甘肅省蘭州市2022年中考物理試題（word解析版）一、選擇題（共16小題，每小題3分，滿分48分）1．下列物態(tài)變化中屬于液化的是（）A．加在飲料中的冰塊逐漸變小B．飛機在蔚藍的天空飛過，留下長長的“尾巴”C．樟腦丸越放越小D．冰箱冷藏室的內壁結出“白霜”2．關于聲現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．人耳聽不到次聲波，是因為響度太小B．大聲說話是為了提高聲音的音調C．用超聲波清洗眼鏡片，說明超聲波能夠傳遞能量D．關上窗戶可以減小窗外噪聲的影響，說明聲音在固體中傳播速度慢3．關于光現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．凸透鏡只對平行光線有會聚作用B．人向平面鏡走近時，他在鏡中的像逐漸變大C．黑板面反光是由于光發(fā)生漫反射造成的D．日食的形成是由于月球擋住了太陽射向地球的光4．下列說法正確的是（）A．原子核是由質子和電子組成B．天文觀察發(fā)現(xiàn)，所用核外星系都在遠離我們，這說明宇宙處于普遍的膨脹之中C．由公式可知，電磁波的頻率越高，傳播速度越快D．制作LED燈的材料是超導體5．關于質量和密度，下列說法正確的是（）A．物體質量的大小與地理位置無關B．同種物質組成的物體，體積大的密度小C．冰熔化成水，密度變小D．物質的密度與質量成正比6．關于磁現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．銅、鐵、鋁都是磁性材料B．地磁場的S極在地理的北極附近C．磁場是由磁感線組成的D．導體在磁場中運動就會產生磁感應電流7．下列說法正確的是（）A．物體的運動速度越大，慣性越大B．同一物體勻速上升時，速度越快，所受拉力越大C．運動的物體，如果不受力的作用就會慢慢停下來D．兩個相互不接觸的物體，也可能會產生力的作用8．關于壓力和壓強，下列說法正確的是（）A．水壩建成上窄下寬的形狀，是由于水對壩的壓強隨深度的增加而增大B．飛機的機翼能獲得向上的升力，是利用了流體速度越大壓強越小的原理C．大氣壓強隨著海拔高度的增加而增大D．刀刃磨得很鋒利，是為了增大壓強9．下列說法不正確的是（）A．能量的轉化過程中是守恒的，所以能源是“取之不盡，用之不竭”的B．植物的光合作用是將光能轉化為化學能C．為節(jié)約能源，我們應該從小養(yǎng)成“人走燈關”的好習慣D．在能源的利用中，總會有一部分能量未被利用就損失了10．如圖所示，用20N的力F拉著重為100N的物體，使其沿水平面以2m/s的速度勻速運動了5s，若每個滑輪重10N，忽略繩重和滑輪軸的摩擦，則下列說法正確的是（）A．拉力F做的功為200JB．拉力F的功率為120WC．滑輪組對物體做的有用功為400JD．滑輪組對物體所做有用功的功率為60W11．下列說法正確的是（）A．物體的內能增加，它的溫度一定升高B．汽油機在吸氣沖程中吸入氣缸的是汽油和空氣的混合物C．外界對物體做功，它的溫度一定升高D．“黃沙漫天”說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動12．在甲、乙、丙三個相同的容器中，分別盛質量相同的同種液體，將三個質量相同，體積不同的小球，分別沉入三個容器的底部，當小球靜止時，容器受到小球的壓力的大小關系是F甲＞F乙＞F丙，則容器底部受到的液體壓強最大的是（）A．甲B．乙C．丙D．一樣大13．如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S，下列說法正確的是（）A．向右移動滑片P，電壓表V1的示數變小B．向右移動滑片P，電壓表V2的示數變小C．向左移動滑片P，電流表A的示數變大D．向左移動滑片P，電壓表V1與電流表A的示數比值不變14．如圖所示的電路，下列說法正確的是（）A．只閉合開關S1，燈泡L1與滑動變阻器并聯(lián)，電流表測干路電流B．只閉合開關S2，燈泡L1與滑動變阻器并聯(lián)后再與L2串聯(lián)C．閉合開關S1S2，燈泡L1L2并聯(lián)后再與滑動變阻器串聯(lián)D．閉合開關S1S2，燈泡L2被短路，電壓表測燈泡L1兩端的電壓15．如圖所示的電路，電源電壓保持不變，電阻R1、R2的阻值分別為10Ω和20Ω，只閉合開關S1，將滑片P移到中點，電壓表示數為6V，電阻R1的功率為P1，閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端，電阻R2的功率為P2，若P1：P2=2：9．則下列說法正確的是（）A．電源電壓為18VB．滑動變阻器的最大電阻為20ΩC．電路的最大功率為D．電路的最小功率為16．關于家庭電路和用電安全，下列說法不正確的是（）A．使用測電筆時，手不能接觸觸電筆的金屬體B．B更換燈泡時，應先斷開開關C．空氣開關跳閘，可能是電路中出現(xiàn)了短路D．衛(wèi)生間應該安裝有放水蓋的插電盒開關二、填空題（共9小題，每空1分，共18分）17．一條船逆流而上，船上的人看到一座橋迎面而來，這是以為參照物，若他感到橋向西運動，則以河岸為參照物，船向（選填“西”“東”）行駛的．18．寒冷的冬季用潮濕的手摸放在戶外的金屬管，手會“粘”在上面，這是由于手上的水份遇冷后結成冰，使分子間增大．19．如圖是某物體的s﹣t圖象，由圖象可知前5s內物體通過的路程是m，在5s﹣15s內物體運動的速度是m/s．20．“弓開如滿月，箭去似流星”形容射箭運動員拉弓放箭的情形，那么在這個過程中弓的能轉化為箭的能．21．有些建筑物的頂端有避雷針，避雷針是針狀金屬物，它可以利用尖端放電，把云層所帶的電荷導入大地，若云層帶正電，那么尖端放電時，避雷針中自由電子的運動方向是（選填“從云層到大地”或“從大地到云層”）．22．電動機的工作原理是，只改變線圈中的電流方向，電動機的轉動方向（選填“會”或“不會”）發(fā)生改變．電風扇、洗衣機、抽油煙機等家用電器都裝有電動機，這些用電器是聯(lián)接入家庭電路的．