1、柳州市2020屆高三畢業(yè)班4月模擬理科綜合能力測(cè)試物理部分二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中， 第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì) 的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列說(shuō)法正確的是（）A.盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型能夠解釋氫原子光譜的分立特征B.根據(jù)玻爾模型，氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時(shí)電子運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能變小C.溫度升高放射性元素半衰期變短D.用頻率為 的光照射某金屬，發(fā)出的某光電子的初動(dòng)能為-hv ,該金屬的截止頻率為 -V33【答案】B【詳解】A .盧瑟福在用 粒子轟擊金箔實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)大多粒子能穿透金箔，只有

2、少量的粒子發(fā) 生較大的偏轉(zhuǎn)，提出原子核式結(jié)構(gòu)學(xué)說(shuō)，但不能解釋原子光譜分立特征，而玻爾的原子模型 能很好的解釋，故 A錯(cuò)誤；B.氫原子從基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時(shí)，需吸收能量，則總能量增大，軌道半徑變大，根據(jù)2Vm 一,rEk1 2一 mv2可得ke2 2r因半徑增大，所以動(dòng)能減小，故 B正確;C.原子核的衰變是由原子核內(nèi)部因素決定的，與外界環(huán)境無(wú)關(guān)，即與原子的物理化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故C錯(cuò)誤；D,用頻率為 的光去照射某金屬時(shí)，出射電子初動(dòng)能為-hv不一定是最大初動(dòng)能，即3Ekm 1 h3根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ekm hv Wo-1 -解得，L2，Wo hv Eg h3則金屬的截止頻率為V0些故截止頻率小于

3、等于_2v故D錯(cuò)誤。 h3故選B。2.半圓柱體P放在粗糙的水平地面上，其右端有固定放置的豎直擋板MN .在P和MN之間放有一個(gè)光滑均勻的小圓柱體 Q,整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài). 如圖所示是這個(gè)裝置的縱截面圖.若用外力使MN保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，在 Q落到地面以前，發(fā)現(xiàn) P始終保持靜止.在此過(guò)程中，卜列說(shuō)法中止確的是A. MN對(duì)Q的作用力先減小后增大B.地面對(duì)P的摩擦力逐漸減小C. P、Q間的彈力逐漸增大D.地面對(duì)P的支持力逐漸增大【答案】C【詳解】AG又Q受力分析，受重力、vf 7,V1/ 1mg根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有Ni迺cosN2 mg tan當(dāng)MN保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，夾角故A錯(cuò)；C

4、對(duì)BQ再對(duì)P、Q整體受力分析，受重力、P對(duì)Q 支持力和 MN寸Q的支持力，如圖逐漸增大，公式可知：，i，N2增大, 二口右的支持力，如圖。CVf十砒r根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有N2 fN M mg當(dāng)MN保持豎直，緩慢地向右移動(dòng)，夾角逐漸增大，根據(jù)公式可知：地面對(duì)P的摩擦力逐漸增大，地面對(duì)P的支持力保持不變，故 BD錯(cuò)誤；3 .如圖所示，A、B兩顆質(zhì)量相同的衛(wèi)星均繞地王做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若 p表示衛(wèi)星的動(dòng)量大小，E表示衛(wèi)星的機(jī)械能，a表示衛(wèi)星的向心加速度大小， T表示周期，則下列關(guān)系正確的是（）A. PA> pBB. Ea<EbC. aA< aBD. Ta<Tb-24 -Mm-

5、2 r解得v軌道半徑較大，則VA<VB,由于AB的質(zhì)量相等，根據(jù)【詳解】A.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有2vm rp=mv可知兩者動(dòng)量的大小關(guān)系 PA<pB,故A錯(cuò)誤；B.衛(wèi)星由低軌道向高軌道運(yùn)動(dòng)需要增加機(jī)械能，故在A軌道的機(jī)械能大于 B軌道的機(jī)械能,故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有解得a GM-, A的軌道半徑較大，則 rmMG2-raA<aB,ma故C正確;D.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有GMm2-r解得T4一匚，A的軌道半徑較大，則 Ta>Tb,故D錯(cuò)誤。GM故選Co4 .如圖所示，輕彈簧的上端固定在天花板上，下端掛有物塊P,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用一豎直

