高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2026年度上學(xué)期河南省高二年級(jí)第二次聯(lián)考物理本試卷滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。注意事項(xiàng)：1．答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)、考場號(hào)、座位號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。4．本試卷主要考試內(nèi)容：人教版必修第三冊第十一章至第十三章，選擇性必修第二冊第一章。一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.下列說法正確的是（）A.自然界中的能量總是守恒的，所以沒必要節(jié)約能源B.電池工作時(shí)將化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能和內(nèi)能C.水能、風(fēng)能、天然氣都屬于可再生能源D.電磁波是由電場和磁場的相互“激發(fā)”而產(chǎn)生的，不具有能量【答案】B【解析】A．能量雖然是守恒的，但是能量會(huì)耗散，可利用的能源在減少，所以要節(jié)約能源，故A錯(cuò)誤；B．電池工作時(shí)化學(xué)能主要轉(zhuǎn)化為電能，部分因內(nèi)阻轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故B正確；C．天然氣屬不可再生能源，水能、風(fēng)能屬可再生能源，故C錯(cuò)誤；D．電磁波傳播時(shí)伴隨電磁場能量傳遞（如光能、輻射能），故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖所示，水平絕緣地面上方有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，下列四個(gè)質(zhì)量相同的小球（圖中未畫出）中對地面壓力最大的是（）A.靜止的帶正電小球甲B.水平向右運(yùn)動(dòng)的帶負(fù)電小球乙C.水平向右運(yùn)動(dòng)的不帶電小球丙D.水平向右運(yùn)動(dòng)的帶正電小球丁【答案】B【解析】設(shè)小球的重力均為。小球甲靜止在地面上，受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知，地面對小球甲的支持力大小為根據(jù)牛頓第三定律可得，小球甲對地面的壓力大小為不帶電的小球丙水平向右運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知，地面對小球丙的支持力大小為根據(jù)牛頓第三定律可得，小球丙對地面的壓力大小為帶負(fù)電小球乙水平向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可得，小球乙受到豎直向下的洛倫茲力，則小球乙在豎直方向上受到豎直向下的重力、豎直向下的洛倫茲力和豎直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知，地面對小球乙的支持力大小為根據(jù)牛頓第三定律可得，小球乙對地面的壓力大小為帶正電小球丁水平向右運(yùn)動(dòng)，根據(jù)左手定則可得，小球丁受到豎直向上洛倫茲力，則小球丁在豎直方向上受到豎直向下的重力和豎直向上的洛倫茲力以及豎直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知，地面對小球丁的支持力大小滿足根據(jù)牛頓第三定律可得，小球丁對地面的壓力大小為所以對地面壓力最大的是小球乙。故選B。3.如圖所示，、均為滑動(dòng)變阻器，滑片均處于滑動(dòng)變阻器中間位置。閉合電路使燈泡發(fā)光后，不考慮燈泡燒壞的情況，電源兩端電壓恒定，燈泡中燈絲的電阻不變，下列說法正確的是（）A.僅向右移動(dòng)的滑片，燈泡變暗B.僅向左移動(dòng)的滑片，燈泡變亮C.僅向右移動(dòng)的滑片，燈泡變暗D.僅向左移動(dòng)的滑片，燈泡變暗【答案】C【解析】A．僅向右移動(dòng)的滑片，則接入電路中的阻值減小，根據(jù)“串反并同”可知，與等效串聯(lián)的燈泡的功率變大，即燈泡變亮，故A錯(cuò)誤；B．僅向左移動(dòng)的滑片，則接入電路中的阻值增大，根據(jù)“串反并同”可知，與等效串聯(lián)的燈泡的功率變小，即燈泡變暗，故B錯(cuò)誤；C．僅向右移動(dòng)的滑片，則接入電路中的阻值減小，根據(jù)“串反并同”可知，與并聯(lián)的燈泡的功率減小，即燈泡變暗，故C正確；D．僅向左移動(dòng)的滑片，則接入電路中的阻值增大，根據(jù)“串反并同”可知，與并聯(lián)的燈泡的功率增大，即燈泡變亮，故D錯(cuò)誤。故選C。4.如圖所示，邊長為的正方形線框通過絕緣細(xì)線懸掛在豎直固定的彈簧測力計(jì)下端，虛線區(qū)域內(nèi)存在垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場（未畫出）。