高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024學(xué)年第二學(xué)期浙里特色聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學(xué)科試題考生須知：1．本卷共7頁滿分100分，考試時間90分鐘。3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.功 B.磁感應(yīng)強度 C.電流 D.電勢【答案】B【解析】功、電流和電勢均為標量；磁感應(yīng)強度既有大小又有方向，遵循平行四邊形定則，是矢量。故選B。2.智能手機上裝載的導(dǎo)航app方便了我們的生活。如圖所示為某導(dǎo)航軟件的一張截圖，表示了某次導(dǎo)航的具體路徑，其推薦路線中有兩個數(shù)據(jù)，11分鐘，6.3公里，關(guān)于這兩個數(shù)據(jù)，下列說法正確的是（）A.11分鐘表示是某個時刻B.6.3公里表示此次行程的位移大小C.根據(jù)這兩個數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速度的大小D.研究汽車在導(dǎo)航圖中的位置時，可以把汽車看作質(zhì)點【答案】D【解析】A．11分鐘表示的是時間間隔，故A錯誤；B．6.3公里表示此次行程的路程，不是位移大小，故B錯誤；C．根據(jù)這兩個數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速率，不能算出此次行程的平均速度的大小，故C錯誤；D．研究汽車在導(dǎo)航圖中的位置時，汽車的形狀大小可以忽略不計，可以把汽車看作質(zhì)點，故D正確。故選D。3.如圖，傾角為的光滑斜面上，可看作輕質(zhì)的彈簧一端固定，另一端連著一個質(zhì)量的小球，靜止在斜面上，此時彈簧伸長?，F(xiàn)將小球在彈簧彈性限度內(nèi)沿斜面又下拉一小段距離，然后松手（不計空氣阻力），小球?qū)⒆骱喼C運動。則（）A.彈簧勁度系數(shù)為B.松手時回復(fù)力為C.松手時回復(fù)力為D.若增大振幅，周期變短【答案】C【解析】A．根據(jù)受力平衡可得可得彈簧勁度系數(shù)為故A錯誤；BC．松手時回復(fù)力為故B錯誤，C正確；D．周期與振幅無關(guān)，若增大振幅，周期不變，故D錯誤。故選C。4.如圖甲所示，O點是單擺的平衡位置，單擺在豎直平面內(nèi)小幅度左右擺動，M，N是擺球所能到達的最遠位置，設(shè)向左為正方向，圖乙是單擺的振動圖像。重力加速度取10m/s2，下列說法正確的是（）A.單擺振動的周期為1sB.單擺振動的頻率是0.25HzC.單擺的擺長約為50cmD.t=0時擺球在N點【答案】D【解析】A．由圖可知，小球完成一次全振動的時間為2s，即周期為2s，故A錯誤；B．單擺振動的頻率為故B錯誤；C．根據(jù)單擺的周期公式代入數(shù)據(jù)解得故C錯誤；D．由圖乙知，t=0時擺球在負向最大位移處，因向左為正方向，所以開始時擺球在N點，故D正確。故選D。5.一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖實線所示，從此刻起經(jīng)0.1s波形圖如圖虛線所示，若波傳播的速度為10m/s，則（）A.這列波的周期為0.2sB.這列波沿x軸負方向傳播C.從t=0時刻開始質(zhì)點a比質(zhì)點b先到達波谷D.從t=0時刻開始x=2m處的質(zhì)點b經(jīng)0.2s運動至x=0處【答案】B【解析】A．由圖可知，波長為4m，則，故A錯誤；B．經(jīng)0.1s，波傳播的距離為將實線向左平移1m恰好與虛線重合，因此波沿x軸負方向傳播，故B正確；C．由于波沿x軸負方向傳播，從t=0時刻開始，質(zhì)點a、b都向下運動，因此質(zhì)點b比質(zhì)點a先到達波谷，故C錯誤；D．波傳播的過程中，各質(zhì)點都在平衡位置附近往復(fù)運動，不會隨波遷移，故D錯誤。6.如圖所示，甲、乙兩平面波是振幅相同的相干波，甲波沿x軸的正方向傳播，乙波沿軸正方向傳播，圖中實線表示某一時刻的波峰位置，虛線表示波谷位置，對圖中正方形中央的、、、四點的振動情況，正確的判斷是（）A.、點的振動減弱，、點振動加強B.、點振動減弱，、點的振動加強C.、點振動減弱，、點的振動加強D.、、、點的振動都減弱【答案】A【解析】當兩列波出現(xiàn)干涉現(xiàn)象時，要產(chǎn)生干涉圖樣，形成一條加強線，一條減弱線…即加強線、減弱線彼此相間的穩(wěn)定的干涉圖樣，在圖中設(shè)定A、B、C、D四點，實線相交點，即波峰與波峰相遇，都是振動加強點，可知B、D決定的直線為加強線，過A、C的平行BD直線的兩條直線也應(yīng)是加強線，如圖所示a、c兩點在BD直線上，故a、c點是振動加強點，分別過b、d點且平行于BD直線的兩條直線均在兩加強線之間，應(yīng)為減弱線，故b、d兩點的振動是減弱的。