23．如圖所示，用手握住重5N的瓶子，手與瓶子間的摩擦是靜摩擦，此時瓶子受到的靜摩擦力大小為N，方向為（選填“豎直向下”或“豎直向上”）．增大手對瓶子的握力，瓶子受到的靜摩擦力將（選填“增大”、“減小”或“不變”）．24．一個重為300N的物體Q，底面積400cm2，將其放在水平地面上，它對地面的壓強是Pa．如圖所示，現(xiàn)將物體Q掛在杠桿的B端，在A端懸掛一個重為100N的物體P，使杠桿在水平位置平衡，忽略杠桿自重的影響，若OA：OB=2：5，那么地面對物體Q的支持力為N．25．如圖所示，電源電壓保持不變，小燈泡L1、L2上分別標有“6V”和“2V1W”的字樣，滑動變阻器上標有“40Ω1A”字樣，只閉合開關S1，滑片P在中點時，伏特表的示數是6V，則電源電壓V；同時閉合S1，S2，要使小燈泡不被燒壞，則電流表的示數不能超過A．（忽略溫度對燈絲電阻的影響）．三、識圖、作圖題（共4小題，滿分14分）26．完成下列光路圖：（1）在圖甲中畫出入射光線AO從空氣射入玻璃時的折射光線；（2）圖乙是檢查視力時是情景，人面對平面鏡而坐，身后是視力表，請在丙圖中畫出人眼通過平面鏡看到視力表中S點的光路圖．27．如圖所示，杠桿AOB在力的作用下出于平衡狀態(tài)，請畫出圖中貨箱的受力示意圖和拉力T的力臂L．28．如圖是“探究電流產生的熱量與什么因素有關”的實驗裝置，請在答題卡的虛線框內畫出與之對應的電路圖．29．如圖所示，請按要求連接電路，使得開關S閉合后，兩個通電螺線管相互吸引；標出小磁針靜止時的N極．四、實驗題（共4小題，滿分20分）30．為了比較A、B兩種液體比熱容的大小，某實驗小組做了如圖所示的實驗，在兩個相同的試管中，分別裝入A、B兩種液體，將試管放入完全相同的盛水燒杯中，用相同的酒精燈加熱．（1）實驗采用水浴加熱，目的是使溶液A、B受熱；（2）在試管中裝入液體A、B時，要控制他們的初溫和相同；（3）加熱相同的時間，是為了液體A、B吸收的熱量（選填“相同”或“不相同”）；（4）加熱相同時間后，液體A、B的溫度如圖所示，這表明液體（選填“A”或“B”）的比熱容較大．31．如圖所示，為了驗證“阿基米德原理”，某同學做了如下實驗：（1）如圖甲，在彈簧的下端掛一個小桶，小桶的下面吊一個石塊，記下彈簧伸長后下端到達的位置O，將此時彈簧對小桶的拉力計為T1，小桶與石塊的總重記為G，則T1G（選填“＞”“＜”“=”）；（2）如圖乙，在溢水杯中盛滿水，當石塊浸沒在水中時，排出的水便流到旁邊的小水杯中，將排出的水的重力記為G排；（3）如圖丙所示，把小杯中的水全部倒入彈簧下方的小桶中，彈簧的下端又會到達原來的位置O，將此時彈簧對小桶的拉力記為T2，則T2T1（選填“＞”“＜”“=”）；（4）通過對圖丙中小桶和石塊的受力分析，請推導石塊受到的浮力F浮與排出水的重力G排之間的關系．（要求寫出推導過程）32．為了探究“電流與電壓的關系”，某同學設計了如圖甲所示的電路．（1）實驗中，應保持不變，調節(jié)滑片P，當電壓表示數為2V時，電流表的示數如圖乙所示，則電路中的電流為A；電壓/V123電流/A（2）多次測量，將記錄的數據填在上表中，分析數據可以得出的結論是；（3）在上述實驗結束后，該同學還想利用此電路探究“電流與電阻”的關系，并與上表中的第三次實驗數據進行比較，于是他在原電路中，只將10Ω的定值電阻換成了15Ω．閉合開關后，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數（選填“變大”、“變小”或“不變”），則他接下來的操作應該是．33．利用如圖所示的電路測量額定電壓為的小燈泡的額定功率．（1）用筆畫線代替導線將圖甲中的電路連接完整，要求滑片P向右移動時燈泡變暗；（2）連接電路，開關應，滑片P應位于（選填“A”或“B”）端；（3）連接電路后，閉合開關，發(fā)現(xiàn)燈泡較亮，電壓表和電流表的示數均較大．無論怎樣移動滑片P，此現(xiàn)象都不發(fā)生改變，則出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因可能是；（答出一種即可）（4）改正電路后，移動滑片P，使電壓表的示數為時，電流表的示數如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為W．五、解答題（共3小題，滿分20分）34．某燃氣熱水器工作時，燃燒產生熱量的功率為20kW，水溫升高25℃時，每分鐘出水量為10L．此時c水=×103J/kg?℃，ρ水=×103kg/m3．求：（1）1min內水吸收的熱量；（2）熱水器的效率．35．如圖所示，正方體A的邊長為10cm，在它的上面放一個重為2N的物體B，此時正方體A恰好沒入水中，已知g=10N/kg，ρ水=×103kg/m3．求：（1）正方體A受到的浮力的大?。唬?）正方體A的密度．36．如圖所示，電源電壓為12V且保持不變，燈泡L標有“6V，3W”的字樣，滑動變阻器的最大阻值為50Ω，閉合開關S1，S2，調節(jié)滑片P：當滑動變阻器接入電路的阻值為R1時，電壓表的示數為U1，R0的功率為P01，當變阻器接入電路的阻值為R2時，電壓表的示數為U2，R0的電功率為P02，已知U1：U2=1：2，R1：R2=3；1，P01+P02=．求：（1）S1閉合，S2斷開，燈泡L正常發(fā)光時，電路的總功率；（2）S1、S2閉合時，電阻R0的電功率P01和P02；（3）電阻R0的阻值．

