功率．屬于中檔題．4．C【分析】試題剖析：知道手拉著彈簧上端P點(diǎn)遲緩向上挪動(dòng)，能夠當(dāng)作物體是處于均衡狀態(tài)．依據(jù)胡克定律求出彈簧的形變量，再求出物體上漲的高度．解：手拉著彈簧上端P點(diǎn)遲緩向上挪動(dòng)，能夠當(dāng)作物體是處于均衡狀態(tài)．依據(jù)胡克定律得：彈簧的伸長(zhǎng)量△x=在這一過(guò)程中，P點(diǎn)的位移是h．所以物體上漲的高度為H﹣所以物體重力勢(shì)能的增添量為應(yīng)選C．【評(píng)論】能夠經(jīng)過(guò)問(wèn)題情境剖析找出一些條件，分清P點(diǎn)的位移和物體的位移關(guān)系．5．D【分析】試題剖析：依據(jù)汽車(chē)的受力，聯(lián)合P=Fv，抓住功率不變，判斷牽引力的變化．聯(lián)合物體的受力，經(jīng)過(guò)牛頓第二定律判斷加快度的變化，依據(jù)W=Pt求解牽引力做功的大小，進(jìn)而判斷阻力做功．解：A、依據(jù)

P=Fv知，因?yàn)樗俣仍龃?，則牽引力減小，依據(jù)牛頓第二定律得：

a=

知，加快度減小，做加快度減小的加快運(yùn)動(dòng)．故AB錯(cuò)誤．C、因?yàn)楣β什蛔?，則牽引力做功W=Pt，經(jīng)過(guò)動(dòng)能定理知，牽引力與阻力的協(xié)力功等于動(dòng)能的變化量，阻力做功小于Pt，故D正確，C錯(cuò)誤．應(yīng)選：D．【評(píng)論】解決此題的重點(diǎn)會(huì)依據(jù)物體的受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，汽車(chē)以恒定功率啟動(dòng)，先做加快度漸漸減小的加快運(yùn)動(dòng)，加快度減小到零后，做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)．6．D【分析】試題剖析：依據(jù)貨物做勻速上漲得出拉力的大小，依據(jù)解：因?yàn)樨浳镒鰟蛩偕蠞q，知F=mg，則拉力不變，依據(jù)

P=Fv判斷拉力功率的變化．P=Fv知，拉力功率不變．故

D正確，A、B、C錯(cuò)誤．應(yīng)選：

D．【評(píng)論】此題考察了功率公式的基本運(yùn)用，知道P=Fv，聯(lián)合F和v的變化判斷功率的變化．7．ACD【分析】試題剖析：溜溜球上下運(yùn)動(dòng)中，動(dòng)能和勢(shì)能不停的轉(zhuǎn)變，因?yàn)槟Σ?，機(jī)械能會(huì)消耗，故人要經(jīng)過(guò)做功增補(bǔ)機(jī)械能．解：A、溜溜球一邊轉(zhuǎn)動(dòng)一邊向下運(yùn)動(dòng)，因?yàn)橹亓ψ龉?，溜溜球越轉(zhuǎn)越快，動(dòng)能不停增大，溜溜球的勢(shì)能一部分轉(zhuǎn)變成動(dòng)能，一部分經(jīng)過(guò)戰(zhàn)勝摩擦轉(zhuǎn)變成內(nèi)能，故A正確；B、C、溜溜球上下運(yùn)動(dòng)中，因?yàn)槟Σ?，機(jī)械能會(huì)消耗，故

B錯(cuò)誤，

C正確；D、在溜溜球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)繩索要開(kāi)始向上環(huán)繞時(shí)，輕抖手段，向上拉一下繩索，給溜溜球提供能量，保證其能夠返回最高點(diǎn)，故D正確；應(yīng)選：ACD．【評(píng)論】此題重點(diǎn)是明確溜溜球運(yùn)動(dòng)過(guò)程的受力狀況和能量轉(zhuǎn)變狀況，明確功能關(guān)系，基礎(chǔ)題目．8．B【分析】試題剖析：解決此題需掌握：小球只受電場(chǎng)力時(shí)，小球的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；正確判斷小球在電場(chǎng)中所受電場(chǎng)力方向以及電場(chǎng)力做功狀況．解：小球自a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功：Wab=2eV﹣20eV=﹣18eV①因?yàn)橄噜弮傻葎?shì)面的電勢(shì)差相等，故電勢(shì)差的大小關(guān)系有：Uab=1.5Ubc②從b到c電場(chǎng)力做正功，依據(jù)動(dòng)能定理有：Wbc=Ekc﹣Ekb③聯(lián)立①②③可得Ekc=14eV．因?yàn)橹挥须妶?chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能和保持不變，故在c點(diǎn)：E=Ep+Ek=14eV即電勢(shì)能和動(dòng)能之和為8eV，所以當(dāng)電勢(shì)能等于6eV時(shí)動(dòng)能為8eV，應(yīng)選B．【評(píng)論】學(xué)習(xí)電場(chǎng)中的功能關(guān)系時(shí)能夠類(lèi)比在重力場(chǎng)的功能關(guān)系，如只有重力做功，動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變；那么只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變．9．ABC【分析】試題剖析：線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)前，對(duì)整體，依據(jù)牛頓第二定律得：F-mgsinθ=ma,線(xiàn)框的加快度為aFmgsinv，則線(xiàn)框受m．故A正確．設(shè)線(xiàn)框勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小為力均衡，F(xiàn)F安mgsin，而F安=BBl1vB2l12v(Fmgsin)Rl1，解得vB2l12，RR選項(xiàng)B正確；依據(jù)右手定律可知，線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有a→b→c→d方向的感覺(jué)電流，選項(xiàng)C正確;由能量關(guān)系，線(xiàn)框進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生的熱量為力F做的功與線(xiàn)圈重力勢(shì)能增量的差值，即Fl2-mgl2sin，θ選項(xiàng)D錯(cuò)誤；應(yīng)選ABC.考點(diǎn)：牛頓定律、法拉第電磁感覺(jué)定律及能量守恒定律.10．C【分析】試題剖析：線(xiàn)框進(jìn)磁場(chǎng)過(guò)程，磁通量在增大，依據(jù)楞次