1、最新資料推薦20092012 年高考物理試題分類匯編：牛頓運動定律2012 年高考題1、（ 2012 新課標）伽利略根據小球在斜面上運動的實驗和理想實驗，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學的基礎。早期物理學家關于慣性有下列說法，其中正確的是（AD）A. 物體抵抗運動狀態(tài)變化的性質是慣性B.沒有力作用，物體只能處于靜止狀態(tài)C. 行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質是慣性D. 運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動2、（ 2012 安徽）如圖所示，放在固定斜面上的物塊以加速度沿斜面勻加速下滑，若在物塊上再施加一豎直向下的恒力，則（C）A. 物塊可能勻速下滑B. 物塊仍以加速

2、度勻速下滑C. 物塊將以大于的加速度勻加速下滑D. 物塊將以小于的加速度勻加速下滑解析：初，加上一個力以后，,所以 a增大。3、（ 2012 全國大綱卷）圖1 為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50Hz 的交流電源，打點的時間間隔用t表示。在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來研究 “在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。（ 1）完成下列實驗步驟中的填空：平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列 _的點。- 1 -最新資料推薦按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼。打開打點

3、計時器電源，釋放小車，獲得帶有點列的紙袋，在紙袋上標出小車中砝碼的質量m。按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟。在每條紙帶上清晰的部分，沒5 個間隔標注一個計數點。測量相鄰計數點的間距s1， s2， 。求出與不同m 相對應的加速度a。以砝碼的質量m 為橫坐標為縱坐標，在坐標紙上做出關系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與 m 處應成 _關系（填 “線性 ”或 “非線性 ”）。（ 2）完成下列填空：（）本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_ 。（）設紙帶上三個相鄰計數點的間距為s1、 s2、 s3。 a 可用

4、s1、 s3 和 t表示為 a=_。圖 2 為用米尺測量某一紙帶上的s1、 s3 的情況，由圖可讀出s1=_mm ， s3=_ 。由此求得加速度的大小 a=_m/s 2。（）圖 3 為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質量為 _。- 2 -最新資料推薦【解題思路】（1）平衡好小車所受的阻力，小車做勻速運動，打點計時器打出的點間隔基本相等根據牛頓第二定律可知，與 m 為一次函數關系，是線性關系。 （ 2）（ i)為保證小車所受拉力近似不變，應滿足小吊盤和盤中物塊的質量之和遠小于小車的質量。 (ii) 由可知，由圖可讀出，換

5、算后代入上式中，得（ iii)設小車質量為M ，由牛頓第二定律可得：，結合圖象可知，【參考答案】間隔均勻，線性，遠小于小車的質量， 24.2mm,47.2mm,1.15,4、（ 2012 山東）某同學利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上（尚未到達滑輪處）。從紙帶上便于測量的點開始，每 5 個點取 1 個計數點，相鄰計數點間的距離如圖議所示。打點計時器電源的頻率為 50Hz 。通過分析紙帶數據，可判斷物塊在相鄰計數點和之間某時刻開始減速。計數點5 對應的速度大小為m/s，計數點6 對應的速度大小為m/s。（保

6、留三位有效數字）。- 3 -最新資料推薦物塊減速運動過程中加速度的大小為=m/s2,若用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數（ g為重力加速度），則計算結果比動摩擦因數的真實值（填 “偏大 ”或“偏小 ”）。答案： 6； 7【或 7； 6】 1.00； 1.20 2.00；偏大5、（ 2012 重慶）某校舉行托乒乓球跑步比賽，賽道為水平直道，比賽距離為S，比賽時，某同學將球置于球拍中心，以大小 a 的加速度從靜止開始做勻加速運動，當速度達到v0 時，再以v0 做勻速直線運動跑至終點。整個過程中球一直保持在球拍中心不動。比賽中，該同學在勻速直線運動階級保持球拍的傾角為 ，如題 25 圖所示。設球在運動