2022年甘肅省蘭州市中考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共16小題，每小題3分，滿分48分）1．下列物態(tài)變化中屬于液化的是（）A．加在飲料中的冰塊逐漸變小B．飛機在蔚藍的天空飛過，留下長長的“尾巴”C．樟腦丸越放越小D．冰箱冷藏室的內壁結出“白霜”【分析】（1）在一定條件下，物體的三種狀態(tài)﹣﹣固態(tài)、液態(tài)、氣態(tài)之間會發(fā)生相互轉化，這就是物態(tài)變化；（2）物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固．【解答】解：A、加在飲料中的冰塊逐漸變小，是由固態(tài)冰變?yōu)橐簯B(tài)水的過程，屬于熔化現(xiàn)象，故A錯誤；B、機飛過蔚藍的天空中會留下一條長長的“尾巴”，這種現(xiàn)象俗稱為“飛機拉煙”，產生這一現(xiàn)象的原因之一是飛機在飛行過程中排出的“暖濕氣體遇冷”液化形成的，故B正確；B、放在衣柜里面的樟腦丸變小了，由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)，是升華現(xiàn)象，故C錯誤；D、冰箱冷藏室的內壁結出“白霜”，是由空氣中的水蒸氣遇冷凝華而成的小冰晶，是凝華現(xiàn)象，故D錯誤．故選B．【點評】本題考查了物態(tài)變化的判斷，屬于熱學基礎知識的考查，解決此類題目的關鍵是抓住物質前后的狀態(tài)變化．2．關于聲現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．人耳聽不到次聲波，是因為響度太小B．大聲說話是為了提高聲音的音調C．用超聲波清洗眼鏡片，說明超聲波能夠傳遞能量D．關上窗戶可以減小窗外噪聲的影響，說明聲音在固體中傳播速度慢【分析】（1）人的聽覺頻率范圍是20Hz～20000Hz之間，大于20000Hz的聲波，人們聽不見，叫超聲波，小于20Hz的，人們也聽不見，叫次聲波；聲音是由物體的振動產生的，但由于人的聽覺范圍的限制發(fā)出的聲音不一定能聽得到；（2）聲音的特性有三個：音調、響度和音色．音調是指聲音的高低，與振動頻率有關；響度是指聲音的大小，跟距聲源的遠近和振幅有關；音色又叫音品是指聲音的品質與特色，它跟發(fā)聲體的材料和結構有關．（3）聲音可以傳遞信息，也可以傳遞能量；（4）防治噪聲污染可以從噪聲的產生、噪聲的傳播及噪聲的接收這三個環(huán)節(jié)進行防治．【解答】解：A、人耳聽不到次聲波，是因為次聲波的頻率小于20Hz，故A錯誤；B、大聲說話是為了增大聲音的響度，故B錯誤；C、用超聲波清洗眼鏡片，屬于利用超聲傳遞能量，故C正確；D、關上窗戶可以減小窗外噪聲的影響，是在傳播過程中減弱噪聲，故D錯誤．故選C．【點評】本題考查了聲音的相關知識，屬于基礎知識的考查，具有一定的綜合性，比較簡單．3．關于光現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．凸透鏡只對平行光線有會聚作用B．人向平面鏡走近時，他在鏡中的像逐漸變大C．黑板面反光是由于光發(fā)生漫反射造成的D．日食的形成是由于月球擋住了太陽射向地球的光【分析】（1）凸透鏡對任何光線都有會聚作用，讓會聚的光線提前會聚，使平行光線會聚成一點，使發(fā)散的光線變?yōu)闀垡恍?）平面鏡所成的像與物大小相等；（3）光的反射分為鏡面反射和漫反射，當平行光射到表面光滑的物體表面時，反射光線仍然平行，發(fā)生的是鏡面反射；當平行光線射到凹凸不平的物體表面時，反射光線向各個方向傳播，發(fā)生的是漫反射；（4）光在同一種均勻介質中是沿直線傳播的；【解答】解：A、凸透鏡對任何光線都有會聚作用，故A錯誤；B、平面鏡所成的像與物大小相等，故人向平面鏡走近時，他在鏡中的像不變，故B錯誤；C、當黑板表面太光滑，光射到這里發(fā)生了鏡面反射，反射光線朝著同一方向射出，位于反射光線方向的同學則看不清黑板上的字，這就是黑板反光問題，故C錯誤；D、光在同一種均勻介質中是沿直線傳播的，故日食的形成是由于月球擋住了太陽射向地球的光導致的，故D正確；故選D．【點評】此題考查了凸透鏡對光線的作用、平面鏡成像的特點、黑板反光的理解和光的直線傳播，是一道綜合題．4．下列說法正確的是（）A．原子核是由質子和電子組成B．天文觀察發(fā)現(xiàn)，所用核外星系都在遠離我們，這說明宇宙處于普遍的膨脹之中C．由公式可知，電磁波的頻率越高，傳播速度越快D．制作LED燈的材料是超導體【分析】①原子由原子核和核外電子構成，原子核由質子和中子構成；②星系之間的距離在不斷擴大，那么整個宇宙的體積也就在不斷的擴大，也就是整個宇宙在不斷的膨脹中；③電磁波傳播速度是一定的，為3×108m/s，波速跟電磁波的波長和頻率大小無關；④LED燈是用半導體材料制作的．【解答】解：A、物質由分子或原子組成，原子由原子核和核外電子組成，原子核包括質子和中子兩部分．此選項錯誤；B、科學家通過對星系光譜的研究發(fā)現(xiàn)，所有的星系都在遠離我們而去，宇宙中星系間的距離在不斷擴大，這說明宇宙處于普遍的膨脹之中．此選項正確；C、電磁波的種類不同，但是電磁波速是相同的，并且波速=波長×頻率，波長越長，頻率越小．此選項錯誤；D、低碳節(jié)能的LED，即是發(fā)光二極管，制作發(fā)光二極管的核心材料就是半導體材料．此選項錯誤．故選B．【點評】此題是一道綜合題，考查的知識點較多，包括物質結構、宇宙的膨脹、波長波速頻率的關系和LED燈的材料，熟練掌握基本規(guī)律是解答的關鍵．5．關于質量和密度，下列說法正確的是（）A．物體質量的大小與地理位置無關B．同種物質組成的物體，體積大的密度小C．冰熔化成水，密度變小D．物質的密度與質量成正比【分析】（1）根據質量的定義：物體中含有物質的多少叫質量來解答此題（2）同種物質，質量與體積成正比；（3）冰熔化為水，狀態(tài)變了，但質量是不變的，體積變小，密度變大；（4）某種物質的質量和其體積的比值，即單位體積的某種物質的質量，叫作這種物質密度．密度是物質的一種特性，其大小與物體的質量和體積無關【解答】解：A、物體所含物質的多少叫做質量，一個物體質量大小決定于物體所含物質的多少，質量大小與物體的形狀、狀態(tài)、位置都無關，故A正確；B、同種物質密度一定，它的質量與體積成正比，故B錯誤；C、冰熔化為水，狀態(tài)變了，但質量是不變的；根據水的反常膨脹，體積變??