/2025-2026學年湖北省楚天教科研協(xié)作體高二（上）起點考試物理試卷（9月）-普通用卷一、單選題：本大題共7小題，共28分。1.將一質(zhì)量為m的帶正電小球，在豎直方向的勻強電場中以水平速度拋出，小球運動的加速度大小為g2，方向豎直向下，不計空氣阻力，小球在下落h的過程中，下列計算結果正確的是(

)A.動能增加mg?2 B.重力勢能減少mg?2

C.機械能減少mg?42.我國發(fā)射“天問一號”探測器對火星開展廣泛的科學探測工作。已知探測器質(zhì)量為m，在火星表面附近懸停，受到豎直向上的升力F，火星半徑為R，萬有引力常量為G，忽略火星自轉(zhuǎn)。下列說法正確的是(

)A.火星表面的重力加速度大小為F?Gm B.火星質(zhì)量為FRGm

C.火星的第一宇宙速度大小為FR3.如圖所示是等量異種點電荷形成的電場中的一些點;O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱。則下列說法中正確的是(

)

A.E、F兩點電場強度不同

B.A、D兩點電場強度相同

C.B、O、C三點，O點電場強度最大

D.電子從E點向F點運動的所受靜電力逐漸增大4.如圖所示，在傾角為37°的斜面上，輕質(zhì)彈簧一端連接固定在斜面底端的擋板C上，另一端連接滑塊A。一輕細繩通過斜面頂端的定滑輪(質(zhì)量忽略不計)，一端系在滑塊A上，另一端與小球B相連，細繩與斜面平行，斜面足夠長。用手托住小球B，此時彈簧長度為原長，滑塊A剛好要沿斜面向上運動?，F(xiàn)在由靜止釋放小球B，不計輕繩與滑輪間的摩擦。已知mB=2mA=2kg，滑塊A與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2，彈簧的勁度系數(shù)k=100N/m。若彈簧原長時彈性勢能為0，彈簧伸長x時的彈性勢能為12kA.釋放小球B前，小球B對手的壓力為12N

B.滑塊A向上滑行0.2m時速度最大

C.當滑塊A向上滑行到速度最大時，彈簧對滑塊A做功?0.5J

D.經(jīng)過足夠長的時間，滑塊A、小球B都處于靜止狀態(tài)，且彈簧長度為原長5.如圖甲所示，絕緣粗糙水平面上x=?2l處和x=4l處分別固定兩個點電荷(場源電荷)，其中x=?2l處的電荷量大小為Q。以無限遠處作為零電勢點，兩點電荷在x軸上形成的電場其電勢φ與x關系如圖乙所示，其中坐標原點處電勢為φ0、且為極小值，x=?l和x=2l處電勢分別為65φ0A.x=?l處和x=2l處的場強等大反向

B.x=4l處的電荷的電荷量為4Q

C.x=?l處無初速度釋放一個帶正電的光滑質(zhì)點物塊，物塊會以O點為中心來回往返運動

D.質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電物體(視為質(zhì)點)，與地面動摩擦因數(shù)μ為qφ06.某同學在實驗室利用如圖甲所示的電路測定定值電阻R0、電源的電動勢E和內(nèi)阻r。調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭P向某一方向移動，記錄了電流表A和電壓表V1及電壓表V2的測量數(shù)據(jù)，所有電表都視作理想電表。根據(jù)數(shù)據(jù)描繪了如圖乙所示的兩條U?I直線，則下列說法中正確的是(

)

A.定值電阻R0的阻值為1Ω B.電源的內(nèi)阻為1Ω

C.電源的電動勢為1.5V D.滑動變阻器上消耗的功率最大為7.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強電場，一根長L=0.625m的絕緣細線的一端固定在電場中的O點，另一端系住一質(zhì)量m=0.8kg、帶電量q=?3×10?7C的小球，小球靜止時細線與豎直方向成θ=37°角?，F(xiàn)給小球一個與細線垂直的初速度，使其從靜止位置開始運動，發(fā)現(xiàn)它恰好能繞O點在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運動。已知g=10m/s2，sin37A.勻強電場的電場強度大小為1.8×107N/C

B.小球獲得的初速度大小為6.25m/s

C.小球從初始位置運動至軌跡最左端的過程中機械能減小了二、多選題：本大題共3小題，共12分。8.如圖所示，甲衛(wèi)星在圓軌道上繞地運行，乙衛(wèi)星在某次變軌過程中的運行軌道為橢圓，兩衛(wèi)星軌道相交于P、Q兩點。B、D分別是橢圓軌道的近地點和遠地點，A、C為圓軌道上的兩點，A、B、C、D和地心在同一直線上，且AB<CD。則下列說法正確的是(