故選A。7.如圖所示，MN是空氣與某種液體的分界面，一束紫光由空氣射到分界面，一部分光被反射，一部分光進入液體中。當入射角是53°時，折射角為37°，sin53°=0.8，sin37°=0.6，則以下說法正確的是（）A.該液體對該紫光的折射率為1.5B.該液體對該紫光的全反射臨界角大于45°C.當該紫光以60°入射角從該液體射到空氣分界面時，不會發(fā)生全反射D.當紅光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，折射角也是37°【答案】B【解析】A．根據(jù)折射定律可得故A錯誤；B．設(shè)該液體對該紫光的全反射臨界角為C，則所以故B正確；C．由于即此時入射角大于臨界角，光線會發(fā)生全反射，故C錯誤；D．由于紫光的頻率大于紅光的頻率，而頻率越大折射率越大，因此當紅光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，根據(jù)折射定律可知，折射角大于37°，故D錯誤。故選B。8.通電矩形線框abcd與長直通電導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，如圖所示，ab邊與MN平行。關(guān)于MN產(chǎn)生的磁場對線框的作用力，下列說法正確的是（）A.線框有兩條邊所受的安培力方向相同B.線框有兩條邊所受的安培力大小相等C.線框所受的安培力的合力為零D.線框所受的安培力的合力方向向右【答案】BD【解析】直線電流周圍的磁場不是勻強磁場，離電流越遠處磁場越弱，磁感線是以電流為中心的同心圓，判斷電流的磁場方向用安培定則，判斷安培力方向用左手定則，由安培定則可知導(dǎo)線MN在線框處所產(chǎn)生的磁場方向垂直于紙面向外，bc邊，ad邊處于非勻強磁場中，但由于對應(yīng)位置的磁感應(yīng)強度相同由及左手定則可判斷出bc邊和ad邊所受安培力大小相等，方向相反，ab邊受到向右的安培力，cd邊受到向左的安培力因為ab所處位置的磁場較強，cd所處位置的磁場較弱，故線框所受合力方向向右。故選BD。9.一個物體受到方向不變的力F作用，其中力的大小隨時刻變化的規(guī)律如圖所示，則該力在0~3s內(nèi)的沖量大小是（）A.9N?s B.6N?s C.3N?s D.12N?s【答案】A【解析】圖線與坐標軸所圍區(qū)域的面積表示力的沖量，所以故選A。10.A、B兩球沿同一直線運動并發(fā)生正碰，如圖所示，、分別為A、B兩球碰撞前的位移—時間圖像，為碰撞后兩球共同運動的位移—時間圖像，若A球質(zhì)量是，則由圖可知下列結(jié)論正確的是（）A.A、B碰撞前的總動量為B.碰撞時A對B的沖量為C.碰撞前后A的動量變化為D.碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為【答案】B【解析】ABC．由圖像可知，碰撞前A球的速度為B球的速度為碰撞后A、B兩球的速度相等，為對A、B組成的系統(tǒng)，碰撞過程根據(jù)動量守恒可得解得B的質(zhì)量為則A、B碰撞前的總動量為根據(jù)動量定理可知，碰撞時A對B的沖量為碰撞前后A的動量變化為故AC錯誤，B正確；D．根據(jù)能量守恒可知，碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為代入數(shù)據(jù)解得故D錯誤。故選B。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個選項中，至少有一個選項符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選或不選得0分）11.如圖單縫衍射實驗中，若減小縫寬，以下哪些現(xiàn)象會發(fā)生（）A.中央亮紋變寬 B.條紋間距減小C.衍射效應(yīng)更明顯 D.亮度增加【答案】AC【解析】衍射條紋的寬度與縫的寬度有關(guān)，縫變寬，條紋變窄，亮度增大；縫變窄，條紋變寬，亮度減弱。當縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射。所以減小縫寬時，衍射現(xiàn)象更明顯，中央亮紋變寬，條紋間距增大，亮度減弱。故選AC。12.把一個篩子用四根彈簧支撐起來，篩子上裝一個電動偏心輪，它每轉(zhuǎn)一周，給篩子一個驅(qū)動力，這就做成了一個共振篩，如圖甲所示。該共振篩的共振曲線如圖乙所示。已知增大電壓，可使偏心輪轉(zhuǎn)速提高，增加篩子質(zhì)量，可增大篩子的固有周期?