文檔來(lái)源網(wǎng)絡(luò)侵權(quán)刪除長(zhǎng)沙市第一中學(xué)2020——2021學(xué)年度高一第二學(xué)期期末考試物理時(shí)量：75分鐘：滿(mǎn)分：100分第Ⅰ卷：選擇題（共48分）一、單選題（本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.下列敘述符合歷史事實(shí)的是（）A.測(cè)出引力常量可計(jì)算地球的質(zhì)量，因而卡文迪什實(shí)驗(yàn)被稱(chēng)為“稱(chēng)量地球的質(zhì)量”B.天王星是在計(jì)算結(jié)果預(yù)言的位置觀(guān)察到的，因而被稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”C.庫(kù)侖不僅發(fā)現(xiàn)了真空中點(diǎn)電荷間的相互作用規(guī)律，還測(cè)出了元電荷的數(shù)值D.趙忠賢發(fā)現(xiàn)了超導(dǎo)現(xiàn)象，并把轉(zhuǎn)變溫度提高到了90K【答案】A【解析】【詳解】A．測(cè)出引力常量可計(jì)算地球的質(zhì)量，因而卡文迪什實(shí)驗(yàn)被稱(chēng)為“稱(chēng)量地球的質(zhì)量”，故A正確；B．海王星是在計(jì)算結(jié)果預(yù)言的位置觀(guān)察到的，因而被稱(chēng)為“筆尖下發(fā)現(xiàn)的行星”，故B錯(cuò)誤；C．庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了真空中點(diǎn)電荷間的相互作用規(guī)律，但是沒(méi)有測(cè)出元電荷的數(shù)值，元電荷的數(shù)值是有美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的，故C錯(cuò)誤；D．趙忠賢沒(méi)有發(fā)現(xiàn)超導(dǎo)現(xiàn)象，只是把轉(zhuǎn)變溫度提高到了90K，荷蘭物理學(xué)家昂里斯發(fā)現(xiàn)了超導(dǎo)現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選A。2.電流的強(qiáng)弱用電流強(qiáng)度（簡(jiǎn)稱(chēng)電流）表示，關(guān)于電流這個(gè)物理量，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流是矢量，其方向與正電荷定向運(yùn)動(dòng)的方向相同B.根據(jù)，電流與通過(guò)導(dǎo)體某橫截面的電荷量成正比，與所用的時(shí)間成反比C.根據(jù)，導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，與導(dǎo)體的電阻成反比D.在國(guó)際單位制中，電流的單位是安培，是導(dǎo)出單位【答案】C【解析】【詳解】A．電流的方向?yàn)檎姾啥ㄏ蜻\(yùn)動(dòng)的方向，但電流的加減遵循代數(shù)加減法而非平行四邊形法則，是標(biāo)量，故A錯(cuò)誤；B．采用的是比值定義法，電流的大小與通過(guò)橫截面的電量、通電時(shí)間無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)歐姆定律可知，電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比、與導(dǎo)體的電阻成反比，故C正確；D．