1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫(xiě)在試卷及答題卡的規(guī)定位置3請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無(wú)效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫(xiě)清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是

2、符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最底端向上滑動(dòng)時(shí)A電源的效率變小.B經(jīng)過(guò)R2的電流變大C電容器所帶的電荷量變大D電阻R3消耗的功率變大2、如圖所示，一只小鳥(niǎo)沿著較粗且均勻的樹(shù)枝從右向左緩慢爬行，在小鳥(niǎo)從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中A樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的作用力先減小后增大B樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的摩擦力先增大后減小C樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的彈力先增大后減小D樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的彈力保持不變3、如圖所示，在光滑水平面上有一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端與一質(zhì)量為m的小球相連，構(gòu)成一個(gè)水平彈簧振子，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)小球位于O點(diǎn)現(xiàn)使小球以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在A、B兩點(diǎn)間沿光滑水平面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)

3、，關(guān)于這個(gè)彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（ ）A小球從O位置向B位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中做減速運(yùn)動(dòng)B小球每次通過(guò)同一位置時(shí)的加速度一定相同C小球從A位置向B位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧振子所具有的勢(shì)能持續(xù)增加D小球在A位置彈簧振子所具有的勢(shì)能與在B位置彈簧振子所具有的勢(shì)能相等4、在討論地球潮汐成因時(shí)，地球繞太陽(yáng)運(yùn)行軌道與月球繞地球運(yùn)行軌道可視為圓軌道。已知太陽(yáng)質(zhì)量約為月球質(zhì)量的倍，地球繞太陽(yáng)運(yùn)行的軌道半徑約為月球繞地球運(yùn)行的軌道半徑的400倍。關(guān)于太陽(yáng)和月球?qū)Φ厍蛏舷嗤|(zhì)量海水的引力，以下說(shuō)法正確的是（ ）A太陽(yáng)引力與月球引力相差不大B太陽(yáng)引力比月球引力的大100倍以上C月球?qū)Σ煌瑓^(qū)域海水的吸引力

4、大小相等D地球潮汐成因與月球?qū)Σ煌瑓^(qū)域海水的吸引力無(wú)關(guān)5、關(guān)于速度和加速度下列說(shuō)法中正確的是（ ）A物體的速度變化快，則加速度一定大B物體的速度變化大，則加速度一定大C物體的速度大，則加速度一定大D物體的速度為零，則加速度一定為零6、如圖所示為甲乙兩物體做直線運(yùn)動(dòng)的x-t圖像，對(duì)于0t1時(shí)間內(nèi)兩物體的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是A甲物體速度方向與加速度方向相同B乙物體加速度方向與速度方向相反C甲物體的平均速度大于乙物體的平均速度D乙物體位移變小，速度變大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有

5、選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，小球從A點(diǎn)以初速度V0沿粗糙斜面向上運(yùn)動(dòng)，到達(dá)最高點(diǎn)B后返回A，C為AB的中點(diǎn)下列說(shuō)法中正確的是（） A小球從A出發(fā)到返回A的過(guò)程中，位移為零，外力做功為零B小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，速度的變化量相等C小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，減少的動(dòng)能相等D小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，損失的機(jī)械能相等8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6 V，其內(nèi)阻可忽略不計(jì)，電阻的阻值分別為R1=2.4 k、R2=4.8 k。閉合開(kāi)關(guān)S，待電流穩(wěn)定后，用電壓表測(cè)R1兩端的電壓，其穩(wěn)定值為1.5 V。則下列說(shuō)法正確的是（ ）A該電壓表的內(nèi)阻為4.8 kB電壓表接入時(shí)，電流表有向右

6、的電流C由于電壓表接入，電容器的帶電量減小D斷開(kāi)電鍵，電流表瞬間有向右的電流9、如圖所示，固定的豎直光滑長(zhǎng)桿上套有質(zhì)量為m的小圓環(huán)，圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接，彈簧的另一端連接在墻上，且處于原長(zhǎng)狀態(tài)，現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開(kāi)始下滑，已知彈簧原長(zhǎng)為L(zhǎng)，圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)彈簧的長(zhǎng)度變?yōu)?L（未超過(guò)彈性限度），則在圓環(huán)下滑到最大距離的過(guò)程中（ ）A圓環(huán)的機(jī)械能守恒B彈簧彈性勢(shì)能變化了C圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)，所受合力不為零D圓環(huán)重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和先增大后減小10、質(zhì)量為m的子彈，以水平速度v0射入靜止在光滑水平面上質(zhì)量為M的木塊，并留在其中。在子彈進(jìn)入木塊的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A子彈動(dòng)

