高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1陜西省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試（模擬）物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，并將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在本試卷上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。涂寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.作答非選擇題時(shí)，將答案書(shū)寫(xiě)在答題卡上，書(shū)寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題，每小題4分，共28分，只有一項(xiàng)符合題目要求；第8~10題，每小題6分，共18分，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.甲、乙兩物體做直線運(yùn)動(dòng)，其位移—時(shí)間圖像如圖所示，則在時(shí)間內(nèi)（）A.兩物體平均速度相等 B.兩物體路程相等 C.甲做勻加速運(yùn)動(dòng) D.乙做勻減速運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】A．由圖可知，在時(shí)間內(nèi)，甲物體的位移等于乙物體的位移，時(shí)間相等，故在時(shí)間內(nèi)，甲物體的平均速度等于乙物的平均速度，故A正確；B．由圖可知，甲物體的路程大于乙物體的路程，故B錯(cuò)誤；C．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，由圖可知，甲物體的位移-時(shí)間圖像斜率不變，故甲物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，由圖可知，乙物體的位移-時(shí)間圖像斜率先減小后變大，故乙物體先向反方向做減速運(yùn)動(dòng)，再向正方向做加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖，光滑斜面和在B處連接。將一小球從斜面上距地面高為h處無(wú)初速釋放，經(jīng)B處沿斜面上滑，若小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，則小球（）A.第1次沿斜面上滑的最大高度為B.第1次沿斜面上滑的最大高度為C.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍D.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍【答案】D【解析】AB．小球第一次下到B點(diǎn)，根據(jù)能量守恒可得小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，設(shè)第1次沿斜面上滑的最大高度為，根據(jù)能量守恒可得解得故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，則有解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.2024年4月，神舟十八號(hào)飛船航天員乘組攜帶“水生密閉生態(tài)實(shí)驗(yàn)?zāi)K”進(jìn)入中國(guó)空間站“問(wèn)天”實(shí)驗(yàn)艙，實(shí)施國(guó)內(nèi)首次在軌水生生態(tài)系統(tǒng)研究項(xiàng)目。該模塊主體為一個(gè)充滿水的“太空魚(yú)缸”，其中有金魚(yú)藻和4條斑馬魚(yú)。該系統(tǒng)在軌運(yùn)行期間，忽略空間站受到的空氣摩擦力和地球之外的天體引力，則（）A.斑馬魚(yú)受到浮力、地球引力和向心力B.斑馬魚(yú)受到的浮力與地球引力大小相等，方向相反C.斑馬魚(yú)所受向心力來(lái)自地球引力D.斑馬魚(yú)所受地球引力與其在地面所受引力大小相等【答案】C【解析】ABC．浮力產(chǎn)生的原因?yàn)橐好娌煌叨鹊膲毫Σ?，空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，地球?qū)λ娜f(wàn)有引力提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，液面沒(méi)有壓力差，所以斑馬魚(yú)只受萬(wàn)有引力作用，不受浮力作用，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式可知，斑馬魚(yú)所在軌道的半徑更大，所以其所受地球引力比其在地面所受引力大小更小，故D錯(cuò)誤。故選C4.如圖，物體A、B質(zhì)量分別為m和，用輕繩連接后跨過(guò)輕質(zhì)滑輪。將斜面傾角由緩慢增大到的過(guò)程中，B始終靜止在斜面上，則（）A.輕繩對(duì)B的拉力增大 B.輕繩對(duì)B的拉力減小C.B受到的靜摩擦力增大 D.B受到的靜摩擦力減小【答案】C【解析】AB．先對(duì)A物體受力分析，它受重力和拉力的作用，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有可知，拉力與角度的變化無(wú)關(guān)，一直保持不變，故AB錯(cuò)誤；CD．再對(duì)物體B受力分析，它受拉力T、重力GB、支持力N以及靜摩擦力f的作用，因，故B所受靜摩擦力f的方向沿斜面向上，如圖所示根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有（為斜面的傾角），x方向有當(dāng)由45°增加到50°時(shí)，增大，又T保持不變，故f一定增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖，在坐標(biāo)平面內(nèi)，圓心為O、半徑為r的圓上等距放置三個(gè)點(diǎn)電荷，y軸上的A點(diǎn)電荷量為點(diǎn)電荷量均為。