高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1湖北省部分高中協(xié)作體2024--2025學(xué)年下學(xué)期五月聯(lián)考高二物理試題本試卷共6頁(yè)，全卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1、答題前，請(qǐng)將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的制定位置。2、選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3、非選擇題作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4、考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。一、單項(xiàng)選擇題：（本題共10小題，每小題4分，共40分,。在小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～10題有多項(xiàng)符合要求，每小題全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有錯(cuò)選或者不選的得0分）1.如圖所示，滑輪兩側(cè)細(xì)線上分別系有A球和B球，兩球質(zhì)量不相等，兩球從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后，A球在下降，B球在上升，當(dāng)AB兩個(gè)小球運(yùn)動(dòng)到同一水平面的瞬間恰好細(xì)線斷裂了，兩小球先后落到地面上，先落地小球比后落地小球著地時(shí)間早，重力加速度為，B球上升過(guò)程中未與滑輪相碰。則細(xì)線斷裂后，B球上升的最大高度H為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】設(shè)細(xì)線斷裂瞬間B球的速度為v，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，可知B球落回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，之后的運(yùn)動(dòng)與A球運(yùn)動(dòng)情況相同。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式知，B球比A球運(yùn)動(dòng)多花費(fèi)的時(shí)間為得則細(xì)線斷裂后，B球上升的最大高度D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。2.質(zhì)量為的物體置于傾角為的固定光滑斜面上，輕細(xì)繩跨過(guò)光滑定滑輪分別連接著與小車，與滑輪間的細(xì)繩平行于斜面，小車以速率水平向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小車與滑輪間的細(xì)繩和水平方向成夾角時(shí)如圖，下列判斷正確的是A.的速率為 B.的速率為C.繩的拉力等于 D.繩的拉力小于【答案】B【解析】AB．將小車的速度v沿繩子方向和垂直于繩子方向正交分解，如圖所示物體P的速度與小車沿繩子方向的速度相等，則有故B正確，A錯(cuò)誤；CD．小車向右運(yùn)動(dòng)，所以減小，v不變，所以vP逐漸變大，說(shuō)明物體P沿斜面向上做加速運(yùn)動(dòng)。對(duì)物體P受力分析可知，物體P受到豎直向下的重力，垂直于斜面向上的支持力，沿繩向上的拉力T，沿斜面和垂直斜面建立正交軸，沿斜面方向由牛頓第二定律可得可得故CD錯(cuò)誤。故選B3.如圖所示，一根細(xì)線下端拴一個(gè)金屬小球Q，細(xì)線穿過(guò)小孔（小孔光滑）另一端連接在金屬塊P上，P始終靜止在水平桌面上，若不計(jì)空氣阻力，小球在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（圓錐擺）。實(shí)際上，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不可避免地受到空氣阻力作用。因阻力作用，小球Q的運(yùn)動(dòng)軌道發(fā)生緩慢的變化（可視為一系列半徑不同的圓周運(yùn)動(dòng)）。下列判斷正確的是（）A.小球Q的位置越來(lái)越高 B.細(xì)線的拉力變小C.小球Q運(yùn)動(dòng)的角速度變大 D.P受到桌面的靜摩擦力變大【答案】B【解析】A．由于小球受到空氣阻力作用，線速度減小，則所需要的向心力減小，小球做近心運(yùn)動(dòng)，小球的位置越來(lái)越低，故A錯(cuò)誤；BC．設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為θ，細(xì)線的拉力大小為FT，細(xì)線的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，當(dāng)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，如圖所示則有解得由于小球受到空氣阻力作用，線速度減小，θ減小，cosθ增大，因此，細(xì)線的拉力FT減小，角速度ω減小，故B正確，C錯(cuò)誤；D．對(duì)金屬塊P，由平衡條件知，P受到桌面的靜摩擦力大小等于細(xì)線的拉力大小，則靜摩擦力變小，故D錯(cuò)誤。故選B。4.炒茶廠的水平傳送帶裝置如圖甲所示，可簡(jiǎn)化為圖乙所示模型，傳送帶上面始終以m/s的速度向右運(yùn)動(dòng)，傳送帶A、B兩端的距離，將質(zhì)量kg的小茶葉盒輕輕放到傳送帶左端。