1、試卷第 =page 24 24頁，總 =sectionpages 25 25頁試卷第 =page 25 25頁，總 =sectionpages 25 25頁安徽省安慶市高考物理二模試卷二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1. 1909年，英國物理學(xué)家盧瑟福和他的學(xué)生蓋革、馬斯頓一起進(jìn)行了著名的“粒子散射實(shí)驗(yàn)”，實(shí)驗(yàn)中大量的粒子穿過金箔前后的運(yùn)動(dòng)圖景如圖所示。盧瑟福通過對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的分析和研究，于1911年建立了他自己的原子結(jié)構(gòu)模型。下列關(guān)

2、于“粒子穿過金箔后”的描述中，正確的是（ ） A.絕大多數(shù)粒子穿過金箔后，都發(fā)生了大角度偏轉(zhuǎn)B.少數(shù)粒子穿過金箔后，基本上沿原來方向前進(jìn)C.通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，確定了原子核半徑的數(shù)量級(jí)為10-15mD.通過粒子散射實(shí)驗(yàn)，確定了原子半徑的數(shù)量級(jí)為10-15m2. 給某物體一個(gè)初速度，使其沿直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中的v2-x關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（ ） A.物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)B.物體運(yùn)動(dòng)的初速度大小為16m/sC.物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為2m/s2D.物體通過8m位移所用的時(shí)間為4s3. 12月4日，新一代“人造太陽”裝置-中國環(huán)流器二號(hào)M裝置(HL-2M)在成都建成并實(shí)現(xiàn)首次放電，該裝置通過磁

3、場(chǎng)將粒子約束在小范圍內(nèi)實(shí)現(xiàn)核聚變。其簡(jiǎn)化模型如圖所示，核聚變主要原料氕核（H)和氘核（H)均從圓心O沿半徑方向射出，被約束在半徑為R和R兩個(gè)同心圓之間的環(huán)形區(qū)域，該區(qū)域存在與環(huán)面垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。則下列說法正確的是（ ） A.若有粒子從該約束裝置中飛出，則應(yīng)減弱磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B.若兩種粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑相同，則兩種粒子具有相同的動(dòng)能C.若兩種粒子從圓心射出到再次返回圓心的時(shí)間相同，則兩種粒子具有相同的動(dòng)量D.若氘核（H)在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑rR，則氘核（H)不會(huì)從該約束裝置中飛出4. 12月1日，“嫦娥五號(hào)”探測(cè)器成功實(shí)現(xiàn)在月球表面軟著陸，隨后開始約兩天的月面工作，在完成月壤的鉆取采樣

4、與封裝等工作后，于12月3日“上升器”啟動(dòng)3000N推力發(fā)動(dòng)機(jī)，從月面起飛上升，發(fā)動(dòng)機(jī)經(jīng)過約6分鐘的工作后到達(dá)距月面200km高的環(huán)月軌道繞月飛行，伺機(jī)與一直在該軌道飛行的“軌返組合體”進(jìn)行對(duì)接。已知月球質(zhì)量M7.41022kg，月球半徑R1740km，萬有引力常量G6.6710-11Nm2/kg2，則下列說法正確的是（ ） A.“軌返組合體”與“上升器”對(duì)接后，它們的共同速度將減小B.對(duì)接前，“軌返組合體”在環(huán)月軌道上飛行的速度約為1.6km/sC.對(duì)接后，“軌返組合體”與“上升器”一起繞月飛行的周期約為3hD.對(duì)接后，“軌返組合體”與“上升器”一起繞月飛行的向心加速度約為3m/s25. 如

5、圖所示，理想變壓器的原、副線圈中接有規(guī)格相同的燈泡A和B，其額定電壓均為U，定值電阻R的阻值為燈泡正常發(fā)光時(shí)電阻的八分之一。當(dāng)原線圈接入正弦交流電并合上開關(guān)后，燈泡A和B均正常發(fā)光，此時(shí)，交流電壓表的示數(shù)為（ ） A.10UB.9UC.8UD.7U6. 如圖所示，質(zhì)量m0.4kg的物塊停放在水平桌面上?，F(xiàn)對(duì)物塊施加一個(gè)豎直向上的外力F，使它由靜止開始豎直向上做直線運(yùn)動(dòng)。已知外力F隨時(shí)間t的變化關(guān)系為F(6-2t)N（時(shí)間單位為秒，g取10m/s2），則（ ） A.物塊向上運(yùn)動(dòng)過程一直做加速運(yùn)動(dòng)B.物塊向上運(yùn)動(dòng)過程中始終處于超重狀態(tài)C.在01s內(nèi)，物塊處于超重狀態(tài)D.在t2s時(shí)，物塊的速度為零7

