陜西省西安三中2026屆化學高三第一學期期中考試模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、下列固體混合物與過量的稀H2SO4反應，能產生氣泡并有沉淀生成的是（）A．和 B．和NaClC．和 D．和2、在100℃時，容積為5L的真空密閉容器中加入一定量的N2O4，容器內N2O4和NO2的物質的量變化如表所示：時間/s0210306090n(N2O4)/mol0.3c0.150.125b0.12n(NO2)/mol0da0.350.360.36下列說法正確的是A．10s時，以NO2濃度變化表示的該反應速率為0.006mol·L-1·s-1B．該溫度下反應2NO2(g)?N2O4(g)的平衡常數(shù)K=0.216C．2s時容器內壓強至少為反應前的1.1倍以上D．其它條件不變，90s后向容器中再加入0.3molNO2，建立新平衡時，與原平衡時比較，氣體平均相對分子質量減小3、對實驗Ⅰ～Ⅳ的實驗現(xiàn)象預測正確的是A．實驗Ⅰ：液體分層，下層呈無色B．實驗Ⅱ：燒杯中先出現(xiàn)白色沉淀，后溶解C．實驗Ⅲ：試管中有紅色沉淀生成D．實驗Ⅳ：放置一段時間后，飽和CuSO4溶液中出現(xiàn)藍色晶體4、下列反應能用勒夏特列原理解釋的是A．加入催化劑有利于氨的合成B．煅燒粉碎的黃鐵礦礦石有利于SO2的生成C．硫酸生產中用98％的硫酸吸收SO3，而不用H2O或稀硫酸吸收SO3D．工業(yè)制取金屬鉀Na(l)+KCl(l)NaCl(l)+K(g)選取適宜的溫度，使K變成蒸氣從反應混合物中分離出5、某同學進行有關銅、硝酸、硫酸化學性質的實驗，實驗過程如圖所示：實驗1實驗2①、③中溶液呈藍色，試管口有紅棕色氣體產生③中溶液呈藍色，試管口有紅棕色氣體產生下列說法正確的是A．稀硝酸一定被還原為NO2B．實驗1-②中溶液存在：c(Cu2+)+c(H+)＝c(NO3－)+c(OH－)C．由上述實驗得出結論：常溫下，Cu既可與稀硝酸反應，也可與稀硫酸反應D．實驗1-③、實驗2-③中反應的離子方程式：3Cu＋2NO3-＋8H+=3Cu2+＋2NO↑＋4H2O6、下列有關敘述正確的是()A．碳酸氫鈉藥片，該藥是抗酸藥，服用時喝些醋能提高藥效B．分別將少量鈉投入到盛有水和乙醇的燒杯中，可比較水和乙醇中氫的活潑性C．鉀、鈉、鎂等活潑金屬著火時，可用泡沫滅火器滅火D．灼燒白色粉末，火焰呈黃色，證明原粉末中有Na＋，無K＋7、設NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值，下列判斷正確的是A．常溫下，pH＝1的鹽酸溶液中，由水電離的H＋個數(shù)為10－13NAB．標準狀況下，氧原子總數(shù)為0.2NA的CO2和NO2的混合氣體，其體積為2.24LC．常溫下，5.6g鐵分別與足量氯氣和濃硝酸反應，轉移的電子數(shù)目均為0.3NAD．100g46%乙醇溶液中所含O－H數(shù)目為7NA8、下列有關物質性質的應用正確的是（）A．液氨汽化時要吸收大量的熱，可用作制冷劑B．二氧化硅不與強酸反應，可用石英器皿盛放氫氟酸C．生石灰能與水反應，可用來干燥氯氣D．氯化鋁是一種電解質，可用于電解法制鋁9、已知：CH4(g)+2O2(g)==CO2(g)+2H2O(1)△H=―Q1KJ/mol2H2(g)+O2(g)==2H2O(g)△H=―Q2KJ/mol2H2(g)+O2(g)==2H2O(1)△H=―Q3KJ/mol常溫下，取體積比為4:1的甲烷和氫氣的混合氣體11.2L（已折合成標準狀況），經(jīng)完全燃燒后恢復至常溫，則放出的熱量為()A．（0.4Q1+0.05Q3）kJ B．（0.4Q1+0.05Q2）kJC．（0.4Q1+0.1Q3）kJ D．（0.4Q1+0.1Q2）kJ10、屬于弱電解質的是A．Na2S B．H2O C．HNO3 D．C2H5OH11、某容器中發(fā)生一個化學反應，反應過程中存在H2O、ClO-、CN-、HCO3-、N2、Cl-六種離子。在反應過程中測得ClO-和N2的物質的量隨時間變化的曲線如圖所示。下列有關判斷中不正確的是（）A．標準狀況下若生成2.24LN2，則轉移電子1molB．還原性：Cl-<CN-C．參與反應的氧化劑與還原劑的物質的量之比為5：2D．氧化劑是含ClO-的物質，氧化產物只有N212、為驗證還原性:SO2>Fe2+>C1-，三組同學分別進行了下圖實驗，并對溶液1和溶液2中所含離子進行了檢驗,能證明上述還原性順序的實驗組有A．只有甲 B．甲、乙 C．甲、丙 D．甲、乙、丙13、下列實驗裝置（部分夾持裝置已略去）可以達到對應實驗目的是ABCD實驗目的制備氫氧化鐵膠體實驗室制備氨氣除去CO2中的少量HCl推斷S、C、Si的非金屬性強弱實驗裝置A．A B．B C．C D．D14、在微生物作用下電解有機廢水（含CH3COOH）,可獲得清潔能源H2，其原理如圖所示，下列有關說法不正確的是A．電極B極為負極B．與電源A極相連的惰性電極上發(fā)生的反應為：CH3COOH-8e-+H2O=2CO2↑+8H+C．通電后，H+通過質子交換膜向右移動，最終右側溶液PH減小D．通電后，若有0.1molH2生成，則轉移0.2mol電子15、已知位于IIA族，下列有關Sr的說法不正確的是A．的中子數(shù)為38 B．最高化合價為+2C．原子半徑：Sr>Ca D．氫氧化物為強堿16、高鐵酸鉀K2FeO4是一種高效、氧化性比Cl2更強的水處理劑，工業(yè)上常用下列反應先制高鐵酸鈉：2FeSO4+6Na2O2=2Na2FeO4+2Na2O+2Na2SO4+O2↑，然后在低溫下，在Na2FeO4溶液中加KOH固體至飽和就可析出K2FeO4，下列有關說法不正確的是（）A．Na2O2在反應中作氧化劑，又作還原劑B．高鐵酸鉀在該溫度下的溶解度比高鐵酸鈉的溶解度小C．K2FeO4能消毒殺菌，其還原產物水解生成的Fe（OH）3膠體能吸附水中的懸浮物D．制取高鐵酸鈉時，每生成1molNa2FeO4反應中共有4mol電子轉移17、在2L密閉容器中充入lmolO2和2molSO2，在一定條件下發(fā)生下列反應2SO2(g)+O2(g)?2SO3(g)+Q，5min后測得O2減少了0.1mol。下列說法正確的是()A．此反應的平均速率v=0.01mol/(L·min)B．升高溫度，正反應增加的速率一定小于逆反應增加的速率C．如果不斷的加入SO2，最終O2會全部反應完D．其他條件不變，密閉容器體積改為1L，5min后測得O2減少的量一定大于0.1mol18、將一定量的CO2氣體通入2L的NaOH溶液中，在所得溶液中逐滴加入稀鹽酸至過量，并將溶液加熱，產生的氣體與消耗的HC1物質的量關系如圖所示(忽略氣體的溶解和HC1的揮發(fā)).下列說法不正確的是A．0點溶液中所含溶質的化學式為NaOH、Na2CO3B．0到a點發(fā)生反應的離子方程式:H++OH-=H2O、CO32-+H+=HCO3-C．通入CO2氣體的體積在標準狀況下為22.4LD．NaOH溶液的物質的量濃度為2.5mol/L19、化學與人類社會生產、生活密切相關。下列說法中正確的是A．誤食重金屬鹽引起人體中毒，可喝大量的食鹽水解毒B．燃料的脫硫脫氮、SO2的回收利用和NOx的催化轉化都是減少酸雨產生的措施C．碳酸鋇可用于胃腸X射線造影檢查D．生石灰可用作食品抗氧化劑20、實驗室利用下圖裝置制取無水A1C13(183℃升華，遇潮濕空氣即產生大量白霧)，下列說法正確的是A．①的試管中盛裝二氧化錳，用于常溫下制備氯氣B．②、③、⑥、⑦的試管中依次盛裝濃H2SO4、飽和食鹽水、濃H2SO4、NaOH溶液C．滴加濃鹽酸的同時點燃④的酒精燈D．⑤用于收集AlCl3，⑥、⑦可以用一個裝有堿石灰的干燥管代替21、在恒溫恒容的密閉容器中，發(fā)生反應X(g)+2Y(g)3Z(g)

