…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版高二物理下冊(cè)月考試卷966考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、有關(guān)電磁波的發(fā)射與接收，下列說法正確的是（）A.將待傳遞的音頻、視頻信號(hào)加載到高頻載波信號(hào)上的過程叫調(diào)制B.使接收電路產(chǎn)生電諧振的過程叫調(diào)諧C.音頻、視頻信號(hào)從高頻載波信號(hào)上分離或還原出來的過程叫解調(diào)D.若接收到的某個(gè)衛(wèi)星的電磁信號(hào)的頻率為20MHz，則在空氣中的波長(zhǎng)約為0.15m2、在軍事演習(xí)中，某空降兵從飛機(jī)上跳下，先做自由落體運(yùn)動(dòng)，在t1時(shí)刻，速度達(dá)較大值v1時(shí)打開降落傘，做減速運(yùn)動(dòng)，在t2時(shí)刻以較小速度v2著地。他的速度圖象如圖所示。下列關(guān)于該空降兵在0～t1或t1～t2時(shí)間內(nèi)的平均速度的結(jié)論正確的是A.0～t2，B.t1～t2，C.t1～t2，D.t1～t2，3、下列關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作步驟的敘述中，正確的是()A.用于鑒定還原糖的斐林試劑甲液和乙液混合后要節(jié)約使用，以備下次再用B.用于鑒定蛋白質(zhì)的雙縮脲試劑A液和B液與斐林試劑甲液和乙液濃度可以相同C.脂肪的鑒定需要用顯微鏡才能看到被染色的脂肪滴D.在鑒定脂肪的實(shí)驗(yàn)中，蘇丹Ⅳ將脂肪染成橘黃色，蘇丹Ⅲ將脂肪染成紅色4、正方形區(qū)域有如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于正方形線框平面，且磁場(chǎng)邊界恰與線框四邊平行，以相同速率勻速拉出線框，欲使ab

間電勢(shì)差最大，則應(yīng)沿何方向拉出(

)

A.甲B.乙C.丙D.丁5、質(zhì)量為m的小球A以水平初速v與原來靜止在光滑水平面上的質(zhì)量為4m的小球B發(fā)生正碰．碰撞后A球被反向彈回；且A球的動(dòng)能減少了75%，則碰撞后B球的速度是（）

A.

B.

C.

D.

6、如圖所示，沿波的傳播方向上有質(zhì)點(diǎn)1到質(zhì)點(diǎn)13，已知相鄰兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)之間的距離相等.當(dāng)波傳到質(zhì)點(diǎn)1時(shí)，質(zhì)點(diǎn)1開始向上振動(dòng)，當(dāng)質(zhì)點(diǎn)1振動(dòng)了一個(gè)周期時(shí)波恰好傳到質(zhì)點(diǎn)13.則當(dāng)波傳到質(zhì)點(diǎn)13時(shí)，下面說法錯(cuò)誤的是（）A.質(zhì)點(diǎn)4有最大加速度B.質(zhì)點(diǎn)7有最大速度C.質(zhì)點(diǎn)5速度方向向上D.質(zhì)點(diǎn)8速度方向向下7、關(guān)于電阻率的說法，正確的是（）A.電阻率ρ與導(dǎo)體的長(zhǎng)度L和橫截面積S有關(guān)B.電阻率表征了導(dǎo)體材料的導(dǎo)電能力的強(qiáng)弱，由導(dǎo)體材料決定，與溫度有關(guān)C.電阻率ρ越大的導(dǎo)體，電阻也越大D.導(dǎo)體材料的電阻率都是隨溫度升高而增大8、以往我們認(rèn)識(shí)的光電效應(yīng)是單光子光電效應(yīng)；即一個(gè)電子在極短時(shí)間內(nèi)只能吸收到一個(gè)光子而從金屬表面逸出．強(qiáng)激光的出現(xiàn)豐富了人們對(duì)于光電效應(yīng)的認(rèn)識(shí)，用強(qiáng)激光照射金屬，由于其光子密度極大，一個(gè)電子在極短時(shí)間內(nèi)吸收多個(gè)光子成為可能，從而形成多光子電效應(yīng)，這已被實(shí)驗(yàn)證實(shí)．

光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)裝置示意如圖．用頻率為ν的普通光源照射陰極K，沒有發(fā)生光電效應(yīng)．換用同樣頻率為ν的強(qiáng)激光照射陰極K，則發(fā)生了光電效應(yīng)；此時(shí)，若加上反向電壓U，即將陰極K接電源正極，陽極A接電源負(fù)極，在KA之間就形成了使光電子減速的電場(chǎng)，逐漸增大U，光電流會(huì)逐漸減小；當(dāng)光電流恰好減小到零時(shí)，所加反向電壓U可能是下列的（其中W為逸出功，h為普朗克常量，e為電子電量）（）A.B.C.U=2hν-WD.評(píng)卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、如圖所示，有一絕緣、粗糙且足夠長(zhǎng)的水平管道處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與管道垂直．管道中有一帶電量為+q，質(zhì)量為m的帶電小球，管道直徑略大于小球直徑．現(xiàn)給帶小球一個(gè)水平初速度v0，則在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，帶電小球克服摩擦力所做的功可能為（）A.0B.m（）2C.mvo2D.m[v02+（）2]10、如圖所示為分子間作用力F

和分子間距離r

的關(guān)系圖象，關(guān)于分子間作用力，下列說法正確的是(

)

A.分子間同時(shí)存在著相互作用的引力和斥力B.分子間的引力總是比分子間的斥力小C.分子間的斥力隨分子間距離的增大而減小D.分子間的引力隨分子間距離的增大而增大11、根據(jù)熱力學(xué)知識(shí)，下列說法正確的是A.當(dāng)r>r0(

分子力的平衡位置)

時(shí)隨著分子間距增大，分子間的引力增大，斥力減小，所以合力表現(xiàn)為引力B.氣體對(duì)容器壁有壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)容器壁頻繁碰撞的結(jié)果C.有些物質(zhì)，在適當(dāng)?shù)娜軇┲腥芙鈺r(shí)，在一定濃度范圍具有液晶態(tài)D.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越快12、某同學(xué)將一直流電源的總功率P1

輸出功率P2

和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率P3

隨電流I

變化的圖線畫在了同一坐標(biāo)上，如下圖中的abc

所示，根據(jù)圖線可知()