P點(diǎn)為圓弧中點(diǎn)。則（）A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸正向 B.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0C.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸正向 D.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小【答案】D【解析】AB．根據(jù)電場(chǎng)的矢量疊加可知O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸負(fù)向，大小為故AB錯(cuò)誤；CD．三個(gè)點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)如圖A點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為B點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為C點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為根據(jù)矢量的合成可知A、B點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為方向向下，再與C點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)合成可知方向向下，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。6.電磁炮的簡(jiǎn)化結(jié)構(gòu)如圖，長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌平行固定于水平面上，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，炮彈固定在金屬桿上可沿導(dǎo)軌滑行且始終接觸良好，可控電源提供強(qiáng)電流經(jīng)導(dǎo)軌形成回路。若炮彈向右發(fā)射過(guò)程中阻力恒定，電源電動(dòng)勢(shì)及其內(nèi)阻保持不變，回路總電阻為R，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。則（）A.炮彈一直做勻加速運(yùn)動(dòng) B.金屬桿中的電流由N流向MC.金屬桿兩端電壓始終不變 D.電源的總功率先增大再減小【答案】B【解析】AB．由題知，炮彈向右發(fā)射，則炮彈受到向右的安培力作用，根據(jù)左手定則可知，金屬桿中的電流由N流向M，炮彈的速度向右，根據(jù)右手定則，可知金屬桿切割磁感應(yīng)線，會(huì)產(chǎn)生由M到N的感應(yīng)電流，與可控電源提供的電流方向相反，且從0開(kāi)始增大，則回路中的總電流開(kāi)始變小，故安培力開(kāi)始變小，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度不斷減小，故炮彈做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．因回路中的總電流不斷減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，金屬桿兩端電壓不斷增大，故C錯(cuò)誤；D．因回路中的總電流不斷減小，根據(jù)可知，電源的總功率不斷減小，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖，平面內(nèi)有大量電子（質(zhì)量為m、電荷量為e）從原點(diǎn)O連續(xù)以相同速率向各個(gè)方向發(fā)射，右側(cè)遠(yuǎn)處放置與平面垂直且足夠大的熒光屏。現(xiàn)在各象限施加面積最小的垂直于該平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)。忽略電子間的相互作用，則（）A.第象限磁場(chǎng)方向垂直平面向外 B.整場(chǎng)的最小總面積為C.電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為 D.電子在光屏上形成的光斑長(zhǎng)度為【答案】D【解析】A．第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知第1象限磁場(chǎng)方向垂直平面向里，第4象限磁場(chǎng)方向垂直平面向外，故A錯(cuò)誤；B．如圖所示電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為在由O點(diǎn)射入第I象限的所有電子中，沿y軸正方向射出的電子轉(zhuǎn)過(guò)圓周，速度變?yōu)檠豿軸正方向，這條軌跡為磁場(chǎng)區(qū)域的上邊界。設(shè)某電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心與O點(diǎn)的連線與y軸正方向夾角為，若離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)電子速度變?yōu)檠豿軸正方向，其射出點(diǎn)（也就是軌跡與磁場(chǎng)邊界的交點(diǎn)）的坐標(biāo)為（x，y）。由圖中幾何關(guān)系可得，消去參數(shù)可知磁場(chǎng)區(qū)域的下邊界滿足的方程為（x>0，y>0）這是一個(gè)圓的方程，圓心在（0，R）處，磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)閳D中兩條圓弧所圍成的面積，磁場(chǎng)的最小面積為根據(jù)對(duì)稱性可知，整場(chǎng)的最小總面積為故B錯(cuò)誤；C．電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間對(duì)應(yīng)的圓心角為90°，時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．