2025年普通高中學業(yè)水平選擇性考試（四川卷）物理試題

注意事項：

1．考生領(lǐng)到答題卡后，須在規(guī)定區(qū)域填寫本人的姓名、準考證號和座位號，并在答題卡背面

用2B鉛筆填涂座位號。

2．考生回答選擇題時，選出每小題答案后，須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂

黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?？忌卮鸱沁x擇題時，須用0.5mm

黑色字跡簽字筆將答案寫在答題卡上。選擇題和非選擇題的答案寫在試卷或草稿紙上無效。

3．考生不得將試卷、答題卡和草稿紙帶離考場，考試結(jié)束后由監(jiān)考員統(tǒng)一回收。

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是最符合題目要求的。

1.2025年4月30日，神舟十九號載人飛船成功返回。某同學在觀看直播時注意到，返回艙從高度3090m

下降到高度2010m，用時約130s。這段時間內(nèi)，返回艙在豎直方向上的平均速度大小約為（）

A.8.3m/sB.15.5m/sC.23.8m/sD.39.2m/s

【答案】A

【解析】

【詳解】返回艙下降的位移為Δh=1080m

則返回艙在豎直方向上的平均速度大小約為

故選A。

2.某多晶薄膜晶格結(jié)構(gòu)可以等效成縫寬約為3.5×10?10m狹縫。下列粒子束穿過該多晶薄膜時，衍射現(xiàn)象

最明顯的是（）

A.德布羅意波長約為7.9×10?13m的中子

B.德布羅意波長約為8.7×10?12m的質(zhì)子

C.德布羅意波長約為2.6×10?11m的氮分子

D.德布羅意波長約為1.5×10?10m的電子

【答案】D

【解析】

【詳解】當波通過尺寸與其波長相近的障礙物或狹縫時，會發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象。對于粒子而言，德布羅

意波長λ決定了其波動性，衍射的明顯程度通常與波長λ和狹縫寬度的比值相關(guān)，當接近或大于1時，衍

射現(xiàn)象非常明顯，則可知電子的衍射現(xiàn)象最明顯。

故選D。

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3.如圖所示，由長為R的直管ab和半徑為R的半圓形彎管bcd、def組成的絕緣光滑管道固定于水平面內(nèi)，