，F(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速是54r/min。為了使篩子的振幅增大，應(yīng)采取的方案是（）A.增大電壓 B.減小電壓C.增加篩子質(zhì)量 D.減小篩子質(zhì)量【答案】BD【解析】在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速是，即頻率為由乙圖可知篩子的固有頻率由于驅(qū)動力的頻率大于固有頻率，要使振幅變大，應(yīng)減小驅(qū)動力的頻率或增大篩子的固有頻率即減小篩子的固有周期，即可以降低偏心輪電壓或減小篩子的質(zhì)量。故選BD。13.質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒，以與水平方向成θ角的速度v，從O點進入方向如圖所示的正交的勻強電場和勻強磁場組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.該微粒一定帶正電荷B.微粒從O到A運動是勻速直線運動C.該磁場的磁感應(yīng)強度大小為D.該電場的場強大小為【答案】BCD【解析】AB．若微粒帶正電，它受豎直向下的重力mg、水平向左的電場力qE和斜向右下的洛倫茲力qvB，微粒不能做直線運動，據(jù)此可知微粒應(yīng)帶負電，它受豎直向下的重力mg、水平向右的電場力qE和斜向左上的洛倫茲力qvB，又知微粒恰好沿直線運動到A，可知微粒應(yīng)該做勻速直線運動，故B正確，A錯誤；CD．由平衡條件可知得磁場的磁感應(yīng)強度電場的場強故C、D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)用單擺測定重力加速度。（1）他組裝單擺時，在擺線上端的懸點處，用一個鐵夾夾牢擺線，如圖甲所示。這樣做的目的是（）A.可使周期測量得更加準確 B.保證擺動過程中擺長不變C.需要改變擺長時便于調(diào)節(jié) D.保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動（2）他組裝好單擺后，為測擺長，在均質(zhì)擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點量到擺球最上端的長度，再用游標卡尺測量擺球直徑，卡尺測量結(jié)果如圖乙所示，則擺球的直徑為_____mm。（3）該同學(xué)測量出了幾組不同擺長L和周期T的數(shù)值，畫出了如圖丙T2-L圖像中的實線OM；另一同學(xué)也進行了與該同學(xué)同樣的實驗，但實驗后他發(fā)現(xiàn)測量擺長時忘了加上擺球的半徑，作出的T2-L圖像為（）A.虛線①，不平行實線OM B.虛線③，平行實線OMC.虛線②，平行實線OM D.虛線④，不平行實線OM【答案】（1）B（2）18.4（3）C【解析】（1）用鐵夾將擺線夾牢，從而保證擺動過程中擺長不變。故選B。（2）游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以擺球的直徑為（3）根據(jù)單擺周期公式所以若測量擺長時忘了加上擺球的半徑，則所以二者斜率相等，所以圖線應(yīng)平行于OM。故選C。15.如圖所示，在用雙縫干涉測量光的波長實驗中，光具座上放置的光學(xué)元件依次為：①光源、②凸透鏡、③、④、⑤、⑥遮光筒、⑦測量頭、⑧目鏡。（1）③、④、⑤三個光學(xué)元件依次為（）A.濾光片、單縫、雙縫 B.單縫、濾光片、雙縫C.單縫、雙縫、濾光片 D.濾光片、雙縫、單縫（2）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為L，測得第1條亮條紋到第n條亮條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長λ=_____【答案】（1）A（2）【解析】（1）為獲取單色線光源，白色光源后面要有濾光片、單縫、雙縫。故選A。（2）根據(jù)條紋間距公式可得所以16.（1）某同學(xué)在用插針法測量玻璃折射率的實驗中：用了兩面平行的玻璃磚。實驗光路如圖甲所示，該同學(xué)為了測玻璃磚折射率n，以入射O點為圓心畫了一個單位圓，圓與入射線、折射線分別交于C、F點，過C、F點分別作垂直于法線NN?的垂線，垂足分別記為D、E，測得垂線長CD、EF分別為2.50cm、1.60cm。則該玻璃磚的折射率n=_____（保留3位有效數(shù)字）。若做實驗過程中，在紙上正確畫出玻璃磚的兩個界面aa?和bb?后，不小心碰了玻璃磚使它向aa?一側(cè)平移了少許，如圖乙所示，他隨后實驗測出的折射率n_____（選填偏大、偏小或不變）。（2）如圖丙所示，是驗證動量守恒定律某個實驗裝置。