2021屆江蘇省高考物理壓軸試卷（5月份）

一、單選題（本大題共13小題，共39.0分）

1.一輛汽車做勻加速直線運動，從某時刻開始計時，初速度為6m/s,經(jīng)287n后速度增加至Ij8m/s,

則這段運動的加速度是（）

A.0.5m/s2B.1.0m/s2C.1.5m/s2D.2.0m/s2

2.如圖所示，小華同學利用方格紙研究小球的平拋運動，他將方格

紙貼到一豎直平板上，保證方格紙的兩邊分別沿水平、豎直方向,

某次實驗時，小球從方格紙的左上角。以初速度攻,水平拋出時，剛

好經(jīng)過方格紙的右下角P,已知方格紙的每個小正方形邊長為2,

重力加速度為g，以。為坐標原點，以向右、向下為正方向建立直

角坐標系，則（）

A.小球初速度為為29

B.小球一定經(jīng)過（21,2。

C.小球經(jīng)過P點時的速度為J兩

D.若將小球初速度減半，則小球一定經(jīng)過（2L21）

3.某物體的運動規(guī)律如圖所示，下列說法中正確的是（）

A.物體在第1s末運動方向發(fā)生變化

B.第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的速度方向是相同的

C.物體在第2s內(nèi)返回出發(fā)點，向反方向運動

D.在這7s內(nèi)物體做往復運動

4.某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q是電場中的某兩點，下列表述正確

的是（）

A.P點電勢低于Q點電勢

B.P、Q兩點場強大小相等、方向相同

C.同一正電荷分別置于P、Q兩點時電勢能相等

D.同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大

下列說法中正確的是（）

A.均勻變化的電場在它的周圍產(chǎn)生均勻變化的磁場

B.電磁波中每一處的電場強度和磁感應強度總是互相垂直的，且與波的傳播方向垂直

C.電磁波譜中，最容易發(fā)生衍射現(xiàn)象的是y射線

D.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度

6.心電圖儀是將心肌收縮產(chǎn)生的脈動轉化為電壓脈沖的儀器，其輸出部分可以等效為虛線框內(nèi)的

交流電源和定值電阻Ro串聯(lián)，如圖所示。心電圖儀與一理想變壓器的原線圈連接，一可變電阻R

與該變壓器的副線圈連接，原、副線圈的匝數(shù)分別為乙、n2?在交流電源的電壓有效值%不變

的情況下，將可變電阻R的阻值調大的過程中（）

A.原線圈兩端的電壓不變，副線圈兩端的電壓不變

B.通過原線圈的電流不變，通過副線圈的電流變小

C.當R=R。時，R獲得的功率最大

D.當&=（渠）2島時，R獲得的功率最大

7.2018年5月21日5點28分，在我國西昌衛(wèi)星發(fā)射中心。長征四號丙運載火箭將嫦娥四號中繼星

“鵲橋”衛(wèi)星，送入近地點約200公里、遠地點約40萬公里的地月轉移軌道。已知地球同步衛(wèi)

星的軌道半徑為4.2萬公里，忽略稀薄空氣阻力的影響，則“鵲橋”衛(wèi)星在地月轉移軌道上運行

時，下列判斷正確的是（）

A.運動周期大于10天B.運動周期小于10天

C.近地點的速度比遠地點的小D.近地點的機械能比遠地點的大

8.如圖所示，電荷量-q,質量為m的滑塊，沿固定絕緣斜面勻速下滑，現(xiàn)加一]