A.反映P3

變化的圖線是c

B.電源電動(dòng)勢(shì)為8V

C.電源內(nèi)阻為2婁賂

D.當(dāng)電流為0.5A

時(shí)，外電路的電阻為6婁賂

13、下列說法正確的是()A.方程式92238U隆煤90234Th+24He

是重核裂變反應(yīng)方程B.婁脗

衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的C.核力是短程力，與核子間的距離有關(guān)，有時(shí)表現(xiàn)為引力，有時(shí)表現(xiàn)為斥力D.原子核所含核子單獨(dú)存在時(shí)的總質(zhì)量等于該原子核的質(zhì)量評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、真空中有兩個(gè)靜止的點(diǎn)電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來的2倍，距離減小為原來的它們之間的相互作用力變?yōu)開_____F．15、為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律（探究碰撞中的不變量）；某同學(xué)選取了兩個(gè)材質(zhì)相同，體積不等的兩個(gè)長(zhǎng)立方體滑塊A和B，按下述步驟做了如下實(shí)驗(yàn)：

步驟1：在A；B的相撞面分別裝上尼龍拉扣；以便二者相撞以后能夠立刻結(jié)為整體；

步驟2：安裝好實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲；鋁質(zhì)軌道槽的左端是傾斜槽，右端是長(zhǎng)直水平槽，傾斜槽和水平槽由一小段弧鏈接，軌道槽被固定在水平桌面上，在軌道槽的側(cè)面與軌道等高且適當(dāng)遠(yuǎn)處裝一臺(tái)數(shù)碼頻閃照相機(jī)；

步驟3：讓滑塊B靜置于水平槽的某處；滑塊A從斜槽某處靜止釋放，同時(shí)開始頻閃拍攝，直到A；B停止運(yùn)動(dòng)，得到一幅多次曝光的數(shù)碼照片；

步驟4：多次重復(fù)步驟3；得到多幅照片，挑出其中最理想一幅，打印出來，將刻度尺緊靠照片放置，如圖乙所示．

（1）由圖分析可知，滑塊A與滑塊B碰撞發(fā)生的位置是______

①A、B相撞的位置在P5、P6之間。

②A、B相撞的位置在P6處。

③A、B相撞的位置在P6、P7之間。

（2）為了探究碰撞中動(dòng)量是否守恒，需要直接測(cè)量或者讀取的物理量是______．

①A、B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量m1和m2

②滑塊A釋放時(shí)距桌面的高度。

③頻閃照相的周期。

④照片尺寸和實(shí)際尺寸的比例。

⑤滑塊與桌面的滑動(dòng)摩擦因數(shù)。

⑥照片上測(cè)得的S34、S45、S56和S67、S78、S89

（3）寫出驗(yàn)證動(dòng)量守恒的表達(dá)式______．16、如圖所示，磁場(chǎng)與線圈平面垂直，先后以速度v1和v2勻速把一矩形線圈拉出有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，v1=3v2．在先后兩種情況下，線圈中的感應(yīng)電流之比為______線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比為______通過線圈某截面的電荷量之比為______。17、如圖所示，甲、乙兩幅圖都是單色光發(fā)生衍射形成的圖樣，則____（填“甲”或“乙”）圖是單色光通過圓孔衍射形成的．丙圖是某單色光入射到圓孔上，在圓孔后面的屏上形成的一個(gè)亮的圓形區(qū)域，可以判斷得出，丙圖中圓孔的尺寸比前兩者障礙物（或孔）的尺寸要____（填“大”或“小”）

18、交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e=εmsinωt，若發(fā)電機(jī)的轉(zhuǎn)速增加到原來的兩倍，則這時(shí)交流發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為________，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為________。評(píng)卷人得分四、判斷題(共3題，共27分)19、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為9000N/C，在電場(chǎng)內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點(diǎn)，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點(diǎn)電荷，則A處場(chǎng)強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

21、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示電場(chǎng)線和等勢(shì)線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)．設(shè)電場(chǎng)力對(duì)兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對(duì)錯(cuò)）

評(píng)卷人得分五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)22、如圖所示，是一提升重物用的直流電動(dòng)機(jī)工作時(shí)的電路圖．電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻r=0.8Ω，電路中另一電阻R=10Ω，直流電壓U=160V，電壓表示數(shù)UM=110V．試求：

（1）通過電動(dòng)機(jī)的電流？

（2）電動(dòng)機(jī)的電功率及電動(dòng)機(jī)的輸出功率？

（3）若電動(dòng)機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，求該重物的質(zhì)量？（g取10m/s2）23、三氯氫硅rm{(SiHCl_{3})}是制備硅烷、多晶硅的重要原料。回答下列問題：rm{(1)SiHCl_{3}}在常溫常壓下為易揮發(fā)的無色透明液體，遇潮氣時(shí)發(fā)煙生成rm{(HSiO)_{2}O}等，寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式__________。rm{(2)SiHCl_{3}}在催化劑作用下發(fā)生反應(yīng)：rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+

SiCl_{4}(g)}rm{3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{3}(g)}rm{婁隴H_{1}=48kJ隆隴mol^{?1}}則反應(yīng)rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}的rm{3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{3}

(g)}__________rm{婁隴H_{2}=?30kJ隆隴mol^{?1}}rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+

3SiCl_{4}(g)}對(duì)于反應(yīng)rm{婁隴H=}采用大孔弱堿性陰離子交換樹脂催化劑，在rm{kJ隆隴mol^{?1}}和rm{(3)}時(shí)rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}的轉(zhuǎn)化率隨時(shí)間變化的結(jié)果如圖所示。

rm{323K}時(shí)反應(yīng)的平衡轉(zhuǎn)化率rm{343K}_________rm{SiHCl_{3}}平衡常數(shù)rm{壟脵343K}時(shí)反應(yīng)的平衡轉(zhuǎn)化率rm{婁脕=}_________rm{%}平衡常數(shù)rm{K}rm{壟脵343K}rm{婁脕=}__________rm{%}保留rm{K}位小數(shù)rm{{,!}_{343;K}}