6、. 如圖所示，豎直放置的半徑為R的四分之一光滑圓弧絕緣軌道AB與水平面BC相切于B點(diǎn)，整個(gè)空間分布著水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小E，質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球（視為質(zhì)點(diǎn)）由圓弧軌道的頂端A點(diǎn)靜止釋放。下列說法正確的是（ ） A.帶電小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為B.帶電小球剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小為gC.若帶電小球以初速度v0從A點(diǎn)水平向左拋出，帶電小球直接運(yùn)動(dòng)到水平面BC的時(shí)間為D.若電場(chǎng)方向變?yōu)樗较蛴遥笮，小球仍從A點(diǎn)由靜止釋放，帶電小球運(yùn)動(dòng)到水平面BC上的B點(diǎn)時(shí)速度恰好減為08. 如圖所示，一根絕緣輕彈簧左端固定在絕緣的豎直擋板上，彈簧自然伸長時(shí)右端位于O點(diǎn)。用一根不可伸長的絕緣輕

7、繩，通過輕質(zhì)光滑定滑輪連接帶電物塊P（視為點(diǎn)電荷）和不帶電物塊Q，物塊P所帶的的電荷量為+q，物塊P與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，整個(gè)空間存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)E。已知AO2x，OBx，物塊P和Q的質(zhì)量均為m，現(xiàn)將物塊P從圖中A點(diǎn)靜止釋放，P能向左運(yùn)動(dòng)并壓縮彈簧到最短的位置B點(diǎn)，P與滑輪之間的輕繩始終與水平面平行，不計(jì)空氣阻力及彈簧與水平面間的摩擦，重力加速度為g，整個(gè)過程中，滑輪右邊的輕繩始終處于伸直狀態(tài)，則（ ） A.物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的過程中，輕繩對(duì)物塊Q的拉力大小為mgB.物塊P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的過程中，系統(tǒng)機(jī)械能增加5mgxC.物塊P運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為3mgxD.運(yùn)動(dòng)過程

8、中彈簧的最大彈性勢(shì)能為4.5mgx三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。 有同學(xué)利用如圖所示裝置來驗(yàn)證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，并固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，三根繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，各繩另一端均連接鉤碼，各鉤碼質(zhì)量均相等，當(dāng)系統(tǒng)達(dá)到平衡時(shí)，根據(jù)鉤碼個(gè)數(shù)可讀出三根繩子的拉力F1、F2和F3，回答下列問題： （1）若某次實(shí)驗(yàn)中鉤碼個(gè)數(shù)N12，N25，則N3可能等于（）（填正確答案標(biāo)號(hào)）。A.2B.4C.8D.9 （2）在實(shí)驗(yàn)過程中，關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作和相關(guān)要求，下列說法正確的

9、是（）（填選項(xiàng)前字母）。A.實(shí)驗(yàn)中三段繩子應(yīng)與豎直木板平行B.實(shí)驗(yàn)中需要用天平測(cè)出一個(gè)鉤碼的質(zhì)量C.在某兩次實(shí)驗(yàn)中，O點(diǎn)位置可以不同D.實(shí)驗(yàn)中需要用量角器量出三段繩子之間的夾角 （3）通過實(shí)驗(yàn)，該同學(xué)用作圖法作出了兩個(gè)圖，如圖甲、乙所示，你認(rèn)為圖示中_（填“甲”或“乙”）是正確的。 某課外興趣小組想利用如圖所示電路測(cè)量電阻Rx的阻值和一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，除待測(cè)電源和待測(cè)電阻外還備有如下器材：電壓表V1：量程為500MV，內(nèi)阻為1k電壓表V2：量程為2V，內(nèi)阻為2k電壓表V3：量程為5V，內(nèi)阻為5k電阻箱R開關(guān)、導(dǎo)線若干 （1）為了較準(zhǔn)確地測(cè)定Rx的電阻值、電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，在三個(gè)電壓表中