；根據ρ=，在質量一定時，體積變小，密度變大，故C錯誤；D、密度是物質的一種特性，僅與物質的種類和所處的狀態(tài)有關，不隨質量和體積的變化而變化，故D錯誤．故選A．【點評】此題考查的是質量以及密度的理解，知道密度是物質的一種特性，不隨質量和體積的變化而變化，僅與物質的種類和所處的狀態(tài)有關、質量大小決定于物體所含物質的多少，小與物體的形狀、狀態(tài)、位置都無關．6．關于磁現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A．銅、鐵、鋁都是磁性材料B．地磁場的S極在地理的北極附近C．磁場是由磁感線組成的D．導體在磁場中運動就會產生磁感應電流【分析】（1）磁性材料包括鐵、鈷、鎳等；（2）地磁的兩極與地理的兩極相反，且存在一定的磁偏角；（3）磁場是一種看不見的真實存在的物質，而磁感線是人們假想出來的；（4）閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線時，會在電路中產生感應電流．【解答】解：A、常見的磁性材料包括鐵、鈷、鎳等，銅、鋁是非磁性材料，故A錯誤；B、地磁的兩極與地理的兩極相反，地磁場的S極在地理的北極附近，故B正確；C、磁場是一種看不見、摸不著的真實存在的特殊物質，而磁感線是人們?yōu)榱搜芯糠奖愣傧氤鰜淼模蔆錯誤；D、產生感應電流的條件是：閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線時，會在電路中產生感應電流，故D錯誤．故選B．【點評】圍繞磁場、磁感線、磁性材料、地磁場、電磁感應等相關概念或原理進行了考查，都是我們應該熟知的基礎知識，難度不大．7．下列說法正確的是（）A．物體的運動速度越大，慣性越大B．同一物體勻速上升時，速度越快，所受拉力越大C．運動的物體，如果不受力的作用就會慢慢停下來D．兩個相互不接觸的物體，也可能會產生力的作用【分析】（1）慣性大小只跟物體的質量大小有關，跟物體是否受力、是否運動、運動速度等都沒有關系，質量越大，慣性越大．（2）處于平衡狀態(tài)的物體，一定受到平衡力的作用；（3）掌握牛頓第一定律的內容：一切物體如果不受外力作用，將保持靜止狀態(tài)或勻速直線運動狀態(tài)；（4）力是物體對物體的作用，要產生力的作用至少兩個物體：施力物體和受力物體．【解答】解：A、慣性大小的唯一量度是質量，跟物體是否受力、是否運動、運動速度等都沒有關系，所以物體的運動速度越大，慣性不一定越大．故A錯誤；B、同一物體勻速上升時，處于平衡狀態(tài)，拉力與重力是一對平衡力大小相等，與速度無關，故B錯誤；C、運動的物體，如果不受力的作用，將保持勻速直線運動，故C錯誤；D、沒有相互接觸的兩個物體可以產生力的作用，如：重力、磁力等．故D正確．故選D．【點評】此題考查慣性、力的概念、物體運動狀態(tài)變化的原因、平衡狀態(tài)的判斷，是一道綜合性較強的題目，但總體難度不大，掌握基礎知識即可正確解題．8．關于壓力和壓強，下列說法正確的是（）A．水壩建成上窄下寬的形狀，是由于水對壩的壓強隨深度的增加而增大B．飛機的機翼能獲得向上的升力，是利用了流體速度越大壓強越小的原理C．大氣壓強隨著海拔高度的增加而增大D．刀刃磨得很鋒利，是為了增大壓強【分析】（1）液體的壓強隨深度的增加而增大，據此判斷；（2）根據流體壓強與流速的關系可做出判斷；（3）根據大氣壓與高度的關系可做出判斷；（4）在壓力一定時，減小受力面積可以增大壓強．【解答】解：A、液體的壓強隨深度的增加而增大，水壩建成上窄下寬的形狀可承受更大的壓強，故A正確；B、飛機的機翼能獲得向上的升力，是因為機翼上方空氣流速快、壓強小，下方空氣流速慢、壓強大，產生向上的壓強差，這樣就形成了向上的升力．故B正確；C、大氣壓強隨著海拔高度的增加而減小，故C錯誤；D、刀刃磨得很鋒利，是為了在壓力一定時，減小受力面積，增大壓強，故D正確．故選ABD．【點評】本題主同時考查了固體壓強、液體壓強和氣體壓強，以及流體壓強特點的相關知識，都是有關壓強方面的基本規(guī)律，應熟知．9．下列說法不正確的是（）A．能量的轉化過程中是守恒的，所以能源是“取之不盡，用之不竭”的B．植物的光合作用是將光能轉化為化學能C．為節(jié)約能源，我們應該從小養(yǎng)成“人走燈關”的好習慣D．在能源的利用中，總會有一部分能量未被利用就損失了【分析】在自然界中能量可以相互轉化或轉移，在能量的轉化或轉稱過程中，能量的總量是守恒的．但有些能量不能被人們直接利用，會損失掉，因此我們應該節(jié)約能源．據此可對選項中的描述逐一做出判斷．【解答】解：A、能量的轉化過程中是守恒的，但有些能源不能被人們所利用，因此能源并不是“取之不盡，用之不竭”的，故A錯誤；B、植物的光合作用是將光能轉化為化學能，儲存在植物體內，故B正確；C、為節(jié)約能源，我們應該從小養(yǎng)成“人走燈關”的好習慣，故C正確；D、在能源的利用中，總會有一部分能量未被利用就損失了，但能的總量是不變的，故D正確．故選A．【點評】本題考查了有關能量的轉化與守恒，能量轉化的判斷，節(jié)約能源的做法等，屬基礎知識的考查．10．如圖所示，用20N的力F拉著重為100N的物體，使其沿水平面以2m/s的速度勻速運動了5s，若每個滑輪重10N，忽略繩重和滑輪軸的摩擦，則下列說法正確的是（）A．拉力F做的功為200JB．拉力F的功率為120WC．滑輪組對物體做的有用功為400JD．滑輪組對物體所做有用功的功率為60W【分析】（1）已知物體沿水平面以2m/s的速度勻速運動了5s，可求得物體移動的距離，然后可知繩子移動的距離，根據W=Fs求出拉力F做的功；根據公式P=求出拉力的功率；（2）利用總功減去額外功為有用功，利用P=求出有用功的功率．【解答】解：A、由v=可得，物體移動的距離：s物=vt=2m/s×5s=10m，拉力端移動的距離：s=2s物=2×10m=20m，拉力F做的功：W總=Fs=20N×20m=400J，故A錯誤；B、拉力F的功率：P===80W，故B錯誤；C、忽略繩重和滑輪軸的摩擦，則額外功：W額=G動h=10N×10m=100J，有用功：W有用=W總﹣W額=400J﹣100J=300J，故C錯誤；D、有用功的功率：P′===60W．