1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、a、b、c是三個(gè)電荷量相同、質(zhì)量不同的帶電粒子，以相同的初速度由同一點(diǎn)垂直場(chǎng)強(qiáng)方向進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，僅在電場(chǎng)力的作用下，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，其中b恰好沿著極板邊緣飛出電場(chǎng)粒子

2、a、b、c在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）Aa、b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同Ba的質(zhì)量最大，c的質(zhì)量最小C動(dòng)能的增量相比，c的最大，a和b的一樣大D動(dòng)量的增量相比，a的最小，b和c的一樣大2、如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S后，若將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，則正確的是A電壓表和電流表的示數(shù)都增大B燈L2變暗，電流表的示數(shù)減小C燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小D燈L2變亮，電容器的帶電量增加3、如圖所示，絕緣水平面上有兩個(gè)質(zhì)量均為m、電荷量均為Q的物體A和B（A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)），與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，當(dāng)它們間的距離為r時(shí)，兩物體恰好靜止（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力）

3、。如果僅將A的電荷量增至4Q，兩物體在圖示位置開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，當(dāng)它們的運(yùn)動(dòng)速度達(dá)到最大時(shí)，A、B兩物體各自運(yùn)動(dòng)的距離為（ ）AA運(yùn)動(dòng)距離為r,B運(yùn)動(dòng)距離為12r BA、B運(yùn)動(dòng)距離各為12rCA，B運(yùn)動(dòng)距離各為r DA運(yùn)動(dòng)距離為零,B運(yùn)動(dòng)距離為r4、如圖所示，將帶電棒移近兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體球，兩個(gè)導(dǎo)體球開(kāi)始時(shí)互相接觸且對(duì)地絕緣，下列說(shuō)法正確的是（ ）A先移走棒，再把兩球分開(kāi)，兩球帶等量異種電荷B先移走棒，再把兩球分開(kāi)，甲球帶電量比乙球多C先把兩球分開(kāi)，再移走棒，兩球帶等量異種電荷D先把兩球分開(kāi)，再移走棒，兩球不能帶電5、如圖所示，a、b分別表示由相同材料制成的兩條長(zhǎng)度相同、粗細(xì)均勻的電阻絲的伏安特性曲線

4、，下列判斷正確的是Aa代表的電阻絲較粗Bb代表的電阻絲較粗Ca電阻絲的阻值小于b電阻絲的阻值D圖線表示電阻絲的阻值與電壓成正比6、關(guān)于電場(chǎng)強(qiáng)度的公式E=，下列說(shuō)法正確的是（ ）A由公式可知，電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所帶電量成反比B此公式只能適用于真空中的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)C此公式為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，可以適用于各種電場(chǎng)D公式中q是產(chǎn)生電場(chǎng)的電荷帶電量，F(xiàn)是試探電荷所受到的力二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，正方形容器處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一束電子從孔a垂直于磁場(chǎng)沿ab方向射入

5、容器中，其中一部分從c孔射出，一部分從d孔射出，容器處在真空中，下列說(shuō)法正確的是（ ）A從兩孔射出的電子速率之比為vc：vd=2:1B從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比tc:td=1:1C從兩孔射出的電子的加速度大小之比ac:ad=:1D從兩孔射出的電子的加速度大小之比ac:ad=2:18、如圖，三根相互平行的固定長(zhǎng)直導(dǎo)線L1、L2和L3兩兩等距，垂直紙面放置，均通有大小相等的電流I，L1、L2中電流方向垂直紙面向里，L3中電流方向垂直紙面外下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是AL1、L2在L3處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與L1、L2連線垂直BL2、L3在L1處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與L2、L3連線垂直CL1、L

6、2和L3單位長(zhǎng)度所受的磁場(chǎng)作用力大小之比為DL1、L2和L3單位長(zhǎng)度所受的磁場(chǎng)作用力大小之比為9、如圖所示，水平地面上固定一個(gè)絕緣光滑斜面，斜面與水平面的夾角為一根輕質(zhì)絕緣細(xì)線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個(gè)帶電小球A，細(xì)線與斜面平行小球A的右側(cè)固定放置另一帶電小球B，兩球心的高度相同、間距為d，兩帶電小球均可視為點(diǎn)電荷小球A的質(zhì)量為m、帶正電量為Q，靜電力常量為k，重力加速度為g若小球A靜止在斜面上，B小球的帶電量記為QB，則( )A當(dāng)QB=mgd2kQsin時(shí)，細(xì)線上的拉力為0B當(dāng)QB=mgd2tankQ時(shí)，細(xì)線上的拉力為0C當(dāng)QB=-mgd2sinkQ時(shí)，斜面對(duì)小球A的支持力為0D當(dāng)