電子在光屏上形成的光斑長(zhǎng)度為電子運(yùn)動(dòng)半徑之和，即故D正確；故選D。8.發(fā)光二極管是一種能夠直接將電能轉(zhuǎn)化為可見(jiàn)光的固態(tài)半導(dǎo)體器件，是目前公認(rèn)的高效人造照明技術(shù)。不同材料制成的發(fā)光二極管通電后可以發(fā)出不同顏色的光，現(xiàn)有兩個(gè)二極管發(fā)光功率相等，分別發(fā)出紅光和藍(lán)光，則（）A.藍(lán)光的波長(zhǎng)比紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng) B.藍(lán)光光子的能量比紅光光子的能量大C.藍(lán)光光子的動(dòng)量比紅光光子的動(dòng)量大 D.藍(lán)光光源比紅光光源單位時(shí)間產(chǎn)生的光子數(shù)多【答案】BC【解析】AB．藍(lán)光頻率大，能量大，波長(zhǎng)小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式有可知，藍(lán)光光子的動(dòng)量比紅光光子的動(dòng)量大，故C正確；D．設(shè)光源單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光子數(shù)N，則有解得則藍(lán)光光源比紅光光源單位時(shí)間產(chǎn)生的光子數(shù)少，故D錯(cuò)誤；故選BC。9.楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)為十大最美經(jīng)典物理實(shí)驗(yàn)之一，它驗(yàn)證了光的波動(dòng)性?，F(xiàn)用某一單色光源做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上出現(xiàn)了明暗相間的條紋，則（）A.雙縫間距離越大，條紋間距也越大B.用一塊偏振片遮住一條縫，則屏上的干涉條紋消失C.完全遮住一條縫使其不透光，屏上仍有明暗相間的條紋D.裝置放入水中，屏上條紋間距較空氣中條紋間距變小【答案】CD【解析】A．根據(jù)雙縫干涉相鄰兩條紋間距公式可得雙縫間距離d越大，條紋間距越小，故A錯(cuò)誤；B．用一塊偏振片遮住一條縫，光的強(qiáng)度變?nèi)?，但仍能發(fā)生干涉現(xiàn)象，則屏上的干涉條紋不會(huì)消失，故B錯(cuò)誤；C．完全遮住一條縫使其不透光，變成了單縫衍射，有衍射條紋，故屏上仍有明暗相間的條紋，故C正確；D．將該裝置放入水中，由可得水中光的傳播速度變小，而頻率不變，則波長(zhǎng)變短，根據(jù)可得屏上條紋間距較空氣中條紋間距變小，故D正確。故選CD。10.如圖，質(zhì)量為的滑塊套在水平固定的光滑軌道上，質(zhì)量為的小球（視為質(zhì)點(diǎn)）通過(guò)長(zhǎng)為的輕桿與滑塊上的光滑軸O連接，可繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)。初始時(shí)滑塊靜止，輕桿處于水平狀態(tài)。小球以豎直向下的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，g取，則（）A.小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊向右移動(dòng)了B.小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，滑塊的速度大小為C.小球相對(duì)于初始位置可以上升的最大高度為D.小球從初始位置到第一次到達(dá)最大高度的過(guò)程中，滑塊向右的位移為【答案】AD【解析】A．小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，設(shè)滑塊在水平軌道上向右移動(dòng)的距離為，取向左為正方向，根據(jù)水平動(dòng)量守恒有解得故A正確；B．小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球和滑塊系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取水平向左為正方向，設(shè)小球到最低點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度為，滑塊的速度為，則有根據(jù)能量守恒有聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)小球相對(duì)于初始位置可以上升的最大高度為h，此時(shí)豎直方向速度為0，根據(jù)水平動(dòng)量守恒得根據(jù)能量守恒有解得故C錯(cuò)誤；D．小球從初始位置到第一次到達(dá)最大高度的過(guò)程中，設(shè)滑塊在水平軌道上向右移動(dòng)的距離為y。由幾何關(guān)系可得，小球相對(duì)于滑塊移動(dòng)的水平距離為根據(jù)水平動(dòng)量守恒得解得故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.17世紀(jì)，惠更斯在推導(dǎo)出單擺的周期公式后，用一個(gè)單擺測(cè)出了巴黎的重力加速度。我們也可以利用單擺測(cè)量所在地區(qū)的重力加速度數(shù)值。（1）實(shí)驗(yàn)中采用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑結(jié)果如圖（a）所示，則小球的半徑為_(kāi)______；（2）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中誤將擺繩長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)，利用周期公式直接計(jì)算得到的重力加速度較實(shí)際值_______（填“偏大”、“不變”或“偏小”）；（3）另一同學(xué)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，通過(guò)測(cè)量不同擺長(zhǎng)l及對(duì)應(yīng)周期T，借助數(shù)表軟件繪制圖像如圖（b）所示，利用處理結(jié)果，計(jì)算可得重力加速度_______（保留三位有效數(shù)字，取9.87）。0.8011.803.240.8521.853.420.8971.913.650.9521.963.841.0002.014.041.0522.064.241.0992.104.411.149