△H=-a

kJ·mol-1(a>0)，下列說法正確的是A．容器內氣體的壓強不再發(fā)生變化，說明反應達到平衡狀態(tài)B．達到化學平衡狀態(tài)時，反應放出的總熱量可能為akJC．當X、Y、Z的濃度之比為1:2:3時，反應達到化學平衡狀態(tài)D．降低反應溫度，正反應速率增大，逆反應速率減小22、Na2FeO4是一種高效多功能水處理劑，應用前景十分看好。一種制備Na2FeO4的方法可用化學方程式表示如下：2FeSO4+6Na2O2＝2Na2FeO4+2Na2O+2Na2SO4+O2↑，對此反應下列說法中正確的是A．Na2O2只作氧化劑B．Na2FeO4既是氧化產物又是還原產物C．O2是還原產物D．2molFeSO4發(fā)生反應時，反應中共有8mol電子轉移二、非選擇題(共84分)23、（14分）化合物F是合成一種天然茋類化合物的重要中間體，其合成路線如下：（1）E中含氧官能團的名稱為________和________。（2）B→C的反應類型為________。（3）C→D反應中會有副產物X（分子式為C12H15O6Br）生成，X的結構簡式為：________。反應D→E的方程式為______________。（4）C的一種同分異構體同時滿足下列條件，寫出該同分異構體的結構簡式：________。①能與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應；②堿性水解后酸化，含苯環(huán)的產物分子中不同化學環(huán)境的氫原子數(shù)目比為1∶1。（5）已知：（R表示烴基，R'和R"表示烴基或氫），寫出以和CH3CH2CH2OH為原料制備的合成路線流程圖（無機試劑和有機溶劑任用，合成路線流程圖示例見本題題干）。____________________24、（12分）如圖是一些中學常見的物質之間的轉化關系（其中部分反應產物省略），其中A和B常溫下都是氣體，且水溶液都有漂白性；F、M、N均為難溶于水的白色沉淀，其中M和N不溶于稀硝酸；C和D是兩種常見的強酸．請回答下列問題：（1）寫①的化學方程式_______________________________________（2）寫反應②的離子方程式___________________________________（3）寫出將A通入石灰乳的化學方程式________________________________（4）在①②③④⑤⑥中，屬于氧化還原反應的有：______________（填編號）（5）F很不穩(wěn)定，露置在空氣中容易被氧化為H，該反應的化學方程式為________________，保存E溶液時應加入少量的___________（6）檢驗G溶液中陽離子的方法：_____________（寫出加入試劑的化學式和現(xiàn)象）25、（12分）K3[Fe(C2O4)3]·3H2O（三草酸合鐵酸鉀）為亮綠色晶體，可用于曬制藍圖?；卮鹣铝袉栴}：（1）曬制藍圖時，用K3[Fe(C2O4)3]·3H2O作感光劑，以K3[Fe(CN)6]溶液為顯色劑。其光解反應的化學方程式為：2K3[Fe(C2O4)3]2FeC2O4+3K2C2O4+2CO2↑；顯色反應的化學方程式為______________。（2）某小組為探究三草酸合鐵酸鉀的熱分解產物，按下圖所示裝置進行實驗。①通入氮氣的目的是________________________________________。②實驗中觀察到裝置B、F中澄清石灰水均變渾濁，裝置E中固體變?yōu)榧t色，由此判斷熱分解產物中一定含有___________、___________。③為防止倒吸，停止實驗時應進行的操作是_____________________________。④樣品完全分解后，裝置A中的殘留物含有FeO和Fe2O3，檢驗Fe2O3存在的方法是：________________。（3）測定三草酸合鐵酸鉀中鐵的含量。①稱量mg樣品于錐形瓶中，溶解后加稀H2SO4酸化，用cmol·L-1KMnO4溶液滴定至終點。滴定終點的現(xiàn)象是___________________________。②向上述溶液中加入過量鋅粉至反應完全后，過濾、洗滌，將濾液及洗滌液全部收集到錐形瓶中。加稀H2SO4酸化，用cmol·L-1KMnO4溶液滴定至終點，消耗KMnO4溶液VmL。該晶體中鐵的質量分數(shù)的表達式為________________________________。26、（10分）某化學課外小組為測定空氣中CO2的含量，進行了如下實驗：①配制0.1000mol/L和0.01000mol/L的標準鹽酸。②將2～3滴酚酞加入未知濃度的Ba(OH)2溶液10.00mL中，并用0.1000mol/L的標準鹽酸進行滴定，結果用去鹽酸19.60mL。③用測定的Ba(OH)2溶液吸收定量空氣中的CO2。取Ba(OH)2溶液10.00mL，放入100mL容量瓶里加水至刻度線，取出稀釋后的溶液放入密閉容器內，并通入10L標準狀況下的空氣，振蕩，這時生成沉淀。④過濾上述所得濁液。⑤取濾液20.00mL，用0.01000mol/L的鹽酸滴定，用去鹽酸34.80mL。請回答下列問題：(1)配制標準鹽酸時，需用下列哪些儀器?_____________________。A．托盤天平B．容量瓶C．酸式滴定管D．量筒E．燒杯F．膠頭滴管G．玻璃棒(2)②操作中到達滴定終點時的現(xiàn)象是___________________________________________。(3)Ba(OH)2溶液的物質的量濃度是________。(4)本實驗中，若第一次滴定時使用的酸式滴定管未經(jīng)處理，即注入第二種標準鹽酸，并進行第二次滴定，使測定結果________(填“偏大”“偏小”或“無影響”)。(5)本實驗中，若在第一次滴定的時候未潤洗滴定管，會使測定結果_______(填“偏大”“偏小”或“無影響”)。27、（12分）一氯化硫(S2Cl2)是一種重要的有機合成氯化劑，實驗室和工業(yè)上都可以用純凈干燥的氯氣與二硫化碳反應來制取(CS2+3Cl2CCl4+S2Cl2)，其裝置如下：(1)A裝置中的離子反應方程式為______________。(2)一氯化硫(S2Cl2)常溫下較為穩(wěn)定，受熱易分解，易被氧化，且遇水即歧化，歧化產物中不僅有淡黃色固體，而且還有兩種氣體，用NaOH溶液吸收該氣體可得兩種鹽Na2SO3和NaCl。寫出一氯化硫與水反應的化學反應方程式______________。(3)B裝置的作用是___________________________________。(4)D中冷凝管的冷水進水口為____（填“a”或“b”）；實驗過程中，需要先點燃A處酒精燈，通入氯氣一段時間后方可向D中水槽里面加入熱水加熱，這樣做的目的是______________。(5)F裝置是用來處理尾氣氯氣的，已知該吸收反應的氧化產物不僅有NaClO還有NaClO3，且n(NaClO)/n(NaClO3)=3/1，則該反應被還原的氯原子與被氧化的氯原子物質的量之比為_____。28、（14分）A、B、C、D、E、F是中學化學中常見的六種短周期元素，有關位置及信息如下：A的最高價氧化物對應的水化物與其氫化物反應生成離子化合物；C單質一般保存在煤油中；F的最高價氧化物對應的水化物既能與強酸反應又能與強堿反應，G單質是日常生活中用量最大的金屬，易被腐蝕或損壞。請回答下列問題：（1）A元素的氫化物水溶液能使酚酞變紅的原因用電離方程式解釋為_____________。（2）同溫同壓下，將aLA氫化物的氣體和bLD的氫化物氣體先后通入一盛水的燒杯中，若所得溶液的pH=7，則a_________b(填“>"或“<”或“=”)。（3）常溫下，相同濃度F、G簡單離子的溶液中滴加NaOH溶液，F(xiàn)、G兩元素先后沉淀，F(xiàn)(OH)n完全沉淀的pH是4.7，G(OH)n完全沉淀的pH是2.8，則在相同條件下，溶解度較大的是：___（填化學式）。（4）A與B可組成質量比為7:16的三原子分子，該分子釋放在空氣中其化學作用可能引發(fā)的后果有：_______________。①酸雨②溫室效應③光化學煙霧④臭氧層破壞（5）A和C組成的一種離子化合物，能與水反應生成兩種堿，該反應的化學方程式是______。（6）用電子式表示B,C形成化合物C2B2的過程_______________。（7）已知一定量的E單質能在B2(g)中燃燒，其可能的產物及能量關系如下圖所示：請寫出一定條件下EB2(g)與E(s)反應生成EB(g)的熱化學方程式__________________。29、（10分）有一種天然黃銅礦主要成分為CuFeS2（含SiO2），為了測定該黃銅礦的純度，某同學設計了如圖1實驗：稱取研細的黃銅礦樣品1.150g煅燒，生成Cu、Fe2O1、FeO和SO2氣體，實驗后取d中溶液的1/5置于錐形瓶中，用0.01mo1/L標準碘溶液進行滴定，初讀數(shù)為0.10mL，末讀數(shù)如圖2所示．完成下列填空：（1）裝置c的作用是____________________________。（2）上述反應結束后，仍需通一段時間的空氣，其目的是_____________________。（1）滴定時，標準碘溶液所耗體積為_____mL；用化學方程式表示滴定的原理：________________________________________。（4）計算該黃銅礦的純度___________________。（5）工業(yè)上利用黃銅礦冶煉銅產生的爐渣（含F(xiàn)e2O1、FeO、SiO2、Al2O1）可制備Fe2O1．選用提供的試劑，設計實驗驗證爐渣中含有FeO．提供的試劑：稀鹽酸稀硫酸KSCN溶液KMnO4溶液NaOH溶液所選試劑為_________；證明爐渣中含有FeO的實驗現(xiàn)象為：_________________。