)

A.甲在A點的速度一定等于乙在D點的速度

B.甲、乙經(jīng)過Q點時受到地球的引力大小一定相等、方向相同

C.乙衛(wèi)星在B、P、D、Q點的機械能關系滿足EB=EP=EQ=ED9.如圖所示，M、N是兩塊水平放置的平行金屬板，R0為定值電阻，R1和R2為可變電阻，開關S閉合。質(zhì)量為m的帶正電荷的微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點。若經(jīng)下列調(diào)整后，微粒仍從P點以水平速度v0射入，則關于微粒打在N板上的位置說法正確的是(

A.斷開開關S，M極板稍微下移，粒子打在O點右側(cè)

B.斷開開關S，M極板稍微上移，粒子依然打在O點

C.保持開關S閉合，增大R1，粒子依然打在O點

D.保持開關S閉合，減小R2，粒子打在10.工程師設計了一個貨物緩沖裝置。如圖(a)所示，傾角θ=30°的固定光滑斜面與水平地面在C點平滑連接，兩條寬度不計的緩沖條(貨物每次經(jīng)過時損失的機械能相等)分別嵌入地面上A、B兩處。為檢驗裝置緩沖性能，工程師使貨物以一定的初速度從O點水平向右滑出，并記錄了貨物從O點開始至動能首次減為零的過程中，動能Ek與路程s的關系圖像，如圖(b)所示。已知OA=AB=BC=1m，貨物質(zhì)量m=1kg，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，貨物可視為質(zhì)點，則貨物(

A.與地面間的動摩擦因數(shù)為0.6 B.沿斜面上滑的最大距離為2.2m

C.每次經(jīng)過緩沖條損失的機械能為5.5J D.最終停止的位置與O點的距離為1.8m三、實驗題：本大題共2小題，共18分。11.某實驗小組利用豎直固定的鋼管圓形軌道和力傳感器來驗證“機械能守恒定律”。將力傳感器嵌入軌道最高點和最低點，并連接數(shù)據(jù)采集系統(tǒng)。質(zhì)量為m的鋼性小球可在管道內(nèi)近似無摩擦地運動，經(jīng)測量小球做圓周運動的半徑為r，已知當?shù)氐闹亓铀俣葹間。請回答下列問題：(1)讓小球多次從開口處P點以較大初速度沿軌道切線方向射入，直到小球經(jīng)過軌道底部和頂部時力傳感器均出現(xiàn)示數(shù)，并記錄其大小分別為Fa、(2)小球在軌道底部的速度可表示為va=(Fa?mg)rm，小球在軌道頂部的速度可表示為vb=__________((3)小球從底部到頂部重力勢能變化量的大小為ΔEp、動能變化量的大小為ΔEk。根據(jù)機械能守恒定律，若滿足ΔEp=ΔEk，則Fa與F12.某興趣小組為測量一電子元件的阻值。(1)他們首先用多用電表歐姆檔的“×10”檔粗略測定電子元件阻值，表盤中指針位置如圖(a)所示，則阻值為__________Ω(2)為了精確測量電子元件的阻值，小組找到了如下實驗器材：A.電源E(電源電壓9V，內(nèi)阻約為2Ω)B.電壓表V(量程0～15V，內(nèi)阻約為8kΩ)C.電流表A1(量程0～15mA，內(nèi)阻rD.電流表A2(量程0～100mA，內(nèi)阻rE.滑動變阻器R1(F.滑動變阻器R2(G.開關S，導線若干。①小組設計了如圖(b)所示的實驗原理圖，其中電流表應選用__________;滑動變阻器應選用__________;(均填器材前序號②興趣小組在測量過程中發(fā)現(xiàn)電壓表已損壞，他們找到了一個定值電阻R，并重新設計了如圖(d)所示的電路圖，閉合開關S前，滑動變阻器的滑片P應處在__________(填“M”或“N”)端。當開關S閉合后，改變滑動變阻器滑片P的位置，記錄電流表A1的示數(shù)I1、電流表A2的示數(shù)I2，作出了I2?I1的圖像，如圖(e)所示，已知圖線的斜率為k(k>1)，則該電子元件的阻值Rx