7、過程中受到的空氣阻0力與其速度大小成正比，方向與運動方向相反，不計球與球拍之間的摩擦，球的質量為m，重力加速度為g空氣阻力大小與球速大小的比例系數k求在加速跑階段球拍傾角隨球速 v 變化的關系式整個勻速跑階段，若該同學速率仍為v0 ，而球拍的傾角比0 大了 并保持不變，不計球在球拍上的移動引起的空氣阻力的變化，為保證到達終點前球不從球拍上距離中心為 r 的下邊沿掉落，求 應滿足的條件。- 4 -最新資料推薦解：在勻速運動階段有，得加速階段，設球拍對球的支持力為，有得以速度v0 勻速運動時，設空氣的阻力與重力的合力為F ，有球拍傾角為時，空氣阻力與重力的合力不變，設球沿球拍面下滑的加速度大小為，

8、有設勻速跑階段所用時間為t，有球不從球拍上掉落的條件得6.（2012 江蘇） 5如圖所示，一夾子夾住木塊，在力F 作用下向上提升，夾子和木塊的質量分別為 m、M，夾子與木塊兩側間的最大靜摩擦有均為f，若木塊不滑動， 力 F 的最大值是 （）2 f (m + M )2 f (m + M )ABMm2 f ( m + M )- (m + M )gD2 f ( m + M )C+ ( m + M ) gMM- 5 -最新資料推薦7、（ 2012 上海）如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、 B 疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對靜止， A 上表面水平。則在斜面上運動時，B 受力的示意圖為（A）8、（

9、2012 海南）根據牛頓第二定律，下列敘述正確的是（D）A. 物體加速度的大小跟它的質量和速度大小的乘積成反比B.物體所受合力必須達到一定值時，才能使物體產生加速度C. 物體加速度的大小跟它所受作用力中的任一個的大小成正比D. 當物體質量改變但其所受合力的水平分力不變時，物體水平加速度大小與其質量成反比9、（ 2012 浙江）為了研究魚所受水的阻力與其形狀的關系，小明同學用石蠟做成兩條質量均為m、形狀不同的 “A魚 ”和 “B魚 ”，如圖所示。 在高出水面 H 處分別靜止釋放 “A魚 ”和“B魚 ”， “A 魚 ”豎直下滑 hA 后速度減為零， “B魚 ” 豎直下滑 hB 后速度減為零。 “魚

10、 ”在水中運動時，除受重力外還受浮力和水的阻力，已知 “魚 ”在水中所受浮力是其重力的 10/9 倍，重力加速度為 g，“魚 ” 運動的位移遠大于 “魚 ”的長度。假設 “魚 ”運動時所受水的阻力恒定，空氣阻力不計。求：（ 1） “A魚 ”入水瞬間的速度 V A1 ；（ 2） “A魚 ”在水中運動時所受阻力 fA ；（ 3） “A魚 ”與 “B魚 ” 在水中運動時所受阻力之比 f A： fB【答案】【考點】勻變速運動、牛頓定律- 6 -最新資料推薦【解析】（ 1） A 從 H 處自由下落，機械能守恒：,解得：（ 2）小魚 A 入水后做勻減速運動，得減速加速度：，由牛頓第二定律：解得：（ 3）同

11、理可得,得：2011 年高考試題1. 如圖，在光滑水平面上有一質量為m1 的足夠長的木板，其上疊放一質量為m2 的木塊。假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動摩擦力相等?，F給木塊施加一隨時間t 增大的水平力F=kt（ k 是常數），木板和木塊加速度的大小分別為a1 和 a2，下列反映 a1 和 a2 變化的圖線中正確的是（ A）解析：主要考查摩擦力和牛頓第二定律。木塊和木板之間相對靜止時，所受的摩擦力為靜摩擦力。在達到最大靜摩擦力前，木塊和木板以相同加速度運動，根據牛頓第二定律 a1 a2kt。m1m2木塊和木板相對運動時，a1m2 ga2kt恒定不變，g 。所以正確答案是 A。m1m22.