實驗時先讓質(zhì)量為m1的均質(zhì)入射小球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始滾下，從軌道末端O點水平拋出，落到與軌道O點連接的傾角為θ的斜面上。再把質(zhì)量為m2（質(zhì)量小些）的同體積均質(zhì)被碰小球放在斜槽軌道末端；讓入射小球仍從位置S由靜止?jié)L下，與被碰小球碰撞后，分別與斜面第一次碰撞留下各自的落點痕跡，M、P、N為三個落點的位置（不考慮小球在斜面上的多次碰撞）。在實驗誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式_____，則兩球碰撞前后總動量守恒。A. B.C.D.【答案】（1）1.56不變（2）B【解析】（1）[1]根據(jù)折射定律可得[2]作出光路圖如圖所示由圖可知，所測折射率不變。（2）小球離開斜槽后做平拋運動，設(shè)小球的位移大小為L，則，解得所以入射球碰撞前的速度大小為碰撞后的速度大小為被碰球碰撞后的速度大小為若兩球碰撞過程中動量守恒，則整理得故選B。17.蹦床運動是奧運會傳統(tǒng)項目，運動員從靜止開始下壓彈性網(wǎng)，同時屈膝延長觸網(wǎng)時間，通過更大形變存儲彈性勢能提升騰空高度?，F(xiàn)有運動員體重60kg，在某次訓(xùn)練中，從1.8m高度自由下落，觸網(wǎng)豎直反彈至3.2m高度處，若觸網(wǎng)時間為0.8s（忽略空氣阻力）。取重力加速度g=10m/s2。求：（1）運動員剛觸網(wǎng)前、后的速度大小；（2）觸網(wǎng)過程人受到的平均沖擊力大小?！敬鸢浮浚?）6m/s，8m/s（2）1650N【解析】（1）運動員觸網(wǎng)前做自由落體運動，反彈后做豎直上拋運動，則代入數(shù)據(jù)解得，（2）運動員觸網(wǎng)過程，根據(jù)動量定理可得代入數(shù)據(jù)解得18.某同學(xué)自制一電流表，其原理如圖所示。質(zhì)量為的均勻細金屬桿與一豎直懸掛的絕緣輕彈簧相連，在矩形區(qū)域內(nèi)有勻強磁場，長，長，磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直紙面向內(nèi)。的右端連接一絕緣輕指針，可指示出標尺上的刻度。的長度大于，當中沒有電流通過且處于靜止時，與矩形區(qū)域的邊重合，且指針指在標尺的零刻度，此時彈簧伸長；當中有電流時，指針示數(shù)可表示電流強度。始終在紙面內(nèi)且保持水平，重力加速度取。請回答下面問題：（1）為使電流表正常工作，判斷流過金屬桿的電流方向；（2）求彈簧勁度系數(shù)；（3）設(shè)中電流為I時彈簧的伸長量為，寫出關(guān)系式，指出的取值范圍，判斷自制電流表刻度是否均勻?！敬鸢浮浚?）電流方向應(yīng)從N至M（2）（3）見解析【解析】（1）要使電流表正常工作，金屬桿應(yīng)向下移動，所受的安培力應(yīng)向下，由左手定則知金屬桿中的電流方向應(yīng)從N至M；（2）當中沒有電流通過且處于靜止時，與矩形區(qū)域的邊重合，且指針指在標尺的零刻度，此時彈簧伸長，根據(jù)受力平衡可得解得彈簧勁度系數(shù)為（3）由題圖可知彈簧的伸長量最大值為當電流為I時，安培力為靜止時彈簧的伸長量為，其中根據(jù)受力平衡可得聯(lián)立可得I與的關(guān)系為（）可知I與成線性關(guān)系，所以自制的電流表刻度均勻。19.帶有速度選擇器的質(zhì)譜儀可以選擇特定的帶電粒子速率，再經(jīng)過偏轉(zhuǎn)分離器中的偏轉(zhuǎn)，從而測定未知帶電粒子的比荷，發(fā)現(xiàn)新元素。簡化原理如圖：為粒子加速器，加速電壓未知；為速度選擇器，其左右板間有水平向右的勻強電場和垂直紙面向外的勻強磁場，兩者正交；為偏轉(zhuǎn)分離器，其磁感應(yīng)強度為，方向垂直紙面向里；是熒光板，板上處有孔可供帶電粒子通過?，F(xiàn)有帶正電同位素原子核甲、乙，兩者電量相同，但甲的質(zhì)量稍大些。甲、乙初速均為0，經(jīng)同一粒子加速器加速后，原子核甲恰能勻速通過速度選擇器，進入偏轉(zhuǎn)分離器后做勻速圓周運動，恰好打中熒光板上點，其軌跡如圖中虛線所示，已知點距離O處。不計重力。請回答下列問題：（結(jié)果用題給字母、、、表達）（1）判斷原子核乙進入速度選擇器后的偏轉(zhuǎn)方向（左偏、右偏）；（2）求原子核甲通過速度選擇器時的速率；（3）求原子核甲的比荷（）；（4）求粒子加速器的加速電壓?！敬鸢浮浚?）