四、計算題：本大題共3小題，共30分。13.如圖所示，在水平向左的勻強電場中，有一光滑半圓形絕緣軌道豎直放置，軌道與一水平絕緣軌道MN連接，半圓形軌道所在豎直平面與電場線平行，其半徑R=0.90m，電場強度的大小為E=2×103V/m。一帶電荷量q=+1×10?3C的小滑塊質(zhì)量為m=0.4kg，與水平軌道間的動摩擦因數(shù)μ=0.2(1)滑塊在水平軌道上由靜止釋放的位置離N點的距離x(2)滑塊通過半圓形軌道中點P點時對軌道壓力大小N(3)小滑塊經(jīng)過C點后的落地點離N點的距離x1。14.如圖所示，光滑曲面軌道AB、光滑豎直圓軌道O、水平軌道BD、水平傳送帶DE各部分平滑連接，水平區(qū)域FG足夠長，圓軌道最低點B處的入、出口靠近但相互錯開。現(xiàn)將一質(zhì)量為m=0.5kg的滑塊(可視為質(zhì)點)從AB軌道上高度為h處由靜止釋放，若已知圓軌道半徑R=2m，水平面BD的長度x1=4m，傳送帶長度x2=8m，滑塊始終不脫離圓軌道，且與水平軌道BD和傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.4，傳送帶以恒定速度v0=6m/s逆時針轉(zhuǎn)動(不考慮傳送帶輪的半徑對運動的影響)(1)若?=3m，則滑塊運動至B點時對圓弧軌道的壓力;(2)若滑塊不脫離圓軌道且從E點飛出，求滑塊釋放點高度h的取值范圍;(3)當?=6.6m時，計算滑塊從釋放到飛出傳送帶的過程中，因摩擦產(chǎn)生的熱量Q是多少。15.如圖所示，xOy為豎直平面內(nèi)的直角坐標系，該空間存在平行xOy平面但方向未知的勻強電場，將一質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球從O點拋出，拋出的初速度大小均為v0=23gd，拋出的方向可沿xOy平面內(nèi)的任意方向。將小球沿某一方向拋出后，一段時間后小球通過A(23d,0)點時速度大小為(1)O、A兩點間的電勢差UOA及O、B兩點間的電勢差(2)電場強度的大小和方向;(3)若將小球沿y軸正方向拋出，小球運動過程中的最小速度以及此時小球離O點的距離S。

答案和解析1.【正確答案】A

解析：根據(jù)動能定理：小球動能的變化量等于合力做功ΔEk=ma?=12mg?，故A正確;

重力勢能減小等于重力做的功，所以重力勢能減小mgh，故B錯誤;

重力勢能減小mgh，動能增加12mg?，所以機械能減小了mg?22.【正確答案】C

解析：解：A.根據(jù)平衡條件得F=mg，解得g=Fm，故A錯誤；

B.根據(jù)黃金代換式mg=GMmR2，聯(lián)立g=Fm，

解得M=FR2Gm，故B錯誤；

C.根據(jù)牛頓第二定律得mg=mv2R，解得v=FR3.【正確答案】B

解析：A.等量異種電荷電場線如圖所示，等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線，電場強度方向與等勢線垂直，因此E、F兩點電場強度方向相同，由于E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，則其電場強度大小也相等，故A錯誤;B.根據(jù)對稱性可知，A、D兩點處電場線疏密程度相同，則A、D兩點電場強度大小相同，A、D兩點電場強度方向也相同，都水平向左。故B正確;C.由圖可知，B、O、C三點比較，O點的電場線最稀疏，電場強度最小，故C錯誤;D.由圖可知，電子從E點向F點運動過程中，電場強度先增大后減小，則電子所受靜電力先增大后減小，故D錯誤。

4.【正確答案】C

解析：A.釋放B球前用手托住球B，此時彈簧剛好處于原長，設繩子拉力為T，滑塊A剛要沿斜面向上運動可知T=對B受力分析，設手的托力為F，F(xiàn)=根據(jù)牛頓第三定律可知，手受到B球的壓力為10N，A錯誤;B.松手后，A做加速度減小的加速運動，當A受到的合力為零時，速度最大，當A加速度為零時，B的加速度也為零，對A受力分析得F彈+mAgsin?37°+μmAC.松手后到滑塊A最大速度時，彈簧對滑塊A做功為W=?12kD.當滑塊A和小球B最終都靜止時，由平衡條件可知，彈簧應處于伸長狀態(tài)，

D錯誤。5.【正確答案】B

解析：φ?x圖像斜率表示電場強度：A.由圖像的斜率等于場強可知，x=?l和x=2l處場強反向，但場強大小不等，A錯誤;B.由圖可知在x=0處的場強為零，則kQ(2l)2=kQ'C.物體在運動過程中，電勢能和動能等量轉(zhuǎn)化，質(zhì)點向右運動到O點右側(cè)電勢為65φ0處速度為零，由圖可知在x=l右側(cè)，即物塊會以OD.由動能定理W電?μmg?2l=0?12mv06.【正確答案】D

