試卷第=page22頁，共=sectionpages2222頁1/2絕密★啟用前2025年高考考前信息必刷卷01（黑吉遼蒙專用）物理（考試時(shí)間：75分鐘試卷滿分：100分）考情速遞高考·新動(dòng)向：2025年高考物理黑吉遼蒙使用相同試卷，由吉林省命題。吉林的出題方式較遼寧更為傳統(tǒng)，將更加注重基礎(chǔ)性知識(shí)的考查，題干設(shè)計(jì)與實(shí)際應(yīng)用更為緊密。高考·新考法：高考強(qiáng)調(diào)創(chuàng)新意識(shí)和創(chuàng)新思維，試題呈現(xiàn)方式和設(shè)問方式更加新穎、豐富，例如以表格、圖形等呈現(xiàn)形式的創(chuàng)新，物理模型和考查角度的創(chuàng)新。例如，本試卷第1題：創(chuàng)新角度，考查運(yùn)動(dòng)軌跡構(gòu)成的圖形選擇；第7題：創(chuàng)新呈現(xiàn)形式，通過垂直光照方向放置的接收器記錄小球投影位置，考查簡諧運(yùn)動(dòng)xt的圖象及其信息讀?。坏?1題：實(shí)驗(yàn)器材生活化，用研究物體下落位置變化。高考·新情境：題目將覆蓋生產(chǎn)生活實(shí)踐、科學(xué)技術(shù)前沿和社會(huì)民生等多元領(lǐng)域，強(qiáng)化理論知識(shí)與實(shí)際應(yīng)用緊密結(jié)合。例如，本試卷第2題、第9題：結(jié)合絕緣介質(zhì)研發(fā)、高鐵技術(shù)等科技前沿背景：第3題、第4題：結(jié)合生產(chǎn)生活實(shí)踐考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律及查理定律。命題·大預(yù)測：基于本卷的題目可以看出，高考試卷中包含一定比例的基礎(chǔ)性試題，這就要求學(xué)生對(duì)基礎(chǔ)部分內(nèi)容的掌握必須扎實(shí)牢靠。同時(shí)，題目呈現(xiàn)的方式及情景趨于創(chuàng)新，因此，考生們除了熟練掌握基本知識(shí)點(diǎn)外，還應(yīng)注重提升自己分析問題、解決問題的能力。注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1．一質(zhì)點(diǎn)沿y軸正方向勻速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)O點(diǎn)時(shí)，受到x軸負(fù)方向的恒力作用，它的運(yùn)動(dòng)軌跡可能是（）A．B．C．D．【答案】A【解析】根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的條件，可知，質(zhì)點(diǎn)在O點(diǎn)的速度方向與軌跡相切，曲線會(huì)彎向受力那一側(cè)，即向左彎曲且軌跡不會(huì)變成豎直。故選A。2．2024年8月我國科學(xué)家狄增峰團(tuán)隊(duì)成功研制出一種人造藍(lán)寶石作為絕緣介質(zhì)的晶圓。這種材料具有卓越的絕緣性能，即使在厚度僅為1納米時(shí)也能有效阻止電流泄露，為開發(fā)低功耗芯片提供了重要的技術(shù)支撐。如圖所示，直流電源與一平行板電容器、理想二極管連接，電容器A板接地。閉合開關(guān)，電路穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）A．若兩板間插入人造藍(lán)寶石，則電容器的電容減小B．若兩板間插入一塊金屬板，則電容器的電容減小C．減小極板間的正對(duì)面積，油滴將繼續(xù)保持靜止?fàn)顟B(tài)D．A板上移，油滴將繼續(xù)保持靜止?fàn)顟B(tài)，油滴的電勢能增大【答案】D【解析】A．若兩板間插入人造藍(lán)寶石，根據(jù)可知，εr增大，電容器的電容C增大，故A錯(cuò)誤；B．若兩板間插入一塊金屬板，相當(dāng)于兩電容器串聯(lián)，則電容器的電容增大，故B錯(cuò)誤；C．減小極板間的正對(duì)面積，則電容器的電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器不?huì)放電，根據(jù)可得由此可知，極板間的電場強(qiáng)度變大，則油滴所受電場力變大，油滴將向上移動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．將A板向上移動(dòng)一小段距離，則d增大，電容器的電容減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娙萜鞑粫?huì)放電，根據(jù)可知，兩極板間的電場強(qiáng)度不變，油滴所受電場力不變，所以油滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，但P點(diǎn)到上極板的距離增大，所以上極板與P點(diǎn)的電勢差變大，但上極板始終接地，電勢為零，所以P點(diǎn)電勢降低，油滴帶負(fù)電，所以油滴在P點(diǎn)的電勢能增大，故D正確。