6、向下的力F作用在物塊P上，使其以加速度 a豎直向下勻加速。運(yùn)動(dòng)一段距離（未超過(guò)彈簧的彈性限度），巳知加速度a小于重力加速度go以x表示物塊P離開(kāi)初始位置的位移，則在向下加速運(yùn)動(dòng)白過(guò)程中，力 F、物塊P的動(dòng)能Ek、系統(tǒng)的機(jī)械能增量 E和x之間的關(guān)系圖像可能正確的是（）【答案】B【詳解】AB .根據(jù)牛頓第二定律F-kx=ma解得F=ma+kx故F-x圖像應(yīng)為直線，故 A錯(cuò)誤，B正確;D.初動(dòng)能為零，根據(jù)動(dòng)能定理有F合 xEk勻加速運(yùn)動(dòng)F合恒定，故Ek-x圖像應(yīng)該為過(guò)原點(diǎn)的直線，D中初動(dòng)能不為零，故 D錯(cuò)誤;C.拉力F做功表征系統(tǒng)機(jī)械能的變化，根據(jù)功能關(guān)系有E Fx ma kx x因此E-x圖像為曲

7、線，故 C錯(cuò)誤。故選B。5 .一個(gè)含有理想變壓器的電路如圖所示，圖中Li、L2和L3是完全相同的三個(gè)燈泡，燈泡的額定電壓為Uo, U為正弦交流電源。當(dāng)開(kāi)關(guān) S閉合時(shí)，電路中的燈泡均能正常發(fā)光。下列說(shuō)法正確的是（）A.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1 ： 2B.交流電源電壓有效值為 2UoC.交流電源電壓最大值為 3J2U0D.若開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)穩(wěn)定后，燈泡 L2變暗【答案】C【詳解】A.三個(gè)燈泡均正常發(fā)光，副線圈回路中的電流是原線圈中電流的2倍，因此原副線圈的匝數(shù)比為n1222n2 I11故A錯(cuò)誤；B.因?yàn)楦本€圈回路兩個(gè)燈泡的并聯(lián)，電壓為 U。，根據(jù)Ui niU 0 n2解處原線圈兩端的電壓為 Ui

8、2U0,則交流電源的電壓U Uo 2Uo 3Uo故B錯(cuò)誤；C.最大值 Umax 22 3Uo 3J2Uo,故 C 正確;D.若斷開(kāi)S,副線圈回路的總電阻變大，輸出功率變小，輸出電流變小，輸入電流變小。燈泡Li兩端的電壓減小，原線圈兩端的電壓升高，所以副線圈兩端的電壓增大，燈泡L2變亮，故D錯(cuò)誤。故選Co6.如圖所示，相距為 2d的A、B兩個(gè)點(diǎn)電荷固定于豎直線上，電荷量分別為+Q和-Q。MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，與AB連線間的距離為d, C、D是細(xì)桿上與A、B等高的兩點(diǎn)，O點(diǎn)是CD中點(diǎn)。一個(gè)質(zhì)量為 m、電荷量為+q的帶電小球P （可視為點(diǎn)電荷，放入電場(chǎng)后不影響 電場(chǎng)的分布）穿過(guò)細(xì)桿，由C點(diǎn)靜

