內(nèi)蒙古2025年普通高校招生適應(yīng)性考試

物理

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。本試卷滿分100分。

2.作答時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目

要求，每小題4分；第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全

的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

1.“那達(dá)慕”是國(guó)家級(jí)非物質(zhì)文化遺產(chǎn)，套馬是“那達(dá)慕”大會(huì)的傳統(tǒng)活動(dòng)之一、某次套馬的情景如圖所

FF

示。套馬者視為質(zhì)點(diǎn)，可能受重力G、支持力N，拉力F、摩擦力f，其受力示意圖可能正確的是

（）

ABCD

【答案】B

【解析】對(duì)套馬者受力分析可知，“套馬者”受到沿繩子方向向左上方的拉力F，垂著于水平面的支持

力FN，豎直向下的重力G，水平向右的摩擦力Ff，所以A、D錯(cuò)誤，B正確；如果沒(méi)有支持力也就

不會(huì)有摩擦力，故C錯(cuò)誤。

2.增透膜被廣泛應(yīng)用于各種光學(xué)透鏡。如圖，入射光1以接近法線方向入射鍍膜鏡片，反射光2和3

在P處相干減弱，則2和3在P處的光振動(dòng)圖像可能為（）

ABCD

【答案】C

【解析】由圖可知2和3兩束光傳播方向相反，在P處相干減弱，所以兩束光在P處振動(dòng)方向相反，

根據(jù)同側(cè)法可知C正確。

3.紫金山-阿特拉斯彗星由紫金山天文臺(tái)首次發(fā)現(xiàn)，其繞太陽(yáng)運(yùn)行周期約為6萬(wàn)年。該彗星軌道的半

長(zhǎng)軸與日地平均距離的比值約為（）

A.1.5103B.1.5104C.1.5106D.1.5107

【答案】A

a3r3

地

【解析】由開(kāi)普勒第三定律22，可得該彗星軌道的半長(zhǎng)軸與日地平均距離的比值

T慧T地

aT慧26000023

3()3()1.510。

r地T地1

4.2024年9月，國(guó)內(nèi)起重能力最大的雙臂架變幅式起重船“二航卓越”號(hào)交付使用。若起重船的鋼纜

和纜繩通過(guò)圖示兩種方式連接：圖（a）中直接連接，鋼纜不平行；圖（b）中通過(guò)矩形鋼架連接，鋼

纜始終平行。通過(guò)改變鋼纜長(zhǎng)度（纜繩長(zhǎng)度不變），勻速吊起構(gòu)件的過(guò)程中，每根纜繩承受的拉力

（）

A.圖（a）中變大B.圖（a）中變小C.圖（b）中變大D.圖（b）中變小

【答案】A

【解析】設(shè)纜繩與豎直方向的夾角為，假設(shè)由n根纜繩，設(shè)構(gòu)件的質(zhì)量為m，對(duì)構(gòu)件受力分析由平

mg

衡條件nTcosmg，解得每根纜繩承受的拉力T，圖（a）勻速吊起構(gòu)件的過(guò)程中，纜繩與

ncos

豎直方向的夾角變大，則每根纜繩承受的拉力變大；圖（b）勻速吊起構(gòu)件的過(guò)程中，纜繩與豎直

方向的夾角不變，則每根纜繩承受的拉力不變。

5.如圖，一帶正電小球甲固定在光滑絕緣斜面上，另一帶正電小球乙在斜面上由靜止釋放。以釋放

點(diǎn)為原點(diǎn)，沿斜面向下為正方向建立x軸。在乙沿x軸加速下滑過(guò)程中，其動(dòng)能Ek和機(jī)械能E隨位

置x變化的圖像，可能正確的是（）

ABCD

【答案】D

q甲q乙

【解析】設(shè)兩個(gè)帶電小球間距為r，由動(dòng)能定理可知(mgsink)xE，則Ekx圖像的斜率表

r2k

q甲q乙

示合外力，則F合mgsink，所以在乙沿x軸加速下滑過(guò)程中，兩個(gè)帶電小球間距為r逐漸

r2

減小，合外力沿斜面向下逐漸減小，則斜率逐漸減小，故A、B不符合題意；由Ex圖像的斜率表

q甲q乙

示庫(kù)侖力，則k斜k，所以在乙沿x軸加速下滑過(guò)程中，庫(kù)侖力逐漸增大，Ex圖像的斜率逐

r2

漸增大，故C不符合題意，D符合題意。