7、能減少量等于木塊動(dòng)能增加量B子彈動(dòng)量減少量等于木塊動(dòng)量增加量C子彈動(dòng)能減少量等于子彈和木塊內(nèi)能增加量D子彈對(duì)木塊的沖量大小等于木塊對(duì)子彈的沖量大小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）某同學(xué)為探究“合力做功與物體動(dòng)能改變的關(guān)系”設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)，他的操作步驟：(1)按圖擺好實(shí)驗(yàn)裝置，其中小車(chē)質(zhì)量M0.20 kg，鉤碼總質(zhì)量m0.05 kg. (2)釋放小車(chē)，然后接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源(電源頻率為f50 Hz)，打出一條紙帶 (3)他在多次重復(fù)實(shí)驗(yàn)得到的紙帶中取出自認(rèn)為滿意的一條，如圖所示把打下的第一點(diǎn)記作0，然后依次取若干個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰

8、計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，用厘米刻度尺測(cè)得各計(jì)數(shù)點(diǎn)到0點(diǎn)距離分別為d10.041m，d20.055m，d30.167m，d40.256m，d50.360m，d60.480m，他把鉤碼重力(當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭10 m/s2)作為小車(chē)所受合力，算出打下0點(diǎn)到打下第5點(diǎn)合力做功W_J(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)，用正確的公式Ek_(用相關(guān)數(shù)據(jù)前字母列式)把打下第5點(diǎn)時(shí)小車(chē)的動(dòng)能作為小車(chē)動(dòng)能的改變量，算得Ek0.125 J. (4)此次實(shí)驗(yàn)探究的結(jié)果，他沒(méi)能得到“合力對(duì)物體做的功等于物體動(dòng)能的增量”，且誤差很大通過(guò)反思，他認(rèn)為產(chǎn)生誤差的原因如下，其中正確的是_（雙項(xiàng)選擇題）A鉤碼質(zhì)量太大，使得合力對(duì)物體做功

9、的測(cè)量值比真實(shí)值偏大太多B沒(méi)有平衡摩擦力，使得合力對(duì)物體做功的測(cè)量值比真實(shí)值偏大太多C釋放小車(chē)和接通電源的次序有誤，使得動(dòng)能增量的測(cè)量值比真實(shí)值偏小D沒(méi)有使用最小刻度為毫米的刻度尺測(cè)距離也是產(chǎn)生此誤差的重要原因12（12分）某同學(xué)用如圖2所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究小車(chē)在斜面上的運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)步驟如下：a安裝好實(shí)驗(yàn)器材b、接通電源后，讓拖著紙帶的小車(chē)沿平板斜面向下運(yùn)動(dòng)，重復(fù)幾次選出一條點(diǎn)跡比較清晰的紙帶，舍去開(kāi)始密集的點(diǎn)跡，從便于測(cè)量的點(diǎn)開(kāi)始，每?jī)蓚€(gè)打點(diǎn)間隔取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，如圖3中0、1、21點(diǎn)所示c、測(cè)量1、2、31計(jì)數(shù)點(diǎn)到0計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離，分別記作：s1、s 2、s 3s 1d、通過(guò)測(cè)量和計(jì)算，該同學(xué)判斷出小

10、車(chē)沿平板做勻速直線運(yùn)動(dòng)e、分別計(jì)算出s1、s 2、s 3s 1與對(duì)應(yīng)時(shí)間的比值、f、以為縱坐標(biāo)、t為橫坐標(biāo)，標(biāo)出與對(duì)應(yīng)時(shí)間t的坐標(biāo)點(diǎn)，劃出圖線結(jié)合上述實(shí)驗(yàn)步驟，請(qǐng)你完成下列任務(wù)：實(shí)驗(yàn)中，除打點(diǎn)及時(shí)器（含紙帶、復(fù)寫(xiě)紙）、小車(chē)、平板、鐵架臺(tái)、導(dǎo)線及開(kāi)關(guān)外，在廈門(mén)的儀器和器材中，必須使用的有_和_（填選項(xiàng)代號(hào)）A、電壓合適的50Hz交流電源 B、電壓可調(diào)的直流電源 C、刻度尺 D、秒表 E、天平 F、重錘將最小刻度為1mm的刻度尺的0刻線與0計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)齊，0、1、2、5計(jì)數(shù)點(diǎn)所在位置如圖4所示，則s2=_cm，s5=_cm該同學(xué)在圖5中已標(biāo)出1、3、4、1計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)，請(qǐng)你在該圖中標(biāo)出與2、5兩個(gè)