向左偏轉(zhuǎn)（2）（3）（4）【解析】（1）甲粒子經(jīng)過加速電場過程，根據(jù)動能定理可得可得原子核甲恰能勻速通過速度選擇器，則有由于甲的質(zhì)量稍大些，即乙的質(zhì)量較小，所以乙經(jīng)過加速電場獲得的速度較大，則原子核乙經(jīng)過速度選擇器時，受到的洛倫茲力大于電場力，所以原子核乙進入速度選擇器后向左偏轉(zhuǎn)。（2）原子核甲恰能勻速通過速度選擇器，則有解得原子核甲通過速度選擇器時的速率為（3）原子核甲進入偏轉(zhuǎn)分離器后做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力的又聯(lián)立解得原子核甲的比荷為（4）甲粒子經(jīng)過加速電場過程，根據(jù)動能定理可得可得粒子加速器的加速電壓為20.某物理興趣小組同學(xué)參與了某種彈射游戲，裝置示意圖如圖所示，光滑的水平導(dǎo)軌MN右端N處與傾斜傳送帶連接，連接處無能量損失。傳送帶長度L=4.0m，由電動機帶動并以恒定速率v=4.0m/s順時針轉(zhuǎn)動，三個質(zhì)量均為m=1.0kg的滑塊A、B、C置于水平導(dǎo)軌上，B、C之間有一段輕彈簧剛好處于原長，滑塊B與輕彈簧連接，C未連接彈簧，B、C處于靜止狀態(tài)且離N點足夠遠?，F(xiàn)讓滑塊A以初速度v0=3.0m/s沿B、C連線方向向B運動，A與B碰撞后粘連在一起，碰撞時間極短，接著開始壓縮彈簧，等到滑塊C脫離彈簧時，經(jīng)計算得到滑塊C的速度vC=2m/s，滑塊C隨后滑上傾角θ=30°的傳送帶，并從傳送帶頂端彈射出去。已知滑塊C與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）A剛與B碰撞后粘連在一起的速度大?。唬?）輕彈簧的最大彈性勢能Ep大?。唬?）滑塊C在傳送帶上的運動時間；（4）因滑塊C滑上傳送帶，電動機多消耗的電能大小。【答案】（1）1.5m/s（2）0.75J（3）1.2s（4）32J【解析】（1）A與B碰撞過程有解得（2）當AB整體壓縮彈簧過程中與C的速度相等時，彈簧的彈性勢能達到最大，則，聯(lián)立解得（3）滑塊C滑上傳送帶先做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律可得，解得之后，由于則滑塊做勻速直線運動，所以（4）因滑塊C滑上傳送帶，電動機多消耗的電能大小為代入數(shù)據(jù)解得2024學(xué)年第二學(xué)期浙里特色聯(lián)盟期中聯(lián)考高二年級物理學(xué)科試題考生須知：1．本卷共7頁滿分100分，考試時間90分鐘。3．所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效。4．考試結(jié)束后，只需上交答題紙。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量中，屬于矢量的是（）A.功 B.磁感應(yīng)強度 C.電流 D.電勢【答案】B【解析】功、電流和電勢均為標量；磁感應(yīng)強度既有大小又有方向，遵循平行四邊形定則，是矢量。故選B。2.智能手機上裝載的導(dǎo)航app方便了我們的生活。如圖所示為某導(dǎo)航軟件的一張截圖，表示了某次導(dǎo)航的具體路徑，其推薦路線中有兩個數(shù)據(jù)，11分鐘，6.3公里，關(guān)于這兩個數(shù)據(jù)，下列說法正確的是（）A.11分鐘表示是某個時刻B.6.3公里表示此次行程的位移大小C.根據(jù)這兩個數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速度的大小D.研究汽車在導(dǎo)航圖中的位置時，可以把汽車看作質(zhì)點【答案】D【解析】A．11分鐘表示的是時間間隔，故A錯誤；B．6.3公里表示此次行程的路程，不是位移大小，故B錯誤；C．根據(jù)這兩個數(shù)據(jù)，我們可以算出此次行程的平均速率，不能算出此次行程的平均速度的大小，故C錯誤；D．研究汽車在導(dǎo)航圖中的位置時，汽車的形狀大小可以忽略不計，可以把汽車看作質(zhì)點，故D正確。故選D。3.如圖，傾角為的光滑斜面上，可看作輕質(zhì)的彈簧一端固定，另一端連著一個質(zhì)量的小球，靜止在斜面上，此時彈簧伸長?，F(xiàn)將小球在彈簧彈性限度內(nèi)沿斜面又下拉一小段距離，然后松手（不計空氣阻力），小球?qū)⒆骱喼C運動。則（）A.彈簧勁度系數(shù)為B.松手時回復(fù)力為C.松手時回復(fù)力為D.若增大振幅，周期變短【答案】C【解析】A．根據(jù)受力平衡可得可得彈簧勁度系數(shù)為故A錯誤；BC．松手時回復(fù)力為故B錯誤，C正確；D．周期與振幅無關(guān)，若增大振幅，周期不變，故D錯誤。故選C。4.如圖甲所示，O點是單擺的平衡位置，單擺在豎直平面內(nèi)小幅度左右擺動，M，N是擺球所能到達的最遠位置，設(shè)向左為正方向，圖乙是單擺的振動圖像。