參考答案一、選擇題(共包括22個小題。每小題均只有一個符合題意的選項）1、C【詳解】A.由于硫酸的酸性比H2CO3、Al(OH)3強，選項中的兩種物質與硫酸反應會產生CO2氣體及可溶性Al2(SO4)3，無沉淀生成，A不符合題意；B.BaCl2與H2SO4反應產生BaSO4白色沉淀，但是無氣體放出，B不符合題意；C.由于硫酸的酸性比H2SO3、H2CO3強，所以硫酸與兩種物質發(fā)生反應產生SO2、CO2氣體，同時產生BaSO4白色沉淀，反應現(xiàn)象符合要求，C符合題意；D.硫酸與選項物質不能發(fā)生反應，既無氣泡產生，也沒有沉淀產生，D不符合題意；故合理選項是C。2、C【分析】根據(jù)表格數(shù)據(jù)可知，60s時反應已經(jīng)達到平衡，則b=0.12mol，根據(jù)反應N2O4(g)?2NO2(g)，10s時，N2O4物質的量的變化量=0.3mol-0.15mol=0.15mol，則a=0.3mol，據(jù)此分析解答?！驹斀狻緼．10s內，以NO2表示的該反應平均速率為v(NO2)==0.006mol·L-1·s-1，10s時為瞬時速率，小于0.006mol·L-1·s-1，故A錯誤；B．根據(jù)分析，60s時反應達到平衡，平衡時，N2O4為0.12mol，NO2為0.36mol，容積為5L，該溫度下反應2NO2(g)?N2O4(g)的平衡常數(shù)K==4.63，故B錯誤；C.前10s內，以NO2表示的該反應平均速率為v(NO2)==0.006mol·L-1·s-1，若以此反應速率計算，2s時NO2的物質的量為0.06mol，N2O4的物質的量為0.27mol，氣體總物質的量為0.33mol，同溫同體積時，氣體的壓強比等于氣體物質的量之比，則2s時容器內壓強為反應前的=1.1倍，但隨著反應的進行反應速率逐漸減小，前2s內的化學反應速率大于0.006mol·L-1·s-1，所以2s時生成的NO2的物質的量大于0.06mol，氣體總物質的量大于0.33mol，所以2s時容器內壓強至少為反應前的1.1倍以上，故C正確；D．其它條件不變，90s后向容器中再加入0.3molNO2，因為容器體積不變，充入NO2或N2O4越多，N2O4的體積分數(shù)越大，建立新平衡時，與原平衡相比較，氣體平均相對分子質量增大，故D錯誤；答案選C。3、D【詳解】A．碘易溶于四氯化碳且四氯化碳密度比水大，CCl4將碘水中的碘萃取到CCl4中，下層呈紫紅色，A錯誤；B．氯化銨和氫氧化鈣共熱反應生成氨氣，氨氣溶于水得到氨水，氨水與氯化鋁反應生成氫氧化鋁沉淀，氫氧化鋁不溶于弱堿，故白色沉淀不會溶解，B錯誤；C．氯化鐵與KSCN反應生成Fe(SCN)3，溶液呈紅色，而不是生成紅色沉淀，C錯誤；D．CaO吸水生成氫氧化鈣，飽和CuSO4溶液中水減少，會析出藍色晶體，故D正確；故答案為D。4、D【分析】勒夏特列原理為：如果改變影響平衡的條件之一，平衡將向著能夠減弱這種改變的方向移動；使用勒夏特列原理時，該反應必須是可逆反應且存在平衡過程，否則勒夏特列原理不適用?！驹斀狻緼.催化劑可以加快反應的速率，對平衡無影響，所以加入催化劑，平衡不移動，故A錯誤；B.煅燒粉碎的黃鐵礦礦石可以增加接觸面積，加快反應速率，故B錯誤；

C.硫酸生產中用98％的硫酸吸收SO3，是防止形成酸霧，故C錯誤；D.使K變成蒸氣從反應混合物中分離出來，減少生成物的濃度平衡正向移動，故D正確；

故答案選D。5、D【分析】實驗1：稀硝酸與銅反應生成硝酸銅和NO和水，再加稀硫酸，硝酸銅中硝酸根在酸性條件下能繼續(xù)氧化銅單質。試管口NO均被氧化生成紅棕色的二氧化氮。實驗2：稀硫酸不與銅反應，再加稀硝酸與銅反應生成硝酸銅和NO和水。試管口NO被氧化生成紅棕色的二氧化氮?！驹斀狻緼．稀硝酸與銅發(fā)生3Cu+8HNO3═3Cu（NO3）2+2NO↑+4H2O反應，生成硝酸銅溶液為藍色，試管口NO被氧化生成紅棕色的二氧化氮，但硝酸被還原生成NO，故A錯誤；