11、計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)點(diǎn)，并畫(huà)出圖線_根據(jù)圖線判斷，在打0計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的速度v0=_m/s；它在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度a=_m/s2四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）一物塊在一個(gè)水平拉力作用下沿粗糙水平面運(yùn)動(dòng)，其vt圖象如圖甲所示，水平拉力的Pt圖象如圖乙所示，g10 m/s2，求： （1）物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)； （2）物塊運(yùn)動(dòng)全過(guò)程水平拉力所做的功W；（3）物塊在02s內(nèi)所受的水平拉力大小F14（16分）汽車(chē)A在水平冰雪路面上行駛。駕駛員發(fā)現(xiàn)其正前方停有汽車(chē)B，立即采取制動(dòng)措施，但仍然撞上了汽車(chē)B。兩車(chē)碰

12、撞時(shí)和兩車(chē)都完全停止后的位置如圖所示，碰撞后B車(chē)向前滑動(dòng)了，A車(chē)向前滑動(dòng)了。已知A和B的質(zhì)量分別為和。兩車(chē)與該冰雪路面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.10，兩車(chē)碰撞時(shí)間極短，在碰撞后車(chē)輪均沒(méi)有滾動(dòng)，重力加速度大小，求(1)碰撞后的瞬間B車(chē)速度的大??；(2)碰撞前的瞬間A車(chē)速度的大小。15（12分）如圖所示，質(zhì)量M=2.0kg的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上，在長(zhǎng)木板的右端放一質(zhì)量m=1.0kg的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），小滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.20.現(xiàn)用水平恒力F=8.0N向右拉長(zhǎng)木板，使小滑塊與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，經(jīng)過(guò)t=1.0s撤去拉力F.小滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終沒(méi)有從長(zhǎng)木板上掉下.求：（1）撤去力

13、F時(shí)小滑塊和長(zhǎng)木板的速度各為多少（2）運(yùn)動(dòng)中小滑塊距長(zhǎng)木板右端的最大距離是多大？參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A電源效率知滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最底端向上滑動(dòng)時(shí)，電阻增大，外電阻增大，故電源效率增大，故A錯(cuò)誤；B滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最底端向上滑動(dòng)時(shí)，總電阻增大，根據(jù)歐姆定律知總電流減小，內(nèi)電壓減小，電阻R1電壓增大，流過(guò)電阻R1的電流增大，則經(jīng)過(guò)R2的電流變小，故B錯(cuò)誤；C根據(jù)知，干路電流I減小，路端電壓增大，并聯(lián)電路的電壓增大，電容器兩端電壓增大，Q=CU增大，故C正確；D電阻R3處于干路，

14、經(jīng)過(guò)的電流變小，根據(jù)P=I2R3知電阻R3消耗的功率變小，故D錯(cuò)誤。故選C。2、C【解析】樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的作用力與小鳥(niǎo)的重力等值反向，所以樹(shù)枝對(duì)小鳥(niǎo)的作用力大小不變，故A錯(cuò)誤；小鳥(niǎo)所受的摩擦力，從A到B的過(guò)程中，先減小后增大，則摩擦力先減小后增大，故B錯(cuò)誤；小鳥(niǎo)所受的彈力，從A到B的過(guò)程中，先減小后增大，則彈力先增大后減小，故C正確，D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】小鳥(niǎo)緩慢爬行，合力為零，受重力、支持力和靜摩擦力處于平衡，根據(jù)平衡得出摩擦力的變化和彈力的變化；解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡進(jìn)行求解，注意小鳥(niǎo)所受的摩擦力為靜摩擦力3、D【解析】小球在O點(diǎn)彈簧彈性勢(shì)能是0，所以小球的動(dòng)能最大，小球從O

15、位位置向B位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到彈簧的向左的拉力，與小球速度的方向相反，所以小球做減速運(yùn)動(dòng)故A正確；小球每次通過(guò)同一位置時(shí)的回復(fù)力，F(xiàn)=-kx都是相等的，所以加速度一定相同，故B正確；小球從A位置向O位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度增大，所以動(dòng)能逐漸增大，彈簧振子所具有的勢(shì)能逐漸減小，從O位置向B位置運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，速度減小，所以動(dòng)能逐漸減小，彈簧振子所具有的勢(shì)能逐漸增大，故C錯(cuò)誤；小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，動(dòng)能與彈性勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化由于小球在A點(diǎn)與在B點(diǎn)的速度都是0，所以小球在A位置彈簧振子所具有的勢(shì)能與在B位置彈簧振子所具有的勢(shì)能相等，故D正確；4、B【解析】A、B由萬(wàn)有引力定律， ，即 所以太陽(yáng)引力比月球引力的大10