9、止開(kāi)始釋放，向下運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)速度大小為 v。已知靜電力 常量為k,重力加速度為g。則（）M：,0qdA. C、D兩點(diǎn)電勢(shì)上=歸B. C、D兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C.。點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小c- 2kQE=2d2D.小球P經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度大小為 2v【答案】BC【詳解】A.由等量異號(hào)電荷電場(chǎng)線分布可知，C點(diǎn)電勢(shì)高于D點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤;B.由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可知 CD兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，故 B正確;C.正點(diǎn)電荷Q在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為EikQ2d2負(fù)點(diǎn)電荷Q在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E2kQkQ2 22d2d如圖所示r/ Ao由電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加可得 O點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度E在SQ2d2D .從C到。與從。到D重

10、力及電場(chǎng)力做功相同，從 C到O過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有12W mv2從。到D過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有1212W 一 mvD - mv22聯(lián)立解得Vd 瓜,故D錯(cuò)誤。故選B。7.一物塊靜止在粗糙水平地面上，04s內(nèi)所受水平拉力隨時(shí)間的變化關(guān)系圖像如圖甲所示，02s內(nèi)速度圖像如圖乙所示。重力加速度g=10m/s2,關(guān)于物塊的運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是A.第4s末物塊的速度為0B.前4s內(nèi)物塊的位移大小為 6mC.前4s內(nèi)拉力的沖量為0D.物塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2【答案】AD【詳解】D.由乙圖可知，第 2s內(nèi)物體勻速運(yùn)動(dòng)，則由甲圖可知摩擦力f=F=2N;根據(jù)速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度，則第1s內(nèi)物

11、塊的加速度4一/2 ,2a - m / s =4m/s21第1s內(nèi)F=6N,根據(jù)牛頓第二定律有F-f=ma代入數(shù)據(jù)則有6-2=4 m解得m=1kg又f mg 2解得 0.2,故D正確;A.由甲圖可知，第 3s內(nèi)物體減速運(yùn)動(dòng),F的大小為2N,方向反向，根據(jù)牛頓第二定律有2+f=ma解得a=4m/s2,則減速到零的時(shí)間為1v 4t0 s 1sa 4故第3s末物塊速度為0,第4s內(nèi)拉力與摩擦力相等，物塊靜止，故 A正確;B.速度時(shí)間圖象圍成的面積表示位移，則前4s內(nèi)的位移為1 , ,1 / ,c c-1 4m 41m - 1 4m 0 8m2 2故B錯(cuò)誤;C.前4s內(nèi)拉力的沖量為 F-t圖象與坐標(biāo)軸

12、所圍面積，則有IF 6 1N s 2 1N s 2 2N s 4N s故C錯(cuò)誤。故選AD8.如圖所示，寬為L(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌 MN和PQ由圓弧部分和水平部分平滑連接，右端接阻值為R的定值電阻，水平軌道的左邊部分矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上、大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知go在圓弧部分的某一高度 h處由靜止釋放一根金屬棒，金屬棒到達(dá)磁場(chǎng)右邊界處恰好停止。金屬棒質(zhì)量為mR、導(dǎo)軌始終垂直接觸良好。導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為則在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A.通過(guò)電阻的最大電流大小為2BLJ2gh3RB.金屬棒兩端的最大電壓為BL J2 ghC.磁場(chǎng)區(qū)域長(zhǎng)度d= 3mR222gh2B LD.右端電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為 mgh【答

13、案】AC【詳解】A.金屬棒下滑過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有mgh1 2 -mv2金屬棒到達(dá)水平面時(shí)的速度v商h,金屬棒到達(dá)水平面后進(jìn)入磁場(chǎng)受到向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，剛到達(dá)水平面時(shí)的速度最大，最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv最大的感應(yīng)電流為I BLv2BL_JghR R 3R R 2故A正確；2BL . 2gh8 .金屬棒兩端的電壓為路端電壓，最大值為U IR故B錯(cuò)誤；0 mvC.金屬棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，由動(dòng)量定理得BIL而q又 2BLdq R 3RR -2聯(lián)立解得d 3嗎22gh，故C正確；2B LD.由能量守恒整個(gè)電路產(chǎn)生的焦耳熱為mgh,右端電阻R產(chǎn)生的焦耳熱小于 mgh,故D錯(cuò)誤。故選AC。三、非