6.如圖，一絕熱汽缸中理想氣體被輕彈簧連接的絕熱活塞分成a、b兩部分，活塞與缸壁間密封良好

且沒(méi)有摩擦。初始時(shí)活塞靜止，緩慢倒置汽缸后（）

A.a的壓強(qiáng)減小B.b的溫度降低

C.b的所有分子速率均減小D.彈簧的彈力一定增大

【答案】B

【解析】初始時(shí)活塞靜止，緩慢倒置汽缸后，a部分氣體體積減小，b部分氣體體積增大，故a的壓

強(qiáng)增大，b的壓強(qiáng)減小，由于是絕熱汽缸和絕熱活塞，則Q0，根據(jù)熱力學(xué)第一定律UW，可得

Ua0，Ub0，則a的溫度升高，b的溫度降低，b的氣體分子的平均速率減小，并不是所有分

子速率均減小，故A、C錯(cuò)誤，B正確；由于不知初始狀態(tài)，a、b兩部分氣體的壓強(qiáng)以及彈簧處于哪

種狀態(tài)，所以無(wú)法判斷倒置汽缸后彈簧的彈力的變化，D錯(cuò)誤。

7.如圖（a），在光滑絕緣水平桌面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系Oxy，空間內(nèi)存在與桌面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)

量為m、帶電量為q的小球在桌面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)。平行光沿x軸正方向照射，垂直光照方向放置的接

收器記錄小球不同時(shí)刻的投影位置。投影坐標(biāo)y隨時(shí)間t的變化曲線如圖（b）所示，則（）

2πm4πy

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.投影的速度最大值為0

3qt03t0

C.2t03t0時(shí)間內(nèi)，投影做勻速直線運(yùn)動(dòng)D.3t04t0時(shí)間內(nèi)，投影的位移大小為y0

【答案】D

【解析】設(shè)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速度為v，角速度為，軌跡圓心在接收器上的投影坐標(biāo)為Y，則

在0時(shí)刻小球與軌跡圓心的連線與x軸夾角為0，則經(jīng)過(guò)時(shí)間t，小球在接收器上的投影坐標(biāo)為

2

yRsin(t)Y，由圖（b）可得R2y，Y3y，T6t，解得小球在接收器上的投影

0000

坐標(biāo)與時(shí)間的關(guān)系式為y2y0sin(t)3y0。由上面分析可得，小球運(yùn)動(dòng)周期T6t0，小球在水

3t06

mv22R2m

平面上只受洛倫茲力，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可得qBv，又T，

RvqB

mdy2y2

解得磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B，故A錯(cuò)誤；小球投影坐標(biāo)對(duì)時(shí)間求導(dǎo)，可得v0cos(t)，

3qt0dt3t03t06

2y

0

則投影的最大速度vmax，故B錯(cuò)誤；小球投影做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；小球投影在3t0、4t0時(shí)

3t0

刻的坐標(biāo)分別為y32y0sin(3t0)3y02y0，y42y0sin(4t0)3y0y0，3t04t0時(shí)

3t063t06

間內(nèi)，投影的位移大小s|y4y3|y0，故D正確。

8.如圖，不帶電的鋅板經(jīng)紫外線短暫照射后，其前面的試探電荷q受到了斥力，則（）

A.q帶正電

遠(yuǎn)離鋅板時(shí)，電勢(shì)能減小

B.q

C.可推斷鋅原子核發(fā)生了β衰變

D.用導(dǎo)線連接鋅板前、后表面，q受到的斥力將消失

【答案】AB

【解析】用紫外線短暫照射鋅板時(shí)，鋅板發(fā)生了光電效應(yīng)，電子從鋅板中逸出，鋅板失去電子帶正電，

由于試探電荷q受到了斥力，故q帶正電，故A正確；q遠(yuǎn)離鋅板時(shí)，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，