16、0倍以上，故A項(xiàng)錯(cuò)誤，B正確；C、由于月球到不同區(qū)域海水的距離不同，所以引力大小有差異，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D、由于月球到不同區(qū)域海水的距離不同，所以產(chǎn)生的引力大小也不同，而地球潮汐成因是因?yàn)樵虑驅(qū)Σ煌瑓^(qū)域海水的吸引力不同造成；故D錯(cuò)誤;綜上所述本題答案是：B5、A【解析】A.物體的速度變化快，則加速度一定大，速度變化快慢就是加速度，所以A正確；B.物體的速度變化大，其加速度不一定大，還要看時(shí)間，所以B錯(cuò)誤；C.物體的加速度大，說(shuō)明速度變化快，但速度不一定大，所以C錯(cuò)誤；D.速度為零，則速度可以變化，則加速度不一定為零，所以D錯(cuò)誤；故選A；6、B【解析】x-t圖像的斜率等于速度，可知甲物體速度逐漸減小

17、，做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向相反，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由圖像可知乙物體速度逐漸減小，做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向與速度方向相反，選項(xiàng)B正確；由圖像可知，兩物體在時(shí)間t1內(nèi)的位移大小相同，則平均速度大小相同，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；乙物體位移變小，速度變小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B.點(diǎn)睛：本題要抓住位移圖象與速度圖象物理意義的區(qū)別，從斜率、面積等數(shù)學(xué)意義進(jìn)行識(shí)別和理解，特別注意不能把x-t圖象當(dāng)成v-t圖象處理二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】要求動(dòng)能的減少量可以根據(jù)動(dòng)能定理求合外

18、力對(duì)物體所做的功；要求速度的變化量可以根據(jù)公式v=at來(lái)求，而機(jī)械能的變化等于除重力和彈簧彈力以外的其他力所做的功；【詳解】A、位移是從初位置指向末位置的有向線段，故小球從A出發(fā)到返回A，位移為0，但整個(gè)過(guò)程中摩擦力的方向與小球運(yùn)動(dòng)的方向始終相反，故整個(gè)過(guò)程中摩擦力對(duì)物體做負(fù)功，即外力做功不為零，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B、故AC段的平均速度vAC=vA+vC2，CB段的平均速度vCB=vc+vB2由于vAvCvB，故vACvCB，由于sAC=sCB，而且s=vt，可知tACtCB根據(jù)v=at可知：vACvCB故B錯(cuò)誤；C、設(shè)A到C的高度和從C到B的高度為h，AC的距離為s，斜面的傾角為，則從A到C或從

19、C到B，根據(jù)動(dòng)能定理：-mgh-mgscos=EK可知小球從A到C過(guò)程中與從C到B過(guò)程合外力對(duì)物體做的功相同，故小球減少的動(dòng)能相等，故C正確；D、根據(jù)功能關(guān)系可知：除重力和彈簧彈力以外的力做功等于機(jī)械能的變化，則根據(jù)-mgscos=E可得小球從A到C過(guò)程與從C到B過(guò)程，損失的機(jī)械能相等，故D正確?！军c(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵靈活運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)能定理以及功能關(guān)系，注意方法的運(yùn)用，本題目綜合性很強(qiáng)，考查的知識(shí)點(diǎn)很多，在平時(shí)學(xué)習(xí)過(guò)程中加強(qiáng)訓(xùn)練。8、AB【解析】A令電壓表的內(nèi)阻為RV，測(cè)得R1兩端的電壓為U1，R1與RV并聯(lián)后的總電阻為R。電路穩(wěn)定時(shí)，電阻R1與電壓表電阻RV分得電壓為 U1=1.5V，

20、可得電阻R2分得電壓為： U2=E-U1=6.0-1.5=4.5V根據(jù)串聯(lián)電壓分壓規(guī)律可得：即，解得：RV=4.8k故A正確。BC電壓表的接入，總電阻減小，干路電流增大，電容器兩端電壓增大，電容器充電，左極板為正極板，則電流表有向右的電流。故B正確，C錯(cuò)誤。D斷開(kāi)電鍵，電容器放電，電流表瞬間有向左的電流。故D錯(cuò)誤。9、BC【解析】A、圓環(huán)沿桿滑下過(guò)程中，彈簧的拉力對(duì)圓環(huán)做功，圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤.B、圖中彈簧水平時(shí)恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài)，圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)彈簧的長(zhǎng)度變?yōu)?L，可得圓環(huán)下降的高度為h=L，根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒得：彈簧的彈性勢(shì)能增大量為：EP=mgh=mgL，故B正確.C、當(dāng)圓