14、選擇題：共174分。第22 32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33 38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9 .某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，讓小球從A點(diǎn)自由下落，下落過(guò)程中經(jīng)過(guò) A點(diǎn)正下方的光電門(mén) B時(shí)，光電計(jì)時(shí)器記錄下小球通過(guò)光電門(mén)時(shí)間t,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹?go。(1)為了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，該實(shí)驗(yàn)還需要測(cè)量下列哪些物理量A.小球的質(zhì)量m B.AB之間的距離H C.小球的直徑d (2)小球通過(guò)B點(diǎn)的速度v=；1 一(3)調(diào)整AB之間距離H,多次重復(fù)上述過(guò)程，作出 正隨H的變化圖像如圖乙所不，測(cè)得該直 線斜率為ko,當(dāng)小球下落過(guò)程中

15、機(jī)械能守恒時(shí)go =。【答案】(1). BC (2). -(3). ad2t212【詳解】(1) 1要驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，即需驗(yàn)證mgH與一mv2是否相等，其中v指的是小2球通過(guò)光電門(mén)時(shí)的瞬時(shí)速度，它與小球經(jīng)過(guò)光電門(mén)的平均速度相等，而小球通過(guò)光電門(mén)的平均速度大小為小球的直徑與經(jīng)過(guò)光電門(mén)的時(shí)間的比值。因此實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)出 AB之間的距離H和小球的直徑。由于需驗(yàn)證的兩式都有m,則不需要測(cè)量小球的質(zhì)量，故 BC正確，A錯(cuò)誤。故選BC。(2) 2勻變速運(yùn)動(dòng)的平均速度與該段時(shí)間中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度相等，則有dv 一td2t2(3) 3若機(jī)械能守恒，則有mgH1t2變形得2gd2圖像的斜率ko2g d2解得g

16、k°d2,實(shí)驗(yàn)得到的g與go相等，則機(jī)械能守恒。210.一實(shí)驗(yàn)小組要測(cè)量電壓表 V1的內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供如下器材:A.待測(cè)電壓表 Vi （量程為0 2V,內(nèi)阻約2k Q）B.標(biāo)準(zhǔn)電壓表 V2 （量程為0 9V,內(nèi)阻約4k Q）C.滑動(dòng)變阻器Ri （阻值范圍：0 10 9D.定值電阻R2=20 QE.定值電阻R3=5.0k QF.直流電源（內(nèi)阻約 1 ，電動(dòng)勢(shì)為12V）G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，除待測(cè)電壓表、直流電源、滑動(dòng)變阻器、開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線之外，該實(shí)驗(yàn)小組還選取了標(biāo)準(zhǔn)電壓表V2和一個(gè)定值電阻，定值電阻選 （填器材前面的序號(hào)）（2）某同學(xué)按所給的器材完成了供電部分的電路設(shè)計(jì)

17、，通過(guò)S2切換分壓接法與限流接法。請(qǐng)將圖中剩下電路的連線補(bǔ)充完整 ;當(dāng)S2斷開(kāi)時(shí)，電路為 接法；為確保電路安全，測(cè) 量時(shí)，開(kāi)關(guān)S2應(yīng)處于 狀態(tài)。11-根據(jù)選用的器材，待測(cè)電壓表Vi的讀數(shù)為Ui,定值電阻阻值為 R,標(biāo)準(zhǔn)電壓表 V2的讀數(shù)為U2,由此得出，待測(cè)電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式為 【答案】(1). E (2).（3） .限流（4） .閉合(5).U1RU2 U1【詳解】（1） 1由題知，要測(cè)電壓表 V1的內(nèi)阻，則需要測(cè)出 V1的電壓和電流，其電壓即為V1的示數(shù)，但沒(méi)有電流表，所以無(wú)法直接測(cè)出電流，故為使實(shí)驗(yàn)結(jié)果盡可能準(zhǔn)確，需要將一定值電阻與V1串聯(lián)起來(lái)分壓，然后再與電壓表 V2并聯(lián)，故需要大電阻