4.62【答案】（1）0.92（2）偏小（3）9.79【解析】【小問(wèn)1詳解】小球的直徑則小球的半徑為0.92cm。【小問(wèn)2詳解】根據(jù)得擺長(zhǎng)應(yīng)為擺線與球半徑之和，若將擺繩長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)，則l偏小，計(jì)算得到的重力加速度較實(shí)際值偏小?！拘?wèn)3詳解】設(shè)圖像斜率為k，由得則12.某實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)電阻，設(shè)計(jì)了三個(gè)電路圖如圖（a）、圖（b）、圖（c）所示，待測(cè)電阻約為，電壓表的內(nèi)阻約為，電流表的內(nèi)阻約為。（1）若采用圖（a）和圖（b）的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得的電阻值分別記為和，則_______（填“”或“”）更接近真實(shí)值，這個(gè)值比真實(shí)值_______（填“偏大”或“偏小”）；（2）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，采用圖（c）的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖（d）實(shí)物圖連接成完整電路____；（3）圖（c）實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器滑片置于a端，先將接1，閉合，調(diào)節(jié)和，使電流表和電壓表示數(shù)適當(dāng)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為；再將接2，保持_______（填“”或“”）不變，調(diào)節(jié)另一滑動(dòng)變阻器，電流表和電壓表示數(shù)分別為，經(jīng)計(jì)算得_______（保留3位有效數(shù)字）；（4）圖（c）實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法正確的是_______。A.電流表內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值無(wú)影響 B.電壓表內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值有影響C.電源內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值有影響 D.電阻的測(cè)量值沒(méi)有誤差【答案】（1）偏大（2）（3）298（4）A【解析】【小問(wèn)1詳解】[1][2]由于則電流表選擇內(nèi)接時(shí)，誤差較小，則更加接近真實(shí)值，測(cè)量值偏大?！拘?wèn)2詳解】如圖【小問(wèn)3詳解】[1][2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知應(yīng)保證不變，根據(jù)歐姆定律有解得【小問(wèn)4詳解】由上述分析可知電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果都無(wú)影響。故選A。13.圖為汽車(chē)空氣懸掛系統(tǒng)中減震裝置結(jié)構(gòu)示意圖，主要由氣缸、活塞柱、彈簧和上下支座構(gòu)成，氣缸內(nèi)的氦氣可視為理想氣體。未承重時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，氣缸和活塞柱長(zhǎng)度均為，氣體壓強(qiáng)等于大氣壓強(qiáng)。將4個(gè)該裝置安裝在汽車(chē)上，用于支撐裝置以上的車(chē)身，汽車(chē)靜止時(shí)活塞壓入氣缸長(zhǎng)度均為。已知活塞柱橫截面積，彈簧的勁度系數(shù)。該裝置的質(zhì)量、摩擦及氣缸壁厚度均可忽略不計(jì)，氣缸導(dǎo)熱性和氣密性良好，環(huán)境溫度不變，g取，求：（1）壓縮后氣缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）4個(gè)裝置支撐的車(chē)身質(zhì)量?！敬鸢浮浚?）（2）【解析】【小問(wèn)1詳解】裝置未承重時(shí)，承重后，由玻意耳定律可得解得【小問(wèn)2詳解】承重后設(shè)車(chē)身質(zhì)量為M，則對(duì)車(chē)身有，，解得14.有一種內(nèi)置發(fā)條的玩具小車(chē)，在推力作用下運(yùn)動(dòng)時(shí)，發(fā)條收緊儲(chǔ)存能量，每前進(jìn)發(fā)條儲(chǔ)能，最大可儲(chǔ)能。無(wú)推力作用時(shí)，發(fā)條釋放能量產(chǎn)生動(dòng)力，每前進(jìn)釋放，直至儲(chǔ)能釋放完畢。已知玩具小車(chē)質(zhì)量為，在一恒定推力作用下從靜止開(kāi)始在水平地面上沿直線前進(jìn)了，推力與水平方向夾角指向斜下方、大小為；推力撤去后，小車(chē)?yán)^續(xù)沿直線前進(jìn)。設(shè)小車(chē)受到的外界阻力為其給水平地面壓力的0.1倍，g取取0.6。求：（1）從推力開(kāi)始作用到撤去時(shí)外界阻力做的功；（2）推力撤去時(shí)小車(chē)的速度大小；（3）小車(chē)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能。【答案】（1）-0.2J（2）（3）1.36J【解析】【小問(wèn)1詳解】由題知，，將其沿豎直方向和水平方向分解可得，則地面的支持力為外界阻力外界阻力【小問(wèn)2詳解】推力做功發(fā)條儲(chǔ)能由動(dòng)能定理可得解得【小問(wèn)3詳解】推力撤去后，則有則外界阻力為因?yàn)樾≤?chē)每前進(jìn)0.01m，外界阻力做功為發(fā)條釋放能量0.12J，因0.008J<0.12J，所以發(fā)條儲(chǔ)能釋放完畢時(shí)小車(chē)動(dòng)能最大，發(fā)條釋放儲(chǔ)能對(duì)應(yīng)路程外界阻力做功為由動(dòng)能定理可得15.