盒子與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)，忽略盒子的大小，g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）A.盒子在傳送帶上始終受重力、彈力和摩擦力的作用B.盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間為sC.盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的過(guò)程中，摩擦力對(duì)盒子做的功為4JD.盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的過(guò)程中，由于摩擦而產(chǎn)生的熱量為2J【答案】D【解析】A．盒子剛放上傳送帶上受重力、支持力和摩擦力作用，此時(shí)的加速度大小為當(dāng)盒子加速至?xí)r的位移大小為所以盒子先做勻加速運(yùn)動(dòng)，后隨傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)盒子勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)處于平衡狀態(tài)，只受到重力和彈力作用，故A錯(cuò)誤；B．盒子勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為盒子勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間為故B錯(cuò)誤；C．盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的過(guò)程中，摩擦力對(duì)盒子做的功為故C錯(cuò)誤；D．盒子從左端運(yùn)動(dòng)到右端的過(guò)程中，由于摩擦而產(chǎn)生的熱量故D正確。5.如圖，真空中電荷量為和的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于點(diǎn)與點(diǎn)，形成一個(gè)以延長(zhǎng)線上點(diǎn)為球心，電勢(shì)為零的等勢(shì)面（取無(wú)窮處電勢(shì)為零），為連線上的一點(diǎn)，S為等勢(shì)面與直線的交點(diǎn)，為等勢(shì)面上的一點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A點(diǎn)電勢(shì)低于點(diǎn)電勢(shì)B.點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向O點(diǎn)C.除無(wú)窮遠(yuǎn)處外，MN直線上還存在兩個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)D.將正試探電荷從T點(diǎn)移到P點(diǎn)，靜電力做正功【答案】B【解析】A．在直線上，左邊正電荷在點(diǎn)右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，右邊負(fù)電荷在線段區(qū)間的電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，根據(jù)電場(chǎng)的疊加可知間的電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，可知點(diǎn)電勢(shì)高于電勢(shì)為零的等勢(shì)面，S處于電勢(shì)為零的等勢(shì)面上，則S電勢(shì)為零；則點(diǎn)電勢(shì)高于點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；C．由于正電荷的電荷量大于負(fù)電荷電荷量，可知在直線MN上在N左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度不可能為零，在右側(cè)，設(shè)距離為，根據(jù)可知除無(wú)窮遠(yuǎn)處外，直線MN電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)只有一個(gè)，故C錯(cuò)誤；D．由A選項(xiàng)分析可知：點(diǎn)電勢(shì)為零，電勢(shì)低于電勢(shì)，則正試探電荷在點(diǎn)電勢(shì)能低于在的電勢(shì)能，將正試探電荷從T點(diǎn)移到P點(diǎn)，電勢(shì)能增大，靜電力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；B．設(shè)電勢(shì)為零的等勢(shì)面的半徑為，與線段MN交于A點(diǎn)，設(shè)距離為，距離為，如圖所示根據(jù)點(diǎn)電荷的電勢(shì)結(jié)合電勢(shì)的疊加原理、滿足，解得，由于電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直等勢(shì)面，可知T點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向必過(guò)等勢(shì)面的圓心，O點(diǎn)電勢(shì)可知可知T點(diǎn)電場(chǎng)方向指向O點(diǎn)，故B正確。故選B。6.