豎直向上的勻強電場，電場強度為E,以下判斷中正確的是（）lx

A.物體將沿斜面減速下滑

B.物體將沿斜面加速下滑

C.物體仍保持勻速下滑

D.物體可能靜止

9.如圖，質量為M的楔形物塊靜止在水平地面上，其斜面的傾角為。，斜

面上有一質量為m的小物塊，小物塊與斜面之間存在摩擦.用恒力F沿

斜面向上拉小物塊，使之勻速上滑.在小物塊運動的過程中，楔形物塊始終保持靜止，地面對

楔形物塊的摩擦力為（）

C.FsindD.Fcosd

10.如圖為一交流電的電流隨時間而變化的圖象.則此交流電流的有效值是（）

B.3A

C.V3X

D.3.4144

11.將條形磁鐵系在輕繩下端，在其正下方放置一金屬環(huán)，如圖所示。當t=0時，將條

形磁鐵由圖中位置自靜止釋放而來回擺動，短時間內(nèi)，若條形磁鐵的擺動可視為周

期性運動，其周期為T.規(guī)定圖中箭頭所示方向為環(huán)中電流的正方向，下列描述環(huán)中

電流i隨時間t變化關系的圖象可能正確的是（）

AA

AA

VV7

八八

12.在如圖所示的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感系數(shù)較大而電a

阻不能忽略的線圈，E為電源，S為開關.關于兩燈泡點亮和熄滅的下列說法L_b

正確的是（）

A.合上開關，b先亮，a后亮；穩(wěn)定后b比a更亮一些

B.合上開關，a先亮，b后亮；穩(wěn)定后a、b一樣亮

C.斷開開關，a逐漸熄滅、b先變得更亮后再與a同時熄滅

D.斷開開關，b逐漸熄滅、a先變得更亮后再與b同時熄滅

13,質量為m的物塊以初速孫沿傾角為。的粗糙斜面沖上斜面，滑到B點速度為零,

然后滑下回到4點。關于物塊所受的沖量，下述說法中正確的是（）

A.上滑過程中重力的沖量小于下滑過程中重力的沖量

B.物塊上滑過程和下滑過程受到摩擦力沖量等值反向

C.無論上滑過程還是下滑過程，物塊所受支持力的沖量始終為零

D.物塊從沖上斜面到返回斜面底端的整個過程中合外力的沖量總和為零

二、多選題（本大題共3小題，共6.0分）

14.（多選）下列說法中不正確的是（）.

A.點電荷是指體積很小的電荷

B.根據(jù)F=k空1知，當兩電荷間的距離趨近于零時，靜電力將趨于無窮大

C.若兩點電荷的電荷量Qi>Q2，則Qi對Q2的靜電力大于Q2對Qi的靜電力

D.用庫侖定律計算出的兩電荷間的作用力是兩者受力的總和

15.一列簡諧橫波在t=0時的波形圖如圖所示.介質中x=2m處的質Wcy）-萬、g

點P沿y軸正方向做簡諧運動的表達式為y=10sin（57rt）c7n。關?！猨3尸衛(wèi)一.疝

于這列簡諧波，下列說法正確的是（）_10............W

A.周期為0.4s

B.振幅為20cm

C.傳播方向沿x軸正向

D.傳播速度為20m/s

E.該列波遇到直徑為2巾的障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象

16.兩種單色光分別通過同一雙縫干涉裝置得到的干涉圖樣如圖甲、乙所示。圖丙中有一半圓玻璃

磚，。是圓心，MN是法線，PQ是足夠長的光屏。甲單色光以入射角i由玻璃磚內(nèi)部射向。點，折

射角為r。則下列說法正確的是（）

IIIUIII1UIIIII

甲乙

Pu.0

A.乙光以i入射時一定發(fā)生全反射

B.甲光的頻率比乙光的頻率大

C.光的干涉現(xiàn)象說明光是一列橫波

D.若繞。點逆時針旋轉玻璃磚，PQ上可能接收不到甲光

三、實驗題(本大題共2小題，共13.0分)

17.(1)圖1是某次實驗時使用打點計時器的實驗裝置，以下說法正確的是

A.此裝置可用于“驗證機械能守恒定律”

B.此裝置可用于“探究做功與物體速度變化的關系”

C用此裝置“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”時?，必須平衡摩擦力

。.用此裝置“探究加速度與力、質量的關系”時，應使小盤和盤內(nèi)祛碼的總質量遠小于小車的質量

(2)利用圖1所示裝置進行實驗，按規(guī)范操作打出的一條紙帶，如圖2所示為紙帶的一部分。已知打點

計時器接在頻率為50Hz的交流電源上，則此次實驗中打點計時器打下血點時小車的瞬時速度為

機/s(結果保留2位有效數(shù)字)。

圖1

18.用如圖所示的多用電表測量電阻，要用到選擇開關K和兩個部件S、T.