故B正確；原子核發(fā)生β衰變是自發(fā)的，故C錯(cuò)誤；用導(dǎo)線連接鋅板前、后表面，鋅板仍帶正電，則

q受到的斥力不會(huì)消失，故D錯(cuò)誤。

、

9.一小物塊向左沖上水平向右運(yùn)動(dòng)的木板，二者速度大小分別為v02v0，此后木板的速度v隨時(shí)間t

變化的圖像如圖所示。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，木板足夠長(zhǎng)。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中（）

A.物塊的運(yùn)動(dòng)方向不變B.物塊的加速度方向不變

C.物塊相對(duì)木板的運(yùn)動(dòng)方向不變D.物塊與木板的加速度大小相等

【答案】CD

1

【解析】根據(jù)圖像可知木板的速度方向沒(méi)有發(fā)生改變，木板和物塊達(dá)到共速v，然后一起減速到０，

20

所以物塊的運(yùn)動(dòng)方向先向左再向右，故Ａ錯(cuò)誤；物塊在向左減速和向右加速階段加速度方向水平向右，

一起共同減速階段加速度方向水平向左，方向改變，故B錯(cuò)誤；物塊在向左減速和向右加速階段相

對(duì)木板都向左運(yùn)動(dòng)，共同減速階段無(wú)相對(duì)運(yùn)動(dòng)，即物塊相對(duì)木板運(yùn)動(dòng)方向不變，故C正確；由圖像

1

2vv

可知在有相對(duì)運(yùn)動(dòng)階段木板的加速度大小003v，物塊的加速度大小

a20

1t2t

1

v0v0

3v0，即木板和物塊加速度大小相等，故D正確。

a2

2t2t

10.如圖，在豎直平面內(nèi)，一水平光滑直導(dǎo)軌與半徑為2L的光滑圓弧導(dǎo)軌相切于N點(diǎn)，M點(diǎn)右側(cè)有

平行導(dǎo)軌面斜向左下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。不帶電小球甲以5gL的速度向右運(yùn)動(dòng)，與靜止于M點(diǎn)、帶正電小

球乙發(fā)生彈性正碰。碰撞后，甲運(yùn)動(dòng)至MN中點(diǎn)時(shí)，乙恰好運(yùn)動(dòng)至N點(diǎn)，之后乙沿圓弧導(dǎo)軌最高運(yùn)

動(dòng)至P點(diǎn)，不考慮此后的運(yùn)動(dòng)。已知甲、乙的質(zhì)量比為4:1，M、N之間的距離為6L，NP的圓心角

為45，重力加速度大小為g，全程不發(fā)生電荷轉(zhuǎn)移。乙從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程（）

3L

A.最大速度為8gLB.所用時(shí)間為

4g

C.加速度大小為4gD.受到的靜電力是重力的5倍

【答案】ACD

121212

【解析】甲、乙發(fā)生彈性正碰，則有m甲vm甲vm乙v，m甲vm甲vm乙v，聯(lián)立解得

012202122

38

vv3gL，vv8gL，此后乙做減速運(yùn)動(dòng)，所以乙的最大速度為8gL，故A正確；

150250

3LL

乙從M運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中，甲運(yùn)動(dòng)到中點(diǎn)，甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，t，故B錯(cuò)誤；乙從M

v1g

1

運(yùn)動(dòng)到N的過(guò)程中，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系有6Lvtat2，解得加速度大小a4g，

22

故C正確。由于NP所對(duì)的圓心角為45°，設(shè)電場(chǎng)線方向與水平方向夾角為θ，乙從M到P根據(jù)動(dòng)能

1

2

定理有Fcos62Lm乙gFsin22L0m乙v2，根據(jù)C選項(xiàng)分析可知Fcos=4m乙g，

2

聯(lián)立可得Fsin=3m乙g，所以37，F(xiàn)5m乙g，故D正確。

二、非選擇題：本題共5小題，共54分。

11.某同學(xué)為測(cè)量待測(cè)電阻Rx的阻值，設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的電路。所用器材有：毫安表（量程

0~100mA）、定值電阻R0（阻值25Ω）、滑動(dòng)變阻器R、電源E、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干。

（1）圖（b）是該同學(xué)的實(shí)物連接圖，只更改一根導(dǎo)線使之與圖（a）相符，該導(dǎo)線是___________

（填“a”“b”“c”或“d”）。

（2）將電路正確連接后，該同學(xué)進(jìn)行了如下操作：

、、

①將滑動(dòng)變阻器的滑片置于變阻器的___________（填“左”或“右”）端，閉合開(kāi)關(guān)S1S2S；

②調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片至某一位置，此時(shí)毫安表示數(shù)為80mA；