當(dāng)線框中未通過電流時(shí)，彈簧測力計(jì)示數(shù)為，線框中通有逆時(shí)針方向的電流時(shí)，彈簧測力計(jì)示數(shù)為，。虛線區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向分別為（）A.，垂直于紙面向里 B.，垂直于紙面向外C.，垂直于紙面向里 D.，垂直于紙面向外【答案】A【解析】因?yàn)?，根?jù)平衡條件可知，通電流后，線框受到豎直向上安培力，大小為，則磁場的大小為線框下邊cd中的電流方向?yàn)閺腸到d，根據(jù)左手定則可知，此時(shí)虛線區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蚶铩９蔬xA。5.某電源的路端電壓隨外電路的電阻變化的圖像如圖所示，則該電源的最大輸出功率為（）A.10W B.30W C.45W D.50W【答案】C【解析】由圖可知，當(dāng)外電路的電阻時(shí)，路端電壓為當(dāng)外電路的電阻時(shí)，路端電壓為設(shè)該電源的電動(dòng)勢為，內(nèi)阻為，則根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，其中，聯(lián)立，解得，當(dāng)外電路的電阻時(shí)，電源的輸出功率最大，此時(shí)最大的輸出功率為，故選C。6.回旋加速器示意圖如圖甲所示，兩個(gè)間距很小的D形盒并排放置于垂直盒面向下的勻強(qiáng)磁場中，兩盒的縫隙間所加高頻交變電源的電壓為、周期為，電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系圖像如圖乙所示。用該回旋加速器來加速電荷量為、質(zhì)量為的帶正電粒子1，0時(shí)刻從處由靜止釋放粒子1，經(jīng)縫隙間電場加速再經(jīng)D形盒的磁場偏轉(zhuǎn)半個(gè)圓周后，時(shí)刻粒子1恰好再次進(jìn)入縫隙間。已知帶正電粒子2的質(zhì)量為、電荷量也為，D形盒的半徑為且遠(yuǎn)大于縫隙的寬度。下列說法正確的是（）A.磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.粒子1的最大動(dòng)能與電壓成正比C.若僅將粒子1替換為粒子2，0時(shí)刻從處由靜止釋放的粒子2第二次進(jìn)入縫隙間會(huì)做減速運(yùn)動(dòng)D.若僅將粒子1替換為粒子2，粒子2的最大動(dòng)能為【答案】D【解析】A．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的周期為解得，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑與D形盒半徑相等時(shí)，粒子的速度最大，動(dòng)能最大，此時(shí)解得則，粒子的最大動(dòng)能為所以，粒子的最大動(dòng)能與電壓U無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．若僅將粒子1替換為粒子2，則粒子2在磁場中運(yùn)動(dòng)周期為則0時(shí)刻從A處由靜止釋放的粒子2第二次進(jìn)入縫隙間時(shí)刻為，此時(shí)縫隙間的電場反向，粒子2繼續(xù)做加速運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得則，粒子的最大動(dòng)能為，故D正確。故選D。7.如圖所示，光滑定滑輪O安裝在豎直的固定輕桿上，通有電流I的金屬棒PQ用輕質(zhì)絕緣細(xì)線繞過滑輪與懸空的物塊相連。通有垂直于紙面向外電流的金屬棒Q固定在水平地面上且位于定滑輪O的正下方，兩金屬棒彼此平行且長度相等。整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，P、O間細(xì)線的長度為L，P、Q間距離為，Q、O間距離為，金屬棒P、Q及滑輪的大小可忽略。已知通有電流I的金屬棒周圍某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B滿足關(guān)系式（r為該點(diǎn)到金屬棒的距離）。僅P中電流緩慢減小至，物塊始終靜止，則下列說法正確的是（）A.P中的電流方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦蛲釨.P與物塊的質(zhì)量之比為5∶4C.Q對P的作用力先增大后減小D.P中電流為時(shí)恰好位于Q的正上方【答案】D【解析】A．由題意可知，兩金屬棒間的作用力為斥力，根據(jù)安培定則和左手定則可知，P中的電流方向?yàn)榇怪庇诩埫嫦騼?nèi)，故A錯(cuò)誤；B．設(shè)P的質(zhì)量為m，物塊的質(zhì)量為M，對P受力分析，如圖所示將力平移后，如圖則力的矢量三角形與三角形OPQ相似，根據(jù)相似可得又因?yàn)?，，解得，故B錯(cuò)誤；C．物塊始終靜止，P中電流減小的過程，PQ減小，由B選項(xiàng)分析可知，Q對P的作用力F一直減小，故C錯(cuò)誤；D．