故選D。3．某礦場工人利用運(yùn)輸箱向井底運(yùn)送物資，其簡化圖如圖所示。某次運(yùn)送物資過程中，運(yùn)輸箱先從靜止做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，接著做勻速直線運(yùn)動(dòng)，最后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)井底時(shí)速度恰好為零。已知?jiǎng)蚣铀俸蛣驕p速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間均為t，勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，下落的總高度為h。則物資（）A．勻加速運(yùn)動(dòng)階段處于超重狀態(tài)B．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程的最大速度大小為C．勻減速運(yùn)動(dòng)階段的加速度大小為D．勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)階段所受運(yùn)輸箱的作用力相同【答案】C【解析】A．勻加速運(yùn)動(dòng)階段加速度豎直向下，物資處于失重狀態(tài)，A錯(cuò)誤；B．設(shè)勻速階段的速度大小為v，由題意可得解得B錯(cuò)誤；C．由速度與時(shí)間關(guān)系有得C正確；D．由題意知?jiǎng)蚣铀俸蛣驕p速階段加速度大小等，設(shè)物資的質(zhì)量為M，在勻加速階段得在勻減速階段得故兩階段運(yùn)輸箱對(duì)物資的作用力大小不同，D錯(cuò)誤。故選C。4．汽車輪胎壓力表的示數(shù)為輪胎內(nèi)部氣體壓強(qiáng)與外部大氣壓強(qiáng)的差值。一汽車在平原地區(qū)行駛時(shí)，壓力表示數(shù)為（是1個(gè)標(biāo)準(zhǔn)大氣壓），輪胎內(nèi)部氣體溫度為315K，外部大氣壓強(qiáng)為。該汽車在某高原地區(qū)行駛時(shí)，壓力表示數(shù)為，輪胎內(nèi)部氣體溫度為280K。輪胎內(nèi)部氣體視為理想氣體，輪胎內(nèi)體積不變且不漏氣，則該高原地區(qū)的大氣壓強(qiáng)為（）A． B． C． D．【答案】B【解析】根據(jù)題意可知：在平原地區(qū)時(shí)，輪胎內(nèi)部壓強(qiáng)為溫度設(shè)在高原地區(qū)輪胎內(nèi)部壓強(qiáng)為，溫度輪胎做等容變化，根據(jù)解得該高原地區(qū)的大氣壓強(qiáng)故選B。5．沿空間某直線建立x軸，該直線上的靜電場方向沿x軸，其x軸正半軸上電場強(qiáng)度隨x軸上位置變化規(guī)律如圖所示，原點(diǎn)O到間的圖線為直線，x軸正方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度正方向，x軸負(fù)方向?yàn)殡妶鰪?qiáng)度負(fù)方向，一個(gè)電荷量大小為q的粒子在O點(diǎn)由靜止釋放，剛好能沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)到處，不計(jì)粒子的重力，則下列判斷正確的是（）A．該粒子帶負(fù)電B．粒子在處的電勢能小于處的電勢能C．粒子在處的動(dòng)能為D．O點(diǎn)到之間電勢差大于到之間電勢差【答案】C【解析】A．粒子在O點(diǎn)由靜止釋放，剛好能沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)到處，粒子先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，受力方向先與電場強(qiáng)度方向相同，后與電場強(qiáng)度方向相反，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；B．粒子從到的過程中，電場力一直做正功，電勢能減少，所以粒子在處的電勢能大于處的電勢能，故B錯(cuò)誤；C．從O點(diǎn)到處，Ex圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積表示O點(diǎn)到處電勢差。從O點(diǎn)到處由動(dòng)能定理得故在處的動(dòng)能為，故C正確；D．