2024屆黑龍江省齊齊哈爾市高三一模物理試題

學校：姓名：班級：考號：

一、單選題

1.碳14窗C）是由宇宙射線撞擊所產(chǎn)生的具有放射性的粒子，可衰變?yōu)榈?4（-N）,其

各個半衰期所剩原子比例如圖所示，某古木樣品中碳14的比例正好是現(xiàn)代植物所制樣

品的四分之一，下列說法正確的是（）

即

??個

爰

期

所

制

肌

廣

比

例

A.該古木的年代距今約11460年

B.如果古木處于高溫、高壓下測量結(jié)果可能有較大誤差

C.碳14發(fā)生的是a衰變

D.碳14和氮14中含有的中子個數(shù)相等

2.如圖甲所示，用氣體壓強傳感器“探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強與體積的關系”,

并通過計算機作出了如圖乙所示的,-丫圖像，下列說法正確的是（）

P

數(shù)據(jù)采集器

A.推拉活塞時，動作要快，以免氣體進入或漏出

B.活塞移至某位置時，應立即記錄數(shù)據(jù)

C.圖線與縱軸相交的原因可能是沒有考慮注射器與壓強傳感器連接部位氣體的體積

D.若升高環(huán)境溫度，則該圖像斜率變大

3.機動車檢測站進行車輛尾氣檢測的原理如下：車的主動輪壓在兩個相同粗細的有固

定轉(zhuǎn)動軸的滾筒上，可使車輪在原地轉(zhuǎn)動，然后把檢測傳感器放入尾氣出口，操作員將

車輪加速一段時間，在與傳感器相連的電腦上顯示出一系列相關參數(shù)，現(xiàn)有如下簡化圖：

車內(nèi)輪A的半徑為以，車外輪B的半徑為電，滾筒C的半徑為re,車輪與滾筒間不打

滑，當車輪以恒定速度運行時，下列說法正確的是（）

A.A、B輪的角速度大小之比為。：4

B.A、B輪邊緣的線速度大小之比為〃：修

C.B、C的角速度之比為修：2

D.B、C輪邊緣的向心加速度大小之比為七%

4.如圖所示，豎直平面內(nèi)一絕緣細圓環(huán)的左、右半圓均勻分布著等量異種電荷，人b

為圓環(huán)豎直直徑上兩點，c、d為圓環(huán)水平直徑上兩點，它們與圓心。的距離相等.以

無窮遠處為電勢零點，則下列說法正確的是（）

A.。點場強大小為0,電勢大于0

B.c點的場強大于d點的場強

C.將一電子從。點沿直線移動到6點，電場力不做功

D.質(zhì)子在d點的電勢能大于在c點的電勢能

5.如圖所示為雜技表演“胸口碎大石”，其原理可解釋為：當大石塊獲得的速度較小時，

下面的人感受到的振動就會較小，人的安全性就較強，若大石塊的質(zhì)量是鐵錘的150倍,

則撞擊后大石塊的速度可能為鐵錘碰撞前速度的（）

試卷第2頁，共8頁

A.—B.-----C.D.-----

50150250350

6.2023年11月1日，我國在太原衛(wèi)星發(fā)射中心使用“長征六號”運載火箭，成功將“天

繪五號”衛(wèi)星發(fā)射升空，衛(wèi)星發(fā)射并進入軌道是一個復雜的過程，如圖所示，發(fā)射衛(wèi)星

時先將衛(wèi)星發(fā)射至近地軌道，在近地軌道的A點調(diào)整速度進入轉(zhuǎn)移軌道，在轉(zhuǎn)移軌道上

的遠地點8調(diào)整速度后進入目標軌道；已知引力常量為G,地球質(zhì)量為近地軌道半

徑為小目標軌道半徑為馬，下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運動經(jīng)過A點時的線速度大小為