故D正確．故選D．【點評】此題主要考查的是學生對功率、有用功、機械效率、拉力計算公式的理解和掌握，知識點較多，有一定難度．11．下列說法正確的是（）A．物體的內能增加，它的溫度一定升高B．汽油機在吸氣沖程中吸入氣缸的是汽油和空氣的混合物C．外界對物體做功，它的溫度一定升高D．“黃沙漫天”說明分子在永不停息的做無規(guī)則運動【分析】（1）物體的內能增加，但溫度不一定升高，如晶體的熔化過程，吸熱但溫度不升高；（2）工作過程中，汽油機吸入的是空氣和汽油的混合物，柴油機吸入的是空氣；（3）改變物體內能的兩種方式：做功和熱傳遞；做功可以改變內能，且對物體做功，物體內能會增加；（4）分子運動是看不見的，在不知不覺中發(fā)生了變化，擴散現(xiàn)象是分子做無規(guī)則運動的結果．【解答】解：A、物體吸收熱量、內能一定增大，但溫度不一定升高，例如，晶體熔化過程中，吸收熱量，溫度不變；故A錯誤；B、工作過程中，汽油機吸入的是空氣和汽油的混合物，故B正確；C、外界對物體做功，它的溫度不一定升高，例如，對0℃的冰做功，變?yōu)?℃的水，故C錯誤；D、“黃沙漫天”是顆粒的運動，不是分子運動，故D錯誤．故選B．【點評】此題考查學生對于物體內能改變方式的理解，以及內能、熱量和溫度的關系的理解．12．在甲、乙、丙三個相同的容器中，分別盛質量相同的同種液體，將三個質量相同，體積不同的小球，分別沉入三個容器的底部，當小球靜止時，容器受到小球的壓力的大小關系是F甲＞F乙＞F丙，則容器底部受到的液體壓強最大的是（）A．甲B．乙C．丙D．一樣大【分析】先對容器內小球進行受力分析，而后據題目中的信息，結合阿基米德原理進行比較，得出液面關系，而后再據液體內部壓強的計算公式計算即可．【解答】解：對于沉入杯底部的小球來說，其受到三個力的作用，即向上的是浮力和容器對小球的支持力，向下是小球的重力，故此時容器對小球的支持力FN=G﹣F??；據物體間力的作用是相互的特點可知，容器對小球的支持力大小等于小球對容器底部的壓力，知道F甲＞F乙＞F丙，小球的質量相同，即重力相同，據FN=G﹣F浮可得，F(xiàn)浮=G﹣FN；所以F甲?。糉乙?。糉丙浮，又據F浮=ρgV排可知，小球沉底，排開液體的體積等于自身的體積，故V甲＜V乙＜V丙；即丙排開液體的體積最大，液面最高，故據p=ρgh可知，丙容器底部所受的液體壓強最大．故選C．【點評】此題考查了受力分析的理解、液體壓強公式和阿基米德原理的應用，是一道綜合題，有一定的難度．13．如圖所示，電源電壓保持不變，閉合開關S，下列說法正確的是（）A．向右移動滑片P，電壓表V1的示數變小B．向右移動滑片P，電壓表V2的示數變小C．向左移動滑片P，電流表A的示數變大D．向左移動滑片P，電壓表V1與電流表A的示數比值不變【分析】閉合開關，兩電阻串聯(lián)，電流表測電路中電流，V1測R2兩端電壓，V2測總電壓．根據滑片移動方向判斷R1連入阻值變化，從而知電路的電阻變化，由串聯(lián)電路特點和歐姆定律電表示數變化以及V1與A的示數比值變化情況．【解答】解：由圖可知，閉合開關S，兩電阻串聯(lián)，電流表測電路中電流，V1測R2兩端電壓，V2測總電壓，電源電壓保持不變，所以滑片移動中V2的示數不變，故B錯誤；滑片向右移動時，R1連入阻值變小，根據串聯(lián)電路的分壓原理知，R2分得電壓增大，即V1示數變大，故A錯誤；滑片向左移動時，R1連入阻值變大，電路的總電阻變大，由歐姆定律可知電路中電流變小，故C錯誤；由歐姆定律可知，電壓表V1與電流表A的示數比值大小等于R2的阻值，所以兩表比值不變，故D正確．故選D．【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到歐姆定律的應用，會把電壓表V1與電流表示數的比值轉化為R2的阻值處理是關鍵．14．如圖所示的電路，下列說法正確的是（）A．只閉合開關S1，燈泡L1與滑動變阻器并聯(lián)，電流表測干路電流B．只閉合開關S2，燈泡L1與滑動變阻器并聯(lián)后再與L2串聯(lián)C．閉合開關S1S2，燈泡L1L2并聯(lián)后再與滑動變阻器串聯(lián)D．閉合開關S1S2，燈泡L2被短路，電壓表測燈泡L1兩端的電壓【分析】根據實物圖可知，只閉合S1時，燈泡L1與滑動變阻器串聯(lián)；只閉合S2時，燈泡L2與滑動變阻器串聯(lián)；閉合S1、S2時，燈泡L1、L2并聯(lián)后與滑動變阻器串聯(lián)，據此判斷選項的正誤．【解答】解：A、只閉合S1時，燈泡L1與滑動變阻器串聯(lián)，電流表測量電路電流；故A錯誤；B、只閉合S2時，燈泡L2與滑動變阻器串聯(lián)；故B錯誤；CD、閉合S1、S2時，燈泡L1、L2并聯(lián)后與滑動變阻器串聯(lián)，故C正確，D錯誤．故選C．【點評】本題考查電路基本連接方式的辨別，屬于基礎題．15．如圖所示的電路，電源電壓保持不變，電阻R1、R2的阻值分別為10Ω和20Ω，只閉合開關S1，將滑片P移到中點，電壓表示數為6V，電阻R1的功率為P1，閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端，電阻R2的功率為P2，若P1：P2=2：9．則下列說法正確的是（）A．電源電壓為18VB．滑動變阻器的最大電阻為20ΩC．電路的最大功率為D．