請根據(jù)下列步驟完成電阻測量.

(1)旋動部件,使指針對準電流的“0”刻線.

K

(2)將K旋轉到電阻擋“x100”的位置.

(3)將插入“+”、“一”插孔的表筆短接，旋動部件，使指針對準電阻的(填“0刻線”

或“8刻線”).

(4)將兩表筆分別與待測電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉角度過小.為了得到比較準確的測量結果，請從下

列選項中挑出合理的步驟，并按的順序進行操作，再完成讀數(shù)測量.

A.將K旋轉到電阻擋“xlk”的位置

8.將K旋轉到電阻擋“X10”的位置

C.將兩表筆的金屬部分分別與被測電阻的兩根引線相接

。.將兩表筆短接，旋動合適部件，對電表進行校準.

四、簡答題(本大題共1小題，共9.0分)

19.一個靜止在水平面上的物體，質量是2kg,在10N的水平拉力作用下沿水平地面向右運動。物體

與地面間的動摩擦因數(shù)U=0.4(g=10m/s2)?

求①物體與地面的滑動摩擦力？

②物體運動的加速度？

③在4s末的速度？

④4s內(nèi)發(fā)生的位移？

五、計算題(本大題共3小題，共33.0分)

20.A、B兩物體做勻速圓周運動，A的線速度大小為4m/s,B的線速度大小為3zn/s,A的角速度為

3rad/s,B的角速度為2rad/s,它們的向心加速度之比是多少？

21.如圖所示，直線MN上方存在著垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場，質量為血、電荷量

為一q(q>0)的粒子1在紙面內(nèi)以速度%=%從。點射入磁場，其方向與MN的夾角a=30°；質

量為加、電荷量為+q的粒子2在紙面內(nèi)以速度以=w幾也從。點射入磁場，其方向與MN的夾角

6=60。角.已知粒子1、2同時到達磁場邊界的4、B兩點(圖中未畫出)，不計粒子的重力及粒子

間的相互作用.

(1)求兩粒子在磁場邊界上的穿出點4B之間的距離d；

(2)求兩粒子進入磁場的時間間隔

(3)若MN下方有平行于紙面的勻強電場，且兩粒子在電場中相遇，其中的粒子1做直線運動.求電場

強度E的大小和方向.

XXXXXXXXX

22.如圖所示，水平面上有兩根相距0.5m的足夠長的平行金屬導軌

MN和PQ,它們的電阻可忽咯不計，在M和P之間接有阻值為R=

2.50的定值電阻，導體棒ab長L=0.5TH,其電阻為r=0.5。，質

量m=lkg,導體棒與導軌接觸良好，其間的動摩擦因數(shù)為0.5。整個裝置處于方向豎直向上的

勻強磁場中，磁感應強度8=0.67。在水平外力的作用下，導體棒以u=10m/s的速度向右做

勻速運動，g取lOm/s2。求：

(1)導體棒產(chǎn)生的感應電動勢多大？并指出哪端電勢高；

(2)水平外力的大??？

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：根據(jù)速度位移公式得，汽車的加速度為：。=±毯=竺受m/s2=0.5m/s2,故A正確，

2x2x28

BCD錯誤.

故選：A.

已知初末速度和位移，根據(jù)勻變速直線運動的速度位移公式求出汽車的加速度.

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度位移公式，并能靈活運用，基礎題.