B．實驗1-②中溶液存在電荷守恒為：2c（Cu2+）+c（H+）=c（NO3-）+c（OH-），故B錯誤；

C．由上述實驗可得出結論：Cu在常溫下可以和稀硝酸反應，但不能與稀硫酸反應，故C錯誤；

D．實驗1-③、實驗2-③中反應的離子方程式：3Cu＋2NO3-＋8H+=3Cu2+＋2NO↑＋4H2O，故D正確；

答案選D?！军c睛】一般情況下，稀硝酸與銅生成NO，濃硝酸與銅生成NO2。6、B【詳解】A.碳酸氫鈉能與酸發(fā)生反應，可作抗酸藥，服用時喝些食醋，碳酸氫鈉直接與醋酸反應，降低了碳酸氫鈉的藥效，故A說法錯誤；B.乙醇分子和水分子都含有羥基，都能與金屬鈉反應產生氫氣，但兩種物質中羥基所連接的基團不同，導致羥基氫原子的活性不同，與金屬鈉反應的劇烈程度不同，故B說法正確；C.鈉和鉀很活潑，能與冷水劇烈反應產生氫氣，金屬鎂較活潑，能與熱水反應產生氫氣，所以，它們著火時，都不能用泡沫滅火器滅火，應該用干沙蓋滅，故C說法錯誤；D.灼燒白色粉末，火焰呈黃色，證明原粉末中有Na＋，但不能確定K＋是否存在，應該透過藍色鈷玻璃觀察火焰是否呈紫色，再下結論，故D說法錯誤；故選：B。7、D【解析】A項，該鹽酸溶液的體積未知，無法計算H+數(shù)目，A錯誤；含氧原子總數(shù)為0.2NA的CO2和NO2的混合氣體，若只有CO2和NO2，則為0.1mol，標準狀況下其體積為2.24L，但是存在可逆反應2NO2N2O4，故實際體積小于2.24L，故B錯誤；C項，常溫下鐵在濃硝酸中鈍化，無法計算轉移的電子數(shù)，故C錯誤；D項，100g質量分數(shù)為46%的乙醇溶液中含有46g(1mol)乙醇和54g(3mol)水，所含的O－H數(shù)目為7NA，D正確。點睛：本題考查NA及其應用，題目難度不大，但設計了一些思維障礙，易錯點較多，A項由水電離的H＋濃度為10－13mol?L-1，B項易忽略可逆反應，C項注意鈍化，D項注意水中的O－H。8、A【解析】A．液氨汽化時要吸收大量的熱，，從而可以使環(huán)境的溫度降低，因此可用作制冷劑，正確；B．二氧化硅不與強酸反應，但是可以與氫氟酸發(fā)生反應，而石英器皿中的含義大量的二氧化硅，因此不可用石英器皿盛放氫氟酸，錯誤；C．生石灰能與水反應，也可以與Cl2發(fā)生反應，因此不可用來干燥氯氣，錯誤；D．氯化鋁是一種電解質，但是由于該物質是分子晶體，無離子，因此不能用于電解制鋁，錯誤。答案選A。9、A【分析】根據(jù)混合氣體的體積計算混合氣體的物質的量，結合氣體體積比計算甲烷、氫氣的物質的量，再根據(jù)熱化學方程式計算放出的熱量?！驹斀狻考淄楹蜌錃獾幕旌蠚怏w體積為11.2L（折合成標準狀況），則甲烷和氫氣的混合氣體的總物質的量為=0.5mol，甲烷和氫氣的體積比為4:1，所以甲烷的物質的量為0.5mol×=0.4mol，氫氣的物質的量為0.5mol-0.4mol=0.1mol，由CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(1)△H=―Q1kJ/mol可知，0.4mol甲烷燃燒放出的熱量為0.4mol×Q1kJ/mol=0.4Q1kJ，混合氣體完全燃燒后恢復至室溫，生成物水為液態(tài)，由2H2(g)+O2(g)==2H2O(1)△H=―Q3kJ/mol可知，0.1mol氫氣燃燒生成液態(tài)水放出的熱量為0.05Q3kJ，所以放出的熱量為0.4Q1+0.05Q3，答案選A?！军c睛】本題考查反應熱的計算，試題難度不大，注意根據(jù)生成物水為液態(tài)選擇相應的熱化學方程式計算反應熱，為易錯點。10、B【解析】A．Na2S屬于鹽，在水溶液中完全電離，Na2S=2Na＋＋S2－，屬于強電解質，故A錯誤；B．H2O部分電離，H2OH＋＋OH－，屬于弱電解質，故B正確；C．HNO3屬于強酸，溶于水完全電離，HNO3=H＋＋NO3－；屬于強電解質，故C錯誤；D．乙醇，屬于有機物，不能電離，屬于非電解質，故D錯誤；故答案為B?！军c睛】電解質是指在水溶液或熔化狀態(tài)下能導電的化合物，強電解質是在水溶液中能完全電離的電解質，弱電解質是水溶液中部分電離的電解質。11、D【分析】由曲線變化圖可知，隨反應進行ClO-的物質的量降低，N2的物質的量增大，故ClO-為反應物，N2是生成物，根據(jù)電子轉移相等可知，CN-是反應物，由氯元素守恒可知Cl-是生成物，由碳元素守恒可知HCO3-是生成物，由氫元素守恒可知H2O是反應物．反應中Cl元素化合價由+1價降低為-1價，化合價總共降低2價，C元素化合價由+2價升高為+4價，N元素化合價由-3價升高為0價，化合價升降最小公倍數(shù)為2[（4-2）+（3-0）]=10價，故CN-系數(shù)為2，ClO-系數(shù)為5，由元素守恒可知HCO3-系數(shù)為2，N2系數(shù)為1，Cl-系數(shù)為5，H2O系數(shù)為1，反應方程式為2CN-+5ClO-+H2O=2HCO3-+N2↑+5Cl-，據(jù)此分析作答。