在國(guó)際單位制中，電流的單位是安培，是基本單位，故D錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示是某電場(chǎng)中的幾條電場(chǎng)線(xiàn)，在電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，試比較兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E大小和電勢(shì)φ高低，其中正確的是（）A.EA＞EB，φA＞φB B.EA＞EB，φA＜φBC.EA＜EB，φA＞φB D.EA＜EB，φA＜φB【答案】B【解析】【詳解】電場(chǎng)強(qiáng)度的大小看電場(chǎng)線(xiàn)的疏密程度，電場(chǎng)線(xiàn)越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以EA＞EB；根據(jù)沿著電場(chǎng)線(xiàn)電勢(shì)一定降低，所以φA＜φB。選項(xiàng)B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，皮帶輪甲、乙的半徑之比為2：3，A、B是兩皮帶輪邊緣上的點(diǎn)。假設(shè)皮帶不打滑，當(dāng)皮帶輪勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)（）A.A、B兩點(diǎn)的線(xiàn)速度大小之比為2：3B.A、B兩點(diǎn)的角速度大小之比為1：1C.A、B兩點(diǎn)的加速度大小之比為3：2D.A、B兩點(diǎn)的加速度大小之比為2：3【答案】C【解析】【詳解】A．兩輪靠皮帶傳動(dòng)，皮帶不打滑，因此兩輪邊緣上的點(diǎn)具有相同的線(xiàn)速度，故故A錯(cuò)誤；B．由題意知根據(jù)線(xiàn)速度與角速度關(guān)系可得故B錯(cuò)誤；CD．由向心加速度可得故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，某同學(xué)把地面上一根木棍AB的A端以恒定的速度豎直向上提起，且A端始終在同一豎直線(xiàn)上運(yùn)動(dòng)。當(dāng)木棍與地面的夾角為時(shí)，B端的速度大小為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】由題意可知A點(diǎn)的速度方向沿豎直向上，B點(diǎn)的速度方向沿水平向左，將A、B兩點(diǎn)的速度按沿木棍方向和木板垂直方向分解，分解圖如下由于A、B兩點(diǎn)的速度沿木棍方向的分速度相等，即因此解得故選C。6.2017年，人類(lèi)第一次直接探測(cè)到了來(lái)自雙中子星合并的引力波．根據(jù)科學(xué)家們復(fù)原的過(guò)程，在兩顆中子星合并前約100s時(shí)，它們的間距約400km，繞二者連線(xiàn)上某點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)的轉(zhuǎn)速約12r/s。將兩顆中子星視為質(zhì)量均勻分布的球體，根據(jù)上述數(shù)據(jù)及引力常量可以估算此時(shí)兩顆中子星（）A.各自的運(yùn)動(dòng)速率 B.各自的軌道半徑C.質(zhì)量之積 D.質(zhì)量之和【答案】D【解析】【詳解】CD．設(shè)兩顆星的質(zhì)量分別為m1、m2，軌道半徑分別為r1、r2，相距L=400km=4×105m，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力聯(lián)立可得解得質(zhì)量之和其中周期故D正確，C錯(cuò)誤；AB．由于則角速度為這是公轉(zhuǎn)角速度，不是自轉(zhuǎn)角速度。根據(jù)v=rω可知v1=r1ωv2=r2ω解得v1+v2=（r1+r2）ω=Lω=9.6π×106m/s因?yàn)椴恢蕾|(zhì)量之比，所以求不出各自的軌道半徑，也就求不出各自的運(yùn)動(dòng)速率，只能求出速率之和，故AB錯(cuò)誤。故選D。7.如圖所示，輕質(zhì)彈簧下端固定在光滑斜面的底部，置于斜面上，其上方有一物塊由靜止開(kāi)始下滑，從物塊開(kāi)始接觸彈簧到把彈簧壓至最短（仍在彈性限度內(nèi)）的過(guò)程中，物塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能之和（）