因?yàn)榻獾肞恰好位于Q的正上方時(shí)，兩金屬棒間的距離由減小為根據(jù)可知，P所處的磁場增大為原來的2倍，P中的電流減小為原來的，根據(jù)F=BIL可知，兩金屬棒間的作用力變?yōu)榇藭r(shí)，P受到的豎直向上的斥力和豎直向下的重力的合力為即，P恰好位于Q的正上方，故D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，閉合金屬圓環(huán)放置于足夠大的勻強(qiáng)磁場中，下列方法中能使圓環(huán)中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.向上平移圓環(huán) B.增大磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度C.向右平移圓環(huán) D.圓環(huán)繞其對稱軸（虛線）轉(zhuǎn)動(dòng)【答案】BD【解析】A．向上平移圓環(huán)，穿過圓環(huán)的磁通量不變，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；B．增大磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度，穿過圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C．向右平移圓環(huán)，穿過圓環(huán)的磁通量不變，不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；D．圓環(huán)繞其對稱軸（虛線）轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D正確。故選BD。9.導(dǎo)體a、b、c的伏安特性曲線均如圖甲所示，虛線是電壓為8V處該曲線的切線。將導(dǎo)體a、b、c按圖乙所示電路接在恒壓電源兩端，閉合開關(guān)后通過導(dǎo)體c的電流為0.4A，下列說法正確的是（）A.此時(shí)導(dǎo)體c的電阻為B.此時(shí)導(dǎo)體c的電阻為C.恒壓電源的電壓大于12VD.恒壓電源的電壓小于12V【答案】BC【解析】AB．由圖甲可知，當(dāng)通過導(dǎo)體c的電流為0.4A時(shí)，導(dǎo)體c兩端的電壓為8V，則電阻為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由題意可知，通過導(dǎo)體a和導(dǎo)體b的電流相等，且均為導(dǎo)體c電流的一半，即通過導(dǎo)體a和導(dǎo)體b的電流為0.2A，由圖甲可知，此時(shí)導(dǎo)體a和導(dǎo)體b兩端的電壓相等且大于4V，則恒壓電源的電壓，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，豎直平面內(nèi)有水平向右的勻強(qiáng)電場和垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為。長為0.4m的絕緣輕繩一端固定在點(diǎn)，另一端系著的帶正電小球（可視為點(diǎn)電荷）。小球恰能繞點(diǎn)沿順時(shí)針方向在豎直平面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)速度最大，、兩點(diǎn)連線與豎直方向的夾角的正弦值。取重力加速度大小，不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（）A.電場的電場強(qiáng)度大小B.小球運(yùn)動(dòng)過程中的最小速度為2m/sC.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)的速度大小為3m/sD.小球經(jīng)過點(diǎn)時(shí)的速度大小為【答案】AD【解析】A．根據(jù)題意可知，A點(diǎn)是重力場與電場等效場的最低點(diǎn)，即重力與電場力的合力方向沿直線OA，則有，代入數(shù)據(jù)解得，故A正確；B．根據(jù)題意可知，AO延長線與圓周的交點(diǎn)位置小球運(yùn)動(dòng)速度最小，此時(shí)由重力、電場力、洛倫茲力的合力提供向心力，則有，代入數(shù)據(jù)解得最小速度為，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)動(dòng)能定理可得，代入數(shù)據(jù)解得，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.張同學(xué)設(shè)計(jì)如圖甲所示的電路來測量干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室可供選擇的器材如下：A．干電池（電動(dòng)勢約為1.5V，內(nèi)阻小于）；B．電壓表（量程為，內(nèi)阻約為）；C．電流表（量程為，內(nèi)阻為）；D．滑動(dòng)變阻器（可調(diào)節(jié)范圍為）；E．滑動(dòng)變阻器（可調(diào)節(jié)范圍為）；F．