【詳解】A.2.24LN2(標準狀況)的物質的量為0.1mol，所以參加反應的ClO?的物質的量為0.5mol，反應中只有氯元素化合價降低，由ClO?中+1價降低為Cl?中?1價，所以轉移電子為0.5mol×2mol=1mol，A項正確；B.反應方程式為2CN-+5ClO-+H2O=2HCO3-+N2↑+5Cl-，還原劑為CN?，還原產物為Cl-，還原劑的還原性大于還原產物的還原性，因此還原性比較：Cl-<CN-，B項正確；C.由上述分析可知，反應為2CN-+5ClO-+H2O=2HCO3-+N2↑+5Cl-，反應中是CN?是還原劑，ClO?是氧化劑，氧化劑與還原劑的化學計量數(shù)之比為5:2，C項正確；D.反應中，C元素化合價由CN?中+2價升高為HCO3?中+4價，N元素化合價由CN?中?3價升高為N2中0價，可知氧化產物有HCO3?、N2，D項錯誤；答案選D。12、C【解析】本實驗利用“還原劑的還原性大于還原產物”、“強還原性制弱還原性”的原理來驗證還原性的強弱順序。向FeC12溶液中通入C12，得到溶液1，再向溶液1中通入SO2，得到溶液2。甲、溶液1中含有Fe3+、Fe2+，說明發(fā)生反應2Fe2++C12=2Fe3++2Cl-,且C12反應完全，可證明還原性Fe2+>C1-；溶液2中含有SO42-,則說明發(fā)生反應2Fe3++SO2+2H2O=2Fe2++SO42-+4H+，可證明還原性SO2>Fe2+，故甲能證明還原性SO2>Fe2+>C1-；乙、溶液1中含有Fe3+，無Fe2+剩余，則還原性Fe2+>C1-，但C12可能過量，再通入SO2，可能發(fā)生的反應是C12+SO2+2H2O=2Cl-+SO42-+4H+，不能夠比較SO2與Fe2+的還原性強弱，故乙不能驗證；丙、溶液1中含有Fe3+，沒有Fe2+，通入SO2后溶液中又含有Fe2+，說明SO2將Fe3+還原得到Fe2+，證明SO2>Fe2+還原性，故丙實驗結論能證明還原性SO2>Fe2+>C1-。故選C。13、D【詳解】A．制備氫氧化鐵膠體的方法是將飽和氯化鐵溶液滴加到沸水中至產生紅褐色溶液，停止加熱，不能用氫氧化鈉溶液，否則生成氫氧化鐵沉淀，故A不符合題意；B．將氯化銨加熱分解產生氨氣和氯化氫氣體，氨氣和氯化氫氣體會在試管口很快結合生成氯化銨，無法得到氨氣，故B不符合題意；C．若用飽和碳酸鈉溶液吸收氯化氫，二氧化碳也可與碳酸鈉反應，不能達到除雜的目的，應該使用飽和碳酸氫鈉溶液，故C不符合題意；D．稀硫酸和碳酸鈉反應可以產生硫酸鈉、水和二氧化碳氣體，二氧化碳和硅酸鈉溶液反應生成硅酸和碳酸鈉或碳酸氫鈉，可以得到酸性：硫酸＞碳酸＞硅酸，根據(jù)S、C、Si元素的非金屬性越強，最高價氧化物對應水化物的酸性越強，可以比較出非金屬性：S＞C＞Si，故D符合題意；答案選D。14、C【解析】A、電解有機廢水（含CH3COOH），在陰極上氫離子得電子生成氫氣，電極B為負極，選項A正確；B、與電源A極相連的惰性電極是陽極，發(fā)生的電極反應為：CH3COOH-8e-+H2O=2CO2↑+8H+，選項B正確；C、在電解池中，陽離子定向移動到陰極，則通電后，H+通過質子交換膜向右移動，但右側溶液中氫離子得電子產生氫氣，氫離子濃度減小，PH增大，選項C不正確；D、氫離子得電子產生氫氣，則通電后，若有0.1molH2生成，則轉移0.2mol電子，選項D正確。答案選C。15、A【詳解】A．的質子數(shù)為38，故A錯誤；B．第IIA族元素，最高化合價為+2，故B正確；C．同一主族，從上到下原子半徑逐漸增大，原子半徑：Sr>Ca，故C正確；D．同一主族，從上到下，最高價氧化物的水化物的堿性逐漸增強，氫氧化鈣為強堿，所以氫氧化鍶也為強堿，故D正確；故選A。16、D【詳解】A．Na2O2在反應中，沒有全部生成O2，O元素的化合價分別變?yōu)?2價、0價，則Na2O2在反應中既作氧化劑，又作還原劑，故A正確；B．加入KOH固體，可析出高鐵酸鉀，說明高鐵酸鉀在該溫度下的溶解度比高鐵酸鈉的溶解度小，故B正確；C．K2FeO4具有強氧化性，可殺菌消毒，F(xiàn)e（OH）3膠體具有吸附性，可用來凈水，故C正確；D．反應中Fe的化合價由+3價升高為+6價，每生成lmolNa2FeO4反應中共有3mol電子轉移，故D錯誤。17、D【詳解】A．物質不同時反應速率可能不同，反應速率v要指出具體物質，如v(O2)==0.01mol/(L?min)，但v(SO2)=0.02mol/(L?min)，故A錯誤；