重力加速度取10m/s2，下列說法正確的是（）A.單擺振動的周期為1sB.單擺振動的頻率是0.25HzC.單擺的擺長約為50cmD.t=0時擺球在N點【答案】D【解析】A．由圖可知，小球完成一次全振動的時間為2s，即周期為2s，故A錯誤；B．單擺振動的頻率為故B錯誤；C．根據(jù)單擺的周期公式代入數(shù)據(jù)解得故C錯誤；D．由圖乙知，t=0時擺球在負向最大位移處，因向左為正方向，所以開始時擺球在N點，故D正確。故選D。5.一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖實線所示，從此刻起經(jīng)0.1s波形圖如圖虛線所示，若波傳播的速度為10m/s，則（）A.這列波的周期為0.2sB.這列波沿x軸負方向傳播C.從t=0時刻開始質(zhì)點a比質(zhì)點b先到達波谷D.從t=0時刻開始x=2m處的質(zhì)點b經(jīng)0.2s運動至x=0處【答案】B【解析】A．由圖可知，波長為4m，則，故A錯誤；B．經(jīng)0.1s，波傳播的距離為將實線向左平移1m恰好與虛線重合，因此波沿x軸負方向傳播，故B正確；C．由于波沿x軸負方向傳播，從t=0時刻開始，質(zhì)點a、b都向下運動，因此質(zhì)點b比質(zhì)點a先到達波谷，故C錯誤；D．波傳播的過程中，各質(zhì)點都在平衡位置附近往復(fù)運動，不會隨波遷移，故D錯誤。6.如圖所示，甲、乙兩平面波是振幅相同的相干波，甲波沿x軸的正方向傳播，乙波沿軸正方向傳播，圖中實線表示某一時刻的波峰位置，虛線表示波谷位置，對圖中正方形中央的、、、四點的振動情況，正確的判斷是（）A.、點的振動減弱，、點振動加強B.、點振動減弱，、點的振動加強C.、點振動減弱，、點的振動加強D.、、、點的振動都減弱【答案】A【解析】當兩列波出現(xiàn)干涉現(xiàn)象時，要產(chǎn)生干涉圖樣，形成一條加強線，一條減弱線…即加強線、減弱線彼此相間的穩(wěn)定的干涉圖樣，在圖中設(shè)定A、B、C、D四點，實線相交點，即波峰與波峰相遇，都是振動加強點，可知B、D決定的直線為加強線，過A、C的平行BD直線的兩條直線也應(yīng)是加強線，如圖所示a、c兩點在BD直線上，故a、c點是振動加強點，分別過b、d點且平行于BD直線的兩條直線均在兩加強線之間，應(yīng)為減弱線，故b、d兩點的振動是減弱的。故選A。7.如圖所示，MN是空氣與某種液體的分界面，一束紫光由空氣射到分界面，一部分光被反射，一部分光進入液體中。當入射角是53°時，折射角為37°，sin53°=0.8，sin37°=0.6，則以下說法正確的是（）A.該液體對該紫光的折射率為1.5B.該液體對該紫光的全反射臨界角大于45°C.當該紫光以60°入射角從該液體射到空氣分界面時，不會發(fā)生全反射D.當紅光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，折射角也是37°【答案】B【解析】A．根據(jù)折射定律可得故A錯誤；B．設(shè)該液體對該紫光的全反射臨界角為C，則所以故B正確；C．由于即此時入射角大于臨界角，光線會發(fā)生全反射，故C錯誤；D．由于紫光的頻率大于紅光的頻率，而頻率越大折射率越大，因此當紅光以同樣的入射角從空氣射到分界面時，根據(jù)折射定律可知，折射角大于37°，故D錯誤。故選B。8.通電矩形線框abcd與長直通電導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi)，如圖所示，ab邊與MN平行。關(guān)于MN產(chǎn)生的磁場對線框的作用力，下列說法正確的是（）A.線框有兩條邊所受的安培力方向相同B.線框有兩條邊所受的安培力大小相等C.線框所受的安培力的合力為零D.線框所受的安培力的合力方向向右【答案】BD【解析】直線電流周圍的磁場不是勻強磁場，離電流越遠處磁場越弱，磁感線是以電流為中心的同心圓，判斷電流的磁場方向用安培定則，判斷安培力方向用左手定則，由安培定則可知導(dǎo)線MN在線框處所產(chǎn)生的磁場方向垂直于紙面向外，bc邊，ad邊處于非勻強磁場中，但由于對應(yīng)位置的磁感應(yīng)強度相同由及左手定則可判斷出bc邊和ad邊所受安培力大小相等，方向相反，ab邊受到向右的安培力，cd邊受到向左的安培力因為ab所處位置的磁場較強，cd所處位置的磁場較弱，故線框所受合力方向向右。故選BD。9.一個物體受到方向不變的力F作用，其中力的大小隨時刻變化的規(guī)律如圖所示，則該力在0~3s內(nèi)的沖量大小是（）A.9N?s B.6N?s C.3N?s D.12N?s【答案】A【解析】圖線與坐標軸所圍區(qū)域的面積表示力的沖量，所以故選A。