rm{=}__________rm{(}保留rm{2}位小數(shù)rm{)}rm{=}在rm{(}下：要提高rm{2}rm{)}rm{壟脷}在rm{343K}下：要提高rm{SiHCl}比較rm{壟脷}rm{343K}處反應(yīng)速率大?。簉m{SiHCl}________rm{{,!}_{3}}填“大于”“小于”或“等于”轉(zhuǎn)化率，可采取的措施是___________；要縮短反應(yīng)達(dá)到平衡的時(shí)間，可采取的措施有_______、________。反應(yīng)速率rm{v=v_{脮媒}?v_{脛忙}={k}_{脮媒}{x}^{2}SiHC{l}_{3}?{k}_{脛忙}{x}_{Si{H}_{2}C{l}_{2}{x}_{SiC{l}_{4}}}}rm{壟脹}rm{a}分別為正、逆向反應(yīng)速率常數(shù)，rm為物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)，計(jì)算rm{v_{a}}處rm{dfrac{{v}_{脮媒}}{{v}_{脛忙}}=}__________rm{v_(}保留rm{)}位小數(shù)rm{v=v_{脮媒}?v_{脛忙}={k}_{脮媒}{x}^{2}SiHC{l}_{3}

?{k}_{脛忙}{x}_{Si{H}_{2}C{l}_{2}{x}_{SiC{l}_{4}}}}rm{k_{脮媒}}24、氫氣是一種新型的綠色能源，又是一種重要的化工原料。以生物材質(zhì)rm{(}以rm{C}計(jì)rm{)}與水蒸氣反應(yīng)制取rm{H_{2}}是一種低耗能，高效率的制rm{H_{2}}方法。該方法由氣化爐制造rm{H_{2}}和燃燒爐再生rm{CaO}兩步構(gòu)成。氣化爐中涉及到的反應(yīng)為：Ⅰrm{C(s)+H_{2}O(g)?CO(g)+H_{2}(g)}rm{C(s)+H_{2}O(g)?

CO(g)+H_{2}(g)}Ⅱrm{CO(g)+H_{2}O(g)?CO_{2}(g)+H_{2}(g)}rm{K_{1}}Ⅲrm{CaO(s)+CO_{2}(g)?CaCO_{3}(s)}rm{CO(g)+H_{2}O(g)?

CO_{2}(g)+H_{2}(g)}燃燒爐中涉及到的反應(yīng)為：Ⅳrm{K_{2}}Ⅴrm{CaO(s)+CO_{2}(g)?

CaCO_{3}(s)}rm{K_{3}}該工藝制rm{C(s)+O_{2}(g)=CO_{2}}總反應(yīng)可表示為rm{C(s)+2H_{2}O(g)+CaO(s)?CaCO_{3}(s)+2H_{2}(g)}其反應(yīng)的平衡常數(shù)rm{CaCO_{3}(s)=CaO(s)+CO_{2}(g)}_________rm{(1)}用rm{H_{2}}rm{C(s)+2H_{2}O(g)+CaO(s)?

CaCO_{3}(s)+2H_{2}(g)}rm{K=}的代數(shù)式表示rm{(}在rm{K_{1}}的密閉容器中加入一定量的rm{K_{2}}rm{K_{3}}和rm{)}下列能說明反應(yīng)達(dá)到平衡的是_______________。A.容器內(nèi)壓強(qiáng)不再變化rm{2L}與rm{C(s)}的物質(zhì)的量之比不再變化C.混合氣體的密度不再變化rm{H_{2}O(g)}形成rm{CaO(s)}鍵的同時(shí)斷裂rm{B.H_{2}}鍵rm{H_{2}O(g)}對(duì)于反應(yīng)Ⅰ，不同溫度和壓強(qiáng)對(duì)rm{D.}產(chǎn)率影響如下表。。rm{amolH-H}壓強(qiáng)溫度rm{p_{1}/Mpa}rm{p_{2}/Mpa}rm{500隆忙}rm{45.6%}rm{51.3%}rm{700隆忙}rm{67.8%}rm{71.6%}下列圖像正確的是_________。rm{(3)}已知反應(yīng)Ⅱ的rm{triangleH=-41.1kJ/mol}rm{C=O}rm{O-H}rm{H-H}的鍵能分別為rm{803KJ/mol}rm{464kJ/mol}rm{436kJ/mol}則rm{CO}中碳氧鍵的鍵能為_________rm{kJ/mol}rm{(4)}對(duì)于反應(yīng)Ⅲ，若平衡時(shí)再充入rm{CO_{2}}使其濃度增大到原來的rm{2}倍，則平衡移動(dòng)方向?yàn)開________；當(dāng)重新平衡后，rm{CO_{2}}濃度_________rm{(}填rm{"}變大rm{""}變小rm{""}不變r(jià)m{")}rm{(5)}氫鎳電池具有無記憶、無污染，免維護(hù)等特點(diǎn)，被稱為綠色電池。該電池的總反應(yīng)為：rm{MH+NiOOH}rm{underset{魯盲碌莽}{overset{路脜碌莽}{?}}}rm{M+Ni(OH)_{2}}其中rm{M}為儲(chǔ)氫合金材料，則充電過程中的陰極反應(yīng)式為_______________。25、一個(gè)氡核86222Rn

衰變成釙核84218Po

并放出一個(gè)婁脕

粒子，其半衰期T=3.8

天.

求：

(1)

寫出該核反應(yīng)方程；

(2)32g

氡經(jīng)過多少天衰變還剩余1g

氡．評(píng)卷人得分六、綜合題(共3題，共27分)26、在赤道上，地磁場(chǎng)可看成是沿南北方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是0.50隆脕10鈭?4T.

如果赤道上有一根沿東西方向的直導(dǎo)線，長(zhǎng)為100m

載有從東向西的電流50A

地磁場(chǎng)對(duì)這根導(dǎo)線的作用力有多大？方向如何？27、A.如圖所示為正弦交變電流i

隨時(shí)間t

變化的圖象；由圖可知，該交變電流的有效值為__________A

頻率為__________Hz

．

B.如圖所示；電路中電源電動(dòng)勢(shì)為4V

內(nèi)阻為1婁賂

小燈泡電阻為3婁賂.

開關(guān)S

閉合后，電路中的電流為__________A

燈泡的電壓為__________V

．

28、(1)

一臺(tái)發(fā)電機(jī)產(chǎn)生正弦式電流，如果e=400sin314t(V)

那么電動(dòng)勢(shì)的峰值是______V

如果這個(gè)發(fā)電機(jī)的外電路只有電阻元件，總電阻為20惟

寫出電流瞬時(shí)值的表達(dá)式為______．

(2)

如圖所示是一列簡(jiǎn)諧波在t=0

時(shí)刻的波形，簡(jiǎn)諧波沿x

軸的正向傳播.