B.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點運動到8點的過程中，引力做負功，機械能減小

C.衛(wèi)星在近地軌道與目標軌道上運動的向心力大小之比為廣：/

D.衛(wèi)星在近地軌道與目標軌道上運動的周期之比為正：6

7.利用霍爾效應可將直流電轉(zhuǎn)化為交流電，如圖所示，寬度為仄厚度為1的霍爾元

件放在與它垂直的磁感應強度大小為8=穌仃11彳/的磁場中（豎直向下為磁場正方向）,

當恒定電流/向右通過霍爾元件時，在它的兩個表面之間會產(chǎn)生霍爾電壓，己知該霍爾

元件中的載流子為電子，電荷量大小為e,每單位體積內(nèi)有〃個電子，下列說法正確的

是（）

A.r=4時，霍爾元件上表面的電勢高于下表面

B.r時，霍爾元件前側(cè)面的電勢低于后側(cè)面

C.輸出霍爾電壓的表達式為U=

nenT

D.輸出霍爾電壓的有效值為也配

2ned

二、多選題

8.利用微距相機可以拍攝到形狀各異的雪花圖像，其中有一種“彩虹”雪花，中間部分

有一個夾有空氣的薄冰層，呈彩色花紋，下列現(xiàn)象的原理與之相同的是（）

A.利用光導纖維傳遞信息，實現(xiàn)光纖通信

B.光的雙縫干涉現(xiàn)象

C.陽光下的肥皂泡呈現(xiàn)彩色條紋

D.泊松亮斑

三、單選題

9.如圖所示，一輛賽車正在做彎道過彎訓練，已知它在前一段時間內(nèi)速度大小由v增

大到3v,在隨后的一段時間內(nèi)速度大小由3V增大到7v,前后兩段時間內(nèi)，合外力對賽

車做功分別為叱和％，合外力的沖量大小分別為L和A。下列關系式一定成立的是

()

叱叱

A.=2B.%=5%C.2Z1=Z2D.A</2

試卷第4頁，共8頁

四、多選題

10.如圖所示，一小鋼球自離地高度/?處從四分之一光滑圓弧軌道A8上滑下，A處切

線豎直，2處切線水平，現(xiàn)改變圓弧軌道的半徑R的大小，鋼球到達8處時的速度大小

為v,鋼球在8處時對軌道的壓力大小為R鋼球落地點距。點的距離為心鋼球落地

時速度方向與水平方向夾角的正弦值為sin。，則下列相關圖像可能正確的是（）

五、實驗題

11.某同學用圖甲所示裝置利用單擺測定重力加速度，小球上安裝有擋光部件，光電門

安裝在小球平衡位置正下方。

（1）讓單擺運動并開啟傳感器的計數(shù)模式，當光電門第一次被遮擋時計數(shù)器計數(shù)為1

并同時開始計時，以后光電門被遮擋一次計數(shù)增加1.若計數(shù)器計數(shù)為N時，單擺運動

時間為則該單擺的周期7=；

（2）擺線長度大約80cm,該同學只有一把量程為30cm的刻度尺，于是他在細線上標

記一點A,使得懸點。到A點間的細線長度為30cm,如圖乙，保持A點以下的細線長

度不變，通過改變間細線長度/以改變擺長，并測出單擺運動對應的周期T,測量

多組數(shù)據(jù)后繪制片-/圖像，求得圖像斜率為鼠可得當?shù)刂亓铀俣萭=

（3）對于本次實驗，下列說法中正確的是（）

A.實驗小球可選用小鋼球，也可選用小木球或塑料球

B.只考慮擋光位置在小球下方所引起的系統(tǒng)誤差，左的測量值與理論值相比偏大

C.只考慮擋光位置在小球下方所引起的系統(tǒng)誤差，上的測量值與理論值相比偏小

D.細線偏離平衡位置的最大角度必須小于或等于5。

12.導電玻璃是制造LCD的主要材料之一，為測量一圓柱形導電玻璃的電阻率，器材

如下:導電玻璃R,，電源缺電動勢3V、內(nèi)阻不計），電流表（量程0~0.6A、內(nèi)阻&=。?5。）,

電壓表（量程0~3V、內(nèi)阻約為3k。），滑動變阻器R（最大阻值15Q）,毫米刻度尺,

開關S及導線若干，實驗步驟如下：

（1）首先用毫米刻度尺測出接入電路中導電玻璃的長度I,再用螺旋測微器測量其直徑,

示數(shù)如圖甲所示，其直徑的測量值1=mm；

（2）先用歐姆表“x100”擋粗測該器件的電阻，指針位置如圖乙，為更準確地粗測其電

阻，應將選擇開關旋轉(zhuǎn)到歐姆擋（填“xlk”或“xio”）位置;

（3）為減小誤差，應選用圖丙中的（填“a”或"b”）連接線路;

（4）實驗過程中，改變滑動變阻器的滑片位置，并記錄兩電表的讀數(shù)，作出U-/圖像，

斜率為匕可得導電玻璃的電阻H=,電阻率夕=o（均使用題中已知物理

量的字母表示）

試卷第6頁，共8頁

六、解答題

13.如圖甲所示，兩根間距為L=0.5m、足夠長的平行光滑金屬導軌與水平面夾角為

6=30。，導軌上端接有阻值為R=1Q的電阻，長為乙、電阻為R=i。、質(zhì)量為機=2kg的

金屬棒仍垂直放在導軌上并鎖定，此時與導軌上端的距離為2L空間存在垂直導軌平

面向下的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小隨時間變化規(guī)律如圖乙所示，當f=ls時，