12、（ 10 分）利用圖 1 所示的裝置可測量滑塊在斜面上運動的加速度。一斜面上安裝有兩個光電門，其中光電門乙固定在斜面上靠近底端處，光電門甲的位置可移動，當一帶有遮光片的滑塊自斜面上滑- 7 -最新資料推薦下時，與兩個光電門都相連的計時器可以顯示出遮光片從光電門甲至乙所用的時間t 。改變光電門甲的位置進行多次測量，每次都使滑塊從同一點由靜止開始下滑，并用米尺測量甲、乙之間的距離 s，記下相應的 t 值；所得數據如下表所示。完成下列填空和作圖：（ 1）若滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經過光電門乙時的瞬時速度v1 測量值 s 和 t 四個物理量之間所滿足的關系式是_；(2)根據表中

13、給出的數據，在圖2 給出的坐標紙上畫出圖線；（ 3）由所畫出的圖線，得出滑塊- 8 -最新資料推薦加速度的大小為a=_m/s 2 （保留 2 位有效數字） 。解 析 ：（ 1 ） 滑 塊 做 勻 加 速 直 線 運 動 ， 利 用 vv t 和 v v0at 有 v1stta 解 得22s1 at v1或 s1 at 2v1tt22（ 2） st圖線如圖所示t（ 3）由 s1 at v1 可知，st圖線 斜率絕對值為1 a 即 k1 a 2 ，解得 a=2t2t223.（ 2011 天津）如圖所示， A、B 兩物塊疊放在一起，在粗糙的水平面上保持相對靜止地向右做勻減速直線運動，運動過程中B 受

14、到的摩擦力A 方向向左，大小不變B方向向左，逐漸減小C 方向向右，大小不變D 方向向右，逐漸減小【解析】：考查牛頓運動定律處理連接體問題的基本方法，簡單題。對于多個物體組成的物體系統(tǒng)，若系統(tǒng)內各個物體具有相同的運動狀態(tài)，應優(yōu)先選取整體法分析， 再采用隔離法求解。 取 A、B 系統(tǒng)整體分析有f地 A =(mAmB ) g( mAmB )a ，a=g， B與A 具 有 共 同 的 運 動 狀 態(tài) ， 取B 為 研 究 對 象 ， 由 牛 頓 第 二 定 律 有 ：fAB = mB gmB a常數 ，物體 B 做速度方向向右的勻減速運動，故而加速度方向向左?！敬鸢浮浚?A4.（ 2011 天津）（

15、1）某同學用測力計研究在豎直方向運行的電梯運動狀態(tài)。他在地面上用測力計測量砝碼的重力，示數為G。他在電梯中用測力計仍測量同一砝碼的重力，發(fā)現測力計的示數小于 G，由此判斷此時電梯的運動狀態(tài)可能是減速上升或加速下降?！窘馕觥浚何矬w處于失重狀態(tài)，加速度方向向下，故而可能是減速上升或加速下降。- 9 -最新資料推薦5.（ 2011 四川）如圖是“神舟”系列航天飛船返回艙返回地面的示意圖，假定其過程可簡化為：打開降落傘一段時間后，整個裝置勻速下降，為確保安全著陸，需點燃返回艙的緩沖火箭，在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動，則A.火箭開始噴氣瞬間傘繩對返回艙的拉力變小B.返回艙在噴氣過程中減速的主要原

16、因是空氣阻力D.返回艙在噴氣過程中處于失重狀態(tài)【答案】 A【解析】在火箭噴氣過程中返回艙做減速直線運動， 加速度方向向上，返回艙處于超重狀態(tài)， 動能減小， 返回艙所受合外力做負功， 返回艙在噴氣過程中減速的主要原因是緩沖火箭向下噴氣而獲得向上的反沖力。火箭開始噴氣前勻速下降拉力等于重力減去返回艙受到的空氣阻力， 火箭開始噴氣瞬間反沖力直接對返回艙作用因而傘繩對返回艙的拉力變小?！久}意圖與考點定位】牛頓運動定律的綜合應用。6. （ 10 分）在“探究加速度與力、質量的關系”實驗時，已提供了小車，一端附有定滑輪的長木板、 紙帶、帶小盤的細線、刻度尺、 天平、導線。 為了 完成實驗， 還須從下圖中