③斷開(kāi)S1，此時(shí)毫安表示數(shù)為60mA；

④再斷開(kāi)S2，此時(shí)毫安表示數(shù)為52mA。

根據(jù)以上數(shù)據(jù)，求得Rx的阻值為_(kāi)__________Ω（結(jié)果保留1位小數(shù)）。

（3）根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)方案，毫安表內(nèi)阻對(duì)Rx的測(cè)量值___________（填“有”或“無(wú)”）影響。

【答案】（1）d（2）右15.4（3）無(wú)

【解析】（1）根據(jù)圖（b）可知S2并聯(lián)在了Rx和R0兩端，圖（a）中只并聯(lián)在Rx兩端，故應(yīng)該是導(dǎo)

線d連接錯(cuò)誤；

（2）閉合開(kāi)關(guān)前，為了保護(hù)電路，應(yīng)該要將滑動(dòng)變阻器的阻值調(diào)到最大，所以應(yīng)該調(diào)到最右端；設(shè)

毫安表內(nèi)阻為rA，電源內(nèi)阻為r，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為R，依題意斷開(kāi)S1有

33

E8010RrAr6010RrArR0，斷開(kāi)S2時(shí)有

33

E8010RrAr5210RrArR0Rx，代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得Rx15.4Ω。

（3）根據(jù)前面的解析可知毫安表內(nèi)阻，電源內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值，可以正體代換，所

以毫安表內(nèi)阻對(duì)Rx的測(cè)量值無(wú)影響。

12.某興趣小組看到一種由兩根彈簧嵌套并聯(lián)組成的減振器，如圖（a）所示。他們討論得出勁度系

數(shù)分別為kA、kB的兩根彈簧并聯(lián)時(shí)，等效勁度系數(shù)kABkAkB。為了驗(yàn)證該結(jié)論，小組選用兩根原

長(zhǎng)相等、粗細(xì)不同的彈簧A、B，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證。如圖（b），彈簧上端固定，毫米刻度尺固定在

彈簧一側(cè)。逐一增掛鉤碼，記下每次指針?lè)€(wěn)定后所指的刻度尺示數(shù)x和對(duì)應(yīng)鉤碼的總質(zhì)量m，并計(jì)算

彈簧彈力F（取重力加速度大小g9.8m/s2）。

依次用彈簧A、彈簧B和A、B嵌套并聯(lián)彈簧進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，相關(guān)數(shù)據(jù)如表所示：

鉤碼數(shù)123456

鉤碼質(zhì)

量m50100150200250300

（g）

彈簧彈

力F0.490.981.471.962.452.94

（N）

xA

11.0912.1913.2614.3215.40—

（cm）

xB

10.6211.2411.8712.5013.13—

（cm）

xAB

10.4110.81☆11.6212.0212.42

（cm）

以刻度尺讀數(shù)x為橫坐標(biāo)，彈簧彈力F為縱坐標(biāo)，利用表中數(shù)據(jù)，作出Fx圖像，如圖（c）所示。

回答以下問(wèn)題：

（1）根據(jù)圖（b），讀出數(shù)據(jù)，將表中數(shù)據(jù)補(bǔ)充完整：☆___________cm。

（2）在圖（c）坐標(biāo)紙上作出彈簧A、B的Fx圖線，計(jì)算可得勁度系數(shù)分別為kA45.6N/m，

kB77.9N/m。在圖（c）坐標(biāo)紙上，補(bǔ)．齊．讀出的數(shù)據(jù)點(diǎn)，并作．出．并聯(lián)彈簧AB的Fx圖線；由作出