10、選擇一個(gè)合適的電壓表是_（填入所給器材符號(hào)）。 （2）根據(jù)圖1的電路圖連接好電路后，測(cè)定電阻Rx時(shí)主要進(jìn)行了兩步實(shí)驗(yàn)。第1步：閉合S1和S3，斷開S2，記錄電壓表示數(shù)U1；第2步：閉合S1和S2，斷開S3，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電壓表示數(shù)仍為U1，此時(shí)電阻箱R的相應(yīng)讀數(shù)如圖2所示，則被測(cè)電阻Rx的電阻值為_。 （3）閉合S1和S2，斷開S3，通過多次改變電阻箱R的阻值，記錄R的值和對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)U，畫出U隨變化的圖線為直線，如圖3所示，則待測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)為_V，內(nèi)阻為_；從實(shí)驗(yàn)原理來看，實(shí)驗(yàn)測(cè)量值與真實(shí)值相比較，電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值_，內(nèi)阻的測(cè)量值_（后兩空填“偏大”、“偏小”或“不變”）。 如圖所

11、示，光滑平行金屬導(dǎo)軌由傾斜部分和水平部分平滑連接而成，導(dǎo)軌間距為d0.5m，上端電阻R1.5，在圖中矩形虛線框區(qū)域存在大小為B1T、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)將質(zhì)量m2kg、內(nèi)阻r0.5、長L0.5m的導(dǎo)體棒ab從傾斜導(dǎo)軌上高度h0.2m處由靜止釋放，導(dǎo)體棒將以速度v0進(jìn)入水平導(dǎo)軌，恰好穿過磁場(chǎng)區(qū)域。若將導(dǎo)體棒ab從傾斜導(dǎo)軌上更高的H處由靜止釋放，導(dǎo)體棒ab穿出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度恰好為vo，運(yùn)動(dòng)過程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，g10m/s2。 （1）求導(dǎo)體棒ab第一次進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)通過電阻R的電流； （2）若導(dǎo)體棒ab第二次通過磁場(chǎng)過程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱9J，求導(dǎo)體棒第二

12、次釋放高度H的值。 如圖為一傳送裝置，其傾斜部分與水平方向之間的夾角=37，傳送帶水平部分的長度為2.4m，傳送裝置以速度v0=4m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。某時(shí)刻有一質(zhì)量為m=1kg的物塊A傳送裝置最下端以速度v=15m/s射入，射入時(shí)速度方向與傳送裝置的傾斜部分平行，在物塊A射入的同時(shí)將質(zhì)量為2m的物塊B輕放于傳送裝置水平部分的最右端，B物塊剛轉(zhuǎn)過水平部分立即與A物塊發(fā)生碰撞（設(shè)B物塊經(jīng)過轉(zhuǎn)彎處時(shí)速度方向立即改變，大小不變），兩物塊碰撞后立刻粘合在一起運(yùn)動(dòng)。已知兩物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為=0.5，重力加速度g=10m/s2，537.28。試求： （1）兩物塊從開始釋放到碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間；

13、（2）兩物塊碰后瞬間的速度大??； （3）碰撞后兩物塊與傳送裝置間因摩擦而產(chǎn)生的熱量。（二）選考題：共45分。物理-選修3-3（15分） 下列說法正確的是（ ） A.布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子在永不停息地做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)B.在自由下落的過程中，封閉氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)為零C.做加速運(yùn)動(dòng)的物體，由于速度越來越大，因此物體內(nèi)分子的平均動(dòng)能也越來越大D.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體E.熱機(jī)的機(jī)械效率不可能達(dá)到100% 如圖所示，內(nèi)徑粗細(xì)均勻的U形管豎直放置在溫度為7C的環(huán)境中，左側(cè)管上端開口，并用h14cm的水銀柱封閉有長L114cm的理想氣體，右側(cè)管上端封閉，管上部有長