18、才能滿足分壓的要求， 故定值電阻應(yīng)選E;(2) 2為使測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，電路如圖所示3當(dāng)S2斷開(kāi)時(shí)，滑動(dòng)變阻器只有右邊部分接入電路中，故此時(shí)為限流接法;4為確保電路安全，測(cè)量時(shí)，開(kāi)關(guān)S2應(yīng)處于閉合狀態(tài)，則一開(kāi)始測(cè)量電壓表的示數(shù)可以從零開(kāi)始變化，不會(huì)因?yàn)殡妷哼^(guò)大而燒壞儀器；(3) 5根據(jù)串聯(lián)電路電壓關(guān)系，電壓表V2示數(shù)為U2,則定值電阻R3兩端電壓為U2-U1,電流為I U2 Ui根據(jù)RvUi解得RvU1RU2 Ui11.如圖所示，在y>0區(qū)域存在著垂直 xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在第四象限的空間中存在著 平行于xOy平面沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。 一質(zhì)量為m,帶電量

19、為q的帶正電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn) 以初速度vo射入磁場(chǎng)，方向與x軸負(fù)方向成60°角斜向上，然后經(jīng)過(guò) M點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)，并從 y 軸負(fù)半軸的N點(diǎn)垂直y軸射出電場(chǎng)。已知 M點(diǎn)坐標(biāo)為(L, 0),粒子所受的重力不計(jì)，求：(1)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B的大小;(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度 E的大小。qL4qL【詳解】(1)作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示設(shè)在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑為R,則幾何關(guān)系可得2Rsin60° =L由洛倫茲力提供向心力，則有qVoB2Vo m R聯(lián)立解得B由mv qL(2)粒子從M點(diǎn)到N點(diǎn)過(guò)程為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，逆推從N到M為類平拋運(yùn)動(dòng)沿x軸方向有L votcos60o沿y軸方向Vo si

20、n 60o at由牛頓第二定律得Eq=ma3mv2解得E 04qL12.如圖所示，直軌道與水平面夾角為37。，光滑豎直圓軌道與直軌道相切于C點(diǎn)，圓軌道最高點(diǎn)為D,半徑OD豎直，半徑為0.8m,質(zhì)量為0.5kg的物塊m放在B點(diǎn)，由止動(dòng)裝置使其 靜止，質(zhì)量為1kg的物塊M,從直軌道的P點(diǎn)滑向B點(diǎn)，當(dāng)其運(yùn)動(dòng)到 B點(diǎn)時(shí)，撤去m的止動(dòng) 裝置，M與m發(fā)生彈性正碰，之后 m恰好通過(guò)圓軌道最高點(diǎn)D,已知兩物塊與直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為 0.25, B、C點(diǎn)間的距離為1.7m, g=10m/s2, sin37 °=0.6、cos37 =0.8 ,物塊大小 忽略不計(jì)均可視為質(zhì)點(diǎn)，求：(1)物塊m通過(guò)C點(diǎn)

21、時(shí)的動(dòng)能；(2)物塊M在與m碰前瞬間速度的大??；物塊m拋出后落在斜面上的落點(diǎn)到B點(diǎn)的距離。4廿【答案】(1) 9.2J； (2) 6m/s； (3) 1.9m?！驹斀狻?1)圓周運(yùn)動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，則有12一 mvc2mg R Rcos371 2-mvD 2在最高點(diǎn)，由牛頓第二定律有vDmgm 一R而動(dòng)能Ek2 mvc聯(lián)立解得Ek9.2 j(2) m碰后速度為Vb ,碰后到C過(guò)程由動(dòng)能定理有1212mgLBC sin 37mgLBC cos37mvcmvB22碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則有Mv0 Mv1 mvB由能量守恒得121212Mv0 Mv1 mvB222聯(lián)立解得v0 6 m/sL,則(3)設(shè)物