電路的最小功率為【分析】（1）由電路圖可知，只閉合開關S1，將滑片P移到中點時，R1與串聯(lián)，電壓表測變阻器兩端的電壓，根據串聯(lián)電路的電壓表示出R1兩端的電壓，根據P=表示出電阻R1的功率；閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端時，R1與R2并聯(lián)，根據并聯(lián)電路的電壓特點和P=表示出電阻R2的功率；利用P1：P2=2：9得出等式即可求出電源的電壓；（2）只閉合開關S1，將滑片P移到中點時，根據串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律得出等式即可求出滑動變阻器接入電路中的電阻，然后求出滑動變阻器的最大阻值；（3）閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端，電路中的總電阻最小，電路的總功率最大，根據電阻的并聯(lián)求出電路中的總電阻，利用P=求出電路的最大功率；（4）R1與滑動變阻器的最大阻值串聯(lián)時電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，根據電阻的串聯(lián)和P=求出電路的最小功率．【解答】解：（1）由電路圖可知，只閉合開關S1，將滑片P移到中點時，R1與串聯(lián)，電壓表測變阻器兩端的電壓，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，R1兩端的電壓：U1=U﹣U滑=U﹣6V，則電阻R1的功率：P1==，閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端時，R1與R2并聯(lián)，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，電阻R2的功率：P2==，則==，解得：U=9V，故A錯誤；（2）只閉合開關S1，將滑片P移到中點時，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，電路中的電流：I===，即=，解得：R=40Ω，故B錯誤；（3）閉合開關S1、S2，將滑片移到最左端，R1與R2并聯(lián)，電路中的總電阻最小，電路的總功率最大，因并聯(lián)電路中總電阻的倒數等于各分電阻倒數之和，所以，電路中的總電阻：R并===Ω，電路的最大功率：P大===，故C正確；（4）R1與滑動變阻器的最大阻值串聯(lián)時，電路中的總電阻最大，電路的總功率最小，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小功率：P小===，故D錯誤．故選C．【點評】本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，利用好電阻R1與R2的功率之比求出電源的電壓是關鍵．16．關于家庭電路和用電安全，下列說法不正確的是（）A．使用測電筆時，手不能接觸觸電筆的金屬體B．B更換燈泡時，應先斷開開關C．空氣開關跳閘，可能是電路中出現(xiàn)了短路D．衛(wèi)生間應該安裝有放水蓋的插電盒開關【分析】（1）測電筆是用來辨別火線和零線的．使用測電筆辨別時，用手觸及筆尾的金屬部分，筆尖接觸電線，若氖管發(fā)光則為火線，否則為零線；（2）更換燈泡時先斷開開關避免觸電事故；（3）空氣開關“跳閘”說明電路中電流過大，家庭電路電流過大的原因：短路、用電器總功率過大；（4）水是導體，衛(wèi)生間若不安防水蓋的開關，容易觸電．【解答】解：A、使用測電筆辨別火線和零線時，用手接觸筆尾金屬體，筆尖接觸電線，氖管發(fā)光，表明檢測的是火線，故A錯誤；B、不斷開開關，直接更換不亮的電燈泡，由于燈泡上帶電，容易引起觸電事故，所以更換燈泡時先斷開開關，故B正確；C、家庭電路中空氣開關跳閘，可能是由于短路或用電器總功率過大引起的，故C正確；D、水是導體，衛(wèi)生間若不安防水蓋的插電盒開關，容易觸電，故D正確．故選A．【點評】本題考查了學生對安全用電知識的了解與掌握，平時學習時多了解、積累，加強安全意識，學好電、用好電！二、填空題（共9小題，每空1分，共18分）17．一條船逆流而上，船上的人看到一座橋迎面而來，這是以船為參照物，若他感到橋向西運動，則以河岸為參照物，船向東（選填“西”“東”）行駛的．【分析】在研究物體的運動情況時，需要選取一個參照物，物體與參照物之間的位置發(fā)生變化，則物體是運動的；物體與參照物之間的位置沒有發(fā)生變化，則物體是靜止的．【解答】解：以船為參照物，橋與船之間的位置發(fā)生了變化，所以是運動的，故會有一座橋迎面而來；河岸和橋之間沒有位置移動，是相對靜止的，所以，若他感到橋向西運動，以河岸為參照物，則船是向東運動的．故答案為：船；東．【點評】該題考查了運動和靜止的相對性以及參照物的選取，屬于基礎知識，難度不大．18．寒冷的冬季用潮濕的手摸放在戶外的金屬管，手會“粘”在上面，這是由于手上的水份遇冷后結成冰，使分子間作用力增大．【分析】構成物質的分子之間都有一定間隔，在固體、液體、氣體中，分子之間的間隔是不同的，固體中的間隔最小，作用力最大，氣體中的間隔最大，作用力最?。窘獯稹拷猓涸诠腆w、液體、氣體中，分子之間的間隔是不同的；固體分子之間的間隔最小，作用力最大，氣體分子之間的間隔最大，作用力最小；因此，水遇冷后結成冰，分子間的間隔變小，作用力增大．故答案為：作用力．【點評】本題考查學生運用微粒的基本特征解釋日常生活現(xiàn)象19．如圖是某物體的s﹣t圖象，由圖象可知前5s內物體通過的路程是2m，在5s﹣15s內物體運動的速度是m/s．【分析】先根據圖象判斷前5s內物體的運動狀態(tài)，然后確定前5s內物體通過的路程；根據圖象判斷物體在5s﹣15s內的運動狀態(tài)，然后根據圖象信息以及速度公式求出物體運動的速度．【解答】解：根據圖象可知，前5s內物體始終靜止，因此前5s內物體通過的路程是0m；根據圖象可知5s﹣15s內物體做勻速直線運動，并且物體在5s內通過的路程為2m，因此在5s﹣15s內物體運動的速度：v===s．故答案為：0；．【點評】本題考查速度的計算和物體運動狀態(tài)的判斷，關鍵能從圖中讀出有用信息．20．