14、L224cm的理想氣體，左右兩管內(nèi)水銀面高度差h210cm。若把該裝置移至溫度恒為27C的房間中（依然豎直放置），在左側(cè)管中再注入一定量的水銀，使右管中氣體仍然恢復(fù)到原來的長度L2，大氣壓強(qiáng)恒為p076cmHg，不計(jì)一切摩擦，求：注入的水銀柱的長度；注入水銀后左側(cè)氣柱的長度。 物理-選修3-4 波源S在t0時(shí)開始振動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖所示，在某介質(zhì)中傳播形成一列簡(jiǎn)諧橫波，在波的傳播方向上有M、N兩質(zhì)點(diǎn)，它們到波源S的距離分別為24m和36m，測(cè)得M、N開始振動(dòng)的時(shí)間相差2.0s。下列說法正確的是（ ） A.N質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)的方向向下B.波在該介質(zhì)中傳播速度為6.0m/sC.該波的波長為4mD.當(dāng)N

15、質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng)時(shí)，M質(zhì)點(diǎn)正通過平衡位置向下運(yùn)動(dòng)E.從t0到t7s，M質(zhì)點(diǎn)通過的路程為30cm 如圖所示，為一個(gè)均勻透明介質(zhì)球，球心位于O點(diǎn)，半徑為R一束單色光從真空中沿DC方向平行于直徑AOB射到介質(zhì)球上的C點(diǎn)，DC與AB的距離H若該光束射入球體經(jīng)一次反射后由E點(diǎn)再次折射回真空中，此時(shí)的出射光線剛好與入射光線平行，已知光在真空中的速度為c，求：(i)介質(zhì)球的折射率n；(ii)光束從C點(diǎn)射入到從E點(diǎn)射出所經(jīng)歷的總時(shí)間t 參考答案與試題解析 安徽省安慶市高考物理二模試卷二、選擇題：本大題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符

16、合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.【答案】C【考點(diǎn)】粒子散射實(shí)驗(yàn)原子的核式結(jié)構(gòu)【解析】粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象為：粒子穿過原子時(shí)，只有當(dāng)粒子與核十分接近時(shí)，才會(huì)受到很大庫侖斥力，而原子核很小，所以粒子接近它的機(jī)會(huì)就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本按直線方向前進(jìn)?！窘獯稹緼B、絕大多數(shù)粒子穿過金箔后，基本上沿原來方向前進(jìn)。少數(shù)粒子穿過金箔后，發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)，故AB錯(cuò)誤；CD、通過“粒子散射實(shí)驗(yàn)”盧瑟福確定了原子核半徑的數(shù)量級(jí)為10-15m，而原子半徑的數(shù)量級(jí)為10-10m，不是通過粒子散射實(shí)驗(yàn)確定的，故C正確，D錯(cuò)誤；2.【答案】D【考點(diǎn)】勻變速直線

17、運(yùn)動(dòng)的速度與位移的關(guān)系x-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）非常規(guī)圖像勻變速直線運(yùn)動(dòng)的概念v-t圖像（勻變速直線運(yùn)動(dòng)）【解析】根據(jù)圖示v2-x圖象求出氣體的初速度與加速度，判斷物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，應(yīng)用速度-時(shí)間公式求出物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間?！窘獯稹緼BC、由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度-位移公式v2-2ax可知：由圖示v2-x圖象可知，縱軸截距b16m2/s2，圖象的斜率k2am/s2，解得，物體的初速度v04m/s，加速度a-1m/s2，初速度方向與加速度方向相反，物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故ABC錯(cuò)誤；D、由圖示圖象可知，物體位移x8m時(shí)，v20，則v0，物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間ts4s，故D正確。3.【答案】D【考點(diǎn)】向心力帶電

18、粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律【解析】根據(jù)r分析磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化；粒子的動(dòng)能與半徑的關(guān)系為Ek，由此分析B選項(xiàng)；假設(shè)兩粒子具有相同的動(dòng)量，推導(dǎo)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，由此分析?！窘獯稹緼、若有粒子飛出，要想達(dá)到約束效果，則應(yīng)減小粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，根據(jù)r可知應(yīng)增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)r可得：v，粒子的動(dòng)能Ek，粒子的半徑相同，電荷量相同，因質(zhì)量不同，故動(dòng)能不相同，故B錯(cuò)誤；C、假設(shè)兩粒子具有相同的動(dòng)量，則粒子的半徑相同，兩種粒子經(jīng)過的路程完全相同，根據(jù)周期公式：T可知，粒子質(zhì)量不同，周期不同，故運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不同，所以若兩種粒子從圓心射出到再次返回圓