的圖線可得kAB=___________N/m（結(jié)果保留至整數(shù)）。

kkk

（3）定義相對(duì)差值A(chǔ)BAB100%，可得本實(shí)驗(yàn)a___________%（結(jié)果保留1位有效數(shù)

kAkB

字）。若該值在允許范圍內(nèi)，則可認(rèn)為該小組得出的結(jié)論正確。

【答案】（1）11.21（2）見(jiàn)解析圖125（3）1

【解析】（1）由圖可知表格中數(shù)據(jù)☆11.21cm。

（2）補(bǔ)齊讀出的數(shù)據(jù)點(diǎn)，并作．出．并聯(lián)彈簧AB的Fx圖線如圖

2.50.5

根據(jù)作出的圖線可得k125N/m。

AB1210.4102

kkk12545.677.9

（3）相對(duì)差值A(chǔ)BAB100%=100%1%。

kAkB45.677.9

13.投沙包游戲規(guī)則為：參賽者站在離得分區(qū)域邊界AB一定的距離外將沙包拋出，每個(gè)得分區(qū)域的

寬度d=0.15m，根據(jù)沙包停止點(diǎn)判定得分。如圖，某同學(xué)以大小v0=5m/s、方向垂直于AB且與水

平地面夾角53°的初速度斜向上拋出沙包，出手點(diǎn)距AB的水平距離L=2.7m，距地面的高度h=1m。

落地碰撞瞬間豎直方向速度減為零，水平方向速度減小。落地后沙包滑行一段距離，最終停在9分、

7分得分區(qū)的分界線上。已知沙包與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，sin53°=0.8，cos53°=0.6，取重力加

速度大小g=10m/s2，空氣阻力不計(jì)。求：

（1）沙包從出手點(diǎn)到落地點(diǎn)的水平距離x；

（2）沙包與地面碰撞前、后動(dòng)能的比值k。

【答案】（1）3m（2）20

【解析】（1）沙包豎直上方的初速度vyv0sin534m/s

1

沙包在豎直方向上減速到0，然后做自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)豎直向上為正，則有hvtgt2

y2

代入數(shù)據(jù)解得t1s

沙包拋出的水平初速度vxv0cos533m/s

所以從拋出到落地沙包的水平位移xvxt3m。

（2）沙包滑行的距離x0L5dx0.45m

沙包滑行過(guò)程中，水平方向上有fmgma

加速度大小ag2.5m/s2

2

滑行的初速度有v12ax0

19

與地面碰撞后的動(dòng)能Emv2m

k2218

11

從拋出到落地根據(jù)動(dòng)能定理有mghmv2mv2

220

145

解得落地瞬間的動(dòng)能Emv2m

k122

E

所以kk120。

Ek2

14.如圖（a），兩組平行金屬導(dǎo)軌在同一水平面固定，間距分別為d和1.5d，分別連接電阻R1、R2，

邊長(zhǎng)為d的正方形區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化關(guān)系如圖（b）所示。t

=0時(shí)，在距磁場(chǎng)左邊界d處，一長(zhǎng)為1.5d的均勻?qū)w棒在外力作用下，以恒定速度v0向右運(yùn)動(dòng)，直

至通過(guò)磁場(chǎng)，棒至磁場(chǎng)左邊界時(shí)與兩組導(dǎo)軌同時(shí)接觸。導(dǎo)體棒阻值為3R，R1、R2的阻值分別為2R、

R，其他電阻不計(jì)，棒與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。求：

d

（1）0時(shí)間內(nèi)，R1中的電流方向及其消耗的電功率P；

v0

d2d

（2）~時(shí)間內(nèi)，棒受到的安培力F的大小和方向。

v0v0

B2d2v2B2d2v

【答案】（1）N到M00（2）00水平向左

32R3R

d

【解析】（1）由圖（b）可知在0時(shí)間段內(nèi)，磁場(chǎng)均勻增加，根據(jù)楞次定律可知R1中的電流方向

v0

Bd2Bdv

為N到M；這段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E00

tt2

dEB0dv0

0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒在MN之間的電阻為2R，所以電流I總

v02R2R8R

2

BdvB2d2v2

的功率20000。

R1PI總2R2R

8R32R

d2d

（2）在~時(shí)間內(nèi)根據(jù)左手定則可知棒受到的安培力方向水平向左；分析電路可知MN之間的部

v0v0

分導(dǎo)體棒相當(dāng)于電源；MN之外的部分和R2串聯(lián)然后再和R1并聯(lián)，并聯(lián)電路的總電阻

RR2R

R并=R

RR2R

回路中的總電阻R總2RR3R

E

根據(jù)EB0dv0，F(xiàn)安=B0Id，I

R總

2222

B0dv0B0dv0

可得F安=