7、QB=-mgd2kQtan時(shí)，斜面對(duì)小球A的支持力為010、將平行板電容器充電后，去掉電源，下面說(shuō)法正確的是：（ ）A相對(duì)面積不變，極板間距離增大，場(chǎng)強(qiáng)不變，電勢(shì)差增大B極板間距離不變，相對(duì)面積減小，場(chǎng)強(qiáng)變大，電勢(shì)差增大C相對(duì)面積不變，極板間距離減小，電量減少，電容增大D極板間距離不變，相對(duì)面積增大，電容增大，電量不變?nèi)?、?shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）現(xiàn)要測(cè)定一段粗細(xì)均勻、電阻約為60 的合金絲的電阻率，若已測(cè)得其長(zhǎng)度，要盡量精確的測(cè)量其電阻值R，器材有：電池組(電動(dòng)勢(shì)3.0 V，內(nèi)阻約為 1 )電流表(量程0100 mA，內(nèi)阻

8、約0.5 )電壓表(量程03 V，內(nèi)阻約3 k)滑動(dòng)變阻器R1(010 ，允許最大電流2.0 A)；滑動(dòng)變阻器R2(0500 ，允許最大電流0.5 A)；開(kāi)關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干(1)以上器材中，所用的滑動(dòng)變阻器應(yīng)選_(填“R1”或“R2”)(2)用螺旋測(cè)微器測(cè)量合金絲直徑時(shí)的刻度位置如圖7甲所示，讀數(shù)為_(kāi)mm.(3)如圖乙所示是測(cè)量合金絲電阻的電路，閉合開(kāi)關(guān)之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)移到_(填“最左端”或“最右端”)(4)為了更準(zhǔn)確地測(cè)出合金絲的阻值，在不更換實(shí)驗(yàn)器材的條件下，對(duì)實(shí)驗(yàn)應(yīng)改進(jìn)的是_(填選項(xiàng)前的字母)A電流表連接方式改為內(nèi)接法B滑動(dòng)變阻器連接方式改為限流式12（12分）在用伏安法測(cè)電阻的

9、實(shí)驗(yàn)中，所用電壓表的內(nèi)阻約為20k，電流表的內(nèi)阻約為20在粗測(cè)被測(cè)電阻數(shù)值的基礎(chǔ)上，選擇了盡可能減小誤差的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得的數(shù)據(jù)用圓點(diǎn)標(biāo)于圖上，根據(jù)圖中所記錄的各點(diǎn)，在圖中畫(huà)出被測(cè)電阻的IU圖線，由此求得該電阻測(cè)量值Rx=_；根據(jù)Rx的數(shù)值，可知實(shí)驗(yàn)中電表連接采用的是圖中圖_所示的電路（填（1）或（2）；電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比較，測(cè)量值_真實(shí)值（填“大于”、“小于”或“等于”） 四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，半徑R=0.45m固定的光滑四分之一圓弧軌道，其末端水平且距離地面高度h=0.1

10、0m將質(zhì)量M=0.7kg、長(zhǎng)度l=0.50m的木板B緊靠軌道末端放置在水平地面上，木板B的上表面與軌道末端等高且平滑對(duì)接，質(zhì)量m=0.3kg的小滑塊A從圓弧軌道的頂端由靜止滑下，經(jīng)過(guò)軌道末端沿水平方向沖上木塊B，在木板B的上表面滑行一段時(shí)間后從B的右端滑出已知小滑塊A與木板B上表面間的動(dòng)摩擦因素1=0.40，地面與木板B間的動(dòng)摩擦因素1=0.05，重力加速度g=10m/s1求：（1）小滑塊A滑到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)速度vA的大??；（1）小滑塊A滑到圓弧軌道最低點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)它的支持力FN的大小；（3）木板B停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，它的右端與小滑塊A的落地點(diǎn)間水平距離x14（16分）如圖所示，在空間中取直角坐標(biāo)系x