17、選取實驗器材，其名稱是（漏選或全選得零分） ；并分別寫出所選器材的作用。6. 答案：學生電源、電磁打點計時器、鉤碼、砝碼或電火花計時器、鉤碼、砝碼學生電源為電磁打點計時器提供交流電源；電磁打點計時器 （電火花計時器）記錄小車運動的位置和時間； 鉤碼用以改變小車的質量；砝碼用以改變小車受到的拉力的大小，還可以用于測量小車的質量。解析：電磁打點計時器（電火花計時器）記錄小車運動的位置和時間；鉤碼用以改變小車的質量；砝碼用以改變小車受到的拉力的大小，還可以用于測量小車的質量。如果選電磁打點計時器，則需要學生電源，如果選電火花計時器，則不需要學生電源。7.（ 2011北京） .“蹦極 ”就是跳躍者把一

18、端固定的長彈性繩綁在踝關節(jié)等處，從幾十米高處跳下的一種極限運動。某人做蹦極運動，所受繩子拉力F的大小隨時間t變化的情況- 10 -最新資料推薦如圖所示。將蹦極過程近似為在豎直方向的運動，重力加速度為g。據圖可知，此人在蹦極過程中最大加速度約為A GB 2gC 3gD 4g答案： B8. （2 011上海）受水平外力 F作用的物體，在粗糙水平面上作直線運動，其示，則(A) 在 0t1 秒內，外力 F 大小不斷增大vt圖線如圖所(B) 在 t1 時刻，外力F 為零(C) 在 t1t2秒內，外力F(D) 在 t1t2秒內，外力F答案： CD大小可能不斷減小大小可能先減小后增大9. （ 2011上海）

19、 .(5分) 如圖，為測量作勻加速直線運動小車的加速度，將寬度均為b的擋光片 A、B固定在小車上，測得二者間距為d。(1) 當小車勻加速經過光電門時，測得兩擋光片先后經過的時間t1 和 t 2 ，則小車加速度a。(2)( 多選題 ) 為減小實驗誤差，可采取的方法是()(A) 增大兩擋光片寬度b(B)減小兩擋光片寬度b(C) 增大兩擋光片間距d(D)減小兩擋光片間距d答案：（1） b21212 (2)B ，C2d ( t2 )( t1)10 (12 分 ) 如圖，質量 m2kg 的物體靜止于水平地面的 A處， A、B間距 L=20m。用大小為 30N，沿水平方向的外力拉此物體，經t0 2s 拉至

20、 B處。 ( 已知 cos370.8 ， sin370.6 。取g10m / s2 )(1) 求物體與地面間的動摩擦因數；(2) 用大小為 30N，與水平方向成 37的力斜向上拉此物體，使物體從 A處由靜止開始運動并能到達 B處，求該力作用 的最短時間 t 。最新資料推薦答案 (12 分 )(1) 物體做勻加速運動L1 at02(1分)2 a2L22010(m / s2 )（1 分）t0222由牛頓第二定律Ffma（ 1 分）f3021010( N )(1分 )f100.5(1 分 )mg210(2) 設 F 作用的最短時間為 t ，小車先以大小為 a 的加速度勻加速 t 秒，撤去外力后，以大

21、小為 a ，的加速度勻減速 t 秒到達 B 處，速度恰為 0，由牛頓定律F cos37( mg F sin a37 )ma(1分 ) aF (cos37sin 37 )g30(0.8 0.5 0.6)0.5 10 11.5(m / s2 ) (1 分 )m2a fg5(m / s2 )（ 1 分）m由于勻加速階段的末速度即為勻減速階段的初速度，因此有ata t （ 1 分） t a11.52.3t（ 1 分）tta 5L1 at 21 a t 2（ 1 分）22 t2L2201.03(s)（ 1 分）a2.32 a 11.52.325（ 2）另解：設力 F 作用的最短時間為t ，相應的位移為