如圖，間距為L(zhǎng)的平行光滑金屬軌道與由傾斜和水平兩部分平滑連接而成，且，傾斜軌道的傾角為，水平軌道足夠長(zhǎng)，軌道電阻不計(jì)。傾斜部分處于垂直軌道向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。已知金屬細(xì)棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R、長(zhǎng)度均為L(zhǎng)?，F(xiàn)將a棒從高度為h的位置由靜止釋放，當(dāng)a棒到達(dá)時(shí)，立即將b棒也從位置由靜止釋放，當(dāng)b棒到達(dá)時(shí)速度大小為，此時(shí)在水平軌道部分加豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬細(xì)棒始終與下平行且與軌道接觸良好，重力加速度為g。求：（1）b棒在傾斜軌道加速至速度時(shí)，其加速度大??；（2）b棒到達(dá)處時(shí)棒之間的距離；（3）若b棒到達(dá)處時(shí)棒間距離用表示，再經(jīng)時(shí)間a棒繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)距離為，此時(shí)棒之間的距離。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳解】b棒在斜軌道速度為時(shí)，加速度為a，由法拉第電磁感應(yīng)定律得由閉合電路歐姆定律得b棒所受安培力對(duì)b棒由牛頓第二定律得聯(lián)立解得【小問(wèn)2詳解】b棒下滑至EF處所需時(shí)間t，平均電流為，對(duì)b棒由動(dòng)量定理得由法拉第電磁感應(yīng)定律得由閉合電路歐姆定律得此過(guò)程磁通量的變化量a棒下滑至EF過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得b棒在斜軌道下滑過(guò)程中，a棒在水平軌道做勻速運(yùn)動(dòng)位移為a、b棒的距離聯(lián)立解得【小問(wèn)3詳解】b棒在水平軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a、b棒受到的安培力大小相等、方向相反，以a、b棒為研究系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得在極短時(shí)間內(nèi)有在時(shí)間內(nèi)，b棒向左運(yùn)動(dòng)距離為，得則a、b棒間的距離為聯(lián)立得陜西省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試（模擬）物理注意事項(xiàng)：1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上，并將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在本試卷上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。涂寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.作答非選擇題時(shí)，將答案書(shū)寫(xiě)在答題卡上，書(shū)寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。4.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題，每小題4分，共28分，只有一項(xiàng)符合題目要求；第8~10題，每小題6分，共18分，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.甲、乙兩物體做直線運(yùn)動(dòng)，其位移—時(shí)間圖像如圖所示，則在時(shí)間內(nèi)（）A.兩物體平均速度相等 B.兩物體路程相等 C.甲做勻加速運(yùn)動(dòng) D.乙做勻減速運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】A．由圖可知，在時(shí)間內(nèi)，甲物體的位移等于乙物體的位移，時(shí)間相等，故在時(shí)間內(nèi)，甲物體的平均速度等于乙物的平均速度，故A正確；B．由圖可知，甲物體的路程大于乙物體的路程，故B錯(cuò)誤；C．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，由圖可知，甲物體的位移-時(shí)間圖像斜率不變，故甲物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．位移—時(shí)間圖像的斜率表示速度，由圖可知，乙物體的位移-時(shí)間圖像斜率先減小后變大，故乙物體先向反方向做減速運(yùn)動(dòng)，再向正方向做加速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選A。2.如圖，光滑斜面和在B處連接。將一小球從斜面上距地面高為h處無(wú)初速釋放，經(jīng)B處沿斜面上滑，若小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，則小球（）A.第1次沿斜面上滑的最大高度為B.第1次沿斜面上滑的最大高度為C.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍D.第1次滑離B點(diǎn)時(shí)的速率是第1次滑到B點(diǎn)時(shí)速率的倍【答案】D【解析】AB．