22、塊在斜面上的落點(diǎn)為A, D點(diǎn)在斜面上的豎直投影點(diǎn)為DC AD間的距離為h 3 gt2由幾何關(guān)系知h R L sin 37cos37水平射程為x,則有x VDt由幾何關(guān)系知x=Lcos37°落點(diǎn)A到B的距離為L(zhǎng)ab L (Lbc Rtan37)聯(lián)立解得Lab 1.9 m13.下列說(shuō)法正確的是。A.氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子間存在斥力B.熱量不能自發(fā)的從溫度低的物體傳遞到溫度高的物體C.溫度高的物體分子的平均動(dòng)能一定大D.溫度高的物體內(nèi)能一定大E.晶體熔化過(guò)程分子平均動(dòng)能不變但分子勢(shì)能增加【答案】BCE【詳解】A .氣體的擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子永不停息的做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不能說(shuō)明分子間有斥力，故

23、A錯(cuò)誤；B.熱量總是自發(fā)的從高溫物體傳到低溫物體，也可以在引起其他變化的情況下從低溫物體傳遞給高溫物體，一切熱現(xiàn)象都具有方向性，故 B正確；C.分子的平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，故溫度越高，分子平均動(dòng)能越大，故 C正確；D.物體內(nèi)能與分子動(dòng)能、分子勢(shì)能、分子數(shù)量都有關(guān)系，故 D錯(cuò)誤；E.晶體熔化過(guò)程中溫度不變，分子平均動(dòng)能不變，吸收熱量增加了分子勢(shì)能，故E正確。故選BCE。14.如圖所示A為一直立圓筒型儲(chǔ)氣罐，B為一打氣筒，已知打不氣筒活塞M的行程為L(zhǎng)o,活塞面積為S,儲(chǔ)氣罐的高度為2Lo,截面積為3S,開(kāi)始罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)為 3P0,每次開(kāi)始打氣時(shí) 打氣筒活塞在最上端，內(nèi)部氣體壓強(qiáng)為Po,打氣筒通過(guò)細(xì)

24、管和單向閥門(mén)K與儲(chǔ)氣罐相連接。當(dāng)打氣簡(jiǎn)內(nèi)氣體壓強(qiáng)大干儲(chǔ)氣罐內(nèi)壓強(qiáng)時(shí)閥門(mén)開(kāi)啟。細(xì)管的容積忽略不計(jì)，儲(chǔ)氣罐與打氣筒導(dǎo)熱良好，環(huán)境溫度不變，緩慢向下推動(dòng)活塞?；钊蛳乱苿?dòng)多大距離時(shí) B中氣體開(kāi)始進(jìn)入 A中；要使儲(chǔ)氣罐內(nèi)壓強(qiáng)達(dá)到 4p。，打氣筒應(yīng)連續(xù)打氣多少次。2【答案】L0;6。3【詳解】當(dāng)打氣筒內(nèi)壓強(qiáng)為p時(shí)開(kāi)始有氣體進(jìn)入儲(chǔ)氣罐，則有p 3p取B中氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律有P0L0S pLS-，一 1解得L -L03所以活塞下移距離,2 , x Lo L - Lo 3取最后罐內(nèi)總的氣體為研究對(duì)象，這些氣體相當(dāng)于3po時(shí)的體積為Vi,由玻意耳定律有4po 6L0S 3poVi解得V1 8L0S還需要補(bǔ)入壓強(qiáng)為3P。氣體體積為V2,則有V2 V 6L0S 2L0S補(bǔ)入氣體在p。下體積為V3,由玻意耳定律有3p°V2 p0V3解得V3 6LoS打氣筒應(yīng)連續(xù)打氣的次數(shù)為L(zhǎng)