19、心的時(shí)間相同，則兩種粒子的動(dòng)量不相同，故C錯(cuò)誤；D、氘核（H)在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)不能從磁場(chǎng)中射出，粒子軌跡與外圓相切，如圖所示；根據(jù)幾何關(guān)系可得：Rr+，解得：r，所以若氘核（H)在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑rmg4N，所以物體從t0時(shí)就開始向上加速設(shè)物體向上運(yùn)動(dòng)的加速度為a，由牛頓第二定律：F-mgma解得：a5-5t(m/s2)，其中t3s作出前2s加速度隨時(shí)間變化的圖像，如圖，a-t圖像和橫軸包圍的面積在數(shù)值上等于物體速度的變化量的大小，則由圖可以看出，物體在01s內(nèi)向上做加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，在12s內(nèi)向上做減速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，第二秒末速度減為零，故AB錯(cuò)誤，CD正確。7.【答案】B,C【考點(diǎn)

20、】帶電粒子在電場(chǎng)中的加（減）速和偏轉(zhuǎn)動(dòng)能定理的應(yīng)用電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系牛頓第二定律的概念【解析】根據(jù)小球的受力情況分析運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)動(dòng)能定理求解小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度；根據(jù)牛頓第二定律求出加速度；分析小球的運(yùn)動(dòng)，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的分解求出運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；若電場(chǎng)強(qiáng)度為水平向右，質(zhì)點(diǎn)仍由A點(diǎn)靜止釋放，根據(jù)動(dòng)能定理求解速度為零的位置?！窘獯稹緼、帶電小球受到重力和電場(chǎng)力得作用，電場(chǎng)力得大?。篎qEmg，則小球受到的合力方向與水平方向之間的夾角滿足：tan所以小球受到的合力的方向由A指向B，合力的大?。河蓜?dòng)能定理得：則：，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)牛頓第二定律，小球開始時(shí)的加速度大?。篴，故B正確；C、小球由A到水平面B

21、C的運(yùn)動(dòng)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，可得：R，可得：t，故C正確；D、電場(chǎng)方向變?yōu)樗较蛴?，大小后，設(shè)小球的速度為零時(shí)，小球與圓心的連線合豎直方向之間的夾角為，由動(dòng)能定理可得：mgRcos-qER(1-sin)0可得：30，可知小球到不了B點(diǎn)。故D錯(cuò)誤。8.【答案】B,D【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化【解析】根據(jù)物塊PQ從靜止開始運(yùn)動(dòng)得其做加速運(yùn)動(dòng)，可以判斷繩子上拉力與重力mg的關(guān)系；根據(jù)除重力和系統(tǒng)內(nèi)的彈力以外的其它力做功等于機(jī)械能的變化量即可求解機(jī)械能的變化情況；根據(jù)能量守恒定理即可求解CD項(xiàng)?！窘獯稹緼、物塊P釋放后向左做加速運(yùn)動(dòng)，物塊Q也向上做加速運(yùn)動(dòng)，所以繩的拉力大于mg，

22、故A錯(cuò)誤；B、P從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的過程中，機(jī)械能的增加量等于電場(chǎng)力和摩擦力所做的總功，即：E(qE-mg)2x5mgx，故B正確；C、物塊P從A運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)過程中，對(duì)P、Q系統(tǒng)由能量守恒得：qE2xmg2x+mg2x+2Ek，解得：，故C錯(cuò)誤；D、物塊P從A運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)過程中，對(duì)P、Q系統(tǒng)由能量守恒得：qE3xmg3x+mg3x+Ep，解得：Ep4.5mgx，故D正確。三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第33題38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。【答案】BA,C甲【考點(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則【解析】（1）兩頭掛有鉤碼的