A.逐漸增加 B.逐漸減少C.先增加后減少 D.先減少后增加【答案】D【解析】【詳解】將輕質(zhì)彈簧、物塊視為一系統(tǒng)，因斜面光滑，物塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒；物塊開(kāi)始接觸彈簧時(shí)，彈簧彈力小于物塊重力沿斜面向下的分力，物體沿斜面向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)、動(dòng)能增大，因系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則物塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能之和減??；當(dāng)彈簧彈力與物塊重力沿斜面向下的分力相等時(shí)，物塊速度最大、動(dòng)能最大，此時(shí)物塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能之和最??；之后彈簧彈力大于重力沿斜面向下的分力，物塊減速、動(dòng)能減小，則物塊的重力勢(shì)能與彈簧的彈性勢(shì)能之和增加；故ABC錯(cuò)誤，D正確。故選D。8.如圖所示，一塊足夠大的粗糙絕緣薄板豎直固定，且與等量異種點(diǎn)電荷連線(xiàn)的中垂面重合。A、O、B為薄板上同一豎直線(xiàn)上的三點(diǎn)，O在點(diǎn)電荷的連線(xiàn)上，。一個(gè)帶電小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A點(diǎn)以初速度豎直向下運(yùn)動(dòng)，最后靜止在B點(diǎn)。不考慮物塊電荷量的變化，則物塊從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中（）A.速度一直減小，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的速度為B.加速度先增大后減小，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)加速度最大C.電勢(shì)能先減小后增大，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能最小D.機(jī)械能一直減小，AO段損失的機(jī)械能比OB段損失的機(jī)械能多【答案】B【解析】【詳解】B．由于小物塊最后靜止在B點(diǎn)，因此小物塊受到重力、電場(chǎng)力、薄板支持力和摩擦力的作用，可知小物塊帶正電，從A到O的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大，則電場(chǎng)力越來(lái)越大，由于小物塊在水平方向上受力平衡，可知小物塊對(duì)薄板的壓力增大，從而滑動(dòng)摩擦力增大，根據(jù)可知，加速度增大。根據(jù)疊加場(chǎng)的對(duì)稱(chēng)性可知，從O到B的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越小，電場(chǎng)力越來(lái)越小，滑動(dòng)摩擦力逐漸減小，加速度逐漸減小。因此A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中加速度先增大后減小，經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)加速度最大，故B正確；AD．根據(jù)疊加場(chǎng)的對(duì)稱(chēng)性可知，小物塊從A到O過(guò)程與從O到B過(guò)程中克服摩擦力做功相同，設(shè)每段摩擦力做功為、在O時(shí)物塊的速度為、，對(duì)AO段和OB段，根據(jù)動(dòng)能定理可得聯(lián)合解得由于物塊在AO段和OB段損失的機(jī)械能都為克服摩擦力做的功，因此AO段和OB段損失的機(jī)械相同，故AD錯(cuò)誤；C．由于AB是一等勢(shì)線(xiàn)，小物塊從A到B電勢(shì)能不變，故C錯(cuò)誤。故選B。二、多選題（本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)正確，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，選錯(cuò)或不選的得0分）9.行星沿著橢圓軌道圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，從遠(yuǎn)日點(diǎn)向近日點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.加速度逐漸減小B.機(jī)械能保持不變C.太陽(yáng)對(duì)行星的引力做正功，且其功率先增大后減小D.太陽(yáng)對(duì)行星的引力始終等于行星運(yùn)動(dòng)所需的向心力【答案】BC【解析】【詳解】A．當(dāng)行星從遠(yuǎn)日點(diǎn)向近日點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力定律，行星質(zhì)量不變，行星與太陽(yáng)的距離減小，萬(wàn)有引力增大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度增大，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)行星從遠(yuǎn)日點(diǎn)向近日點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，行星與太陽(yáng)的距離減小，引力做正功，引力勢(shì)能減小，但運(yùn)動(dòng)的速度增加，動(dòng)能增大，由于只有萬(wàn)有引力做功，減少的引力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能，整個(gè)過(guò)程機(jī)械能保持不變，故B正確；C．由于在遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)時(shí)，太陽(yáng)對(duì)行星引力方向與行星速度方向垂直，根據(jù)瞬時(shí)功率公式可知，在遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)引力的功率都為零，而當(dāng)行星從遠(yuǎn)日點(diǎn)向近日點(diǎn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，行星與太陽(yáng)的距離減小，根據(jù)萬(wàn)有引力定律可知，行星速度越來(lái)越大，引力做正功，功率不為零，因此整個(gè)過(guò)程中引力的功率先增大后減小，故C正確；D．由于行星是沿著橢圓軌道圍繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)，太陽(yáng)對(duì)行星的引力方向并非時(shí)刻與行星速度方向垂直，在與行星速度方向不垂直時(shí)，引力沿行星速度方向垂直方向上的分力來(lái)提供行星運(yùn)動(dòng)所需的向心力，故D錯(cuò)誤。10.用電流傳感器和計(jì)算機(jī)可以準(zhǔn)確地描繪電流隨時(shí)間變化的曲線(xiàn)，現(xiàn)用如圖a所示的電路粗略測(cè)量電容器的電容。實(shí)驗(yàn)時(shí)，電阻箱的阻值調(diào)至890Ω，先把開(kāi)關(guān)撥至1，當(dāng)電容器充電完畢后，再把開(kāi)關(guān)撥至2，計(jì)算機(jī)記錄電流隨時(shí)間變化的圖像如圖b所示。不計(jì)電流傳感器的電阻，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器充電完畢時(shí)的帶電量約為B.電容器的電容約為C.若把電阻箱的阻值調(diào)至再次做實(shí)驗(yàn)，則圖線(xiàn)下的面積減小D.若把電阻箱的阻值調(diào)至再次做實(shí)驗(yàn)，則電容器放電的時(shí)間增加【答案】BD【解析】【詳解】A．圖線(xiàn)下的面積等于電容器充電完畢時(shí)所帶的電量，由圖像可知電容器充電完畢時(shí)的帶電量約為，A錯(cuò)誤；B．電容器剛開(kāi)始放電的瞬間有電容器的電容約為B正確；C．若把電阻箱的阻值時(shí)不影響電容器充電完畢時(shí)所帶的電量，則圖線(xiàn)下的面積不變，C錯(cuò)誤；D．若把電阻箱的阻值調(diào)至再次做實(shí)驗(yàn)，通過(guò)的電荷量不變，電路中電阻增大電流減小，由可知，電容器放電的時(shí)間增加，D正確；故選BD。11.有一塊小量程電流表，滿(mǎn)偏電流，內(nèi)阻。要把它改裝成量程為0~10mA，0~100mA的雙量程電流表，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路，則（）