已知t=2.2s

時(shí)P

質(zhì)點(diǎn)恰好第三次在波峰位置.

則該簡(jiǎn)諧波的周期為______s

在t=2.2s

內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M

的路程為___________m

．(3)

同實(shí)驗(yàn)桌的小王與小李兩同學(xué)在做用單擺測(cè)定重力加速度的實(shí)驗(yàn)．

(1)

小王同學(xué)先用20

分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑；示數(shù)如圖(a)

所示，則該擺球的直徑d=

______cm

．

(2)

接著他們測(cè)量了擺線的長(zhǎng)度為l0

實(shí)驗(yàn)時(shí)用拉力傳感器測(cè)得擺線的拉力F

隨時(shí)間t

變化的圖象如圖(b)

所示；則通過計(jì)算求重力加速度的表達(dá)式為______．

(3)

他們通過改變擺線長(zhǎng)度l0

測(cè)量了多組數(shù)據(jù)，在進(jìn)行數(shù)據(jù)處理時(shí)，小王同學(xué)把擺線長(zhǎng)l0

作為擺長(zhǎng)，直接利用公式求出各組重力加速度值再求出平均值；小李同學(xué)作出T2鈭?l0

圖象后求出斜率，然后算出重力加速度，兩同學(xué)處理數(shù)據(jù)的方法對(duì)結(jié)果的影響是：小王______，小李______(

選填“偏大”“偏小”或“無影響”)

．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A|B|C【分析】電磁波的速度為光速由c=λf,波長(zhǎng)λ=c/f=15m【解析】【答案】ABC2、D【分析】【解析】【答案】D3、C【分析】【分析】本題考查還原糖、脂肪和蛋白質(zhì)的鑒定實(shí)驗(yàn)，意在考查能獨(dú)立完成“生物知識(shí)內(nèi)容表”所列的生物實(shí)驗(yàn)，包括理解實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、原理、方法和操作步驟，掌握相關(guān)的操作技能，并能將這些實(shí)驗(yàn)涉及的方法和技能進(jìn)行綜合運(yùn)用的能力?！窘獯稹緼.斐林試劑需現(xiàn)配現(xiàn)用，不能久置，A錯(cuò)誤；B.用于鑒定蛋白質(zhì)的雙縮脲試劑A液與與斐林試劑甲液濃度不相同，B錯(cuò)誤；C.脂肪的鑒定需要用顯微鏡才能看到被染色的脂肪滴，C正確；D.在鑒定脂肪的實(shí)驗(yàn)中，蘇丹Ⅲ將脂肪染成橘黃色，蘇丹Ⅳ將脂肪染成紅色，D錯(cuò)誤。故選C。【解析】C4、C【分析】解：設(shè)正方形線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng).

則線框拉出磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv

線框按甲方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，cd

相當(dāng)于電源，ab

間電勢(shì)差是外電壓的13

為：U錄脳=14E

線框按乙方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，ad

相當(dāng)于電源，ab

間電勢(shì)差是外電壓的13

為：U脪脪=14E

線框按丙方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，ab

相當(dāng)于電源，ab

間電勢(shì)差是外電壓，為：U鹵沒=34E

線框按丁方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，bc

相當(dāng)于電源，ab

間電勢(shì)差是外電壓的13

為：U露隆=14E

故C正確．

故選：C

根據(jù)公式E=BLv

得到線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再分析ab

間的電勢(shì)差與感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系；即可進(jìn)行選擇．

本題是電磁感應(yīng)中電路問題，關(guān)鍵要明確哪部分電路是電源，哪部分電路是外電路，搞清電壓與電動(dòng)勢(shì)的關(guān)系．【解析】C

5、D【分析】

由EK=mv2；且A球的動(dòng)能減少了75%，可知；

A球的碰后速度v1=v；

規(guī)定初速度方向?yàn)檎较?，設(shè)B球速度為v2；對(duì)碰撞過程列動(dòng)量守恒方程得；

mv=-mv1+4mv2

由以上解得，v2=

故答案為：D

【解析】【答案】碰撞過程選碰撞物體系為研究對(duì)象；碰撞前后動(dòng)量守恒，對(duì)A球來講，由及前后的動(dòng)能關(guān)系可求速度關(guān)系，進(jìn)而求得末速度，則由動(dòng)量守恒解出B球的速度．

6、C【分析】【解析】【答案】C7、B【分析】解：A；電阻率與導(dǎo)體的長(zhǎng)度、橫截面積無關(guān)．故A錯(cuò)誤．

B；電阻率是導(dǎo)體本身的特性；由導(dǎo)體的材料決定，往往隨溫度變化而變化．故B正確．

C、由電阻定律R=ρ可知．電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度；橫截面積和電阻率三個(gè)因素有關(guān)．則電阻率大的導(dǎo)體；電阻不一定大．故C錯(cuò)誤．

D；有些合金的電阻率受溫度影響很?。煌瞥蓽?zhǔn)確電阻．故D錯(cuò)誤．

故選：B．

電阻率是導(dǎo)體本身的特性，由導(dǎo)體的材料決定，往往隨溫度變化而變化，而與導(dǎo)體的長(zhǎng)度、橫截面積無關(guān)．有些合金的電阻率受溫度影響很小，往往制成準(zhǔn)確電阻．由電阻定律R=ρ可知．電阻與導(dǎo)體的長(zhǎng)度；橫截面積和電阻率三個(gè)因素有關(guān)．

本題考查對(duì)電阻率的理解能力．抓住電阻率與導(dǎo)體的材料和溫度兩個(gè)因素有關(guān)，與其他因素?zé)o關(guān)．【解析】【答案】B8、B【分析】解：根據(jù)題意知；一個(gè)電子吸收一個(gè)光子不能發(fā)生光電效應(yīng)，換用同樣頻率為ν的強(qiáng)激光照射陰極K，則發(fā)生了光電效應(yīng)，即吸收的光子能量為nhv，n=2，3，4

則有：eU=nhv-W，解得．知B正確；A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W，以及Ekm=eU進(jìn)行分析．