2.答案：C

解析：解：4、從。點拋出，經(jīng)過P點，將平拋運動分解成水平方向勻速直線運動，豎直方向自由落

體運動，

2

則有：41=v0T；4Z=|5T;

解得：7=島孫=再，故A錯誤；

8、小球經(jīng)過P點（41,4。，由于是平拋運動，軌跡是拋物線，因此一定不經(jīng)過（21,21）,故B錯誤；

C、小球達到P點時，豎直方向速度為%y=gT=河,根據(jù)矢量的合成法則，則有:vP=收+響=

JlOgl,故C正確；

。、若將小球初速度減半，水平位移會減半，而不影響豎直高度，則小球一定經(jīng)過（21,包），故力錯

誤；

故選：Co

根據(jù)平拋運動處理規(guī)律，結合運動學公式，即可求解初速度，再依據(jù)矢量合成法則，則可求得P點的

速度大小，由豎直方向自由落體運動位移公式，可知，下落的時間由高度決定，而水平位移是由初

速度與時間共同決定。

考查平拋運動處理規(guī)律，掌握運動學公式的內(nèi)容，理解矢量的合成法則的應用。

3.答案:D

解析：解：4、由圖看出，質點在第1秒末前后速度均為正值，說明質點速度方向均沿正方向，運動

方向沒有變化。故4錯誤。

B、質點在第2秒內(nèi)速度一直為正，第3秒內(nèi)速度為反方向，故第2s內(nèi)、第3s內(nèi)的運動方向相反，故

B錯誤

C、質點在第2秒內(nèi)速度一直為正，即一直沿著正方向運動。故C錯誤。

D、由圖可知，前2s內(nèi)物體沿正方向運動，2-4s內(nèi)物體沿反方向運動，4-6s內(nèi)物體又沿正方向運

動，以后繼續(xù)，即物體在7s內(nèi)做往復運動，故。正確。

故選：D。

質點的運動方向看速度的正負.t軸上方表示正方向，t軸下方表示負方向.

本題考查基本的讀圖能力，質點的運動方向看速度的正負.

4.答案：D

解析：解：4、根據(jù)順著電場線方向電勢降低可知，P點電勢高于Q點電勢。故4錯誤。

B、由于P處電場線較密，則P處場強大于Q處場強，而且兩點的場強方向不同。故8錯誤。

C、將正電荷從P移到Q時，電場力做正功，電勢能減小，則知同一正電荷置于P點時電勢能大于Q點

電勢能。故C錯誤。

。、負電荷所受的電場力逆著電場線，則同一負電荷從P點移至Q點，電場力做負功，電勢能增大。

故。正確。

故選：。。

根據(jù)電場線方向判斷電勢高低.由電場線的疏密判斷場強的大小，電場線的切線方向為場強方向.根

據(jù)電場力做功，判斷電勢能的變化.

本題關鍵掌握電場線的兩個物理意義：電場線疏密表示場強的大小、方向表示電勢的高低.

5.答案：B

解析：解：力、均勻變化的電場產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，而周期性變化的電場產(chǎn)生同頻率的周期性變化的磁

場，故A錯誤；

8、電磁波是橫波，電磁波中電場和磁場的方向處處相互垂直，故B正確；

C、電磁波譜中，y射線的波長最小，所以最難發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故C錯誤；

。、由于玻璃的反射光是偏振光，所以拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以消

除玻璃的反射光的強度，故。錯誤；

故選：B.

麥克斯韋的電磁場理論中變化的磁場一定產(chǎn)生電場，當中的變化有均勻變化與周期性變化之分，電

磁波自身是一種物質，傳播不需要介質；電磁波譜中，y射線的波長最小，所以最難發(fā)生明顯的衍射

現(xiàn)象；加一個偏振片以消除玻璃的反射光的強度.

考查麥克斯韋的電磁場理論中變化的分類：均勻變化與非均勻（或周期性）變化.注意電磁波與機械

能區(qū)別開來，同時知道電磁波是橫波，而聲波是縱波.

6.答案：D

解析：解：AB,在原、副線圈匝數(shù)比一定的情況下，R增大，副線圈電流/2減小，設原線圈電流為A，

根據(jù)/建2=/2%，知/1減小，在交流電源的電壓有效值%不變的情況下，滿足%=/[&+%/1減

小，所以U1增大，根據(jù)左二荒，得4增大，故4錯誤，B錯誤；

CD,把變壓器和R等效為一個電阻R',3當做電源內(nèi)阻，當內(nèi)外電阻相等即&=R+寸，輸出功率最

大,根據(jù)￡=得胃=黑代入/述2=91，解得R=華2口=管）2跖故C錯誤，力正確；

故選：D?