管道間平滑連接。bcd圓心O點處固定一電荷量為Q（Q>0）的帶電小球。另一個電荷量為q（q>0且q<

<Q）的帶電小球以一定初速度從a點進入管道，沿管道運動后從f點離開。忽略空氣阻力。則（）

A.小球在e點所受庫侖力大于在b點所受庫侖力

B.小球從c點到e點電勢能先不變后減小

C.小球過f點的動能等于過d點的動能

D.小球過b點的速度大于過a點的速度

【答案】B

【解析】

【詳解】A．小球所受庫侖力

由于re>rb，則小球在e點所受庫侖力小于在b點所受庫侖力，故A錯誤；

B．點電荷在距其r處的電勢為

由于c點到d點r不變，d點到e點r逐漸增大，則根據(jù)Ep=φq

可知小球從c點到d點電勢能不變，從d點到e點電勢能逐漸減小，故B正確；

C．由于rf>rd，根據(jù)選項B可知，小球的電勢能Epd>Epf，根據(jù)能量守恒可知，小球過f點的動能大于過d

點的動能，故C錯誤；

D．由于ra>rb，根據(jù)選項B可知，小球的電勢能Epb>Epa，根據(jù)能量守恒可知，小球過a點的動能大于過

b點的動能，則小球過b點的速度小于過a點的速度，故D錯誤。

故選B。

4.如圖1所示，用活塞將一定質(zhì)量的理想氣體密封在導熱氣缸內(nèi)，活塞穩(wěn)定在a處。將氣缸置于恒溫冷水

中，如圖2所示，活塞自發(fā)從a處緩慢下降并停在b處，然后保持氣缸不動，用外力將活塞緩慢提升回a

處。不計活塞與氣缸壁之間的摩擦。則（）

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A.活塞從a到b的過程中，氣缸內(nèi)氣體壓強升高

B.活塞從a到b的過程中，氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能不變

C.活塞從b到a的過程中，氣缸內(nèi)氣體壓強升高

D.活塞從b到a的過程中，氣缸內(nèi)氣體內(nèi)能不變

【答案】D

【解析】

【詳解】AB．根據(jù)題意可知活塞從a到b的過程中，氣缸內(nèi)氣體，溫度降低，則內(nèi)能減小，體積減小，壓

強不變，故AB錯誤；

CD．根據(jù)題意可知活塞從b到a的過程中氣缸內(nèi)氣體溫度不變，則內(nèi)能不變，體積增大，根據(jù)玻意耳定律

可知壓強減小，故C錯誤，D正確。

故選D。

5.如圖所示，甲、乙、丙、丁四個小球用不可伸長的輕繩懸掛在天花板上，從左至右擺長依次增加，小球

靜止在紙面所示豎直平面內(nèi)。將四個小球垂直紙面向外拉起一小角度，由靜止同時釋放。釋放后小球都做

簡諧運動。當小球甲完成2個周期的振動時，小球丙恰好到達與小球甲同側(cè)最高點，同時小球乙、丁恰好

到達另一側(cè)最高點。則（）

A.小球甲第一次回到釋放位置時，小球丙加速度為零

B.小球丁第一次回到平衡位置時，小球乙動能為零

C.小球甲、乙的振動周期之比為

D.小球丙、丁的擺長之比為

【答案】C

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【解析】

【詳解】根據(jù)單擺周期公式

可知

CD．設(shè)甲的周期為，根據(jù)題意可得

可得，，

可得，

根據(jù)單擺周期公式

結(jié)合

可得小球丙、丁擺長之比

故C正確，D錯誤；

A．小球甲第一次回到釋放位置時，即經(jīng)過（）時間，小球丙到達另一側(cè)最高點，此時速度為零，

位移最大，根據(jù)可知此時加速度最大，故A錯誤；

B．根據(jù)上述分析可得

小球丁第一次回到平衡位置時，小球乙振動的時間為（即）可知此時小球乙經(jīng)過平衡位置，此時

速度最大，動能最大，故B錯誤。

故選C。

6.某人造地球衛(wèi)星運行軌道與赤道共面，繞行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同。該衛(wèi)星持續(xù)發(fā)射信號，位于赤道

的某觀測站接收到的信號強度隨時間變化的規(guī)律如圖所示，T為地球自轉(zhuǎn)周期。已知該衛(wèi)星的運動可視為勻

速圓周運動，地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G。則該衛(wèi)星軌道半徑為（）

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A.B.C.D.

【答案】A

【解析】

【詳解】設(shè)衛(wèi)星轉(zhuǎn)動的周期為，根據(jù)題意可得

可得

根據(jù)萬有引力提供向心力

可得

代入

可得

故選A。

7.如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平地面上，安裝在其頂端的電動機通過不可伸長輕繩與小車

相連，小車上靜置一物塊。小車與物塊質(zhì)量均為m，兩者之間動摩擦因數(shù)為。電動機以恒定功率P拉

動小車由靜止開始沿斜面向上運動。經(jīng)過一段時間，小車與物塊的速度剛好相同，大小為。運動過程中

輕繩與斜面始終平行，小車和斜面均足夠長，重力加速度大小為g，忽略其他摩擦。則這段時間內(nèi)（）

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A.物塊的位移大小為B.物塊機械能增量為

C.小車的位移大小為D.小車機械能增量為

【答案】C

【解析】

【詳解】A．對物塊根據(jù)牛頓第二定律有

解得

根據(jù)運動學公式有

解得物塊的位移大小為

故A錯誤；

B．物塊機械能增量為

故B錯誤；

C．對小車根據(jù)動能定理有

其中

聯(lián)立解得

故C正確；

D．小車機械能增量為

故D錯誤。

故選C。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項符合題目要求，全部

選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.若長度、質(zhì)量、時間和動量分別用a、b、c和d表示，則下列各式可能表示能量的是（）

AB.C.D.

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【答案】AC

【解析】

【詳解】A．根據(jù)題意可知的單位為

結(jié)合動能公式可知為能量單位，故A正確；

B．同理的單位為

根據(jù)可知為力的單位，故可知為力與質(zhì)量的乘積，故不是能量的單位，故B錯

誤；

C．的單位為

根據(jù)前面A選項分析可知該單位為能量單位，故C正確；

D．的單位為，不是能量單位，故D錯誤。

故選AC

9.某款國產(chǎn)手機采用了一種新型潛望式攝像頭模組。如圖所示，模組內(nèi)置一塊上下表面平行（）

的光學玻璃。光垂直于玻璃上表面入射，經(jīng)過三次全反射后平行于入射光射出。則（）

A.可以選用折射率為1.4的光學玻璃

B.若選用折射率為1.6的光學玻璃，可以設(shè)定為

C.若選用折射率為2光學玻璃，第二次全反射入射角可能為

D.若入射光線向左移動，則出射光線也向左移動

【答案】CD

【解析】

【詳解】A．因為，故當選用折射率為1.4的光學玻璃時，根據(jù)