22、s，物體到達 B 處速度恰為0，由動能定理 F cos37(mgF sin37) smg( Ls)0（ 2 分） smgL0.521020（ 1 分）F (cos37sin 37 )30(0.86.06( m)0.5 0.6)- 12 -最新資料推薦由牛頓定律F cos37(mgF sin37 )ma（ 1 分） aF (cos37sin 37 )g30 (0.8 0.5 0.6)0.5 10 11.5(m / s2 ) （ 1 分）1m2 sat 2（ 1 分）2t2s26.06（ 1 分）a11.51.03(s)2010 年高考試題1.（全國卷1）15如右圖，輕彈簧上端與一質量為m 的木塊

23、 1 相連，下端與另一質量為M 的木塊 2 相連，整個系統(tǒng)置于水平放置的光滑木板上，并處于靜止狀態(tài)。現將木板沿水平方向突然抽出，設抽出后的瞬間，木塊1、 2的加速度大小分別為a1 、 a2 。重力加速度大小為 g。則有A a1g ， a2gB a10 ， a2 gC a10 ， a2m MgD a1mMMg ， a2gM【答案】 C【解析】在抽出木板的瞬時，彈簧對1 的支持力和對2 的壓力并未改變。對1 物體受重力和FMgM m支持力， mg=F,a1=0. 對 2 物體受重力和壓力，根據牛頓第二定律aMgM【命題意圖與考點定位】本題屬于牛頓第二定律應用的瞬時加速度問題，關鍵是區(qū)分瞬時力與延時

24、力。2. （上海物理） 11. 將一個物體以某一速度從地面豎直向上拋出，設物體在運動過程中所受空氣阻力大小不變，則物體（ A）剛拋出時的速度最大（ B）在最高點的加速度為零（ C）上升時間大于下落時間（ D）上升時的加速度等于下落時的加速度解析： a上gf ， a下gf ，所以上升時的加速度大于下落時的加速度，D 錯誤；1mm根據 hgt 2 ，上升時間小于下落時間，C 錯誤， B 也錯誤，本題選 A。2- 13 -最新資料推薦本題考查牛頓運動定律和運動學公式。難度：中3.（四川卷） 23(16 分 ) 質量為 M的拖拉機拉著耙來耙地，由靜止開始做勻加速直線運動，在時間 t 內前進的距離為s。

25、耙地時，拖拉機受到的牽引力恒為F，受到地面的阻力為自重的k 倍，耙所受阻力恒定，連接桿質量不計且與水平面的夾角 保持不變。求：(1) 拖拉機的加速度大小。(2) 拖拉機對連接桿的拉力大小。【答案】 a2s2t T1F M (kg2s)COSt 2 WTF M ( kg22s) st【解析】拖拉機在時間t內勻加速前進s，根據位移公式s1 at 22變形得a2st 2對拖拉機受到牽引力、支持力、重力、地面阻力和連桿拉力T，根據牛頓第二定律MaFkMgT cos連立變形得T1FM ( kg2s)COSt 2根據牛頓第三定律連桿對耙的反作用力為T T1F M (kg22s)cost4.（安徽卷） 22

26、. （ 14分）質量為 2kg 的物體在水平推力F 的作用下沿水平面作直線運動，一段時間后撤去 F ，其運動的 v t 圖像如圖所示。g 取 10 ms2 ，求：- 14 -最新資料推薦(1) 物體與水平面間的運動摩擦因數；(2) 水平推力 F 的大小；（ 3） 0 10s 內物體運動位移的大小。解析：（1）設物體做勻減速直線運動的時間為t2、初速度為v20、末速度為v2t、加速度為a2，則a2v2t v202m / s2t 2設物體所受的摩擦力為F ，根據牛頓第二定律，有fF f=ma 2F f=- mg聯立得a20.2g（ 2）設物體做勻加速直線運動的時間為t1、初速度為 v10、末速度為