如圖所示，一半圓槽滑塊的質(zhì)量為M，半圓槽半徑為R，滑塊置于光滑水平桌面上，一質(zhì)量為m的小智能機(jī)器人（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于半圓槽的A端，在無(wú)線遙控器控制下，機(jī)器人從半圓槽A端移動(dòng)到B端。下面說(shuō)法正確的是（）A只有小機(jī)器人運(yùn)動(dòng)，滑塊不運(yùn)動(dòng)B.滑塊運(yùn)動(dòng)的距離是C.滑塊與小機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的水平距離之和為2RD.小機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的位移是滑塊的倍【答案】C【解析】CD．小機(jī)器人和滑塊組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，小機(jī)器人從A端移動(dòng)到B端的過(guò)程中，設(shè)小機(jī)器人和滑塊在任意時(shí)刻的水平分速度大小分別為和，則所以在整個(gè)過(guò)程中，二者的平均速度大小滿足則二者水平位移大?。催\(yùn)動(dòng)的水平距離）滿足根據(jù)相對(duì)位移關(guān)系有即滑塊與小機(jī)器人運(yùn)動(dòng)的水平距離之和為2R，且故C正確，D錯(cuò)誤；AB．根據(jù)前面分析可得小機(jī)器人和滑塊移動(dòng)的距離分別為故AB錯(cuò)誤。故選C。7.如圖，一磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直于紙面（xOy平面）向里，磁場(chǎng)右邊界與x軸垂直。一帶電粒子由O點(diǎn)沿x正向入射到磁場(chǎng)中，在磁場(chǎng)另一側(cè)的S點(diǎn)射出，粒子離開(kāi)磁場(chǎng)后，沿直線運(yùn)動(dòng)打在垂直于x軸的接收屏上的P點(diǎn)；SP=l，S與屏的距離為，與x軸的距離為a。如果保持所有條件不變，在磁場(chǎng)區(qū)域再加上電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，該粒子入射后則會(huì)沿x軸到達(dá)接收屏。該粒子的比荷為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】由題知，一帶電粒子由O點(diǎn)沿x正向入射到磁場(chǎng)中，在磁場(chǎng)另一側(cè)的S點(diǎn)射出，則根據(jù)幾何關(guān)系可知粒子出離磁場(chǎng)時(shí)速度方向與豎直方向夾角為30°，則解得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=2a則粒子做圓周運(yùn)動(dòng)有則有如果保持所有條件不變，在磁場(chǎng)區(qū)域再加上電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，該粒子入射后則會(huì)沿x軸到達(dá)接收屏，則有Eq=qvB聯(lián)立有故選A。8.如圖甲所示，物塊A、B靜止疊放在水平地面上，B受到大小從0開(kāi)始逐漸增大的水平拉力的作用。A、B間的摩擦力、B與地面間的摩擦力隨水平拉力變化的情況如圖乙所示。已知物塊A的質(zhì)量，取重力加速度大小，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)時(shí)，A、B保持靜止B.當(dāng)時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)C.當(dāng)時(shí)，A的加速度隨的增大而增大D.A、B兩物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為【答案】AD【解析】A．當(dāng)時(shí)，由圖像可知B與地面的摩擦力逐漸增大，A、B間的摩擦力始終為零，A、B都沒(méi)被拉動(dòng)，A、B保持靜止，故A正確；B．當(dāng)時(shí)，A、B間的摩擦力開(kāi)始逐漸變大，B與地面間的摩擦力保持不變，B已經(jīng)被拉動(dòng)了，A、B間保持相對(duì)靜止，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)時(shí)，A、B間的摩擦力大小保持不變，A、B發(fā)生了相對(duì)滑動(dòng)，A由滑動(dòng)摩擦力提供加速度，所以加速度的保持不變，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)時(shí)，A、B間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，，兩者間的靜摩擦力最大值為解得故D正確。故選AD。9.如圖甲所示，空間有一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)E=1×104V/m，其中有一個(gè)半徑為R=2m的豎直光滑圓環(huán)軌道，環(huán)內(nèi)有兩根光滑的弦軌道AB和AC，A點(diǎn)所在的半徑與豎直直徑BC成37°角。質(zhì)量為m=0.08kg、電荷量為q=+6×10-5C的帶電小環(huán)（視為質(zhì)點(diǎn)）穿在弦軌道上，從A點(diǎn)由靜止釋放，可分別沿AB和AC到達(dá)圓周上的B、C點(diǎn)?，F(xiàn)去掉弦軌道AB和AC，如圖乙所示，讓小環(huán)穿在圓環(huán)軌道上且恰好能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。