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可知，即

根據(jù)幾何知識可知光線第一次發(fā)生全反射時的入射角為，故選用折射率為1.4的光學玻璃時此

時不會發(fā)生全反射，故A錯誤；

B．當時，此時入射角為，選用折射率為1.6的光學玻璃時，此時的臨界角為

故，故此時不會發(fā)生全反射，故B錯誤；

C．若選用折射率為2的光學玻璃，此時臨界角為

即，此時光線第一次要發(fā)生全反射，入射角一定大于，即第一次發(fā)生全反射時的入射光線和反

射光線的夾角一定大于，根據(jù)幾何關(guān)系可知第一次發(fā)生全反射時的入射光線和反射光線的夾角等于第二

次全反射入射角，故可能為，故C正確；

D．若入射光線向左移動，可知第一次全反射時的反射光線向左移動，第二次全反射時的反射光線向左移動，

同理，第三次全反射時的反射光線向左移動，即出射光線向左移動，故D正確。

故選CD。

10.如圖所示，I區(qū)有垂直于紙面向里的勻強磁場，其邊界為正方形；Ⅱ區(qū)有垂直于紙面向外的勻強磁場，

其外邊界為圓形，內(nèi)邊界與I區(qū)邊界重合；正方形與圓形中心同為O點。I區(qū)和Ⅱ區(qū)的磁感應(yīng)強度大小比值

為4∶1。一帶正電的粒子從Ⅱ區(qū)外邊界上a點沿正方形某一條邊的中垂線方向進入磁場，一段時間后從a

點離開。取sin37°=0.6。則帶電粒子（）

A.在I區(qū)的軌跡圓心不在O點

B.在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的軌跡半徑之上比為1∶2

C.在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的軌跡長度之比為127∶37

D.在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的運動時間之上比為127∶148

【答案】AD

【解析】

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【詳解】A．由圖可知，在I區(qū)的軌跡圓心不在O點，故A正確；

B．由洛倫茲力提供向心力

可得

故在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的軌跡半徑之上比為

故B錯誤；

D．設(shè)粒子在磁場Ⅱ區(qū)偏轉(zhuǎn)的圓心角為α，由幾何關(guān)系

可得

故粒子在I區(qū)運動的時間為

粒子在Ⅱ區(qū)運動的時間為

聯(lián)立可得在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的運動時間之上比為

故D正確；

C．粒子在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的軌跡長度分別為

故在I區(qū)和Ⅱ區(qū)的軌跡長度之比為

故C錯誤。

故選AD。

三、非選擇題：本題共5小題，共54分。其中第13~15小題解答時請寫出必要的文字說明、

方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。

11.某學習小組利用生活中常見物品開展“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實驗。已知水的密度為1.0×

103kg/m3，當?shù)刂亓铀俣葹?.8m/s2。實驗過程如下：

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（1）將兩根細繩分別系在彈簧兩端，將其平放在較光滑的水平桌面上，讓其中一個系繩點與刻度尺零刻度

線對齊，另一個系繩點對應(yīng)的刻度如圖1所示，可得彈簧原長為________cm。

（2）將彈簧一端細繩系到墻上掛鉤，另一端細繩跨過固定在桌面邊緣的光滑金屬桿后，系一個空的小桶。

使彈簧和桌面上方的細繩均與桌面平行，如圖2所示。

（3）用帶有刻度的杯子量取50mL水，緩慢加到小桶里，待彈簧穩(wěn)定后，測量兩系繩點之間的彈簧長度并

記錄數(shù)據(jù)。按此步驟操作6次。

（4）以小桶中水的體積V為橫坐標，彈簧伸長量x為縱坐標，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)擬合成如圖3所示直線，其斜

率為200m?2。由此可得該彈簧的勁度系數(shù)為________N/m（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（5）圖3中直線的截距為0.0056m，可得所用小桶質(zhì)量為________kg（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

【答案】①.13.14##13.15②.49③.0.028

【解析】

【詳解】（1）[1]該刻度尺的分度值為0.1cm，應(yīng)估讀到分度值的后一位，故彈簧原長為13.14cm

（4）[2]由胡克定律可知

化簡可得

由圖像可知

代入數(shù)據(jù)解得該彈簧的勁度系數(shù)為

（5）[3]由圖可知

代入數(shù)據(jù)可得所用小桶質(zhì)量為

12.某學生實驗小組要測量一段合金絲的電阻率。所用實驗器材有：

待測合金絲樣品（長度約）

螺旋測微器

學生電源E（電動勢，內(nèi)阻未知）

米尺（量程）

滑動變阻器（最大阻值）

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電阻箱（阻值范圍）

電流表（量程，內(nèi)阻較小）

開關(guān)、

導線若干

（1）將待測合金絲樣品繃直固定于米尺上，將金屬夾分別夾在樣品和位置，用螺旋測

微器測量兩金屬夾之間樣品三個不同位置的橫截面直徑，讀數(shù)分別為、和，

則該樣品橫截面直徑的平均值為________。

（2）該小組采用限流電路，則圖1中電流表的“+”接線柱應(yīng)與滑動變阻器的接線柱________（選填“a”