B．若達到平衡狀態(tài)，升高溫度后平衡向著逆向移動，說明正反應增加的速率小于逆反應增加的速率，但該反應若沒有達到平衡狀態(tài)，正反應增加的速率不一定小于逆反應增加的速率，故B錯誤；

C．該反應為可逆反應，則無論加入多少SO2，O2的轉化率增大，但不可能完全轉化，故C錯誤；

D．其他條件不變，密閉容器體積改為1L，容器體積縮小，氣體濃度變大，反應速率加快，則5min后測得O2減少的量一定大于0.1mol，故D正確；

故選：D。18、C【解析】A、Na2CO3跟鹽酸的反應是分步進行的：Na2CO3+HCl=NaHCO3+NaCl，NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2↑，HCl與Na2CO3、NaHCO3都按1：1反應，由圖象可知生成二氧化碳消耗的HCl的物質的量小于從反應到開始產生二氧化碳階段消耗的HCl，故溶液中溶質為NaOH、Na2CO3，選項A正確；B、根據(jù)A分析可知，0到a點發(fā)生反應為：氫離子與氫氧根離子反應生成水，氫離子與碳酸根反應生成碳酸氫根，發(fā)生的離子反應為：H++OH-=H2O、CO32-+H+=HCO3-，選項B正確；C、由圖可知，a點時開始生成氣體，故發(fā)生反應為：NaHCO3+HCl=NaCl+H2O+CO2↑，至生成二氧化碳體積最大時，該階段消耗的HCl的物質的量為2mol，由方程式可知產生二氧化碳的物質的量為2mol，生成的二氧化碳的物質的量等于開始通入的二氧化碳的物質的量，故開始通入的二氧化碳的體積為2mol×22.4L/mol=44.8L，選項C不正確；D、加入5molNaCL生成二氧化碳體積最大，此時溶液中溶質為NaCl，根據(jù)氯離子守恒有n（NaCl）=n（HCl），根據(jù)鈉離子守恒有n（NaOH）=n（NaCl），故n（NaOH）=n（HCl）=5mL，所以c（NaOH）==2.5mol/L，選項D正確。答案選C。點睛：本題考查混合物的計算，注意從圖象分析反應發(fā)生的情況，關鍵是根據(jù)圖象判斷溶液溶質的成分。19、B【分析】重金屬鹽能使蛋白質變性；SO2、NOx能引起酸雨；碳酸鋇能溶于胃液中的鹽酸；氧化鈣不能和氧氣反應，不能作食品抗氧化劑；【詳解】誤食重金屬鹽引起人體中毒，可喝大量的牛奶、豆?jié){等蛋白質含量較高的食品解毒，故A錯誤；SO2、NOx能引起酸雨，燃料的脫硫脫氮、SO2的回收利用和NOx的催化轉化都能減少酸雨產生，故B正確；碳酸鋇能溶于胃液中的鹽酸，造成鋇鹽中毒，故C錯誤；氧化鈣不能和氧氣反應，不能作食品抗氧化劑，生石灰可以吸水，作干燥劑，故D錯誤。20、D【分析】由實驗裝置可知，①為濃鹽酸與強氧化劑反應生成氯氣，②中飽和食鹽水可除去氯氣中的HCl，③中濃硫酸干燥氯氣，④中Al與氯氣反應生成AlCl3，⑤為收集氯化鋁的裝置；⑥中濃硫酸防止水進入④和⑤中引起氯化鋁水解，⑦中NaOH溶液吸收尾氣中的氯氣，以此來來解答?！驹斀狻緼.①的試管中盛裝二氧化錳，常溫與濃鹽酸不反應，需要加熱制備氯氣，A項錯誤；B.由上述分析可知②、③、⑥、⑦的試管中依次盛裝飽和食鹽水、濃H2SO4、濃H2SO4、NaOH溶液，B項錯誤；C.滴加濃鹽酸使產生的氯氣排出裝置中的氧氣，再點燃④的酒精燈，C項錯誤；D.⑤用于收集AlCl3，⑥、⑦兩個裝置要防止其水解，且要吸收尾氣中的氯氣，則⑥、⑦可以用一個裝有堿石灰的干燥管代替，D項正確；答案選D。21、B【解析】A、反應物和生成物中氣體的計量數(shù)之和相等，容器中壓強始終不變，不能證明達到了平衡狀態(tài)，故A錯誤；B、沒有已知起始物質的量，若該反應向右進行，反應了1molX，放出的熱量就是akJ，故B正確；C、X、Y、Z的濃度之比為1:2:3并不能表示各物質濃度不再發(fā)生改變了，所以不能說明反應達到了化學平衡，故C錯誤；D.降低溫度，任何反應速率都會減小，故D錯誤。故選B。22、B【分析】從化合價變化的角度分析氧化還原反應中的有關概念的判斷，根據(jù)化合價升降的數(shù)目計算反應中的電子轉移數(shù)目。2FeSO4+6Na2O2=2Na2FeO4+2Na2O+2Na2SO4+O2↑反應中，鐵元素的化合價升高，由+2價升高到+3價，Na2O2中元素的化合價既升高又降低。據(jù)此分析解答?！驹斀狻緼.Na2O2中元素的化合價既升高又降低，反應中既是氧化劑又是還原劑，故A錯誤；B.FeSO4→Na2FeO4，鐵的化合價升高，Na2FeO4是氧化產物，Na2O2→Na2FeO4，氧元素化合價降低，Na2FeO4是還原產物，故B正確；C.Na2O2→O2，氧元素化合價升高，O2是氧化產物，故C錯誤；D.反應中化合價升高的元素有Fe，由+3價→+6價，化合價升高的元素還有O元素，由-2價→0價，2molFeSO4發(fā)生反應時，共有2mol×3+1mol×4=10mol電子轉移，故D錯誤。答案選B。二、非選擇題(共84分)23、酯基醚鍵取代反應+CH3I→+HI【分析】（1）根據(jù)題中E的結構簡式可推知E中含氧官能團；（2）根據(jù)題中信息可知可推知B→C的反應類型；（3）根據(jù)路線圖可知，C轉化為D，是C中一個羥基中的氫，被-CH2OCH3取代，而C分子中含有兩個羥基，推測另一個羥基也可以發(fā)生此反應，結合副產物X的分子式為C12H15O6Br，可推斷出X的結構簡式；根據(jù)流程可知，反應D→E的反應為取代反應，據(jù)此寫出反應的方程式；（4）該同分異構體可以與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應，則該同分異構體中含有酚羥基，又因為其堿性水解后酸化，含苯環(huán)的產物分子中不同化學環(huán)境的氫原子數(shù)目比為1∶1，據(jù)此可推斷其結構簡式；（5）根據(jù)路線圖和已知中提供的反應，結合和兩種原料設計制備的路線?！驹斀狻浚?）