不考慮小環(huán)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電荷量的變化。下列說(shuō)法正確的是（）（cos37°=0.8，g取10m/s2）A.小環(huán)在弦軌道AB和AC上運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比為1：1B.小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大C.小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能最小值是1JD.小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程中對(duì)圓環(huán)軌道的最大壓力是5N【答案】AD【解析】A．因?yàn)橹亓εc電場(chǎng)力均為恒力，所以二者的合力大小為與豎直方向夾角正切值解得重力與電場(chǎng)力合力指向AO，A為等效最高點(diǎn)，根據(jù)等時(shí)圓，小環(huán)在弦軌道AB和AC上運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，A正確。B．等效最低點(diǎn)在AO延長(zhǎng)線與圓軌道交點(diǎn)，而非C點(diǎn)。等效最低點(diǎn)速度最大，動(dòng)能最大，B錯(cuò)誤。C．因?yàn)樾…h(huán)穿在圓環(huán)軌道上且恰好能做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則小環(huán)在等效最高點(diǎn)A速度最小為零，在A點(diǎn)動(dòng)能最小也為零，C錯(cuò)誤。D．小環(huán)在等效最低點(diǎn)時(shí)速度最大，動(dòng)能最大，小環(huán)對(duì)圓環(huán)軌道壓力最大。從等效最高點(diǎn)至等效最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得F·2R=由牛頓第二定律得代入數(shù)據(jù)解得FN=5.0N由牛頓第三定律，小環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中對(duì)環(huán)的最大壓力是5.0N，D正確。10.如圖所示，兩顆質(zhì)量和速度均相同的子彈分別水平射入靜止在光滑水平地面上質(zhì)量相同、材料不同的矩形滑塊A、B中，射入A中的深度是射入B中深度的兩倍。兩種射入過(guò)程相比較（）A.射入滑塊A的子彈速度變化量大B.整個(gè)射入過(guò)程中兩滑塊受到的沖量一樣大C.射入滑塊A中時(shí)阻力對(duì)子彈做的功是射入滑塊B中時(shí)阻力對(duì)子彈做功的兩倍D.兩個(gè)過(guò)程中系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相同【答案】BD【解析】AB．子彈射入滑塊過(guò)程，子彈與滑塊組成系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有可知，兩顆子彈的末速度相等，所以子彈速度的變化量相等，滑塊動(dòng)量變化量相等，滑塊受到的沖量相等，故A錯(cuò)誤，B正確；C．對(duì)于子彈，根據(jù)動(dòng)能定理，有由于末速度相等，所以阻力對(duì)子彈做功相等，故C錯(cuò)誤；D．對(duì)子彈與滑塊組成的系統(tǒng)，由能量守恒得系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量所以系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量相同，故D正確。故選BD。二、非選擇題：（本大題共5小題，共60分）11.如圖所示，在光滑的水平面上有一足夠長(zhǎng)的質(zhì)量為的長(zhǎng)木板，在長(zhǎng)木板右端有一質(zhì)量為的小物塊，長(zhǎng)木板與小物塊間動(dòng)摩擦因數(shù)為，長(zhǎng)木板與小物塊均靜止，現(xiàn)用的水平恒力向右拉長(zhǎng)木板，經(jīng)時(shí)間撤去水平恒力F，g取，求：（1）在F的作用下，長(zhǎng)木板的加速度為多大？（2）剛撤去F時(shí)，小物塊離長(zhǎng)木板右端多遠(yuǎn)？（3）最終長(zhǎng)木板與小物塊一同以多大的速度勻速運(yùn)動(dòng)？（4）最終小物塊離長(zhǎng)木板右端多遠(yuǎn)？【答案】（1）3m/s2；（2）0.5m；（3）2.8m/s；（4）0.7m【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律可得解得（2）撤去F之前，小物塊只受摩擦力作用故（3）剛撤去F時(shí)撤去F后，長(zhǎng)木板的加速度最終速度解得共同速度（4）住內(nèi)，小物塊和木板的相對(duì)位移解得最終小物塊離長(zhǎng)木板右端12.為測(cè)量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的裝置，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：（已知小球的質(zhì)量為，直徑為）（1）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過(guò)程中均可通過(guò)光電門；（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門的遮光時(shí)間和，應(yīng)__________（填“A”或“B”）；A．