解除鎖定，金屬棒始終與導軌垂直且接觸良好，不計導軌的電阻，求：

（1）0~ls內(nèi)，電阻R中流過的電流大小以及產(chǎn)生的焦耳熱；

（2）金屬棒最終的速度大小。

14.人們用傳送帶從低處向高處運送貨物，如圖所示，一長L=5m的傾斜傳送帶在電

動機帶動下以速度v=2m/s沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，傳送帶與水平方向的夾角8=37。，

某時刻將質(zhì)量為叫-15kg的貨物A輕輕放在傳送帶底端，已知貨物A與傳送帶間的動

摩擦因數(shù)〃=0-8,IfZsin37°=0.6,cos37°=0.8,重力加速度g=lOm/s?。

（1）求貨物A剛開始運動時的加速度大小及在傳送帶上運動的時間；

（2）為了提高運送貨物的效率，人們采用了“配重法”，即將貨物A用跨過定滑輪的輕

繩與質(zhì)量為"=1kg的重物B連接，如圖中虛線所示，A與定滑輪間的繩子與傳送帶平

行，不可伸長的輕繩足夠長，不計滑輪的質(zhì)量與摩擦，在A運動到傳送帶頂端前重物B

都沒有落地，求：

①貨物A在傳送帶上運動的時間；

②貨物A在傳送帶上運動過程中摩擦力對其做的功。

15.某粒子偏轉(zhuǎn)裝置的基本原理如圖所示，平行正對放置的半徑均為R、間距為1的圓

形金屬板M、N,圓心分別為。?、02,位于。1處的粒子源能向兩板間各個方向發(fā)射初

速度大小為%的帶正電的粒子.己知粒子質(zhì)量為相、電荷量為q,不計粒子重力及相互

間作用，忽略邊緣效應.

(1)僅在兩板間加電壓U,兩板間產(chǎn)生方向沿方向的勻強電場，則電壓U滿足什

么條件時能使粒子全部擊中N板？

(2)僅在兩板間加沿。。2方向的有界勻強磁場，則磁感應強度大小8滿足什么條件時

能使粒子全部擊中N板？此時粒子在兩板間運動的時間范圍為多少？

(3)若兩板間同時存在方向都沿方向的勻強電場和勻強磁場，磁感應強度大小為

B。,粒子源發(fā)射出方向垂直于連線的粒子，全部落在半徑為巫嗎的圓周上

B°q

試卷第8頁，共8頁

參考答案：

1.A

【詳解】A.根據(jù)圖像可知，碳14剩余四分之一的時間約11460年，即該古木的年代距今

約H460年，A正確；

B.半衰期與溫度、壓強無關，故如果古木處于高溫、高壓下測量結(jié)果不會有較大誤差，B

錯誤；

C.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，又因為碳14發(fā)生衰變，所以衰變方程為

「CWN+'e

故碳14發(fā)生的是夕衰變，C錯誤；

D.由碳14中子數(shù)為

14-6=8

氮14中子數(shù)為

14-7=7

D錯誤；

故選Ao

2.C

【詳解】A.推拉活塞時，動作要慢，使其溫度與環(huán)境溫度保持一致，故A錯誤；

B.活塞移至某位置時，應等狀態(tài)穩(wěn)定后再記錄數(shù)據(jù)，故B錯誤；

C.圖線與縱軸相交的原因可能是沒有考慮注射器與壓強傳感器連接部分氣體的體積，故C

正確；

D.根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知

-=—V

pCT

則溫度升高時，圖像斜率變小，故D錯誤。

故選Co

3.B

【詳解】A.A、B為同軸轉(zhuǎn)動，角速度大小相等，故A錯誤；

B.根據(jù)"="可知，A、B輪邊緣的線速度大小之比為

%5

故B正確;