11、Oy，在第一象限內(nèi)平行于y軸的虛線MN 與y軸距離為d8cm，在第一象限內(nèi)從y軸到MN之間的區(qū)域充滿(mǎn)一個(gè)沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)大小為E750 V/m.初速度可以忽略的帶負(fù)電的粒子經(jīng)過(guò)另一個(gè)電勢(shì)差為U20V的電場(chǎng)加速后， 從y軸上的A點(diǎn)以平行于x軸的方向射入第一象限區(qū)域， OA的距離h9cm. 已知帶電粒子的比荷為q/m1.6 C/kg，帶電粒子的重力忽略不計(jì)，求： (1)粒子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域的初速度；(2)試通過(guò)計(jì)算說(shuō)明帶電粒子從MN邊界還是ON邊界離開(kāi)電場(chǎng)；(3)帶電粒子離開(kāi)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)區(qū)域時(shí)的速度與進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速度方向之間的夾角的正切值；(4)帶電粒子經(jīng)過(guò)x軸時(shí)離坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離L1

12、5（12分）如圖所示，M、N是一電子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)，MN的連線與磁場(chǎng)垂直，長(zhǎng)度,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=9.110-4T。電子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間,電子的質(zhì)量m=9.110-31kg，電荷量e=1.610-19c）求： 電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑, 電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速率.參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】A. 帶電粒子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，初速度相同，b、c的水平位移相等，則b、c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，a的水平位移小于b的水平位移，則a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間小于b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故A錯(cuò)誤；

13、B. 帶電粒子在豎直方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，a、b的豎直位移相等，a的時(shí)間小于b的時(shí)間，則a的加速度大于b的加速度，帶電粒子所受電場(chǎng)力相等，則a的質(zhì)量小于b的質(zhì)量；b的豎直位移大于c的豎直位移，b、c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則b的加速度大于c的加速度，b的質(zhì)量小于c的質(zhì)量，可知c的質(zhì)量最大，a的質(zhì)量最小，故B錯(cuò)誤；C. 根據(jù)動(dòng)能定理知，a、b豎直位移相等，則a、b電場(chǎng)力做功相等，動(dòng)能增量相等，c的豎直位移最小，電場(chǎng)力做功最小，則c的動(dòng)能增量最小，故C錯(cuò)誤；D. 三個(gè)小球所受的合力相等，等于電場(chǎng)力，由于a的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短，根據(jù)動(dòng)量定理知，a的動(dòng)量增量最小，b、c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，則b、c動(dòng)量增量相等，故D

14、正確。故選：C.點(diǎn)睛：帶電粒子在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，抓住初速度相等，結(jié)合水平位移比較運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)豎直位移比較加速度，從而結(jié)合牛頓第二定律比較質(zhì)量的大小關(guān)系；根據(jù)動(dòng)量定理比較動(dòng)量的增量，根據(jù)動(dòng)能定理比較動(dòng)能的增加量2、C【解析】將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下調(diào)節(jié)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知：干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減小，燈L1變亮；R與燈L2并聯(lián)電路的電壓：U減小,U1增大,U并減小，燈L2變暗.流過(guò)電流表的電流：I增大，I2減小，IA增大，電流表的示數(shù)增大;電容器兩端的電壓等于并聯(lián)部

15、分的電壓,電壓變小，由：知電容器的電荷量減少，故選C.3、B【解析】對(duì)A受力分析如圖所示，因A處于靜止?fàn)顟B(tài)，故有庫(kù)侖力F大小等于靜摩擦力f大小，所以f=FkQ2r2=mg；當(dāng)加速度為0時(shí)，速度最大，此時(shí)庫(kù)侖力大小F等于滑動(dòng)摩擦力大小f，即：f=mg=F=k4Q2r2，解得：r=2r；所以A、B各運(yùn)動(dòng)的距離為：S=r-r2=r2，故B正確、ACD錯(cuò)誤。故選B。【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握庫(kù)侖定律的公式F=kQ1Q2r2，以及知道電荷所受的庫(kù)侖力與摩擦力相等時(shí)，即加速度為零時(shí)，速度最大4、C【解析】先移走棒，此時(shí)甲乙兩球中的電荷又發(fā)生中和，不再帶電，再把球分開(kāi)，同樣不再帶電，故AB錯(cuò)誤；開(kāi)始時(shí)由于靜

16、電感應(yīng)兩棒帶上異種電荷，先把兩球分開(kāi)，再移走棒，兩球由于感應(yīng)起電帶上異種電荷，故C正確，D錯(cuò)誤所以C正確，ABD錯(cuò)誤5、B【解析】ABC根據(jù)歐姆定律：可得：可知伏安特性曲線的斜率是電阻的倒數(shù)，因此a代表的電阻較大，b的較??；根據(jù)電阻定律：可知a的電阻絲較細(xì)，b的較粗，故A錯(cuò)誤、B正確、C錯(cuò)誤。D一段金屬絲的電阻是由本身的因素決定的，與所加電壓和所通過(guò)的電流無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選B.6、C【解析】解：A、電場(chǎng)強(qiáng)度反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，由電場(chǎng)本身決定，與試探電荷的電荷量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤BC、E=為電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，運(yùn)用比值法定義，適用于各種電場(chǎng)，故B錯(cuò)誤，C正確D、公式中q是放入電場(chǎng)中的試探電荷，F(xiàn)是試