解決本題的關(guān)鍵是掌握光電效應(yīng)方程，知道最大初動(dòng)能與遏止電壓的關(guān)系．【解析】【答案】B二、多選題(共5題，共10分)9、AC【分析】解：（1）當(dāng)qv0B=mg時(shí)；圓環(huán)不受支持力和摩擦力，摩擦力做功為零．

（2）當(dāng)qv0B＜mg時(shí)；圓環(huán)做減速運(yùn)動(dòng)到靜止，只有摩擦力做功．根據(jù)動(dòng)能定理得：

-W=0-mv02得W=mv02．

（3）當(dāng)qv0B＞mg時(shí)，圓環(huán)先做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)qvB=mg，即當(dāng)qvB=mg，v=時(shí)；不受摩擦力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)．

根據(jù)動(dòng)能定理得：

-W=mv2-mv02；

代入解得：W=m[v02-（）2]；

故選：AC．

圓環(huán)向右運(yùn)動(dòng)的過程中可能受到重力；洛倫茲力、桿的支持力和摩擦力；根據(jù)圓環(huán)初速度的情況，分析洛倫力與重力大小關(guān)系可知：圓環(huán)可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，或者減速運(yùn)動(dòng)到靜止，或者先減速后勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理分析圓環(huán)克服摩擦力所做的功．

本題考查分析問題的能力，摩擦力是被動(dòng)力，要分情況討論．在受力分析時(shí)往往先分析場(chǎng)力，比如重力、電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力，再分析彈力、摩擦力．【解析】【答案】AC10、AC【分析】解：A

分子間同時(shí)存在著相互作用的引力和斥力；故A正確；

B、r>r0

分子引力比分子斥力大；r<r0

分子斥力比分子引力大，故B錯(cuò)誤；

CD

分子間的引力和斥力隨分子間距離的增大而減??；故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：AC

分子之間的斥力和引力是同時(shí)存在的.

在F鈭?r

圖象中；隨著距離的增大斥力比引力變化的快，當(dāng)分子間的距離等于分子直徑數(shù)量級(jí)時(shí)，引力等于斥力．

分子間距離等于平衡距離時(shí)分子力為零，掌握分子間作用力與分子間距離的關(guān)系圖象，即可正確解題．【解析】AC

11、BC【分析】【分析】本題的難點(diǎn)問題有：

分子間的作用力隨分子間的距離增大而減小，只是分子斥力變化更大些，才有不同的距離表現(xiàn)不同的作用力；氣體對(duì)容器壁有壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)容器壁頻繁碰撞的結(jié)果．

在密閉條件中；在一定溫度下，與氣體或液體處于相平衡的蒸氣所具有的壓力稱為飽和蒸氣壓。同一物質(zhì)在不同溫度下有不同的蒸氣壓，并隨著溫度的升高而增大。不同液體飽和蒸汽壓不同，溶劑的飽和蒸汽壓大于溶液的飽和蒸汽壓；

本題考查理想氣體分子力與距離的關(guān)系、空氣濕度與蒸發(fā)的快慢、知識(shí)點(diǎn)比較多，但要抓住最基本的規(guī)律，才能解決具體問題?！窘獯稹緼.無論是分子引力還是分子斥力；都是隨著分子間的距離增大而減小，但斥力減小得更多，所以引力大小斥力，才表現(xiàn)為引力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B.氣體對(duì)容器壁有壓強(qiáng)是氣體分子對(duì)容器壁頻繁碰撞的結(jié)果；選項(xiàng)B正確；

C.當(dāng)有些物質(zhì)溶解達(dá)到飽和度時(shí)；會(huì)達(dá)到溶解平衡，所以有些物質(zhì)在適當(dāng)溶劑中溶解時(shí)在一定濃度范圍內(nèi)具有液晶態(tài)，故C正確；

D.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)；空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近飽和汽壓，水蒸發(fā)越慢，故D錯(cuò)誤；

故選BC。

【解析】BC

12、ACD【分析】【分析】根據(jù)電源消耗的總功率的計(jì)算公式P1=EI

可得電源的總功率與電流的關(guān)系，根據(jù)電源內(nèi)部的發(fā)熱功率P3=I2r

可得電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關(guān)系，從而可以判斷abc

三條線代表的關(guān)系式，在由圖象分析出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。當(dāng)電源的內(nèi)阻和外電阻的大小相等時(shí)，此時(shí)電源的輸出的功率最大，并且直流電源的總功率P1

等于輸出功率P2

和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率P3

的和?！窘獯稹緼.由電源消耗功率和電源內(nèi)部消耗功率表達(dá)式P1=EIP3=I2r

可知，a

是直線，表示的是電源消耗的電功率，c

是拋物線，表示的是電源內(nèi)電阻上消耗的功率P3b

表示外電阻的功率即為電源的輸出功率P2

故A錯(cuò)誤；

B.由P1=EI

知E=4V

故B錯(cuò)誤；

C.由圖象知r=42婁賂=2婁賂

故C正確；

D.由閉合電路歐姆定律I=ER+r

當(dāng)電流為0.5A

時(shí)，外電路的電阻為6婁賂

故D正確。

故選ACD。【解析】ACD

13、BC【分析】【分析】

本題主要考查了核反應(yīng)方程式；核力，婁脗

衰變，質(zhì)量虧損的相關(guān)知識(shí)。

該題考查到原子物理學(xué)的多個(gè)知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容；都是一些記憶性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過程中多加積累即可。

【解答】

A、方程式92238U隆煤90234Th+24He

是衰變方程；故選項(xiàng)A錯(cuò)；

B；婁脗

衰變所釋放的電子是原子核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化成質(zhì)子時(shí)所產(chǎn)生的；故選項(xiàng)B正確；

C；核力是短程力；與核子間的距離有關(guān)，有時(shí)表現(xiàn)為引力，有時(shí)表現(xiàn)為斥力，故選項(xiàng)C正確；

D；由于質(zhì)量虧損；原子核所含核子單獨(dú)存在時(shí)的總質(zhì)量大于該原子核的質(zhì)量，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