答案第1頁，共11頁

C.B、C的線速度大小相同，根據(jù)v=可知，B、C的角速度之比為

①B_2

①C5

故c錯誤；

D.根據(jù)。=上可得B、C輪邊緣的向心加速度大小之比為

r

〃B_2c_

“C5

故D錯誤。

故選B。

4.C

【詳解】A.如圖所示為等量異種點電荷周圍空間的電場分布圖

P'\

P,

本題的帶電圓環(huán)可分解為無數(shù)對等量異種點電荷的電場，沿水平方向放置，它們有共同的對

稱軸PP，PP所在的平面與每一條電場線都垂直，即為電勢為0的等勢線，因此。點場強

大小不為0,電勢為0,故A錯誤；

B.由圖可知水平直徑上、下兩側(cè)的電場分布對稱，豎直直徑兩側(cè)的電場分布也對稱，由電

場的疊加原理可知，c點的場強等于d點的場強，故B錯誤；

C.PP為等勢線，故將一電子從。點沿直線移動到6點，電場力不做功，故C正確；

D.由圓環(huán)所帶電荷的電場線分布可知，。點電勢高于d點的電勢，由正電荷在電勢高的地

方電勢能大，可知質(zhì)子在d點的電勢能小于在c點的電勢能，故D錯誤。

故選C。

5.B

【詳解】如果發(fā)生的是完全非彈性碰撞，則由動量守恒定律

mvQ=(150m+m)v

解得

答案第2頁，共11頁

如果發(fā)生的是彈性碰撞，則由動量守恒定律

mv0=150mvl+mv2

由機械能守恒定律

gmVg=；xl50mv^+；mvf

聯(lián)立解得

2

V]=----%

1151°

故撞擊后大石塊的速度范圍為

1,/2

——v<v<——v

15101510

故撞擊后大石塊的速度可能為鐵錘碰撞前速度的擊。

故選B。

6.C

【詳解】A.衛(wèi)星在近地軌道上運動時，由牛頓第二定律得

-Mm

G-z-=m

rx

可知

衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上運動經(jīng)過A點時的線速度大小應大于在近地軌道運行的速度，即衛(wèi)星在轉(zhuǎn)

移軌道上運動經(jīng)過A點時的線速度大小大于J*,A錯誤;

B.衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上從A點運動到8點的過程中，引力做負功，動能減小，機械能保持不

變，B錯誤;

C.衛(wèi)星在近地軌道與目標軌道上運動的向心力大小之比為

Mm

耳=4=r2

2

F.「Mmr

0-M

r2

C正確;

答案第3頁，共11頁

D.由牛頓第二定律得

-Mm4/

-Mm4/

CJ——=m——r

r；Tl2

可知衛(wèi)星在近地軌道與目標軌道上運動的周期之比為

4

D錯誤;

故選C

7.D

【詳解】AB.自由電子做定向移動，時，由左手定則可知，電子偏向后側(cè)面，故霍爾

4

元件前側(cè)面的電勢高于后側(cè)面，故AB錯誤；

C.穩(wěn)定時電子受到的電場力和洛倫茲力平衡，因此

又因為電流的微觀表達式為

I=neSv=riehdv

聯(lián)立可得，輸出霍爾電壓的表達式為

.27r

sin——t

nednedT

故C錯誤;

D.輸出霍爾電壓的有效值為

A/22ned

故D正確。

故選D。

8.BC

【詳解】A.薄冰中間所夾的空氣薄層相當于一層薄膜，光在此空氣薄層上形成薄膜干涉,

呈現(xiàn)彩色花紋，而光導纖維的原理為光的全反射，故A錯誤；

B.雙縫干涉為光的干涉現(xiàn)象，故B正確；

答案第4頁，共11頁

C.陽光下的肥皂泡呈現(xiàn)彩色條紋為薄膜干涉，故c正確;

D.泊松亮斑是光的衍射，故D錯誤。

故選BC。

9.BD

【詳解】AB.根據(jù)動能定理有

121

=—m（3v）--mv2=4mv2

112

22

W2=—m（7v）——m（3v）=20mv

可得

嗎=5叱

故A錯誤，B正確；

CD.由于速度是矢量，具有方向，當初、末速度方向相同時，動量變化量最小，方向相反

時，動量變化量最大，根據(jù)動量定理

=mAv

可知沖量的大小范圍是

2mv<<4mv

4mv</2<lOmv

可知

故C錯誤，D正確。

故選BD。

10.BD

【詳解】A.光滑圓弧軌道的半徑為R,則鋼球從最高點滑到圓弧軌道最低點過程中，由機

械能守恒

mgR=^mv2

可得

V=y/2gR

則速度V與R不成線性關系，故A錯誤；

答案第5頁，共11頁

B.在8點根據(jù)牛頓第二定律有

F'-mg=m—

R

代入數(shù)據(jù)解得，鋼球在B處時對軌道的壓力大小為

F=F'=3mg

故B正確;

C.鋼球從軌道最低點飛出后再空中做平拋運動，有

1

x=vt,h-R=—gt9

聯(lián)立可得，鋼球落地點距。點的距離為

故c錯誤;