解析：由題意可知上邊的直線表示電源的路端電壓隨電流的變化關系;下邊的直線表示電阻兩端的電壓隨電流的變化關系;交點處說明兩圖線表示的電流相等，并且電壓相等，故說明此時滑動變阻器短路，即滑動觸頭滑到了最左端;由題圖可知R0=1.00?0.500.50?0.25Ω=2Ω，故A錯誤;電源內(nèi)阻r=1.20?1.000.50?0.25Ω=0.8Ω，故B錯誤;電源的電動勢E=I(r+R7.【正確答案】B

解析：A.小球靜止時細線與豎直方向成θ角，對小球受力分析如圖所示：

，

根據(jù)平衡條件有mgtanθ=qE，可得E=mgtanθq=2×107N/C，故A錯誤；

B.小球受重力和電場力的等效合力為F=mgcos?37°=10N，小球恰能經(jīng)過等效最高點A，則在A點時滿足F=mvA2L，

從開始到A點由動能定理有18.【正確答案】CD

解析：A.根據(jù)題意可知，乙在D點的速度小于衛(wèi)星在經(jīng)過D點的圓軌道上的速度，由萬有引力提供向心力有GMmR2=mv2r，解得v=GMB.由萬有引力定律公式F引=GMmR2C.乙在橢圓軌道上運行過程中機械能守恒，即在B、P、D、Q點的機械能關系滿足EB=ED.由AB<CD可知，甲衛(wèi)星圓軌道的半徑小于乙衛(wèi)星橢圓軌道的半長軸，根據(jù)開普勒第三定律可知，甲衛(wèi)星繞地球運行的周期小于乙衛(wèi)星繞地球運行的周期，所以甲從A運行到C所需的時間小于乙從B運行到D所需時間，故D正確。9.【正確答案】BC

解析：AB.設兩板間的電壓為U，兩板間的距離為d，粒子的電荷量為q，微粒從P點以水平速度v0射入金屬板間，沿曲線打在N板上的O點，則根據(jù)牛頓第二定律可得加速度為a=mg?qE結合C=QU，C=電場強度不變，故加速度不變，M極板稍微上移或下移，不會影響離子的運動，故粒子仍然打在O點，故

A錯誤，

B正確;C.保持開關S閉合，由串并聯(lián)電壓關系可知，R0兩端的電壓為U=ER0+R1+rR0，增大D.保持開關S閉合，減小R2，不會影響電阻R0兩端的電壓，故粒子打在O點，故

10.【正確答案】BD

解析：A.根據(jù)動能定理可知，Ek?s在斜面上時F因從B點以后的圖像是直線，可知三段圖像應該是平行的，由圖可知F合1可得μ=0.5，選項A錯誤;B.從B點到到達斜面最遠點fxBC即物塊沿斜面上滑的最大距離為2.2m，選項B正確;C.由圖可知F可得每次經(jīng)過緩沖條損失的機械能為ΔE=5J，選項C錯誤;D.由上述分析可知，物塊每次經(jīng)過緩沖條一次動能損失5J，在OA、AB、BC段每段損失動能也是5J，回到斜面底端時的動能為36J?5×5J=11J，則物塊能越過B點剩余1J的動能繼續(xù)運動Δx=Ek1f=0.2m停止，即最終停止的位置與O點的距離為11.【正確答案】(mg+Fb解析：(2)在頂部，對小球，由牛頓第二定律得mg+Fb=mvb2r，解得vb=(mg+Fb)rm

(3)小球從底部到頂部過程，由機械能守恒定律得ΔEp=ΔEk，即mg×2r=12.【正確答案】100D

E

M

R+

解析：(1)電阻擋的倍率為“×10”，由圖(a)可知歐姆表顯示該電阻的阻值為R(2)①電路中的最大電流為Im=由圖(b)所示的實驗原理圖，可知滑動變阻器采用了分壓式接法，需要測量的范圍更大，而滑動變阻器阻值越小，調(diào)節(jié)時電表變化越明顯，為方便實驗操作，滑動變阻器應選最大值較小的，故選

E②由圖(d)所示的實驗原理圖，可知滑動變阻器采用了分壓式接法，并聯(lián)部分的電壓可以從零開始測量，為保護并聯(lián)部分電路中的儀器，故在閉合開關S前，滑動變阻器的滑片P應處在M處;根據(jù)圖(d)所示的實驗原理圖，可得R變形得I故I2?I1圖像的斜率13.【正確答案】(1)小滑塊