故選BC。

【解析】BC

三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】解：由庫侖定律可得：

F=K

變化后F′==16F

故答案為：16．

由庫侖力公式可得出兩次作用力的表達(dá)式；則可求得距離減小后的相互作用力．

本題考查庫侖定律的直接應(yīng)用，只需注意數(shù)值的變化即可順利求出．【解析】1615、略

【分析】解：（1）P6之前物體的運(yùn)動(dòng)距離越來越??；但每?jī)啥沃g距離的差值都相等；故說明物體在P6位置之前一直做勻減速運(yùn)動(dòng)；而在P6位置兩滑塊相遇；故A、B相撞的位置在P6處；故②正確．

（2）（3）設(shè)碰撞前滑塊A在P4、P5、P6的速度分別為v4、v5、v6；

碰撞后，整體在P6、P7、P8的速度分別為v6′，v7、v8；

則v4=v5=又v5=

得到碰撞前滑塊A速度v6=

同理，碰撞后整體的速度v6′=

原來需要驗(yàn)證的方程為m1v6=（m1+m2）v6′；

將上兩式代入整理得：m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89）；

即需要驗(yàn)證的表達(dá)式；需要直接測(cè)量的物理量是：

A、B兩個(gè)滑塊的質(zhì)量m1和m2及S34、S45、S56和S67、S78、S89；故①⑥正確．

故答案為：（1）②；（2）①⑥；（3）m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89）；

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論分別研究碰撞前滑塊在P4、P5的速度，根據(jù)P6、P5和P5、P4速度差相等研究P6的速度，同理求出碰撞后滑塊P7、P8的速度；再速度差相等求出碰撞后共同的速度．

本題原理較為復(fù)雜，可采用平衡摩擦力，使碰撞前后滑塊都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，方便易行．實(shí)驗(yàn)主要是要把動(dòng)量守恒用水平方向的位移表示出來，同學(xué)們一定要注意掌握，因?yàn)檫@是本實(shí)驗(yàn)的一個(gè)重要的技巧．難度中等．【解析】②；①⑥；m1（2S56+S45-S34）=（m1+m2）（2S67+S78-S89），16、3：13：11：1【分析】解：根據(jù)E=BLv，得感應(yīng)電流I==可知感應(yīng)電流I∝v，所以感應(yīng)電流之比I1：I2=3：1。

因v2=3v1，可知時(shí)間比為3：1，根據(jù)Q=I2Rt；知熱量之比為3：1。

根據(jù)q=It=因磁通量的變化相等，可知通過某截面的電荷量之比為1：1。

故答案為：3：1；3：1；1：1。

根據(jù)E=BLv；求出線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比，再求出感應(yīng)電流之比。

根據(jù)焦耳定律Q=I2Rt；求出線圈中產(chǎn)生的焦耳熱之比。

根據(jù)q=It=求出通過線圈某截面的電荷量之比。

本題掌握電磁感應(yīng)的基本規(guī)律是關(guān)鍵。采用比例法，用相同的物理量表示所求量，再求比例，是常用的方法?！窘馕觥?：13：11：117、略

【分析】

甲圖是圓孔衍射圖樣；乙圖是泊松亮斑的衍射圖樣，丙圖是光的直線傳播形成的光斑；

當(dāng)圓孔的尺寸比前兩者障礙物（或孔）的尺寸要大時(shí)；則破壞明顯衍射條件，故不能看到衍射圖樣．

故答案為：甲；大。

【解析】【答案】光的波長(zhǎng)比阻礙物或孔的尺寸大得多或相差不大時(shí)；就能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象；衍射與干涉圖樣的區(qū)別是：前者中央條紋最寬，向兩邊漸漸變小；后者明暗條紋寬度相等．衍射與干涉均是波特有的現(xiàn)象，而小孔成像則說明光沿直線傳播．

18、略

【分析】【解析】試題分析：根據(jù)交流電的表達(dá)式的推導(dǎo)，即所以當(dāng)轉(zhuǎn)速增加到原來2倍，即可知，轉(zhuǎn)速變大到原來2倍，同時(shí)交流電最大值變?yōu)樵瓉淼?倍考點(diǎn)：交流電的表達(dá)式推導(dǎo)【解析】【答案】2ω，2εm四、判斷題(共3題，共27分)19、A【分析】【解答】解：點(diǎn)電荷在A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加原理得；則兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為。

EA=E點(diǎn)﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場(chǎng)強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點(diǎn)電荷在A點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小，判斷出場(chǎng)強(qiáng)方向，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)是由正點(diǎn)電荷和勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)大小及方向．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場(chǎng)強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢(shì)面上，根據(jù)W=qU判斷電場(chǎng)力做功的大小，根據(jù)電場(chǎng)線的疏密程度判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的大小．五、簡(jiǎn)答題(共4題，共40分)22、略

【分析】

（1）根據(jù)歐姆定律求出通過電路的電流；

（2）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P1=UMI，電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為P2=I2r，輸出的機(jī)械功率為P3=P1-P2；

（3）由公式P3=Fv=mgv求解物體的質(zhì)量．

本題考查了機(jī)械公式和電功功率以及電功公式的靈活應(yīng)用，關(guān)鍵是知道電動(dòng)機(jī)做功的功率加上線圈的發(fā)熱功率即為電動(dòng)機(jī)消耗電能的功率．【解析】解：（1）通過R的電流為：I=A=5A；則通過電動(dòng)機(jī)的電流為5A；

（2）電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P1=UMI=110×5W=550W；

電動(dòng)機(jī)內(nèi)電阻的發(fā)熱功率為：P2=I2r=52×0.8W=20W；

輸出功率為：P3=P1-P2=（550-20）W=530W；

（3）根據(jù)輸出功率等于機(jī)械功率得：P3=Fv=mgv

解得：m==53kg

答：（1）通過電動(dòng)機(jī)的電流為5A；

（2）電動(dòng)機(jī)的電功率為550W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率為530W；

（3）若電動(dòng)機(jī)以v=1m/s勻速豎直向上提升重物，該重物的質(zhì)量為53kg．23、rm{(1)2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}

rm{(2)+114}

rm{(3)壟脵22}rm{0.02}rm{壟脷}及時(shí)分離出產(chǎn)物提高反應(yīng)物壓強(qiáng)rm{(}濃度rm{)}加入更高效的催化劑rm{(}改進(jìn)催化劑rm{)}等

rm{(4)}大于rm{1.3}【分析】【分析】rm{(1)}重點(diǎn)是抓住關(guān)鍵詞“遇潮氣時(shí)發(fā)煙”說明反應(yīng)物是rm{SiHCl_{3}}和水反應(yīng)，根據(jù)元素可知產(chǎn)物應(yīng)有rm{HCl}寫出化學(xué)方程式并配平；rm{(2)}已知反應(yīng)：rm{壟脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangleH_{1}=48KJ?mol^{-1}}rm{壟脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangleH_{2}=-30KJ?mol^{-1}}根據(jù)蓋斯定律可知，由rm{壟脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangle

H_{1}=48KJ?mol^{-1}}得反應(yīng)rm{壟脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangle

H_{2}=-30KJ?mol^{-1}}據(jù)此計(jì)算rm{3?壟脵+壟脷}的值；rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}直接觀察即可知rm{triangleH}時(shí)的平衡轉(zhuǎn)化率，再根據(jù)轉(zhuǎn)化率列出三段式，進(jìn)而求出平衡常數(shù)rm{(3)壟脵}rm{343K}影響平衡的因素有溫度、壓強(qiáng)及濃度等，可根據(jù)反應(yīng)條件判斷促進(jìn)平衡正向移動(dòng)，提高轉(zhuǎn)化率的方法；要縮短反應(yīng)達(dá)到平衡的時(shí)間，需要提高反應(yīng)速率，而影響反應(yīng)速率的因素主要有溫度、濃度、壓強(qiáng)及催化劑等。rm{K}溫度越高，反應(yīng)速率越快，由圖象觀察rm{壟脷}處和rm{壟脹}處的溫度大小比較即可；反應(yīng)速率rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}rm{a}rm分別為正、逆向反應(yīng)速率常數(shù)，則rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHC

l_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}點(diǎn)時(shí)rm{k_{脮媒}}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}}rm{k_{脛忙}}逆rm{a}由平衡時(shí)正逆反應(yīng)速率相等，可得出rm{v}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2

}}逆rm{v}平衡常數(shù)rm{=k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}再結(jié)合此溫度下的平衡狀態(tài)，計(jì)算出平衡常數(shù)rm{K}即可計(jì)算rm{dfrac{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}}此題考查的主要內(nèi)容有根據(jù)題干要求寫出化學(xué)方程式，利用蓋斯定律求算熱化學(xué)反應(yīng)方程式的焓變，依據(jù)化學(xué)平衡圖象獲取信息，進(jìn)行有關(guān)化學(xué)平衡的計(jì)算和影響化學(xué)平衡的因素，重視基本知識(shí)的掌握，培養(yǎng)學(xué)生獲取信息的能力及解題能力?！窘獯稹縭m{/K}遇潮氣時(shí)發(fā)煙生成rm{=K(}和rm{)}結(jié)合原子守恒可知發(fā)生反應(yīng)的化學(xué)方程式為rm{K}

故答案為：rm{dfrac

{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}}

rm{(1)SiHCl_{3}}已知反應(yīng)：rm{壟脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangleH_{1}=+48KJ?mol^{-1}}rm{壟脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangleH_{2}=-30KJ?mol^{-1}}根據(jù)蓋斯定律可知，由rm{(HSiO)_{2}O}得反應(yīng)rm{HCl}則rm{triangleH=(+48KJ?mol^{-1})隆脕3+(-30KJ?mol^{-1})=+114KJ?mol^{-1}}

故答案為：rm{2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}

rm{2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}溫度越高，反應(yīng)速率越快，圖象中點(diǎn)rm{(2)}所在曲線為rm{壟脵2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)triangle

H_{1}=+48KJ?mol^{-1}}由圖示可知rm{壟脷3SiH_{2}Cl_{2}(g)=SiH_{4}(g)+2SiHCl_{4}(g)triangle

H_{2}=-30KJ?mol^{-1}}時(shí)反應(yīng)rm{3?壟脵+壟脷}的平衡轉(zhuǎn)化率rm{4SiHCl_{3}(g)=SiH_{4}(g)+3SiCl_{4}(g)}設(shè)rm{triangle

H=(+48KJ?mol^{-1})隆脕3+(-30KJ?mol^{-1})=+114KJ?mol^{-1}}的起始濃度為rm{+114}則。

rm{(3)壟脵}

起始濃度rm{a}rm{343K}rm{343K}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}

變化濃度rm{婁脕=22%}rm{SiHCl_{3}}rm{cmol/L}rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}

平衡濃度rm{(mol/L)}rm{c}rm{0}rm{0}

平衡常數(shù)rm{K_{343K}=dfrac{c(SiH_{2}Cl_{2})隆脕c(SiCl_{4})}{c^{2}(SiHCl_{3})}=dfrac{0.11隆脕0.11}{0.78^{2}}隆脰0.02}

故答案為：rm{(mol/L)}rm{0.22c}

rm{0.11c}由題目中前后反應(yīng)氣體體積不變，并且溫度恒定，所以只能使用及時(shí)分離出產(chǎn)物的方法加大反應(yīng)物的轉(zhuǎn)化率；要縮短反應(yīng)達(dá)到的時(shí)間，應(yīng)增大反應(yīng)速率，則在溫度不變的條件下可采取的措施是：增大壓強(qiáng)、加入更高效的催化劑rm{0.11c}改進(jìn)催化劑rm{(mol/L)}

故答案為：及時(shí)分離出產(chǎn)物；提高反應(yīng)物壓強(qiáng)rm{0.78c}濃度rm{0.11c}加入更高效的催化劑rm{0.11c}改進(jìn)催化劑rm{K_{343K}=dfrac

{c(SiH_{2}Cl_{2})隆脕c(SiCl_{4})}{c^{2}(SiHCl_{3})}=dfrac

{0.11隆脕0.11}{0.78^{2}}隆脰0.02}

rm{22}由圖象可知，rm{0.02}的反應(yīng)溫度高于rm{壟脷}溫度高反應(yīng)速率快，所以rm{(}點(diǎn)的反應(yīng)速率比rm{)}高；rm{(}點(diǎn)時(shí)轉(zhuǎn)化率為rm{)}設(shè)起始時(shí)rm{(}的物質(zhì)的量為rm{)}此時(shí)。

rm{壟脹}

起始物質(zhì)的量rm{a}rmrm{a}rm

變化物質(zhì)的量rm{a}rm{20%}rm{SiHCl_{3}}rm{nmol}

終態(tài)物質(zhì)的量rm{2SiHCl_{3}(g)=SiH_{2}Cl_{2}(g)+SiCl_{4}(g)}rm{(mol)}rm{n}rm{0}