小球第一次下到B點(diǎn)，根據(jù)能量守恒可得小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，設(shè)第1次沿斜面上滑的最大高度為，根據(jù)能量守恒可得解得故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)小球每次經(jīng)B處時(shí)動(dòng)能損耗，則有解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。3.2024年4月，神舟十八號(hào)飛船航天員乘組攜帶“水生密閉生態(tài)實(shí)驗(yàn)?zāi)K”進(jìn)入中國(guó)空間站“問(wèn)天”實(shí)驗(yàn)艙，實(shí)施國(guó)內(nèi)首次在軌水生生態(tài)系統(tǒng)研究項(xiàng)目。該模塊主體為一個(gè)充滿水的“太空魚(yú)缸”，其中有金魚(yú)藻和4條斑馬魚(yú)。該系統(tǒng)在軌運(yùn)行期間，忽略空間站受到的空氣摩擦力和地球之外的天體引力，則（）A.斑馬魚(yú)受到浮力、地球引力和向心力B.斑馬魚(yú)受到的浮力與地球引力大小相等，方向相反C.斑馬魚(yú)所受向心力來(lái)自地球引力D.斑馬魚(yú)所受地球引力與其在地面所受引力大小相等【答案】C【解析】ABC．浮力產(chǎn)生的原因?yàn)橐好娌煌叨鹊膲毫Σ?，空間站繞地穩(wěn)定飛行時(shí)，地球?qū)λ娜f(wàn)有引力提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，液面沒(méi)有壓力差，所以斑馬魚(yú)只受萬(wàn)有引力作用，不受浮力作用，故AB錯(cuò)誤，C正確；D．根據(jù)萬(wàn)有引力表達(dá)式可知，斑馬魚(yú)所在軌道的半徑更大，所以其所受地球引力比其在地面所受引力大小更小，故D錯(cuò)誤。故選C4.如圖，物體A、B質(zhì)量分別為m和，用輕繩連接后跨過(guò)輕質(zhì)滑輪。將斜面傾角由緩慢增大到的過(guò)程中，B始終靜止在斜面上，則（）A.輕繩對(duì)B的拉力增大 B.輕繩對(duì)B的拉力減小C.B受到的靜摩擦力增大 D.B受到的靜摩擦力減小【答案】C【解析】AB．先對(duì)A物體受力分析，它受重力和拉力的作用，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有可知，拉力與角度的變化無(wú)關(guān)，一直保持不變，故AB錯(cuò)誤；CD．再對(duì)物體B受力分析，它受拉力T、重力GB、支持力N以及靜摩擦力f的作用，因，故B所受靜摩擦力f的方向沿斜面向上，如圖所示根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有（為斜面的傾角），x方向有當(dāng)由45°增加到50°時(shí)，增大，又T保持不變，故f一定增大，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖，在坐標(biāo)平面內(nèi)，圓心為O、半徑為r的圓上等距放置三個(gè)點(diǎn)電荷，y軸上的A點(diǎn)電荷量為點(diǎn)電荷量均為。P點(diǎn)為圓弧中點(diǎn)。則（）A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸正向 B.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為0C.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸正向 D.P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小【答案】D【解析】AB．根據(jù)電場(chǎng)的矢量疊加可知O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿y軸負(fù)向，大小為故AB錯(cuò)誤；CD．三個(gè)點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)如圖A點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為B點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為C點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為根據(jù)矢量的合成可知A、B點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為方向向下，再與C點(diǎn)電荷在P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)合成可知方向向下，故C錯(cuò)誤，D正確；故選D。6.電磁炮的簡(jiǎn)化結(jié)構(gòu)如圖，長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌平行固定于水平面上，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，炮彈固定在金屬桿上可沿導(dǎo)軌滑行且始終接觸良好，可控電源提供強(qiáng)電流經(jīng)導(dǎo)軌形成回路。若炮彈向右發(fā)射過(guò)程中阻力恒定，電源電動(dòng)勢(shì)及其內(nèi)阻保持不變，回路總電阻為R，導(dǎo)軌電阻忽略不計(jì)。則（）A.炮彈一直做勻加速運(yùn)動(dòng) B.金屬桿中的電流由N流向MC.金屬桿兩端電壓始終不變 D.電源的總功率先增大再減小【答案】B【解析】AB．由題知，炮彈向右發(fā)射，則炮彈受到向右的安培力作用，根據(jù)左手定則可知，金屬桿中的電流由N流向M，炮彈的速度向右，根據(jù)右手定則，可知金屬桿切割磁感應(yīng)線，會(huì)產(chǎn)生由M到N的感應(yīng)電流，與可控電源提供的電流方向相反，且從0開(kāi)始增大，則回路中的總電流開(kāi)始變小，故安培力開(kāi)始變小，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度不斷減小，故炮彈做加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，B正確；C．