單刀雙擲開關(guān)、單刀單擲開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）為減小實(shí)驗(yàn)誤差和方便操作，電路中的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用______（填“D”或“E”），實(shí)驗(yàn)時(shí)單刀雙擲開關(guān)應(yīng)撥至______（填“1”或“2”）。（2）正確選擇器材并經(jīng)多次實(shí)驗(yàn)后，測得電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化的圖像如圖乙所示，則該干電池的電動(dòng)勢______V，內(nèi)阻______Ω。（計(jì)算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）D1（2）1.50.80【解析】（1）[1]由于干電池的內(nèi)阻較小，為了調(diào)節(jié)方便，使電表示數(shù)變化明顯，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用阻值較小的D；[2]由于電流表內(nèi)阻已知，電流表的分壓可求，所以電流表相對于電源應(yīng)采用內(nèi)接法，則實(shí)驗(yàn)時(shí)單刀雙擲開關(guān)應(yīng)撥至1。（2）[1][2]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得由圖乙可得解得內(nèi)阻為12.某實(shí)驗(yàn)小組測量一粗細(xì)均勻金屬絲的電阻率。（1）用10等分游標(biāo)卡尺測量該金屬絲的長度，測量結(jié)果如圖甲所示，則______cm。（2）用螺旋測微器測量該金屬絲的直徑，測量結(jié)果如圖乙所示，則______mm。（3）該實(shí)驗(yàn)小組選用圖丙所示電路來測量金屬絲的電阻，電流表的內(nèi)阻可忽略。正確連接電路后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑片位置至合適位置，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值至?xí)r，電流表的示數(shù)分別為、，則待測金屬絲的電阻______，電阻率______。（均用給定的物理量符號(hào)表示）【答案】（1）5.12（2）0.730（3）【解析】（1）10分度游標(biāo)卡尺的精確值為，由圖甲可知金屬絲的長度為（2）螺旋測微器的精確值為，由圖乙可知金屬絲的直徑為（3）[1]根據(jù)歐姆定律可得待測金屬絲的電阻為[2]根據(jù)電阻定律可得聯(lián)立解得電阻率為13.某學(xué)習(xí)小組為將一個(gè)小量程的電流表改裝為量程為的電流表和量程為的電壓表，設(shè)計(jì)了如圖所示的電路。已知小量程的電流表的內(nèi)阻，滿偏電流。（1）若需使用量程為電流表，應(yīng)將開關(guān)S撥至1還是2？（2）求電阻、的阻值。【答案】（1）1（2），【解析】（1）將開關(guān)S撥至1，為量程為的電流表，將開關(guān)S撥至2，為量程為的電壓表。（2）將開關(guān)S撥至1，有代入數(shù)據(jù)可得將開關(guān)S撥至2，有解得14.絕緣水平桌面上放置著由材料、粗細(xì)均相同的金屬絲圍成的等邊三角形邊框，桌面上存在垂直于桌面向下的勻強(qiáng)磁場，從桌面上方觀察的俯視圖如圖所示。電動(dòng)勢、內(nèi)阻不計(jì)的電源通過軟導(dǎo)線接在邊框的、點(diǎn)時(shí)，邊框恰好未滑動(dòng)。已知邊框每條邊的質(zhì)量，長度，電阻，邊框與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)且接觸面間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，不計(jì)軟導(dǎo)線對邊框的作用力，取重力加速度大小。（1）求軟導(dǎo)線中的電流；（2）求勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）僅將軟導(dǎo)線與邊框的接觸點(diǎn)移至、點(diǎn)且，求邊框受到桌面的摩擦力大小與、點(diǎn)間的距離間的關(guān)系式?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（）【解析】（1）通過邊的電流為通過邊的電流為則軟導(dǎo)線中的電流為（2）邊受到安培力大小為邊受到的安培力大小為邊框恰好未滑動(dòng)，則有聯(lián)立解得勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（3）僅將軟導(dǎo)線與邊框的接觸點(diǎn)移至、點(diǎn)且，、點(diǎn)間的距離為，則和兩部分受到的安培力等效長度均為；由題意可知，單位長度的電阻為則部分的電阻為通過部分的電流為部分受到的安培力大小為部分的電阻為通過部分的電流為部分受到的安培力大小為則邊框受到桌面的摩擦力大小為（）15.如圖所示，平行金屬板C、D間