10.A、B兩球沿同一直線運動并發(fā)生正碰，如圖所示，、分別為A、B兩球碰撞前的位移—時間圖像，為碰撞后兩球共同運動的位移—時間圖像，若A球質(zhì)量是，則由圖可知下列結(jié)論正確的是（）A.A、B碰撞前的總動量為B.碰撞時A對B的沖量為C.碰撞前后A的動量變化為D.碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為【答案】B【解析】ABC．由圖像可知，碰撞前A球的速度為B球的速度為碰撞后A、B兩球的速度相等，為對A、B組成的系統(tǒng)，碰撞過程根據(jù)動量守恒可得解得B的質(zhì)量為則A、B碰撞前的總動量為根據(jù)動量定理可知，碰撞時A對B的沖量為碰撞前后A的動量變化為故AC錯誤，B正確；D．根據(jù)能量守恒可知，碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為代入數(shù)據(jù)解得故D錯誤。故選B。二、選擇題II（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個選項中，至少有一個選項符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有錯選或不選得0分）11.如圖單縫衍射實驗中，若減小縫寬，以下哪些現(xiàn)象會發(fā)生（）A.中央亮紋變寬 B.條紋間距減小C.衍射效應(yīng)更明顯 D.亮度增加【答案】AC【解析】衍射條紋的寬度與縫的寬度有關(guān)，縫變寬，條紋變窄，亮度增大；縫變窄，條紋變寬，亮度減弱。當縫的寬度與障礙物尺寸差不多或比障礙物尺寸小，可以發(fā)生明顯的衍射。所以減小縫寬時，衍射現(xiàn)象更明顯，中央亮紋變寬，條紋間距增大，亮度減弱。故選AC。12.把一個篩子用四根彈簧支撐起來，篩子上裝一個電動偏心輪，它每轉(zhuǎn)一周，給篩子一個驅(qū)動力，這就做成了一個共振篩，如圖甲所示。該共振篩的共振曲線如圖乙所示。已知增大電壓，可使偏心輪轉(zhuǎn)速提高，增加篩子質(zhì)量，可增大篩子的固有周期?，F(xiàn)在，在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速是54r/min。為了使篩子的振幅增大，應(yīng)采取的方案是（）A.增大電壓 B.減小電壓C.增加篩子質(zhì)量 D.減小篩子質(zhì)量【答案】BD【解析】在某電壓下偏心輪的轉(zhuǎn)速是，即頻率為由乙圖可知篩子的固有頻率由于驅(qū)動力的頻率大于固有頻率，要使振幅變大，應(yīng)減小驅(qū)動力的頻率或增大篩子的固有頻率即減小篩子的固有周期，即可以降低偏心輪電壓或減小篩子的質(zhì)量。故選BD。13.質(zhì)量為m、電荷量為q的微粒，以與水平方向成θ角的速度v，從O點進入方向如圖所示的正交的勻強電場和勻強磁場組成的混合場區(qū)，該微粒在電場力、洛倫茲力和重力的共同作用下，恰好沿直線運動到A，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.該微粒一定帶正電荷B.微粒從O到A運動是勻速直線運動C.該磁場的磁感應(yīng)強度大小為D.該電場的場強大小為【答案】BCD【解析】AB．若微粒帶正電，它受豎直向下的重力mg、水平向左的電場力qE和斜向右下的洛倫茲力qvB，微粒不能做直線運動，據(jù)此可知微粒應(yīng)帶負電，它受豎直向下的重力mg、水平向右的電場力qE和斜向左上的洛倫茲力qvB，又知微粒恰好沿直線運動到A，可知微粒應(yīng)該做勻速直線運動，故B正確，A錯誤；CD．由平衡條件可知得磁場的磁感應(yīng)強度電場的場強故C、D正確。故選BCD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.某同學(xué)用單擺測定重力加速度。（1）他組裝單擺時，在擺線上端的懸點處，用一個鐵夾夾牢擺線，如圖甲所示。這樣做的目的是（）A.可使周期測量得更加準確 B.保證擺動過程中擺長不變C.需要改變擺長時便于調(diào)節(jié) D.保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動（2）他組裝好單擺后，為測擺長，在均質(zhì)擺球自然懸垂的情況下，用毫米刻度尺從懸點量到擺球最上端的長度，再用游標卡尺測量擺球直徑，卡尺測量結(jié)果如圖乙所示，則擺球的直徑為_____mm。（3）該同學(xué)測量出了幾組不同擺長L和周期T的數(shù)值，畫出了如圖丙T2-L圖像中的實線OM；另一同學(xué)也進行了與該同學(xué)同樣的實驗，但實驗后他發(fā)現(xiàn)測量擺長時忘了加上擺球的半徑，作出的T2-L圖像為（）A.