A.分流電阻B.分流電阻C.這種設(shè)計(jì)方案的最大缺陷是安全性不高D.這種設(shè)計(jì)方案的最大缺陷是誤差較大【答案】AC【解析】【詳解】A．改裝成量程為0~10mA的電流表需要并聯(lián)電阻，并聯(lián)電阻的阻值故A正確；B．改裝成量程為0~100mA的電流表需要并聯(lián)電阻，并聯(lián)電阻的阻值故B錯(cuò)誤；CD．在更換量程時(shí)，兩個(gè)分流電阻都沒(méi)有并聯(lián)在表頭，容易燒壞表頭，所以安全性不高，從誤差來(lái)講不大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。12.如圖所示，豎直平面內(nèi)半徑為R的圓弧軌道與水平軌道在最低點(diǎn)B相切。一質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從最高點(diǎn)A由靜止滑下，最后靜止于C點(diǎn)，B、C間的距離為R。已知物塊與圓軌道、水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為?，F(xiàn)用力F使物塊從C點(diǎn)緩慢按原路返回到A點(diǎn)，F(xiàn)的方向始終與物塊的運(yùn)動(dòng)方向相同，已知物塊從B到A的過(guò)程中克服摩擦力所做的功為。下列說(shuō)法正確的是（）

A.物塊下滑時(shí)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度最大B.物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，克服摩擦力做的功為C.物塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，F(xiàn)對(duì)物塊做的功小于2mgRD.物塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的過(guò)程中，F(xiàn)對(duì)物塊做的功等于【答案】CD【解析】【詳解】A．物塊下滑時(shí)，重力沿軌道切線(xiàn)方向的分力先大于滑動(dòng)摩擦力后小于滑動(dòng)摩擦力，因此物塊的速度先增大后減小，故物塊在A、B兩點(diǎn)間某處重力沿軌道切線(xiàn)方向的分力大小等于滑動(dòng)摩擦力時(shí)速度最大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B．物塊緩慢地從B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)克服摩擦力做的功為，而物塊從A點(diǎn)下滑到B點(diǎn)時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)，支持力比緩慢運(yùn)動(dòng)時(shí)要大，對(duì)應(yīng)的摩擦力更大，故克服摩擦力做的功大于，因此物塊從A點(diǎn)滑到C點(diǎn)的過(guò)程中克服摩擦力做的功大于，故B錯(cuò)誤；CD．物塊從C點(diǎn)緩慢運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)過(guò)程，由能量守恒可得力F做的功為物塊從A點(diǎn)到C點(diǎn)過(guò)程中，設(shè)A點(diǎn)到B點(diǎn)摩擦力做的功為，根據(jù)動(dòng)能定理可得因可得聯(lián)合可得故CD正確。故選CD。第Ⅱ卷：非選擇題（共52分）三、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，第13題6分，14題8分，共14分）13.某同學(xué)用如圖a所示的裝置做“探究平拋運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)”的實(shí)驗(yàn)，其目的是先描繪平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，再計(jì)算平拋物體的初速度。（1）為了描繪平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，下列說(shuō)法正確的是______。A．應(yīng)選用光滑的斜槽軌道，以減小摩擦阻力的影響B(tài)．應(yīng)使軌道末端的切線(xiàn)水平，保證小球離開(kāi)軌道時(shí)的速度水平C．小球每次都應(yīng)從斜槽上同一點(diǎn)由靜止釋放，使每次平拋的初速度相同D．在白紙上描繪的曲線(xiàn)必須經(jīng)過(guò)所有的痕跡點(diǎn)（2）如果在白紙上描繪的部分軌跡如圖b所示，其中A、B、C相鄰時(shí)間間隔內(nèi)兩點(diǎn)間的水平距離均為x，A、B間的豎直距離為，B、C間的豎直距離為。已知重力加速度為g，則小球平拋的初速度為_(kāi)_____?！敬鸢浮竣?BC##CB②.【解析】【詳解】（1）[1]A．描繪平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡，只要保證小球從斜槽末端水平拋出即可，不一定需要斜槽軌道光滑，故A錯(cuò)誤；B．應(yīng)使軌道末端的切線(xiàn)水平，保證小球離開(kāi)軌道時(shí)的速度水平，做平拋運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．小球每次都應(yīng)從斜槽上同一點(diǎn)由靜止釋放，目的是保證小球每次是同一初速度的平拋運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．在白紙上描繪的曲線(xiàn)盡可能通過(guò)較多的點(diǎn)，偏離較遠(yuǎn)的點(diǎn)可以舍去，故D錯(cuò)誤；故選BC。（2）[2]依題意，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律豎直方向上，有水平方向上，有聯(lián)立求得：小球平拋的初速度為14.物理興趣小組為了測(cè)量金屬絲的電阻率，除了待測(cè)金屬絲、刻度尺、螺旋測(cè)微器、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線(xiàn)之外，還備有下列器材：A．電壓表（量程0~3V，內(nèi)阻約3kΩ）B．電壓表（量程0~15V，內(nèi)阻約15kΩ）C．電流表（量程0~100mA，內(nèi)阻約5Ω）D．電流表（量程0~0.6A，內(nèi)阻約0.1Ω）E．多用電表F．滑動(dòng)變阻器（阻值0~10Ω，額定電流2A）G．滑動(dòng)變阻器（阻值0~2kΩ，額定電流0.5A）H．電源E（輸出電壓約4V，內(nèi)阻可忽略）（1）取一段均勻的電阻絲接在木板的兩接線(xiàn)柱上，用刻度尺測(cè)量?jī)山泳€(xiàn)柱間金屬絲的長(zhǎng)度L=50.0cm，用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑示數(shù)如圖a所示，直徑d=________mm。