“弓開如滿月，箭去似流星”形容射箭運動員拉弓放箭的情形，那么在這個過程中弓的彈性勢能轉化為箭的動能．【分析】彈性勢能的影響因素是物體的彈性形變程度，在彈性范圍以內，彈性形變越大，彈性勢能就越大．【解答】解：拉彎的弓具有彈性勢能，箭射出去后具有動能，這一過程中是弓的彈性勢能轉化為箭的動能．故答案為：彈性勢；動能；【點評】本題考查了能量的轉化，解答此題的關鍵是知道彈性勢能的概念，屬于基本內容．21．有些建筑物的頂端有避雷針，避雷針是針狀金屬物，它可以利用尖端放電，把云層所帶的電荷導入大地，若云層帶正電，那么尖端放電時，避雷針中自由電子的運動方向是從大地到云層（選填“從云層到大地”或“從大地到云層”）．【分析】雷電是云層與大地之間或云層之間的放電現(xiàn)象，在高大的建筑物上安裝避雷針，可使云層所帶電荷通過避雷針進入大地，從而保護建筑物不受雷擊．【解答】解：當帶正電云層靠近建筑物時，由于云層帶正電，缺少電子，避雷針中的自由電子會從大地到云層，逐漸中和云層中的電荷，從而避免建筑物遭受雷擊．故答案為：從大地到云層．【點評】此題考查靜電常識，知道尖端放電在生活中的應用和防止即可正確答題．基礎題目．22．電動機的工作原理是通電導體在磁場中受到力的作用，只改變線圈中的電流方向，電動機的轉動方向會（選填“會”或“不會”）發(fā)生改變．電風扇、洗衣機、抽油煙機等家用電器都裝有電動機，這些用電器是并聯(lián)接入家庭電路的．【分析】（1）電動機是利用通電導體在磁場中受到力的作用的原理制成的；導體受力的方向與電流方向和磁場方向有關；（2）家庭電路中，各用電器都是并聯(lián)的．【解答】解：（1）動機的工作原理是通電導體在磁場中受到力的作用；導體在磁場中受力的方向與電流方向和磁場方向有關，只改變線圈中的電流方向，電動機的轉動方向會發(fā)生改變．（2）電風扇、洗衣機、抽油煙機等家用電器工作時互不影響，它們是并聯(lián)接入家庭電路的．故答案為：通電導體在磁場中受到力的作用；會；并．【點評】電與磁在實際應用過程中，需要分清“電生磁”和“磁生電”的區(qū)別．同時還要了解家庭電路中，各用電器都是并聯(lián)的．23．如圖所示，用手握住重5N的瓶子，手與瓶子間的摩擦是靜摩擦，此時瓶子受到的靜摩擦力大小為5N，方向為豎直向上（選填“豎直向下”或“豎直向上”）．增大手對瓶子的握力，瓶子受到的靜摩擦力將不變（選填“增大”、“減小”或“不變”）．【分析】瓶子靜止懸在空中處于平衡狀態(tài)，符合二力平衡條件：大小相等，方向相反，作用在同一直線上．所以，瓶子受到手豎直向上的摩擦力始終等于瓶子的重力．【解答】解：瓶子處于靜止狀態(tài)，屬于平衡狀態(tài)，所以受到的是平衡力．摩擦力與重力是一對平衡力，瓶子的重力的大小為5N，所以摩擦力也是5N，方向與重力方向相反，豎直向上；當壓力增大時，瓶子受到手豎直向上的摩擦力始終等于瓶子的重力不會隨握力的增大而增大．故答案為：5；豎直向上；不變．【點評】本題首先判斷物體處于哪種狀態(tài)，并對物體進行受力分析，靜止和勻速直線運動的物體都受到平衡力的作用，根據平衡力的特點進行判斷．24．一個重為300N的物體Q，底面積400cm2，將其放在水平地面上，它對地面的壓強是7500Pa．如圖所示，現(xiàn)將物體Q掛在杠桿的B端，在A端懸掛一個重為100N的物體P，使杠桿在水平位置平衡，忽略杠桿自重的影響，若OA：OB=2：5，那么地面對物體Q的支持力為260N．【分析】（1）物體對水平面是壓力等于其重力；原子壓力和受力面積，可以得到物體對地面的壓強；（2）已知杠桿力臂關系和P的拉力，根據杠桿平衡條件可以得到物體Q對杠桿的拉力；根據力的作用相互性，可以得到杠桿對物體Q的拉力；根據Q靜止在地面上，所受合力為0，可以得到地面的支持力．【解答】解：（1）物體對地面的壓強為p====7500Pa；（2）因為F1L1=F2L2，所以物體Q對杠桿的拉力為F2==100N×=40N，由于力的作用是相互的，所以杠桿對物體Q的拉力為F拉=F2=40N，對于物體Q，有GQ=F拉+F支持，所以地面對物體Q的支持力為F支持=GQ﹣F拉=300N﹣40N=260N．故答案為：7500；260．【點評】此題考查了壓強計算公式、杠桿平衡條件、力的作用相互性的應用，對物體進行受力分析，明確力的大小和方向，是解答第二空的關鍵．25．如圖所示，電源電壓保持不變，小燈泡L1、L2上分別標有“6V”和“2V1W”的字樣，滑動變阻器上標有“40Ω1A”字樣，只閉合開關S1，滑片P在中點時，伏特表的示數是6V，則電源電壓18V；同時閉合S1，S2，要使小燈泡不被燒壞，則電流表的示數不能超過A．（忽略溫度對燈絲電阻的影響）．【分析】（1）只閉合開關S1，滑片P在中點時，L1與串聯(lián)，電壓表測L1兩端的電壓，額定電壓下燈泡的實際功率和額定功率相等，根據串聯(lián)電路的電流特點和P=UI求出電路中的電流，利用串聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出電源的電壓；（2）根據歐姆定律求出L1的電阻，當同時閉合S1，S2時，L1與L2并聯(lián)后再與滑動變阻器串聯(lián)，電流表測干路電流，根據并聯(lián)電路的電壓特點可知，要使小燈泡不被燒壞，兩燈泡兩端的電壓為它們額定電壓中較小的，根據P=UI求出通過L2的電流，根據并聯(lián)電路的電壓特點和歐姆定律求出通過L1的電流，利用并聯(lián)電路的電流特點求出電流表的最大示數．