因回路中的總電流不斷減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知，金屬桿兩端電壓不斷增大，故C錯(cuò)誤；D．因回路中的總電流不斷減小，根據(jù)可知，電源的總功率不斷減小，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖，平面內(nèi)有大量電子（質(zhì)量為m、電荷量為e）從原點(diǎn)O連續(xù)以相同速率向各個(gè)方向發(fā)射，右側(cè)遠(yuǎn)處放置與平面垂直且足夠大的熒光屏?，F(xiàn)在各象限施加面積最小的垂直于該平面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)。忽略電子間的相互作用，則（）A.第象限磁場(chǎng)方向垂直平面向外 B.整場(chǎng)的最小總面積為C.電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為 D.電子在光屏上形成的光斑長(zhǎng)度為【答案】D【解析】A．第象限的電子最終平行于x軸并沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可知第1象限磁場(chǎng)方向垂直平面向里，第4象限磁場(chǎng)方向垂直平面向外，故A錯(cuò)誤；B．如圖所示電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑為在由O點(diǎn)射入第I象限的所有電子中，沿y軸正方向射出的電子轉(zhuǎn)過(guò)圓周，速度變?yōu)檠豿軸正方向，這條軌跡為磁場(chǎng)區(qū)域的上邊界。設(shè)某電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心與O點(diǎn)的連線與y軸正方向夾角為，若離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)電子速度變?yōu)檠豿軸正方向，其射出點(diǎn)（也就是軌跡與磁場(chǎng)邊界的交點(diǎn)）的坐標(biāo)為（x，y）。由圖中幾何關(guān)系可得，消去參數(shù)可知磁場(chǎng)區(qū)域的下邊界滿足的方程為（x>0，y>0）這是一個(gè)圓的方程，圓心在（0，R）處，磁場(chǎng)區(qū)域?yàn)閳D中兩條圓弧所圍成的面積，磁場(chǎng)的最小面積為根據(jù)對(duì)稱性可知，整場(chǎng)的最小總面積為故B錯(cuò)誤；C．電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間對(duì)應(yīng)的圓心角為90°，時(shí)間為故C錯(cuò)誤；D．電子在光屏上形成的光斑長(zhǎng)度為電子運(yùn)動(dòng)半徑之和，即故D正確；故選D。8.發(fā)光二極管是一種能夠直接將電能轉(zhuǎn)化為可見(jiàn)光的固態(tài)半導(dǎo)體器件，是目前公認(rèn)的高效人造照明技術(shù)。不同材料制成的發(fā)光二極管通電后可以發(fā)出不同顏色的光，現(xiàn)有兩個(gè)二極管發(fā)光功率相等，分別發(fā)出紅光和藍(lán)光，則（）A.藍(lán)光的波長(zhǎng)比紅光的波長(zhǎng)長(zhǎng) B.藍(lán)光光子的能量比紅光光子的能量大C.藍(lán)光光子的動(dòng)量比紅光光子的動(dòng)量大 D.藍(lán)光光源比紅光光源單位時(shí)間產(chǎn)生的光子數(shù)多【答案】BC【解析】AB．藍(lán)光頻率大，能量大，波長(zhǎng)小，故A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)德布羅意波長(zhǎng)公式有可知，藍(lán)光光子的動(dòng)量比紅光光子的動(dòng)量大，故C正確；D．設(shè)光源單位時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的光子數(shù)N，則有解得則藍(lán)光光源比紅光光源單位時(shí)間產(chǎn)生的光子數(shù)少，故D錯(cuò)誤；故選BC。9.楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)為十大最美經(jīng)典物理實(shí)驗(yàn)之一，它驗(yàn)證了光的波動(dòng)性?，F(xiàn)用某一單色光源做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，屏上出現(xiàn)了明暗相間的條紋，則（）A.雙縫間距離越大，條紋間距也越大B.用一塊偏振片遮住一條縫，則屏上的干涉條紋消失C.完全遮住一條縫使其不透光，屏上仍有明暗相間的條紋D.裝置放入水中，屏上條紋間距較空氣中條紋間距變小【答案】CD【解析】A．根據(jù)雙縫干涉相鄰兩條紋間距公式可得雙縫間距離d越大，條紋間距越小，故A錯(cuò)誤；B．用一塊偏振片遮住一條縫，光的強(qiáng)度變?nèi)?，但仍能發(fā)生干涉現(xiàn)象，則屏上的干涉條紋不會(huì)消失，故B錯(cuò)誤；C．完全遮住一條縫使其不透光，變成了單縫衍射，有衍射條紋，故屏上仍有明暗相間的條紋，故C正確；D．將該裝置放入水中，由可得水中光的傳播速度變小，而頻率不變，則波長(zhǎng)變短，根據(jù)可得屏上條紋間距較空氣中條紋間距變小，故D正確。故選CD。10.如圖，質(zhì)量為的滑塊套在水平固定的光滑軌道上，質(zhì)量為的小球（視為質(zhì)點(diǎn)）通過(guò)長(zhǎng)為的輕桿與滑塊上的光滑軸O連接，可繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動(dòng)。初始時(shí)滑塊靜止，輕桿處于水平狀態(tài)。小球以豎直向下的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，g取，則（）A.小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，滑塊向右移動(dòng)了B.小球第一次到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，滑塊的速度大小為C.