虛線①，不平行實線OM B.虛線③，平行實線OMC.虛線②，平行實線OM D.虛線④，不平行實線OM【答案】（1）B（2）18.4（3）C【解析】（1）用鐵夾將擺線夾牢，從而保證擺動過程中擺長不變。故選B。（2）游標卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標尺讀數(shù)之和，所以擺球的直徑為（3）根據(jù)單擺周期公式所以若測量擺長時忘了加上擺球的半徑，則所以二者斜率相等，所以圖線應(yīng)平行于OM。故選C。15.如圖所示，在用雙縫干涉測量光的波長實驗中，光具座上放置的光學(xué)元件依次為：①光源、②凸透鏡、③、④、⑤、⑥遮光筒、⑦測量頭、⑧目鏡。（1）③、④、⑤三個光學(xué)元件依次為（）A.濾光片、單縫、雙縫 B.單縫、濾光片、雙縫C.單縫、雙縫、濾光片 D.濾光片、雙縫、單縫（2）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為L，測得第1條亮條紋到第n條亮條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長λ=_____【答案】（1）A（2）【解析】（1）為獲取單色線光源，白色光源后面要有濾光片、單縫、雙縫。故選A。（2）根據(jù)條紋間距公式可得所以16.（1）某同學(xué)在用插針法測量玻璃折射率的實驗中：用了兩面平行的玻璃磚。實驗光路如圖甲所示，該同學(xué)為了測玻璃磚折射率n，以入射O點為圓心畫了一個單位圓，圓與入射線、折射線分別交于C、F點，過C、F點分別作垂直于法線NN?的垂線，垂足分別記為D、E，測得垂線長CD、EF分別為2.50cm、1.60cm。則該玻璃磚的折射率n=_____（保留3位有效數(shù)字）。若做實驗過程中，在紙上正確畫出玻璃磚的兩個界面aa?和bb?后，不小心碰了玻璃磚使它向aa?一側(cè)平移了少許，如圖乙所示，他隨后實驗測出的折射率n_____（選填偏大、偏小或不變）。（2）如圖丙所示，是驗證動量守恒定律某個實驗裝置。實驗時先讓質(zhì)量為m1的均質(zhì)入射小球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開始滾下，從軌道末端O點水平拋出，落到與軌道O點連接的傾角為θ的斜面上。再把質(zhì)量為m2（質(zhì)量小些）的同體積均質(zhì)被碰小球放在斜槽軌道末端；讓入射小球仍從位置S由靜止?jié)L下，與被碰小球碰撞后，分別與斜面第一次碰撞留下各自的落點痕跡，M、P、N為三個落點的位置（不考慮小球在斜面上的多次碰撞）。在實驗誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式_____，則兩球碰撞前后總動量守恒。A. B.C.D.【答案】（1）1.56不變（2）B【解析】（1）[1]根據(jù)折射定律可得[2]作出光路圖如圖所示由圖可知，所測折射率不變。（2）小球離開斜槽后做平拋運動，設(shè)小球的位移大小為L，則，解得所以入射球碰撞前的速度大小為碰撞后的速度大小為被碰球碰撞后的速度大小為若兩球碰撞過程中動量守恒，則整理得故選B。17.蹦床運動是奧運會傳統(tǒng)項目，運動員從靜止開始下壓彈性網(wǎng)，同時屈膝延長觸網(wǎng)時間，通過更大形變存儲彈性勢能提升騰空高度?，F(xiàn)有運動員體重60kg，在某次訓(xùn)練中，從1.8m高度自由下落，觸網(wǎng)豎直反彈至3.2m高度處，若觸網(wǎng)時間為0.8s（忽略空氣阻力）。取重力加速度g=10m/s2。求：（1）運動員剛觸網(wǎng)前、后的速度大??；（2）觸網(wǎng)過程人受到的平均沖擊力大小。【答案】（1）6m/s，8m/s（2）1650N【解析】（1）運動員觸網(wǎng)前做自由落體運動，反彈后做豎直上拋運動，則代入數(shù)據(jù)解得，（2）運動員觸網(wǎng)過程，根據(jù)動量定理可得代入數(shù)據(jù)解得18.某同學(xué)自制一電流表，其原理如圖所示。質(zhì)量為的均勻細金屬桿與一豎直懸掛的絕緣輕彈簧相連，在矩形區(qū)域內(nèi)有勻強磁場，長，長，磁感應(yīng)強度大小為，方向垂直紙面向內(nèi)。的右端連接一絕緣輕指針，可指示出標尺上的刻度。的長度大于，當中沒有電流通過且處于靜止時，與矩形區(qū)域的邊重合，且指針指在標尺的零刻度，此時彈簧伸長；當中有電流時，指針示數(shù)可表示電流強度。始終在紙面內(nèi)且保持水平，重力加速度取。請回答下面問題：（1）為使電流表正常工作，判斷流過金屬桿的電流方向；（2）求彈簧勁度系數(shù)；（3）設(shè)中電流為I時彈簧的伸長量為，寫出關(guān)系式，指出的取值范圍，判斷自制電流表刻度是否均