27、 v1t、加速度為a1，則a1v1t v101m / s2t1根據牛頓第二定律，有F+F f=ma 1聯立得F= mg+ma1=6N（ 3）解法一：由勻變速直線運動位移公式，得x x1 x2v10 t11 a1t12v20 t21 a2 t2246 m22解法二：根據 vt 圖象圍成的面積，得v10v1tt11t246mxv20222009 年高考試題1.（ 09 年全國卷）15. 兩物體甲和乙在同一直線上運動，它們在00.4s 時間內的 v-t圖象如圖所示。若僅在兩物體之間存在相互作用，則物體甲與乙的質量之比和圖中時間t 1 分別為- 15 -最新資料推薦A 1和 0.30sB 3和 0.3

28、0s3C 1和 0.28sD 3和 0.28s3答案： B解析：本題考查圖象問題. 根據速度圖象的特 點 可 知 甲 做 勻 加 速 , 乙 做 勻 減 速 . 根 據av 得 3a甲a乙 , 根 據 牛 頓 第 二 定 律 有F1 F, 得m甲,3由tm甲3 m乙m乙a乙410 m / s21, 得 t=0.3s,B正確。0.40.4t2.（ 09 年上海卷） 7圖為蹦極運動的示意圖。彈性繩的一端固定在O 點，另一端和運動員相連。運動員從O 點自由下落，至B 點彈性繩自然伸直，經過合力為零的 C 點到達最低點D ，然后彈起。整個過程中忽略空氣阻力。分析這一過程，下列表述正確的是經過 B 點時

29、，運動員的速率最大經過 C 點時，運動員的速率最大從 C 點到 D 點，運動員的加速度增大從 C 點到 D 點，運動員的加速度不變ABCD答案： B3.（ 09 年寧夏卷） 20. 如圖所示，一足夠長的木板靜止在光滑水平面上，一物塊靜止在木板上，木板和物塊間有摩擦?，F用水平力向右拉木板，當物塊相對木板滑動了一段距離但仍有相對運動時，撤掉拉力，此后木板和物塊相對于水平面的運動情況為- 16 -最新資料推薦A. 物塊先向左運動，再向右運動B. 物塊向右運動，速度逐漸增大，直到做勻速運動C. 木板向右運動，速度逐漸變小，直到做勻速運動D. 木板和物塊的速度都逐漸變小，直到為零答案： BC4.（ 09

30、 年廣東物理）8.某人在地面上用彈簧秤稱得體重為490N 。他將彈簧秤移至電梯內稱其體重， t0 至 t3 時間段內，彈簧秤的示數如圖所示，電梯運行的v-t 圖可能是（取電梯向上運動的方向為正）答案： A解析：由圖可知，在t 0-t1 時間內，彈簧秤的示數小于實際重量，則處于失重狀態(tài)，此時具有向下的加速度，在 t1-t2 階段彈簧秤示數等于實際重量，則既不超重也不失重，在 t2-t3 階段，彈簧秤示數大于實際重量，則處于超重狀態(tài)，具有向上的加速度，若電梯向下運動，則t0 -t1 時間內向下加速， t1-t 2 階段勻速運動，t 2-t 3 階段減速下降，A 正確； BD 不能實現人進入電梯由靜

31、止開始運動， C 項 t 0-t1 內超重，不符合題意。5.（ 09 年廣東理科基礎）15搬運工人沿粗糙斜面把一個物體拉上卡車，當力沿斜面向上，大小為 F 時，物體的加速度為a1；若保持力的方向不變，大小變?yōu)?F 時，物體的加速度為a2，則A al =a2B a1a22al答案： D解析：當為 F 時有 a1Ff ，當為 2F 時有 a22Ff 2F 2 f f2a1f ，可mmmm知 a22a1 ， D 對。6.（ 09年山東卷） 17某物體做直線運動的v-t 圖象如圖甲所示，據此判斷圖乙（F 表示物體所受合力， x 表示物體的位移）四個選項中正確的是- 17 -最新資料推薦答案： B解析：