（2）為了選擇合適的測(cè)量電路，先用多用電表的歐姆“”擋粗測(cè)金屬絲的電阻，示數(shù)如圖b所示，其讀數(shù)為_(kāi)_____。

（3）小組成員準(zhǔn)備測(cè)量多組數(shù)據(jù)，描繪圖像，根據(jù)圖像求出電阻，請(qǐng)完善圖c所示的電路圖______，其中電壓表應(yīng)選______，電流表應(yīng)選______，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______。（填器材前字母）

（4）改變滑動(dòng)變阻器滑片位置，測(cè)出多組電壓、電流值，繪出圖像如圖d所示，金屬絲的電阻______，電阻率為_(kāi)_____（取2位有效數(shù)字）。

【答案】①.0.517②.30③.④.A⑤.C⑥.F⑦.25⑧.【解析】【詳解】（1）[1]由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為（2）[2]歐姆表選擇“”擋，其示數(shù)為（3）[3][4][5][6]電源電動(dòng)勢(shì)為4V，電壓表應(yīng)選擇A。由于待測(cè)金屬絲電阻約為，根據(jù)電壓表量程，電路最大電流約為故電流表應(yīng)選擇C。為了便于調(diào)節(jié)電路并能多次測(cè)量，且能有效地控制不超出電壓表的量程，使待測(cè)金屬絲兩端電壓是能從零開(kāi)始調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選擇分壓式接法，為方便控制電壓，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值較小的F。由于待測(cè)金屬絲電阻約為30，電壓表的內(nèi)阻約3kΩ，電流表的內(nèi)阻約5Ω，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于待測(cè)金屬絲阻值，因此電路應(yīng)采用電流表外接法，完善的電路圖如下

（4）[7]由圖像可得[8]由可得代入數(shù)據(jù)可得四、計(jì)算題（本題共3小題，第15題12分，第16題12分，第17題14分，共38分。必須寫(xiě)出重要的文字說(shuō)明和演算過(guò)程，只寫(xiě)答案的不給分）15.如圖所示的電路中，電源兩端的電壓恒為U=4V，電阻，，、均為理想電壓表。（1）電壓表的示數(shù)為多少？（2）若把電壓表?yè)Q成理想電流表，則電壓表的示數(shù)為多少？

【答案】（1）2V；（2）3V【解析】【詳解】（1）電路中的電流為電壓表的示數(shù)為（2）把換成理想電流表后，、被短路，無(wú)電流，故電壓表的示數(shù)為16.如圖所示，A、B