原線圈電壓由輸入電壓決定，%=/]&+/根據(jù)原、副線圈電壓與原、副線圈匝數(shù)成正比，原、副

線圈電流與匝數(shù)成反比表示出為與電阻R關系式，負載R變大，判定副線圈電壓變化，根據(jù)歐姆定律

分析副線圈電流變化，根據(jù)原、副線圈電流與匝數(shù)成反比知原線圈電流變化.閉合電路中，當外電

阻等于電源內(nèi)阻時，輸出功率最大。

本題考查變壓器的動態(tài)分析，知道輸入電壓和匝數(shù)不變，則輸出電壓不變，而副線圈電流由副線圈

回路決定，所以判斷電流變化，根據(jù)副線圈回路電阻變化情況和歐姆定律分析即可，巧妙地考查了

閉合電路中當外阻等于內(nèi)阻時輸出功率最大。

7.答案：A

解析：解：AB,根據(jù)開普勒第三定律有左=k可知：7=岑

=V864>10,由于同步衛(wèi)星的周期T@=1天，所以鵲橋衛(wèi)星的運動周期大于

10天，故A正確，8錯誤;

C、衛(wèi)星從遠地點到近地點運動過程中，萬有引力做正功，速度變大，高度減小，重力勢能減小，動

能變大，重力勢能轉化為動能，所以衛(wèi)星在近地點的速度比遠地點的大，故C錯誤；

。、“鵲橋”衛(wèi)星在近地點約200公里、遠地點約40萬公里的地月轉移軌道運行過程中，只有萬有引

力做功機械能守恒，故近地點的機械能等于遠地點的機械能，故。錯誤。

故選：Ao

根據(jù)開普勒第二定律比較近地點和遠地點的速度關系；根據(jù)開普勒第三定律比較周期關系。根據(jù)能

量守恒判斷機械能變化情況。

本題考查開普勒三定律，關鍵是熟練掌握第二和第三定律內(nèi)容，并能靈活運用，還要特別注意，第

三定律中周期是指公轉周期。

8.答案：C

解析：

本題要注意明確電場力的性質，當加一豎直向上的勻強電場時，相當于增大了物體的重力，在摩擦

因數(shù)不變的情況下，物體仍保持勻速下滑.注意這種等效觀點的應用。

質量為小的滑塊，沿固定絕緣斜面勻速下滑，設斜面傾角為。，摩擦因數(shù)為〃，故mgs譏。=nmgcosQ,

當加一豎直向上的勻強電場，電場強度為E,電場力豎直向上，此時物體合力應為F=(mg+

Eq}sinO—n(mg+Eq')cos9,故尸=0,物體仍保持勻速下滑，故C正確，ABQ錯誤。

故選：CO

9.答案：D

解析：解：以物塊沉和楔形物塊M整體為研究對象，分析受力情況，如圖所示：

N

-I

exl0

(M+m*

由平衡條件得地面對楔形物塊有向右的摩擦力大小為：f=Fcosd,故A8C錯誤，。正確；

故選：D

物塊m勻速上升，受力平衡，合力為零.楔形物塊M始終保持靜止合力也為零，將兩個物體看成整

體進行研究，根據(jù)平衡條件求解地面對楔形物塊的摩擦力.

本題采用整體法處理兩個物體的平衡問題，也可以采用隔離法研究；但過程要比整體法復雜，故在

解題時優(yōu)先應用整體法.

10.答案：C

解析：解：設交流電電流的有效值為/,周期為7,電阻為R.

則%R7=(額2*+/2巧

由圖象知：吟=(專yx/22x3

解得%=6A

故選：C.

根據(jù)有效值的定義求解.取一個周期時間，將交流與直流分別通過相同的電阻，若產(chǎn)生的熱量相同，

直流的電流值，即為此交流的有效值.

求交流電的有效值，往往根據(jù)電流的熱效應，由有效值的定義求解.中等難度.