D.鋼球落地時速度方向與水平方向夾角的正弦值為

sin「=叵二

爍姝

mgh=；根v末2

聯(lián)立得

sin6?=J1--

Vh

故D正確。

故選BDo

2t4/

11.D

N-l

【詳解】(1)口］該單擺的周期

2/

N-lN-l

2

(2)［2］設A點以下的細線長度為%,根據(jù)單擺周期公式得

T=2n

化簡得

gg

答案第6頁，共11頁

〃_/圖像的斜率為

4/

k=-----

g

則解得

4%2

g-

(3)[3]A.實驗小球選用小鋼球，不能選用小木球或塑料球，因為小木球或塑料球質(zhì)量輕，

阻力大，對實驗影響不能忽略，故A錯誤；

BC.只考慮擋光位置在小球下方所引起的系統(tǒng)誤差，不會影響周期T的測量，則不會影響

上的測量，故BC錯誤；

D.因為要使小球做簡諧運動所以需要滿足細線偏離平衡位置的最大角度不必須小于或等于

5°,故D正確。

故選D。

12.1.980/1.979/1.981xlOak-RA""(k-RQ

4Z

【詳解】(1)口]螺旋測微器的精確值為0.01mm,由圖可知該圓柱形導電玻璃直徑為

d=1.5mm+48.0x0.01mm=1.980mm

(2)[2]為了減小讀數(shù)誤差，應使指針指在刻度盤中央附近，若先用歐姆表“x100”擋粗測該

器件的電阻,指針位置如圖乙,說明所選倍率過大,故應將選擇開關旋轉(zhuǎn)到較小一些的倍率，

即歐姆擋“xlO”的位置；

(3)[3]由于該實驗中電流表內(nèi)阻已知，電壓表內(nèi)阻未知，為了盡可能精確測量該圓柱形導

電玻璃的電阻，故應采用電流表內(nèi)接法，故應選擇電路圖(a)；

(4)[4]根據(jù)圖(a),實驗過程中，改變滑動變阻器的滑片位置，并記錄兩電表的讀數(shù)可得

U=I(RA+RX)

作出U-/圖像，斜率為左，即

k=RA+Rx

可得導電玻璃的電阻

凡="&

⑸根據(jù)電阻定律可得

答案第7頁，共11頁

=k~RA

得

兀d"k-RG

41

13.(1)1A,1J；(2)5m/s

【詳解】(1)在O~ls內(nèi)，磁場磁感應強度從。變化到4T的過程中，由法拉第電磁感應定

律

AB4-0

E,=N—S=——xO.5xlV=2V

Ar1-0

由閉合電路歐姆定律可知，電阻R中流過的電流大小為

人品=I>=1A

根據(jù)焦耳定律可知，O~ls內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為

Q=I;Rt=\]

(2)當金屬棒達到最大速度時，則電路中產(chǎn)生的感應電動勢為

E2=B0Lv

電路中的感應電流為

/,=屋

22R

最終金屬棒勻速運動，對金屬棒受力分析，由平衡條件得

mgsin3=Bo/2￡

聯(lián)立可得，金屬棒最終的速度大小為

v=5m/s

14.(1)0.4m/s2,5s；(2)①3.5s,②432J

【詳解】(1)對貨物A受力分析，由牛頓第二定律

〃叫geos6一叫gsin6=m1al

解得

2

ax=0.4m/s

設貨物一直加速，則由運動學公式有

L=—

答案第8頁，共11頁

解得

/=5s

此時貨物A的速度為

vi=ait=2m/s

符合題意。

(2)①對貨物A受力分析，由牛頓第二定律

T+jum1gcos0-m^gsin0=

對重物B受力分析，由牛頓第二定律

m2g—T=m2a2

聯(lián)立解得

2

a2=lm/s

當達到與傳送帶共速時間為

v

%=—=2s

a2

貨物A運動的位移為

玉-~^i=2m

之后勻速，則勻速的時間為

t=―—―=1.5s

2v

則貨物A從底端到達頂端所需的時間為

/=%+q=3.5s

②在貨物A加速階段，摩擦力為

f^jum^gcosd

摩擦力對其做的功為

叱=192J

在貨物A勻速階段，摩擦力為

f2=，/gsine一機2g

則摩擦力對其做的功為

答案第9頁，共11頁

叫=力(￡—%)=240J

即貨物A在傳送帶上運動過程中摩擦力對其做的功為

W=W,+嗎=432J

--/<、2md2V：/、相『⑶E=(2：*二(…3…)

15.(1)U02.....―j—；(2)

qR

【詳解】(1)當速度與場強垂直的粒子擊中N板，則全部擊中N板，由類平拋運動知識得