32、 由圖甲可知前兩秒物體做初速度為零的勻加速直線運動，所以前兩秒受力恒定，2s-4s做正方向勻加速直線運動，所以受力為負，且恒定，4s-6s 做負方向勻加速直線運動，所以受力為負，恒定，6s-8s做負方向勻減速直線運動，所以受力為正，恒定，綜上分析B 正確。考點： v-t 圖象、牛頓第二定律提示：在v-t 圖象中傾斜的直線表示物體做勻變速直線運動，加速度恒定，受力恒定。速度時間圖象特點：因速度是矢量， 故速度時間圖象上只能表示物體運動的兩個方向，t 軸上方代表的 “正方向”， t 軸下方代表的是“負方向”，所以“速度時間”圖象只能描述物體做“直線運動”的情況，如果做曲線運動，則畫不出物體的“位移

33、時間”圖象；“速度時間”圖象沒有時間t 的“負軸”，因時間沒有負值，畫圖要注意這一點；“速度時間”圖象上圖線上每一點的斜率代表的該點的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正負表示加速度的方向；“速度時間”圖象上表示速度的圖線與時間軸所夾的“面積”表示物體的位移。7. （ 09 年安徽卷） 22（ 14 分）在 2008 年北京殘奧會開幕式上，運動員手拉繩索向上攀登，最終點燃了主火炬，體現了殘疾運動員堅忍不拔的意志和自強不息的精神。為了探究上升過程中運動員與繩索和吊椅間的作用，可將過程簡化。一根不可伸縮的輕繩跨過輕質的定滑輪，一端掛一吊椅，另一端被坐在吊椅上的運動員拉住，如圖所示。設運動員

34、的質量為65kg，吊椅的質量為15kg，不計定滑輪- 18 -最新資料推薦與繩子間的摩擦。 重力加速度取g10m/s2 。當運動員與吊椅一起正以加速度a1m/s2 上升時，試求（ 1）運動員豎直向下拉繩的力；（ 2）運動員對吊椅的壓力。答案： 440N， 275N解析：解法一 :(1 ）設運動員受到繩向上的拉力為 F，由于跨過定滑輪的兩段繩子拉力相等，吊椅受到繩的拉力也是 F。對運動員和吊椅整體進行受力分析如圖所示，則有：2F - m人 m椅 gm人m椅 aFF440NF由牛頓第三定律，運動員豎直向下拉繩的力aF440N（2）設吊椅對運動員的支持力為FN，對運動員進行受力分析如圖所示，則有：(

35、m 人 +m 椅 )gF FN - m人 gm人 aFN FFN275Na由牛頓第三定律，運動員對吊椅的壓力也為275N解法二 : 設運動員和吊椅的質量分別為M和 m；運動員豎直向下的拉m 人 g力為F，對吊椅的壓力大小為F 。N根據牛頓第三定律，繩對運動員的拉力大小為，吊椅對運動員的支持力F為 FN。分別以運動員和吊椅為研究對象，根據牛頓第二定律FFN - M gMaF FNmgma由得F440NFN275N8. （ 09年江蘇卷）13. （ 15 分）航模興趣小組設計出一架遙控飛行器，其質量m =2 ，動力系統(tǒng)提供的恒定升力 F =28 N 。試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升。設飛行器飛行時所受的阻力大小不變，g 取 10m/s2。（ 1）第一次試飛，飛行器飛行t 1= 8 s時到達高度 H = 64 m 。求飛行器所阻力f 的大小；（ 2）第二次試飛，飛行器飛行t 2 = 6 s 時遙控器出現故障，飛行器立即失去升力。求飛行器能達到的最大高度h；- 19 -最新資料推薦（ 3）為了使飛行器不致墜落