17、探電荷所受到的力，故D錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵抓住電場(chǎng)強(qiáng)度是描述電場(chǎng)本身性質(zhì)的物理量，其大小和方向與試探電荷無(wú)關(guān)，是電場(chǎng)本身決定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】試題分析：由幾何關(guān)系可知從兩孔射出的粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，則由洛侖茲力充當(dāng)向心力可得出粒子的速度關(guān)系；由周期公式及轉(zhuǎn)過(guò)的角度可求得時(shí)間之比；由向心力公式可求得加速度之比設(shè)磁場(chǎng)邊長(zhǎng)為a，如圖所示，粒子從c點(diǎn)離開(kāi)，其半徑為，粒子從d點(diǎn)離開(kāi)，其半徑為，根據(jù)幾何關(guān)系可知，由，得出半徑公式，故，故A正確；因?yàn)?/p>

18、粒子都為電子，所以根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期相同，從d射出的粒子的圓心角為180，故，從c射出的粒子的圓心角為90，故，所以，B錯(cuò)誤；向心加速度，則，故C錯(cuò)誤D正確8、AD【解析】A. 、在處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向如圖所示：即合磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與的連線平行，故A錯(cuò)誤，符合題意B. 、在處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向如圖所示：由幾何知識(shí)可知、在處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與和的連線垂直，故B正確，不符合題意CD. 、通電導(dǎo)線在處的合磁場(chǎng)大小與、通電導(dǎo)線在處的合磁場(chǎng)相等，設(shè)各自通電導(dǎo)線在其他兩點(diǎn)的磁場(chǎng)大小為，那么、和三處磁場(chǎng)之比為，安培力 ，安培力大小之比等于磁感應(yīng)強(qiáng)度之比，為，故C正確不符合題意，D錯(cuò)誤符

19、合題意9、BD【解析】根據(jù)庫(kù)侖定律可得小球A與B之間庫(kù)侖力的大小為：F=kQBQd2，當(dāng)細(xì)線上的拉力為零時(shí)，小球A受重力、支持力及庫(kù)侖斥力而平衡，在沿斜面方向上根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得：mgsin=Fcos，聯(lián)立解得：QB=mgd2tankQ，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)斜面對(duì)A球支持力剛好為零時(shí)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得：mg=Ftan，聯(lián)立可得：QB=mgd2kQtan，故D正確，C錯(cuò)誤所以BD正確，AC錯(cuò)誤10、ABD【解析】A電容器電容：，極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度：，解得：，若相對(duì)面積S不變，極板間距離d增大，則場(chǎng)強(qiáng)E不變，電勢(shì)差：U=Ed變大，故A正確；B若極板間距離不變，相對(duì)面積S減小，由可知，場(chǎng)強(qiáng)變

20、大，根據(jù)U=Ed可知電勢(shì)差變大，故B正確；C去掉電源后，電容器電荷量不變，故C錯(cuò)誤；D去掉電源后，電容器電荷量不變，若極板間距離不變，相對(duì)面積增大，由可知，電容增大，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、R1 0.703 最右端 A 【解析】（1）為方便實(shí)驗(yàn)操作，應(yīng)選擇最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；（2）螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)；（3）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于分壓電路分壓為零的位置；（4）根據(jù)待測(cè)電阻與電表內(nèi)阻間的關(guān)系確定電流表的接法【詳解】（1）為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻

21、器需要采用分壓式接法，為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇R1；（2）由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：0.5 mm20.30.01 mm0.703mm（3）由圖示電路可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于最右端；（4），因此電流表應(yīng)采用內(nèi)接法；滑動(dòng)變阻器連接方式改為限流式對(duì)實(shí)驗(yàn)的誤差無(wú)影響，故選A.【點(diǎn)睛】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材選擇、螺旋測(cè)微器示數(shù)、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、電路故障分析、電流表接法，螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)之和12、2000 （2） 大于 【解析】1作出圖線如圖 由可得2由于，電流表的分壓引起誤差比較小，所以選擇（2）圖3選擇圖（2）電流表內(nèi)接法，由于電