則：rm{X_{SiHCl3}=dfrac{0.8n}{n}=0.8}rm{0}

反應(yīng)速率rm{v=v_{脮媒}-v_{脛忙}=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}-k_{脛忙}x;_{SiH_{2}Cl_{2}}x;_{SiCl_{4}}}rm{(mol)}rm{0.2n}分別為正、逆向反應(yīng)速率常數(shù)，則rm{0.1n}點(diǎn)時(shí)rm{0.1n}正rm{=k_{脮媒}x;_{SiHCl_{3}}^{2}=0.8^{2}K_{脮媒}}rm{(mol)}逆rm{0.8n}由平衡時(shí)正逆反應(yīng)速率相等，可得出rm{dfrac{K_{{脮媒}}}{K_{{脛忙}}}=K(}平衡常數(shù)rm{0.1n}則rm{dfrac{v_{{脮媒}}}{v_{{脛忙}}}=dfrac{0攏廬8^{2}}{0.01}隆脕dfrac{K_{{脮媒}}}{K_{{脛忙}}}=dfrac{0攏廬8^{2}}{0.01}隆脕0.02隆脰1.3}

故答案為：大于；rm{0.1n}

rm{X_{SiHCl3}=dfrac

{0.8n}{n}=0.8}【解析】rm{(1)2SiHCl_{3}+3H_{2}O=(HSiO)_{2}O+6HCl}rm{(2)+114}rm{(3)壟脵22}rm{0.02}rm{壟脷}及時(shí)分離出產(chǎn)物提高反應(yīng)物壓強(qiáng)rm{(}濃度rm{)}加入更高效的催化劑rm{(}改進(jìn)催化劑rm{)}等rm{(4)}大于rm{1.3}24、rm{(1)K_{1}隆隴K_{2}隆隴K_{3;;;;}}rm{BC}

rm{(2)BD}

rm{(3)1072.9}

rm{(4)}正向移動(dòng)或向右移動(dòng)不變

rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=MH+OH^{-}}rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=

MH+OH^{-}}【分析】【分析】本題考查化學(xué)平衡計(jì)算與影響因素；平衡常數(shù)、原電池和能量變化等；側(cè)重考查學(xué)生分析計(jì)算能力，注意對(duì)平衡常數(shù)的理解掌握，難度中等。

【解答】rm{(1)壟脵}由蓋斯定律知反應(yīng)：rm{C(s)+2H}rm{C(s)+2H}rm{2}rm{2}rm{O(g)+CaO(s)}rm{O(g)+CaO(s)}rm{?}rm{CaCO}rm{CaCO}，rm{3}rm{3}rm{(s)+2H}rm{(s)+2H}得到，則平衡常數(shù)rm{2}等于rm{2}rm{(g)}rm{(g)}的Ⅰ、之積，即Ⅱ、Ⅲ式相加rm{K}rm{1}rm{II}ⅢA.混合氣體的物質(zhì)的量始終不變，恒溫恒容時(shí)容器內(nèi)壓強(qiáng)始終不變，無法判斷是平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤，B.rm{K}與rm{K}的物質(zhì)的量之比不再文化，說明量一定，是平衡狀態(tài)，故B正確rm{1}C.體積一定，混合氣體的質(zhì)量不確定，當(dāng)混合氣體的密度不再變化時(shí)，是平衡狀態(tài)，故C正確，rm{1}形成rm{隆隴K}鍵的同時(shí)斷裂rm{2}鍵，均為逆反應(yīng)，無法力斷是平衡狀態(tài)，故D錯(cuò)誤；答案為：rm{2}rm{隆隴K}rm{3}rm{3}rm{;}rm{H}，rm{HO(0)}rm{;}對(duì)于可逆反應(yīng)rm{D.}rm{anolHH}溫度不變，增加壓強(qiáng)平衡逆向移動(dòng)，則rm{2amnoHO}的產(chǎn)率降低，則rm{K}壓強(qiáng)不變時(shí)，升高溫度，rm{1}的產(chǎn)率增大，說明正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)；rm{1}由rm{隆隴K}到rm{2}降低壓強(qiáng)，反應(yīng)速率降低，平衡應(yīng)正向移動(dòng)，故A錯(cuò)誤；rm{2}圖像符合升高溫度平衡正向移動(dòng)，且rm{隆隴K}的產(chǎn)率增大，故B正確；rm{3}，恒壓下，升高溫度平衡正向移動(dòng)，rm{3}的含量降低，但恒溫下，增大壓強(qiáng)平衡逆向移動(dòng)，rm{BC;}的含量增加，故C錯(cuò)誤；rm{(2)}溫度升高，平衡正向移動(dòng)，平衡常數(shù)增加，故D正確；答案為rm{C(s)+H_{2}O(g)}rm{CO(g)+H_{2}(g)}中碳氧鍵的鍵能為rm{H_{2}}則反應(yīng)rm{p_{1}>p_{2}}rm{H_{2}}的rm{triangleH=(x+2隆脕464)KJ/mol-(2隆脕803+436)KJ/mol=-41.1KJ/mol}解得：rm{A.}即rm{p_{1}}中碳氧鍵的鍵能為rm{p_{2}}rm{B.}對(duì)于反應(yīng)rm{H_{2}}rm{C.}若平衡時(shí)再充入rm{H_{2}O}增大反應(yīng)物的濃度，則平衡移動(dòng)方向?yàn)檎蛞苿?dòng)；當(dāng)重新平衡后，因溫度不變，平衡常數(shù)不變，則平衡時(shí)rm{H_{2}O}濃度不變；rm{D.}陰極上rm{BD}得電子生成rm{(3)CO}則充電過程中陰極的電極反應(yīng)式：rm{xKJ/mol}rm{CO(g)+H_{2}O(g)}【解析】rm{(1)K_{1}隆隴K_{2}隆隴K_{3;;;;}}rm{BC}rm{(2)BD}rm{(3)1072.9}rm{(4)}正向移動(dòng)或向右移動(dòng)不變r(jià)m{(5)M+H_{2}O+e^{-}=MH+OH^{-}}rm{(5)M+H_{2}O+e^{-}=

MH+OH^{-}}2