或“b”）相連。閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片應(yīng)置于________端（選填“左”或“右”）。

（3）斷開、閉合，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表指針恰好指到刻度處。斷開、閉合，保持

滑動變阻器滑片位置不變，旋轉(zhuǎn)電阻箱旋鈕，使電流表指針仍指到處，此時電阻箱面板知圖2所

示，則該合金絲的電阻率為_________（取，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。

（4）為減小實驗誤差，可采用的做法有________（有多個正確選項）。

A.換用內(nèi)阻更小的電源

B.換用內(nèi)阻更小的電流表

C.換用阻值范圍為的電阻箱

D.多次測量該合金絲不同區(qū)間等長度樣品的電阻率，再求平均值

【答案】（1）0.500

（2）①.a②.左

（3）（4）CD

【解析】

【小問1詳解】

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該樣品橫截面直徑的平均值為

【小問2詳解】

[1]由于滑動變阻器采用限流式接法，應(yīng)將其串聯(lián)接在電路中，故采用“一上一下”原則，即電流表的“＋”

接線柱應(yīng)與滑動變阻器的接線柱a相連。

[2]為了保護電路，閉合開關(guān)前，滑動變阻器滑片應(yīng)最大阻值處，即最左端。

【小問3詳解】

由題意可知，該合金絲的電阻為

由電阻定律及可得

其中，

代入數(shù)據(jù)解得該合金絲的電阻率為

【小問4詳解】

根據(jù)電阻定律可知，則為了減小實驗誤差，可減小測合金絲電阻時的誤差，選擇更精確的電阻

箱，可換用阻值范圍為，或多次測量該合金絲不同區(qū)間等長度樣品的電阻率，再求平均值。

故選CD。

13.如圖所示，真空中固定放置兩塊較大的平行金屬板，板間距為d，下極板接地，板間勻強電場大小恒為

E?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q（）的金屬微粒，從兩極板中央O點由靜止釋放。若微粒與極板碰

撞前后瞬間機械能不變，碰撞后電性與極板相同，所帶電荷量的絕對值不變。不計微粒重力。求：

（1）微粒第一次到達下極板所需時間；

（2）微粒第一次從上極板回到O點時的動量大小。

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【答案】（1）

（2）

【解析】

【小問1詳解】

由牛頓第二定律

由運動學公式

聯(lián)立可得微粒第一次到達下極板所需的時間為

【小問2詳解】

微粒第一次到達下極板時的速度大小為

由于微粒與極板碰撞前后瞬間機械能不變，碰撞后電性與極板相同，所帶電荷量的絕對值不變，設(shè)微粒碰

后第一次到達上極板時的速度大小為，滿足

代入解得

同理可得微粒第一次從上極板回到O點時的速度大小為，滿足

代入解得

故微粒第一次從上極板回到O點時的動量大小為

14.如圖所示，長度均為s的兩根光滑金屬直導軌MN和PQ固定在水平絕緣桌面上，兩者平行且相距l(xiāng)，M、

P連線垂直于導軌，定滑輪位于N、Q連線中點正上方h處。MN和PQ單位長度的電阻均為r，M、P間連

接一阻值為的電阻。空間有垂直于桌面向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B。過定滑輪的不可伸長絕

緣輕繩拉動質(zhì)量為m、電阻不計的金屬桿沿導軌向右做勻速直線運動，速度大小為v。零時刻，金屬桿位于

M、P連線處。金屬桿在導軌上時與導軌始終垂直且接觸良好，重力加速度大小為g。

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（1）金屬桿在導軌上運動時，回路的感應(yīng)電動勢；

（2）金屬桿在導軌上與M、P連線相距d時，回路的熱功率；

（3）金屬桿在導軌上保持速度大小v做勻速直線運動的最大路程。

【答案】（1）

（2）

（3）

【解析】

【小問1詳解】

金屬桿在導軌上運動時，切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢

【小問2詳解】

金屬桿運動距離d時，電路中的總電阻為

故此時回路中的總的熱功率為

【小問3詳解】

設(shè)金屬桿保持速度大小v做勻速直線運動的最大路程為，此時剛好將要脫離導軌，此時繩子拉力為T，與

水平方向的夾角為，對金屬桿根據(jù)受力平衡可知，

根據(jù)位置關(guān)系有

同時有，

聯(lián)立解得

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15.如圖所示，傾角為的斜面固定于水平地面，斜面上固定有半徑為R的半圓擋板和長為的直擋板。

a為直擋板下端點，bd為半圓擋板直徑且沿水平方向，c為半圓擋板最高點，兩擋板相切于b點，de與ab

平行且等長。小球乙被鎖定在c點。小球甲從a點以一定初速度出發(fā)，沿擋板運動到c點與小球乙發(fā)生