先釋放小球，后接通數(shù)字計(jì)時(shí)器B．先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球（3）用測(cè)量結(jié)果計(jì)算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為_(kāi)________（用字母、、和表示）；（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會(huì)___________（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差?！敬鸢浮浚?）B（3）（4）增大【解析】（2）[1]為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過(guò)光電門的遮光時(shí)間和，應(yīng)先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球。（3）[2]小球下落經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度大小為小球上升經(jīng)過(guò)光電門時(shí)的速度大小為小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為（4）[3]若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，則從光電門到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過(guò)光電門到上升經(jīng)過(guò)光電門通過(guò)的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會(huì)增大因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差。13.如圖甲所示電路中，R1為滑動(dòng)變阻器，R2、R3均為定值電阻，且R2＝135Ω，R3阻值未知。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P從右端滑至左端時(shí)，測(cè)得電源的路端電壓隨流過(guò)電源的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點(diǎn)是滑片P在變阻器的兩個(gè)不同端點(diǎn)對(duì)應(yīng)的U、I值。求：（1）電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；（2）滑動(dòng)變阻器最大阻值；（3）當(dāng)輸出功率最大時(shí)滑動(dòng)變阻器的阻值（保留兩位有效數(shù)字）。【答案】（1）6.0V，12Ω；（2）67.5Ω；（3）9.6Ω【解析】（1）題圖乙中BA延長(zhǎng)，交U軸于6.0V處，所以電源的電動(dòng)勢(shì)為E＝6.0V由U-I圖像斜率絕對(duì)值表示電源的內(nèi)阻可知（2）當(dāng)P位于R1的右端時(shí)，對(duì)應(yīng)題圖乙中的B點(diǎn)，只有電阻R3接入電路，由題圖乙可知U3＝1.2V，I3＝0.40A則定值電阻R3的阻值為當(dāng)P位于R1的左端時(shí)，對(duì)應(yīng)題圖乙中的A點(diǎn)，由題圖乙可知，路端電壓UA＝4.8V，IA＝0.10A由歐姆定律得解得R1＝67.5Ω（3）當(dāng)R1的滑片從最右端滑到左端時(shí)，外電路總電阻從小于電源內(nèi)阻r逐漸大于r，由電源的輸出功率當(dāng)外電路總電阻和內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率最大，則有解得R1′≈9.6Ω14.某同學(xué)在用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)中，已知兩縫間的間距為0.4mm，以某種單色光照射雙縫時(shí)，在離雙縫0.5m遠(yuǎn)的屏上，用測(cè)量頭測(cè)量條紋間的寬度：先將測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對(duì)齊，將該亮紋定為第0條亮紋，此時(shí)分劃板上的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖A所示；然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對(duì)齊，此時(shí)分劃板上的游標(biāo)卡尺讀數(shù)如圖B所示。根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)測(cè)得（1）分劃板在圖中A、B位置時(shí)游標(biāo)卡尺讀數(shù)分別為xA=______mm，xB=______mm；（2）該單色光的波長(zhǎng)=______m（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；（3）若增大雙縫的間距，其他條件保持不變，則得到的干涉條紋間距將______（填“變大”“不變”或“變小”）；（4）若改用頻率較高的單色光照射，其他條件保持不變，則得到的干涉條紋間距將______（填“變大”“不變”或“變小”）?！敬鸢浮浚?）11.115.6（2）（3）變小（4）變小【解析】（1）[1][