23、細(xì)繩跨過兩光滑的固定滑輪，另掛有鉤碼的細(xì)繩系于O點(diǎn)（如圖所示）。由于鉤碼均相同，則鉤碼個(gè)數(shù)就代表力的大小，所以O(shè)點(diǎn)受三個(gè)力處于平衡狀態(tài)，由平行四邊形定則可知：三角形的三個(gè)邊表示三個(gè)力的大??；（2）為驗(yàn)證平行四邊形，必須作圖，所以要強(qiáng)調(diào)三力平衡的交點(diǎn)、力的大小（鉤碼的個(gè)數(shù)）與力的方向；（3）明確“實(shí)際值”和“理論值”的區(qū)別即可正確解答。【解答】N1、N2鉤碼的重力的合力大小應(yīng)該等于N3鉤碼的重力，由三角形知識(shí)應(yīng)有N2-N1N3N2+N1，即3N37，故ACD錯(cuò)誤，B正確。故選：B。B、實(shí)驗(yàn)中只要知道三根繩子的拉力關(guān)系就能作圖驗(yàn)證力的平行四邊形定則，因此不需要測(cè)出鉤碼的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；D、實(shí)驗(yàn)中以

24、F1、F2為鄰邊作平行四邊形驗(yàn)證，無需測(cè)夾角，故D錯(cuò)誤；A、實(shí)驗(yàn)中繩子與木板平行才能在木板平面完成好實(shí)驗(yàn)，故A正確；C、由于每次實(shí)驗(yàn)都能進(jìn)行一次驗(yàn)證，故兩次實(shí)驗(yàn)中O點(diǎn)的位置可以不同，故C正確。故選：AC。以O(shè)點(diǎn)為研究對(duì)象，實(shí)驗(yàn)中F3方向應(yīng)沿OC豎直方向，由于誤差的存在，合力的理論值要與實(shí)際值有一定偏差，所以圖中的甲是正確。故答案為：（1）B(2)AC(3)甲【答案】V262.01.61,1.24,偏小,偏小【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【解析】（1）由一節(jié)電池的電動(dòng)勢(shì)大約在2V以下，再由題設(shè)三個(gè)電壓表的量程確定電壓表的選擇；（2）分析閉合S1和S3，斷開S2和閉合S1和S2，斷開S3時(shí)的電路結(jié)

25、構(gòu)，根據(jù)閉合電路歐姆定律求解Rx的電阻值；（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出：U-的變化關(guān)系式，結(jié)合圖象的斜率和截距求出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，考慮電壓表有內(nèi)阻分析誤差。【解答】根據(jù)電池的電動(dòng)勢(shì)可知，電壓表選V2量程最合適；R接入電路和Rx接入電路，電壓表的示數(shù)均為U1，路端電壓不變，則外電阻不變，所以RxR62.0，由閉合電路歐姆定律，圖線與縱軸交點(diǎn)為“1.61V”，故E1.61V，由圖線的斜率1.24知，電池內(nèi)阻為1.24（注意此處不要用圖像與縱軸交點(diǎn)值除以與橫軸交點(diǎn)值）。由于電壓表得分流作用，考慮誤差后的函數(shù)式為，所以縱截距為E，斜率為，測(cè)量值均偏小?！敬鸢浮繉?dǎo)體棒ab第一次進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)通過電阻R的

26、電流為0.5A；導(dǎo)體棒第二次釋放高度H的值為0.8m?！究键c(diǎn)】單桿切割磁感線感生電動(dòng)勢(shì)閉合電路的歐姆定律【解析】根據(jù)動(dòng)能定理可得到導(dǎo)體棒達(dá)底端時(shí)的速度大小，再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律求解通過電阻R的電流；（2）由能量守恒定律求解導(dǎo)體棒ab第二次進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小，再根據(jù)動(dòng)能定理求解導(dǎo)體棒第二次釋放的高度?！窘獯稹繉?dǎo)體棒第一次進(jìn)入磁場(chǎng)速度為v0，下滑過程中根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgh解得：v02m/s回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBLv010.52V1V所以通過電阻R的電流IA0.5A；導(dǎo)體棒ab第二次通過磁場(chǎng)過程中回路中產(chǎn)生的總焦耳熱：J12J設(shè)第二次進(jìn)入的速度為v，由能量守恒定律可

27、得：解得：v4m/s導(dǎo)體棒下滑過程中根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgH解得：H0.8m。【答案】?jī)晌飰K從開始釋放到碰撞所經(jīng)歷的時(shí)間為1s；兩物塊碰后瞬間的速度大小為1m/s；碰撞后兩物塊與傳送裝置間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為37.68J?！究键c(diǎn)】動(dòng)量守恒定律的理解動(dòng)量守恒定律的綜合應(yīng)用牛頓第二定律的概念摩擦力做功與能量轉(zhuǎn)化【解析】（1）物塊B在水平部分先加速再勻速，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度，再根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解；（2）牛頓第二定律求解A上滑過程中的加速度大小，根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系求解碰撞前的速度大小，A和B碰撞過程中動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解碰撞后的速度大??；（3）碰后AB一起加速下滑，求出兩物塊與傳送帶