II.答案：A

解析：解：條形磁鐵的磁場的方向向下，當條形磁鐵由圖示的位置靠近線圈的過程中，穿過線圈的

磁通量向下增大，根據(jù)楞次定律可知感應電流的方向與圖中得方向相同，為正值；由于穿過線圈的

磁通量向下增大的變化率先增大后減小，所以感應電流大小先增大后減?。?/p>

當條形磁鐵位于線圈的正中間時，穿過線圈的磁通量最大，但磁通量的變化率為零，沒有感應電流。

當條形磁鐵由位于線圈的正中間的位置遠離線圈的過程中，穿過線圈的磁通量向下減小，根據(jù)楞次

定律可知感應電流的方向與圖中得方向相反，為負值，感應電流大小先增大后減小。

由以上的分析可知，A正確，錯誤。

故選：Ao

根據(jù)條形磁鐵的特點判斷穿過線圈的磁通量的變化，根據(jù)楞次定律可以判斷出感應電流的方向。

掌握楞次定律的內(nèi)容、理解楞次定律的含義是正確解題的關鍵；要深刻理解楞次定律“阻礙”的含

義。如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的。

12.答案：A

解析：解：4、由于a、b為兩個完全相同的燈泡，當開關接通瞬間，b燈泡立刻發(fā)光，而a燈泡由于

線圈的自感現(xiàn)象，導致燈泡漸漸變亮，由于兩燈泡并聯(lián)，L的電阻不能忽略，所以穩(wěn)定后b比a更亮一

些，故A正確，8錯誤：

C、當開關斷開瞬間，兩燈泡串聯(lián)，由線圈產(chǎn)生瞬間電壓提供電流，亮度相同，因L的電阻不能忽略，

穩(wěn)定后b比a更亮一些，所以時不會先變得更亮，兩燈泡同時熄滅，故CO均錯誤。

故選：4。

當電鍵閉合時，通過線圈L的電流實然增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應電動勢

的方向和作用，分析哪個燈先亮.斷開瞬間也可以按照同樣的思路分析.

線圈的自感系數(shù)越大，頻率越高時，感抗越高.同時線圈有阻礙電流的變化，注意的是燈泡會更亮

的原因是電流變大的緣故.

13.答案：4

解析：解：由牛頓第二定律得，物體上滑過程中：mgsind+nmgcosd=ma±,解得a上=gsinQ+

ligcosd,下滑過程中，mgsind-nmgcosd=mar,解得a廣=gsin。一〃geos。，ar<a±,物體

上滑與下滑過程中位移大小s相等，由s=：at2,可知：tr>t±.

A、重力的沖量/=由于t/>乙，上滑過程中重力的沖量小于下滑過程中重力的沖量，故A

正確;

8、摩擦力的沖量大小/?="mgcosO?t="mgtcosO,由于t廣＞t上，則物塊上滑過程摩擦力的沖量

小于下滑過程受到摩擦力沖量，故B錯誤；

C、支持力不為零，支持力的沖量不為零，故C錯誤；

。、物塊從沖上斜面到返回斜面底端的整個過程中，動量的變化不為零，由動量定理可知，合外力

的沖量總和不為零，故。錯誤；

故選：4。

由牛頓第二定律求出物體的加速度，由速度位移公式求出物體的運動時間，然后應用沖量的定義式

求出沖量大小，應用動量定理分析答題。

本題考查了比較沖量的大小，應用牛頓第二定律、沖量定義式、動量定理即可正確解題。

14.答案：ABCD

解析：本題考查了元電荷和點電荷、庫侖定律。

電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時，就可以看成是點電荷，所以能否看作

點電荷，是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀及帶電量的多少無具體關系，選項A錯誤，符

合題意；

根據(jù)尸=無隼知，當兩點荷間的距離趨近于零時，兩小球不能看成點電荷了，故不能用庫侖定律

r

計算它們間的庫侖力，選項B錯誤，符合題意；

兩點電荷之間的庫侖力是作用力和反作用力，總是大小相等、方向相反的，選項C錯誤，符合題意；

用庫侖定律計算出的力是兩點電荷間的相互作用力，它們等大反向，兩者受力的總和為0,選項。

錯誤，符合題意；

故選ABCD。

15.答案：ACE

解析：解：4、根據(jù)質點P的振動方程y=10sin(5nt')cm,可知3=5nrad/s,則周期為7=胃==

0.4s,故A正確；

B、振幅等于y的最大值，為10cm,故B錯誤；

C、1=0時刻質點「沿、軸正方向，根據(jù)波形平移法可知，該波的傳播方向沿x軸正向，故C正確;