設(shè)O點(diǎn)到之間電勢差為,到之間電勢差為，由動(dòng)能定理得得O點(diǎn)到之間電勢差與到之間電勢差相等，故D錯(cuò)誤。故選C。6．如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3：1，當(dāng)輸入電壓U=12V時(shí)，額定電壓為3V的燈泡L2正常發(fā)光，此時(shí)燈泡L1也剛好正常發(fā)光。下列說法正確的是（）A．L1的額定電壓是3V B．L1的額定電壓是9VC．L1的額定功率是L2的3倍 D．L1的額定功率是L2的9倍【答案】A【解析】AB．設(shè)原線圈、副線圈電流為，匝數(shù)，設(shè)燈泡L1、燈泡L2電壓分別為，題意易得，則有代入題中數(shù)據(jù)，解得故A正確，B錯(cuò)誤；CD．設(shè)L1、L2的額定功率分別為故又因?yàn)榫鶠?V，故可得又因?yàn)槁?lián)立可得整理可得故CD錯(cuò)誤。故選A。7．如圖（a），在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系Oxy，空間內(nèi)存在與桌面垂直的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、帶電量為q的小球在桌面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。平行光沿x軸正方向照射，垂直光照方向放置的接收器記錄小球不同時(shí)刻的投影位置。投影坐標(biāo)y隨時(shí)間t的變化曲線如圖（b）所示，則（）A．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B．投影的速度最大值為C．時(shí)間內(nèi)，投影做勻速直線運(yùn)動(dòng) D．時(shí)間內(nèi)，投影的位移大小為【答案】D【解析】設(shè)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度為，角速度為，軌跡圓心在接收器上的投影坐標(biāo)為，則在0時(shí)刻小球與軌跡圓心的連線與軸夾角為，則經(jīng)過時(shí)間，小球在接收器上的投影坐標(biāo)為由圖（b）可得，，解得小球在接收器上的投影坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系式為A.由上面分析可得，小球運(yùn)動(dòng)周期為小球在水平面上只受洛倫茲力，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得又解得磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度故A錯(cuò)誤；B.小球投影坐標(biāo)對(duì)時(shí)間求導(dǎo)，可得則投影的最大速度故B錯(cuò)誤；C.小球投影做簡諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.小球投影在、時(shí)刻的坐標(biāo)分別為時(shí)間內(nèi)，投影的位移大小為故D正確；故選D。8．“食雙星”是指兩顆恒星在相互引力作用下繞連線上某點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由于距離遙遠(yuǎn)，觀測者不能把兩顆星區(qū)分開，但由于兩顆恒星的彼此掩食，會(huì)造成其亮度發(fā)生周期性變化，觀測者可以通過觀察雙星的亮度研究雙星。如圖，t1時(shí)刻，由于較亮的恒星遮擋較暗的恒星，造成亮度L減弱，t2時(shí)刻則是較暗的恒星遮擋較亮的恒星。若較亮的恒星與較暗的恒星的質(zhì)量和圓周運(yùn)動(dòng)的半徑分別為m1、r1和m2、r2，下列說法正確的是（）A． B．C． D．【答案】BC【解析】由圖可知雙星周期較亮的恒星，根據(jù)牛頓第二定律較暗的恒星，根據(jù)牛頓第二定律聯(lián)可得故選BC。9．列車進(jìn)站時(shí)如圖所示，其剎車原理可簡化如下：在車身下方固定一水平矩形線框，利用線框進(jìn)入磁場時(shí)所受的安培力，輔助列車剎車。已知列車的質(zhì)量為m，車身長為s，線框的ab和cd長度均為L（L小于勻強(qiáng)磁場的寬度），線框的總電阻為R。站臺(tái)軌道上勻強(qiáng)磁場區(qū)域足夠長，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B，方向豎直向上。車頭進(jìn)入磁場瞬間的速度為v0，列車停止前所受鐵軌及空氣阻力的合力恒為f。車尾進(jìn)入磁場瞬間，列車恰好停止。下列說法正確的是（）A．列車進(jìn)站過程中電流方向?yàn)閍bcdB．列車ab邊進(jìn)入磁場瞬間，加速度大小C．