小球相對(duì)于初始位置可以上升的最大高度為D.小球從初始位置到第一次到達(dá)最大高度的過(guò)程中，滑塊向右的位移為【答案】AD【解析】A．小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，設(shè)滑塊在水平軌道上向右移動(dòng)的距離為，取向左為正方向，根據(jù)水平動(dòng)量守恒有解得故A正確；B．小球從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球和滑塊系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取水平向左為正方向，設(shè)小球到最低點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度為，滑塊的速度為，則有根據(jù)能量守恒有聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．設(shè)小球相對(duì)于初始位置可以上升的最大高度為h，此時(shí)豎直方向速度為0，根據(jù)水平動(dòng)量守恒得根據(jù)能量守恒有解得故C錯(cuò)誤；D．小球從初始位置到第一次到達(dá)最大高度的過(guò)程中，設(shè)滑塊在水平軌道上向右移動(dòng)的距離為y。由幾何關(guān)系可得，小球相對(duì)于滑塊移動(dòng)的水平距離為根據(jù)水平動(dòng)量守恒得解得故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.17世紀(jì)，惠更斯在推導(dǎo)出單擺的周期公式后，用一個(gè)單擺測(cè)出了巴黎的重力加速度。我們也可以利用單擺測(cè)量所在地區(qū)的重力加速度數(shù)值。（1）實(shí)驗(yàn)中采用游標(biāo)卡尺測(cè)得小球的直徑結(jié)果如圖（a）所示，則小球的半徑為_(kāi)______；（2）某同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中誤將擺繩長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)，利用周期公式直接計(jì)算得到的重力加速度較實(shí)際值_______（填“偏大”、“不變”或“偏小”）；（3）另一同學(xué)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，通過(guò)測(cè)量不同擺長(zhǎng)l及對(duì)應(yīng)周期T，借助數(shù)表軟件繪制圖像如圖（b）所示，利用處理結(jié)果，計(jì)算可得重力加速度_______（保留三位有效數(shù)字，取9.87）。0.8011.803.240.8521.853.420.8971.913.650.9521.963.841.0002.014.041.0522.064.241.0992.104.411.149

4.62【答案】（1）0.92（2）偏?。?）9.79【解析】【小問(wèn)1詳解】小球的直徑則小球的半徑為0.92cm?！拘?wèn)2詳解】根據(jù)得擺長(zhǎng)應(yīng)為擺線與球半徑之和，若將擺繩長(zhǎng)度當(dāng)作擺長(zhǎng)，則l偏小，計(jì)算得到的重力加速度較實(shí)際值偏小。【小問(wèn)3詳解】設(shè)圖像斜率為k，由得則12.某實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)電阻，設(shè)計(jì)了三個(gè)電路圖如圖（a）、圖（b）、圖（c）所示，待測(cè)電阻約為，電壓表的內(nèi)阻約為，電流表的內(nèi)阻約為。（1）若采用圖（a）和圖（b）的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得的電阻值分別記為和，則_______（填“”或“”）更接近真實(shí)值，這個(gè)值比真實(shí)值_______（填“偏大”或“偏小”）；（2）為減小實(shí)驗(yàn)誤差，采用圖（c）的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖（d）實(shí)物圖連接成完整電路____；（3）圖（c）實(shí)驗(yàn)中，滑動(dòng)變阻器滑片置于a端，先將接1，閉合，調(diào)節(jié)和，使電流表和電壓表示數(shù)適當(dāng)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為；再將接2，保持_______（填“”或“”）不變，調(diào)節(jié)另一滑動(dòng)變阻器，電流表和電壓表示數(shù)分別為，經(jīng)計(jì)算得_______（保留3位有效數(shù)字）；（4）圖（c）實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法正確的是_______。A.電流表內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值無(wú)影響 B.電壓表內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值有影響C.電源內(nèi)阻對(duì)電阻的測(cè)量值有影響 D.電阻的測(cè)量值沒(méi)有誤差【答案】（1）偏大（2）（3）298（4）A【解析】【小問(wèn)1詳解】[1][2]由于則電流表選擇內(nèi)接時(shí)，誤差較小，則更加接近真實(shí)值，測(cè)量值偏大?！拘?wèn)2詳解】如圖【小問(wèn)3詳解】[1][2]根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知應(yīng)保證不變，根據(jù)歐姆定律有解得【小問(wèn)4詳解】由上述分析可知電源內(nèi)阻與電流表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果都無(wú)影響。故選A。13.圖為汽車(chē)空氣懸掛系統(tǒng)中減震裝置結(jié)構(gòu)示意圖，主要由氣缸、