21、環(huán)所受合力為零時(shí)，速度最大，此后圓環(huán)繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)，則彈簧的彈力增大，圓環(huán)下滑到最大距離時(shí)，所受合力不為零，故C正確；D、根據(jù)圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即圓環(huán)的重力勢(shì)能與圓環(huán)的動(dòng)能還有彈簧彈性勢(shì)能三種能量總和守恒.在圓環(huán)下滑到最大距離的過(guò)程中，圓環(huán)的速度是先增大后減少，圓環(huán)的動(dòng)能也是先增大后減少，那么圓環(huán)重力勢(shì)能與彈簧彈性勢(shì)能之和就應(yīng)先減少后增大，故D錯(cuò)誤故選B、C【點(diǎn)睛】對(duì)物理過(guò)程進(jìn)行受力、運(yùn)動(dòng)、做功分析，是解決問(wèn)題的根本方法要注意圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能才守恒.10、BD【解析】AC子彈克服阻力做的功一部分是轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，一部分給了木塊，故機(jī)械能不守恒，子彈動(dòng)能減少

22、量等于子彈和木塊內(nèi)能增加量以及木塊增加的動(dòng)能之和，故AC錯(cuò)誤；B水平面光滑，則系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可知，子彈動(dòng)量減少量等于木塊動(dòng)量增加量，故B正確；D由于系統(tǒng)在水平方向的動(dòng)量守恒，所以子彈對(duì)木塊的沖量大小等于木塊對(duì)子彈的沖量，故D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】子彈和木塊所受水平作用力大小相等，但二者的位移大小不同，根據(jù)動(dòng)能定理，子彈克服阻力做功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能和木塊的動(dòng)能，系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.180 AB 【解析】（1）根據(jù)題意物體所受合外力為：F=mg=0.0510=0.50N，根

23、據(jù)功的定義可知：W=Fs=mgh=0.180J；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程中的平均速度可以求出第5個(gè)點(diǎn)的速度大小為： （其中t=5T=）動(dòng)能公式為：（2）A設(shè)繩子上拉力為F，對(duì)小車(chē)根據(jù)牛頓第二定律有：對(duì)小車(chē)：F=Ma ; 對(duì)鉤碼有：mg-F=ma解得：，由此可知當(dāng)Mm時(shí)，鉤碼的重力等于繩子的拉力，因此當(dāng)鉤碼質(zhì)量太大時(shí)，會(huì)造成較大誤差，故A正確；實(shí)驗(yàn)中要進(jìn)行平衡摩擦力操作，若沒(méi)有平衡摩擦力直接將鉤碼重力做的功當(dāng)做小車(chē)合外力做的功，會(huì)造成較大誤差，故B正確；釋放小車(chē)和接通電源得次序有誤是偶然誤差，不是該實(shí)驗(yàn)得主要誤差，距離的測(cè)量產(chǎn)生的誤差是偶然誤差，不是該實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生的主要誤差，

24、故D錯(cuò)誤故選AB12、A C 2.98(2.972.99) 13.20(13.1913.21) 0.19 4.70 【解析】1打點(diǎn)計(jì)時(shí)器由交流電工作，則必須使用的電壓合適的50Hz交流電源，故選A2紙帶處理需要量出位移，需要用到刻度尺，故選C毫米刻度尺的最小刻度為1mm，需估讀到1mm的下一位3根據(jù)讀數(shù)規(guī)則可讀得：s2=2.98cm(2.972.99)4根據(jù)讀數(shù)規(guī)則可讀得：s5=13.20cm(13.1913.21)5描出2、5兩個(gè)點(diǎn)，用平滑的直線連接各點(diǎn)，如圖所示：1根據(jù)圖線與縱軸的交點(diǎn)，得出在打0計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)，小車(chē)的速度v0=0.19m/s7由于表示中間時(shí)刻速度，所以圖線的時(shí)間擴(kuò)大為原來(lái)的兩倍，根據(jù)圖線的斜率求出它在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度a=4.70m/s2四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）0.1（2）24J（3）3.0N【解析】（1）由甲乙兩圖比較可知，在第5s-9s內(nèi)，物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)加