D、由圖讀出波長為4=4m,則該波的傳播速度為＞言7n/s=10m/s,故D錯誤；

從該波的波長為4m,障礙物的尺寸為2m,小于波長，則該波遇到此障礙物能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，

故E正確。

故選：ACE.

根據(jù)質點P的振動方程y=10s譏(57rt)cm,讀出3,根據(jù)7=年求出周期；振幅等于y的最大值；根

據(jù)波動圖象讀出波長，再求出波速。根據(jù)t=0時刻質點P沿y軸正方向，運用波形平移法判斷波的傳

播方向。障礙物的尺寸與波長差不多或小波長長時能產(chǎn)生明顯的衍射現(xiàn)象。

本題的關鍵要掌握振動的一般方程y=Asincot,知道3和7的關系，要注意振幅等于位移y的最大值。

16.答案：BD

解析：解：AB,根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式：△丫=；；1,知甲的波長較小，乙的波長較大，所以

甲的頻率大，乙的頻率小，對同一種介質，甲的折射率大；

根據(jù)全反射的臨界角：sinC=^可知甲的臨界角小，乙的臨界角大，當甲單色光以入射角i由玻璃磚

71

內(nèi)部射向。點發(fā)生折射時，乙光以i入射時一定不會發(fā)生全反射，故A錯誤，故B正確；

C、光的干涉現(xiàn)象說明光具有波動性，但不能說明光是橫波，光的偏振現(xiàn)象才能說明光是一種橫波,

故C錯誤；

。、若繞。點逆時針旋轉玻璃磚，隨i的增大，由于甲的臨界角小，先發(fā)生全反射，所以PQ上可能接

收不到甲光，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)雙縫干涉條紋的特點判斷兩束光的波長關系，從而得到折射率關系和頻率的關系；根據(jù)臨界角

公式sinC=工分析臨界角C的關系，從而判定能否發(fā)生全反射現(xiàn)象；光的偏振現(xiàn)象說明光是一種橫波。

n

解決本題的關鍵是掌握雙縫干涉條紋的間距公式：=和臨界角公式sinC=工，要知道偏振是

an

橫波的特有現(xiàn)象，光的頻率越大，同一介質對這種光的折射率越大。

17.答案：ABD0.40

解析：解：(1)4、此裝置可用于“驗證機械能守恒定律”，但必須平衡摩擦力，根據(jù)沙和沙桶重力

勢能的減小等于系統(tǒng)動能的增加進行驗證，故A正確；

8、此裝置可用于“探究做功與物體速度變化的關系”，但必須平衡摩擦力，當小車與車中祛碼的總

質量遠大于小桶及桶中祛碼的總質量時，才可以認為繩對小車的拉力大小約等于小桶及桶中硅碼的

總重力，故B正確；

C、用此裝置“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”時，不必要平衡摩擦力，根據(jù)c錯誤；

。、用此裝置“探究加速度與力、質量的關系”時，應使小盤和盤內(nèi)祛碼的總質量遠小于小車的質

量且平衡摩擦力，才可以認為繩對小車的拉力大小約等于小桶及桶中祛碼的總重力，故。正確。

故選：ABD-,

(2)已知打點計時器接在頻率為50Hz,則打點周期為：7得=伸=0.02s

根據(jù)圖象可知，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有4個點跡，故相鄰的兩個計數(shù)點之間的時間間隔為：t=