根據(jù)題中E的結構簡式可知，E中含氧官能團為酯基、醚鍵；故答案是：酯基、醚鍵；（2）根據(jù)題中信息可知，有機物B的結構中-COCl變?yōu)橛袡C物C中的-COOCH3，CH3O-取代了Cl，所以B→C的反應類型為取代反應；故答案是：取代反應；（3）根據(jù)路線圖可知，C轉化為D，是C中一個羥基中的氫，被-CH2OCH3取代，而C分子中含有兩個羥基，推測另一個羥基也可以發(fā)生此反應，結合副產物X的分子式為C12H15O6Br，可推斷出X的結構簡式為；根據(jù)流程可知，D→E的反應為取代反應，反應的方程式為：+CH3I→+HI；故答案是：；+CH3I→+HI；（4）該同分異構體可以與FeCl3溶液發(fā)生顯色反應，則該同分異構體中含有酚羥基，又因為其堿性水解后酸化，含苯環(huán)的產物分子中不同化學環(huán)境的氫原子數(shù)目比為1∶1，可推斷其結構簡式為；故答案是：；（5）根據(jù)路線圖和已知中提供的反應，以和為原料制備的路線為：；故答案是：?！军c睛】有機物的結構和性質。反應類型的判斷，化學方程式、同分異構體及合成路線流程圖的書寫是高考的?？键c。在有機合成和推斷題中一般會已知部分物質，這些已知物質往往是推到過程的關鍵點。推導時，可以由原料結合反應條件正向推導產物，也可從最終產物結合反應條件逆向推導原料，還可以從中間產物出發(fā)向兩側推導，推導過程中要注意結合新信息進行分析、聯(lián)想、對照、遷移應用。24、SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl；2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl﹣2Cl2+2Ca（OH）2=CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O①②⑥4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3鐵粉KSCN溶液，變紅【解析】A和B常溫下都是氣體，且水溶液都有漂白性，A應為Cl2，B應為SO2，M和N不溶于稀硝酸，可知M為AgCl，N為BaSO4，則C為HCl，D為H2SO4，由轉化關系可知I為Fe，E為FeCl2，F(xiàn)為Fe（OH）2，H為Fe（OH）3，G為FeCl3，（1）二氧化硫和氯氣在溶液中發(fā)生氧化還原反應生成硫酸和鹽酸，反應的方程式為SO2+Cl2+2H2O=H2SO4+2HCl，（2）反應②的離子方程式為2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl﹣，（3）氯氣和氫氧化鈣反應生成氯化鈣和次氯酸鈣，方程式為2Cl2+2Ca（OH）2=CaCl2+Ca（ClO）2+2H2O，（4）反應①中Cl元素的化合價降低，S元素的化合價降低，反應②中Cl元素的化合價降低，F(xiàn)e元素的化合價升高，反應⑥中Fe元素的化合價升高，O元素的化合價降低，而其他反應中沒有元素的化合價變化，所以①②⑥屬于氧化還原反應，（5）反應⑥的化學方程式為4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3，亞鐵離子具有還原性，易被空氣中氧氣氧化，可加入鐵粉防止被氧化，（6）鐵離子可與KSCN反應，溶液變紅色，故答案為KSCN溶液，變紅．【點評】本題考查無機物的推斷，題目難度中等，本題注意把握題給信息，結合物質的特性進行推斷，為正確推斷物質的種類為解答該題的關鍵，注意相關反應的化學方程式的書寫，為易錯點，注意體會．25、3FeC2O4+2K3[Fe(CN)6]Fe3[Fe(CN)6]2+3K2C2O4隔絕空氣、使反應產生的氣體全部進入后續(xù)裝置CO2CO先熄滅裝置A、E的酒精燈，冷卻后停止通入氮氣取少許固體粉末于試管中，加稀硫酸溶解，滴入1~2滴KSCN溶液，溶液變紅色，證明含有Fe2O3粉紅色出現(xiàn)【解析】（1）根據(jù)亞鐵離子能與K3[Fe(CN)6]發(fā)生顯色反應解答；（2）①根據(jù)氮氣能隔絕空氣和排盡氣體分析；②根據(jù)CO2、CO的性質分析；③要防止倒吸可以根據(jù)外界條件對壓強的影響分析；③根據(jù)鐵離子的檢驗方法解答；（3）①根據(jù)酸性高錳酸鉀溶液顯紅色；②根據(jù)電子得失守恒計算?！驹斀狻浚?）光解反應的化學方程式為2K3[Fe(C2O4)3]2FeC2O4+3K2C2O4+2CO2↑，反應后有草酸亞鐵產生，所以顯色反應的化學方程式為3FeC2O4+2K3[Fe(CN)6]＝Fe3[Fe(CN)6]2+3K2C2O4。（2）①裝置中的空氣在高溫下能氧化金屬銅，能影響E中的反應，所以反應前通入氮氣的目的是隔絕空氣排盡裝置中的空氣；反應中有氣體生成，不會全部進入后續(xù)裝置。②實驗中觀察到裝置B、F中澄清石灰水均變渾濁，說明反應中一定產生二氧化碳。裝置E中固體變?yōu)榧t色，說明氧化銅被還原為銅，即有還原性氣體CO生成，由此判斷熱分解產物中一定含有CO2、CO；③為防止倒吸，必須保證裝置中保持一定的壓力，所以停止實驗時應進行的操作是先熄滅裝置A、E的酒精燈，冷卻后停止通入氮氣即可。④要檢驗Fe2O3存在首先要轉化為可溶性鐵鹽，因此方法是取少許固體粉末于試管中，加稀硫酸溶解，滴入1～2滴KSCN溶液，溶液變紅色，證明含有Fe2O3。（3）①高錳酸鉀氧化草酸根離子，其溶液顯紅色，所以滴定終點的現(xiàn)象是粉紅色出現(xiàn)。②鋅把鐵離子還原為亞鐵離子，酸性高錳酸鉀溶液又把亞鐵離子氧化為鐵離子。反應中消耗高錳酸鉀是0.001cVmol，Mn元素化合價從+7價降低到+2價，所以根據(jù)電子得失守恒可知鐵離子的物質的量是0.005cVmol，則該晶體中鐵的質量分數(shù)的表達式為?！军c睛】本題主要是考查物質分解產物檢驗、元素含量測定等實驗方案設計與評價，題目難度中等，明確實驗原理和相關物質的性質是解答的關鍵。關于化學實驗從安全角度?？紤]的主要因素如下：凈化、吸收氣體及熄滅酒精燈時要防止液體倒吸；進行某些易燃易爆實驗時要防爆炸(如H2還原CuO應先通H2，氣體點燃前先驗純等)；防氧化(如H2還原CuO后要“先滅燈再停氫”，白磷切割宜在水中進行等)；污染性的氣體要進行尾氣處理；有粉末狀物質參加的反應，要注意防止導氣管堵塞；防吸水(如實驗取用、制取易吸水、潮解、水解的物質時宜采取必要措施，以保證達到實驗目的)。26、B、D（或C）、E、F、G溶液由紅色恰好變?yōu)闊o色，且半分鐘內顏色無變化0.09800mol/L偏大偏大【解析】（1）根據(jù)配制一定物質的量濃度的溶液的配制步驟選擇儀器；（2）根據(jù)正確的滴定實驗操作方法判斷滴定終點的現(xiàn)象；