列車從進(jìn)站到停下來的過程中，線框產(chǎn)生的熱量為D．從車頭進(jìn)入磁場到停止所用的時(shí)間為【答案】ABD【解析】A．根據(jù)楞次定律結(jié)合安培定則可知，線框中電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針（俯視），即列車進(jìn)站過程中電流方向?yàn)閍bcd，故A正確；B．列車車頭進(jìn)入磁場瞬間產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的大小為則回路中產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電流的大小為可得車頭進(jìn)入磁場瞬間所受安培力的大小為則由牛頓第二定律有聯(lián)立解得故B正確；C．在列車從進(jìn)入磁場到停止的過程中，克服安培所做的功在數(shù)值上等于線框產(chǎn)生的熱量，則由能量守恒有解得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)量定理有其中而根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有可得聯(lián)立以上各式解得故D正確。故選ABD。10．如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平地面上，一輕質(zhì)彈簧一端與垂直固定在斜面上的擋板相連，另一端與物塊B栓接，勁度系數(shù)為k。物塊A緊靠著物塊B，物塊與斜面均靜止?，F(xiàn)用一沿斜面向上的力F作用于A，使A、B兩物塊一起沿斜面做加速度大小為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)直到A、B分離。物塊A質(zhì)量為m，物塊B質(zhì)量為2m，重力加速度為g，。下列說法中正確的是（）A．施加拉力的瞬間，A、B間的彈力大小為B．A、B分離瞬間彈簧彈力大小為C．拉力F的最大值大于mgD．在A、B分離前整個(gè)過程中A的位移為【答案】AD【解析】A．施加拉力F之前，A、B整體受力平衡，根據(jù)平衡條件，有解得施加F瞬間，物體A、B加速度大小為對(duì)A、B整體，根據(jù)牛頓第二定律對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律得聯(lián)立，解得故A正確；B．分離時(shí)，物體A、B之間作用力為0，對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律得解得可得故B錯(cuò)誤；C．依題意，整個(gè)過程中拉力F一直增大，A、B分離瞬間，物體A、B之間作用力為0，F(xiàn)最大，對(duì)A根據(jù)牛頓第二定律得解得故C錯(cuò)誤；D．在A、B分離前整個(gè)過程中A的位移為故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11．（8分）某同學(xué)研究自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律時(shí)，將小球從一固定的毫米刻度尺旁邊由靜止釋放，用拍攝小球自由下落的視頻，然后用相應(yīng)的軟件處理得到分幀圖片，利用圖片中小球的位置就可以得出速度、加速度等信息，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示。如圖2所示為小球下落過程中三幅連續(xù)相鄰的分幀圖片Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ，相鄰兩幀之間的時(shí)間間隔為0.02s。（1）圖片Ⅱ中小球的瞬時(shí)速度約為。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）（2）關(guān)于實(shí)驗(yàn)裝置和操作，下列說法正確的是。A．刻度尺應(yīng)固定在豎直平面內(nèi)B．選擇材質(zhì)密度小的小球C．鉛垂線的作用是檢驗(yàn)小球是否沿豎直方向下落D．固定時(shí)，攝像鏡頭應(yīng)正對(duì)刻度尺（3）該同學(xué)利用多幀圖片測算其對(duì)應(yīng)的速度v和下落的高度h，繪制了圖像，如圖3所示。其中P、Q分別為兩個(gè)大小相同，質(zhì)量不同的小球下落的圖像（空氣阻力不變），由圖像可知兩球質(zhì)量大小關(guān)系是（選填“大于”、“等于”、“小于”）。（4）如何利用圖像判斷小球下落過程機(jī)械能是否守恒？