ST=0.1s

O390590)xl2

根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可得：%=鋁=：°-m/s=0.40m/So

故答案為：(l)ABD；(2)0.40。

(1)利用圖示小車紙帶裝置可以完成很多實驗，在研究勻變速直線運動時不需要平衡摩擦力，在探究

“小車的加速度與質量的關系”和探究“功與速度變化的關系”實驗時，需要平衡摩擦力，當小車

與車中祛碼的總質量遠大于小桶及桶中秩碼的總質量時，才可以認為繩對小車的拉力大小約等于小

桶及桶中祛碼的總重力；

(2)根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律求解打點計時器打下&點時小車的瞬時速度。

本題實驗考查了打點計時器的應用，關鍵是知道力學實驗中哪些實驗應用到打點計時器，知道實驗

的原理和條件，掌握勻變速直線運動的規(guī)律，知道瞬時速度的計算方法和逐差法求解加速度的方法。

18.答案：(1)S；

(3)7；0刻線；

(4)4DC。

解析：

本題考查了多用電表的使用方法，掌握基礎知識即可正確解題；使用歐姆表測電阻時，要選擇合適

的擋位，使指針指在中央刻度線附近。

(1)電表使用前要使指針指在0刻線位置，通過調節(jié)調零旋鈕實現(xiàn)；

(3)歐姆表測量前要進行歐姆調零；

(4)歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數(shù)誤差最小，故測量電阻時，要通過選擇恰當?shù)谋堵适怪?/p>

針指在中值電阻附近；每次換擋要重新調零.

(1)電表使用前要旋轉機械調零旋鈕S進行機械調零，使指針對準電流的0刻線；

(2)將K旋轉到電阻擋“X100”的位置.

(3)將插入“十"、”-"插孔的表筆短接，旋動歐姆調零旋鈕7,使指針對準電阻的0刻線.

(4)歐姆表指針偏轉角度過小，說明所選擋位太小，應換大擋進行測量，應將旋轉開關K置于“x1k”，

然后進行歐姆調零，再測電阻，

因此合理是實驗步驟是：ADC.

故答案為：(1)S；(3)7,0刻線；(4)4DC。

19.答案：解：①物體與地面的滑動摩擦力為：f=iimg=0.4x2x10/V=8/V；

②根據(jù)牛頓第二定律可得物體運動的加速度為：a=m=^m/s2=lm/s2；

③在4s末的速度為：v=at=1x4mls=4m/s；

④4s內(nèi)發(fā)生的位移為：x=1at2=|xlx16m=8m?

答：①物體與地面的滑動摩擦力為8N；

②物體運動的加速度為lm/s?；

③在4s末的速度為4m/s；

④4s內(nèi)發(fā)生的位移為8死。

解析：①根據(jù)摩擦力的計算公式求解物體與地面的滑動摩擦力；

②根據(jù)牛頓第二定律可得物體運動的加速度；

③根據(jù)速度時間關系求解在4s末的速度；

④根據(jù)位移時間關系求解4s內(nèi)發(fā)生的位移。

對于牛頓第二定律的綜合應用問題，關鍵是弄清楚物體的運動過程和受力情況，利用牛頓第二定律

或運動學的計算公式求解加速度，再根據(jù)題目要求進行解答；知道加速度是聯(lián)系靜力學和運動學的

橋梁。

20.答案：解：根據(jù)a=知，4B的線速度之比為4：3,角速度之比為3：2,

可知向心加速度之比為：?=2x|=W

答：向心加速度之比為2：1.

解析：向心加速度等于線速度與角速度的乘積，結合線速度之比和角速度之比求出向心加速度之比.

解決本題的關鍵掌握向心加速度的公式,知道向心加速度a=藝=ra?==r誓,并能靈活運用.

rT2

21.答案：解：(1)粒子在勻強磁場中作勻速圓周運動，運動軌跡如圖所示:

根據(jù)牛頓第二定律：qvB=my

粒子1圓周運動的圓心角%=拳0A=2^sin(n—.

粒子2圓周運動的圓心角％=拳OB=2r2sin(n-

故d=耐+礪=2「"30。+2r2sin600=臂

(2)粒子圓周運動的周期為：7=子=翳

粒子1在勻強磁場中運動的時間為：t