（3）根據(jù)反應方程式及滴定數(shù)據(jù)進行計算；

（4）（5）根據(jù)酸堿中和滴定時的誤差分析?！驹斀狻浚?）配制一定物質的量濃度的鹽酸時，步驟有計算、量取、稀釋、轉移、洗滌、定容、搖勻等，需要儀器有：容量瓶、量筒（或者酸式滴定管）、燒杯、膠頭滴管以及玻璃棒，即B、D（或C）、E、F、G，故答案為：B、D（或C）、E、F、G。（2）將2-3滴酚酞加入未知濃度的Ba(OH)2溶液，溶液為紅色，用0.1000mol/L的標準鹽酸進行滴定，溶液由紅色恰好變?yōu)闊o色，且半分鐘內顏色無變化，故答案為：溶液由紅色恰好變?yōu)闊o色，且半分鐘內顏色無變化。

（3）根據(jù)反應方程式：Ba（OH）2+2HCl═BaCl2+2H2O，則c[Ba（OH）2]×10.00

mL=1/2×0.1

mol/L×19.60

mL，解得c[Ba（OH）2]=0.09800

mol/L，

故答案為：0.09800mol/L；（4）第一次滴定時使用的酸式滴定管未經(jīng)處理，即注入第二種標準鹽酸，導致第二次滴定鹽酸濃度偏大，消耗的標準液鹽酸體積偏小，計算出的氫氧化鋇物質的量偏小，則與二氧化碳反應的氫氧化鋇物質的量偏大，計算結果偏大，

故答案為：偏大。（5）由于酸式滴定管沒有潤洗，導致第一次滴定鹽酸濃度偏小，消耗的標準液鹽酸體積偏大，計算出的氫氧化鋇物質的量偏大，則與二氧化碳反應的氫氧化鋇物質的量偏大，計算結果偏大，故答案為：偏大?！军c睛】酸堿中和滴定誤差分析①偏高：酸式滴定管水洗后沒潤洗即裝酸；錐形瓶用待測液潤洗；滴定時酸液濺出，滴前酸式滴定管內有氣泡，滴后消失；滴后滴定管尖嘴處懸有液滴；滴后仰視讀數(shù)；滴前俯視讀數(shù)終點判斷滯后；移液時將尖嘴殘存液滴吹入瓶內；②偏低：移液管水洗后即移堿液；滴定時堿液濺出；滴前酸式滴定管無氣泡，滴后有氣泡；滴后俯視讀數(shù)；滴前仰視讀數(shù)；終點判斷超前；滴時堿液濺出錐形瓶內壁上又沒洗下。27、MnO2+2Cl-+4H+Mn2++Cl2↑+2H2O2S2Cl2+2H2O=3S↓＋SO2↑+4HCl↑除去氯氣中的HCla趕走裝置內部的氧氣和水，避免S2Cl2因反應而消耗2：1【分析】從裝置圖中可以看出，A為氯氣的制取裝置，B為除去氯氣中氯化氫的裝置，C為干燥氯氣的裝置，D為制取一氯化硫的裝置，E為收集一氯化硫的裝置，F(xiàn)為尾氣處理裝置。【詳解】(1)A裝置實驗室制取Cl2的裝置，發(fā)生反應的離子反應方程式為MnO2+2Cl-+4H+Mn2++Cl2↑+2H2O。答案為：MnO2+2Cl-+4H+Mn2++Cl2↑+2H2O(2)一氯化硫