28、共速時(shí)相對(duì)于傳送帶的距離，求出此過程中產(chǎn)生的熱；共速后二者繼續(xù)加速，根據(jù)位移-時(shí)間關(guān)系求出達(dá)到底端的時(shí)間，再求出此過程中的相對(duì)距離和此過程摩擦產(chǎn)生的熱，由此得到碰撞后兩物塊與傳送裝置間因摩擦而產(chǎn)生的熱量?！窘獯稹吭O(shè)物塊B在水平部分運(yùn)動(dòng)的加速度為a1，經(jīng)時(shí)間t1與傳送帶共速；根據(jù)牛頓第二定律可得：a1=g=0.510m/s2=5m/s2，根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系可得：t1=v0a1=45s=0.8s達(dá)到共速時(shí)物塊B的位移為：x1=12a1t12=1250.82m=1.6m勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間：t2=2.4-1.64s=0.2s經(jīng)歷的時(shí)間：t=t1+t2=0.8s+0.2s=1s；設(shè)物塊A沿傾斜部分上滑的加速

29、度大小為a2，A與B碰前速度為vA由牛頓第二定律可得：mgsin+mgcos=ma2解得：a2=10m/s2根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系可得：vA=v-a2t解得：vA=5m/sA和B碰撞過程中動(dòng)量守恒，取沿斜面向下為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：2mv0-mvA=3mvAB解得：vAB=1m/s，方向沿傳送帶向下；碰后AB一起加速下滑，加速度大小為a3，設(shè)經(jīng)時(shí)間t3與傳送帶共速；根據(jù)牛頓第二定律可得：3mgsin+3mgcos=3ma3解得：a3=10m/s2根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系可得：v0-vAB=a3t3解得：t3=0.3s物塊的位移：xAB=v0+vAB2t3=1+420.3m=0.75m傳送帶的位移x

30、帶=v0t3=40.3m=1.2m此過程摩擦發(fā)熱為：Q1=3mgcos(x帶-xAB)解得：Q1=5.4J共速后繼續(xù)加速的加速為a4，根據(jù)牛頓第二定律可得：3mgsin-3mgcos=3ma4解得：a4=2m/s2傳送帶傾斜部分的長度L=v+vA2t=15+521m=10m設(shè)物塊從共速到滑落所需時(shí)間為t4，根據(jù)位移-時(shí)間關(guān)系可得：L-xAB=v0t4+12a4t42解得：t4=1.64s此過程摩擦發(fā)熱為：Q2=3mgcos(L-xAB-v0t4)解得：Q2=32.28J撞后兩物塊與傳送裝置間因摩擦而產(chǎn)生的熱量為：Q=Q1+Q2=5.4J+32.28J=37.68J。（二）選考題：共45分。物理

31、-選修3-3（15分）【答案】A,D,E【考點(diǎn)】* 晶體和非晶體氣體壓強(qiáng)的微觀意義熱力學(xué)第二定律布朗運(yùn)動(dòng)【解析】布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮固體小顆粒的運(yùn)動(dòng)；氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是大量分子碰撞的結(jié)果；物體分子的平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)；同種元素構(gòu)成的固體由于原子的排列方式不同可以形成不同的晶體；熱機(jī)效率不可能達(dá)到100%?！窘獯稹緼、布朗運(yùn)動(dòng)說明了液體分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A正確；B、氣體對(duì)容器壁的壓強(qiáng)是由于氣體分子的撞擊力引起的，與自由下落無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C、物體分子的平均動(dòng)能只與溫度有關(guān)，與物體的宏觀運(yùn)動(dòng)沒有關(guān)系，故C錯(cuò)誤；D、由同種元素構(gòu)成的固體由于原子的排列方式不同可以形成不同的晶體，故D正確；E、熱力學(xué)第二定律可表述為：不可能從單一熱源吸取熱量，使之完全變?yōu)橛杏霉Χ划a(chǎn)