【答案】（1）1.38（2）AD/DA（3）大于（4）在誤差允許的范圍內(nèi)，如果圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜直線，且斜率等于【解析】（1）[1]根據(jù)平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度可得圖2中小球的瞬時(shí)速度約為（2）[2]A．小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，為了測量小球下落的位置，刻度尺應(yīng)固定在豎直平面內(nèi)，A正確；B．為了減小阻力帶來的實(shí)驗(yàn)誤差，應(yīng)該選擇密度較大的小球，B錯(cuò)誤；C．鉛垂線的作用是檢驗(yàn)裝置是不是豎直放置，不能檢驗(yàn)小球是否沿豎直方向下落，C錯(cuò)誤；D．為了拍攝的小球的位置比較準(zhǔn)確，固定時(shí)，攝像頭應(yīng)正對(duì)刻度尺，D正確。故選AD。（3）[3]小球下落過程若空氣阻力不忽略，且空氣阻力不變，根據(jù)動(dòng)能定理，有得到根據(jù)圖像可知P圖像斜率大，故質(zhì)量大；（4）[4]若機(jī)械能守恒，則阻力為零，則有故，在誤差允許的范圍內(nèi)，如果圖像是一條過原點(diǎn)的傾斜直線，且斜率等于，則機(jī)械能守恒。12．（8分）某同學(xué)用DIS“測電源電動(dòng)勢和內(nèi)電阻”實(shí)驗(yàn)電路如圖（a）所示，某次實(shí)驗(yàn)電壓傳感器示數(shù)U與電流傳感器示數(shù)I的關(guān)系如圖（b）所示。（1）圖（a）中．定值電阻在電路中的作用是。（2）由圖（b）的可得，該電源電動(dòng)勢V，內(nèi)阻Ω。（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)測得的U，I數(shù)據(jù)，若令，，則由計(jì)算機(jī)擬合得出的圖線如圖（c）所示，則圖線最高點(diǎn)A點(diǎn)的縱坐標(biāo)W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。【答案】（1）保護(hù)電源（2）2.831.03（3）1.94【解析】（1）為防止滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為零導(dǎo)致電路電流太大損壞電源，要在電路中接入保護(hù)電阻，因此定值電阻R0在電路中的作用是保護(hù)電源；（2）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律圖像表達(dá)式可知，電源電動(dòng)勢[2]內(nèi)阻（3）由題意可知?jiǎng)t功率當(dāng)時(shí)，電源的輸出功率最大所以圖線最高點(diǎn)A點(diǎn)的縱坐標(biāo)13．（10分）乒乓球是我國的國球，中國乒乓球隊(duì)更是奧運(yùn)夢之隊(duì)。在剛剛結(jié)束的第33屆巴黎奧運(yùn)上，我國包攬了5枚金牌，為國乒喝彩。乒乓球訓(xùn)練入門簡單，一支球拍，一個(gè)球，就能做顛球訓(xùn)練，也能對(duì)著墻壁開展對(duì)練模式。為了避免撿球的煩惱，現(xiàn)在推出了一種懸掛式乒乓球訓(xùn)練器，如圖甲所示。該訓(xùn)練器可簡化成一根長為l的輕質(zhì)細(xì)繩下懸掛一可視為質(zhì)點(diǎn)、質(zhì)量為m的小球。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。（1）敲擊小球，可以讓小球在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，最大偏轉(zhuǎn)角度為θ，則小球擺到最高點(diǎn)時(shí)，求繩子拉力大??；（2）敲擊小球，也可以讓小球做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，當(dāng)輕繩偏離豎直方向夾角為θ時(shí)，求繩子拉力大小及小球線速度大小?！敬鸢浮浚?）（2），【解析】（1）對(duì)小球受力分析，如圖當(dāng)小球擺到最高點(diǎn)時(shí)對(duì)小球受力分析，沿繩方向有（2）對(duì)小球受力分析，如圖豎直方向有可得繩子的拉力大小為水平方向由牛頓第二定律可得小球的線速度大小為14．（12分）如圖所示，質(zhì)量的小物塊鎖定在傾角的傾斜軌道上，距傾斜軌道底端的距離，質(zhì)量的木板靜止在水平面上，其左上端緊靠傾斜軌道的末端。現(xiàn)解除的鎖定使其由靜止開始下滑，最后恰好停在的最右端。已知與傾斜軌道和間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度取。假設(shè)從軌道末端滑上時(shí)，無能量損失，求：（1）小物塊剛滑上木板時(shí)的速度大??；（2）木板的長度?！敬鸢浮浚?）