【解答】解：（1）只閉合開關S1，滑片P在中點時，L1與串聯(lián)，電壓表測L1兩端的電壓，因串聯(lián)電路中各處的電流相等，且電壓表的示數與L1的額定電壓相等，所以，由P=UI可得，電路中的電流：I=I1===，因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，所以，由I=可得，電源的電壓：U=U滑+U1=I×+U1=×+6V=18V；（2）L1的電阻：R1===10Ω，當同時閉合S1，S2時，L1與L2并聯(lián)后再與滑動變阻器串聯(lián)，電流表測干路電流，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且要使小燈泡不被燒壞，所以，兩燈泡并聯(lián)部分的電壓U并=U2=2V，通過L2的電流：I2===，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，通過L1的電流：I1′===，因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以，電流表的最大示數：I′=I1′+I2=+=．故答案為：18；．【點評】本題考查了串并聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要注意兩燈泡并聯(lián)時最大電壓為兩者額定電壓中較小的．三、識圖、作圖題（共4小題，滿分14分）26．完成下列光路圖：（1）在圖甲中畫出入射光線AO從空氣射入玻璃時的折射光線；（2）圖乙是檢查視力時是情景，人面對平面鏡而坐，身后是視力表，請在丙圖中畫出人眼通過平面鏡看到視力表中S點的光路圖．【分析】（1）光從空氣斜射入玻璃時，折射光線向法線靠攏；再從玻璃斜射入空氣中，折射光線遠離法線．（2）根據物像連線與鏡面垂直，物像到平面鏡距離相等，做出S的像，S的像是反射光線的反向延長線會聚形成的，必然有反射光線進入人的眼睛，反射光線經過眼睛和像點，兩者的連線確定入射點，畫出入射光線．【解答】解：（1）過入射點作法線，然后根據光從空氣斜射入玻璃時，折射光線向法線靠攏，折射角小于入射角作出折射光線，如圖所示：（2）根據物像連線與鏡面垂直，由S向平面鏡作垂線并延長，根據物像到平面鏡距離相等，找到S點的像S′點，連接眼睛A和像點S′，交平面鏡于O點，連接SO即入射光線，OA為反射光線．如圖：【點評】（1）考查對折射光線的畫法，關鍵是記熟光的折射定律，搞清折射角與入射角的關系．（2）平面鏡成的虛像是反射光線反向延長線會聚形成的，眼睛看到虛像，像點、入射點、眼睛必然在同一直線上，這是完成本題的關鍵．27．如圖所示，杠桿AOB在力的作用下出于平衡狀態(tài)，請畫出圖中貨箱的受力示意圖和拉力T的力臂L．【分析】（1）對貨箱進行受力分析可知，貨箱處于平衡狀態(tài)，受到的重力和拉力是一對平衡力，大小相等；據此根據力的示意圖的畫法畫出這兩個力即可；（2）根據力臂定義：力臂是從支點到力的作用線的距離，作出力臂．【解答】解：（1）貨箱處于平衡狀態(tài)，受到的重力和拉力是一對平衡力，大小相等．過箱子的重心，分別沿豎直向下和豎直向上的方向畫一條有向線段，并分別用G和F表示；（2）從支點到力的作用線引垂線作出力臂，并標上字母符號L，如圖所示：【點評】此題考查力的示意圖的畫法和力臂的畫法，作圖題是歷年中考必考試題之一，要求學生熟練掌握作圖技巧．28．如圖是“探究電流產生的熱量與什么因素有關”的實驗裝置，請在答題卡的虛線框內畫出與之對應的電路圖．【分析】電流產生熱量的多少，我們通過肉眼是看不出來的，可以通過轉換法來得出電流產生熱量的多少；由圖可知，兩電阻并聯(lián)，開關S控制干路，電流表A1與電阻R甲串聯(lián)，電流表A2與電阻R乙串聯(lián)，然后根據實物圖可畫出電路圖．【解答】解：由實物圖可知，電流從正極出發(fā)，經開關S開始分支，一支經電阻R乙、電流表A2、滑動變阻器；另一支經電阻R甲、電流表A1，然后兩支電流匯合后共同回負極，如圖所示：【點評】本題考查根據實物圖畫電路圖的能力，能正確識別電路的連接方式是畫電路圖的前提．29．如圖所示，請按要求連接電路，使得開關S閉合后，兩個通電螺線管相互吸引；標出小磁針靜止時的N極．【分析】（1）根據電流方向，利用安培定則確定左邊螺線管的NS極；（2）螺線管相互吸引，根據磁極之間的作用規(guī)律確定右螺線管的NS極；（3）知道右螺線管的繞法和NS極，根據安培定則確定電流的方向即可．【解答】解：電流從電源出發(fā)，從左邊螺線管的左端流入，據安培定則可知，該螺線管的左端是N極，右端是S極，故小磁針的右端是S極，左端是N極，且兩個螺線管相互吸引，可知右邊螺線管的左側是N極，右側是S極，所以據安培定則可知，電流從右邊螺線管的右側流入，左側流出，故連接電路如下：【點評】知道并理解磁極間的作用規(guī)律和安培定則是解決該題的關鍵．四、實驗題（共4小題，滿分20分）30．為了比較A、B兩種液體比熱容的大小，某實驗小組做了如圖所示的實驗，在兩個相同的試管中，分別裝入A、B兩種液體，將試管放入完全相同的盛水燒杯中，用相同的酒精燈加熱．（1）實驗采用水浴加熱，目的是使溶液A、B均勻受熱；（2）在試管中裝入液體A、B時，要控制他們的初溫和質量相同；（3）加熱相同的時間，是為了液體A、B吸收的熱量相同（選填“相同”或“不相同”）；（4）加熱相同時間后，液體A、B的溫度如圖所示，這表明液體B（選填“A”或“B”）的比熱容較大．【分析】（1）采用水浴法可以使溶液均勻受熱；（2）該實驗采用控制變量法，所以必須保證兩種溶液的初溫、質量和加熱時間相同；（3）加熱時間的長短反應液體吸收熱量的多少；（4）吸收相同的熱量，溫度升高的越少，表面吸收熱量的能力越強，比熱容越大．【解答】解：（1）實驗采用水浴加熱，目的是使溶液A、B均勻受熱；（2）要研究兩種液體的吸熱本領，應控制兩個試管中所裝的A、B兩種液體的初溫相同、質量相等；（3）因為加熱時間的長短反應液體吸收熱量的多少，所以加熱相同的時間，是為了液體A、B吸收的熱量相同；（4）根據圖示可知，加熱相同時間后，液體A升高的溫度大于B升高的溫度，因此液體B的比熱容較大．故答案為：（1）均勻；（2）質量；（3）相同；（4）B．【點評】此題考查的是物質吸熱本領大小的探究實驗，正確應用控制變量法和轉換法是解答此題的關鍵．31．如圖所示，為了驗證“阿基米德原理”，某同學做了如下實驗：（1）如圖甲，在彈簧的下端掛一個小桶，小桶的下面吊一個石塊，記下彈簧伸長后下端到達的位置O，將此時彈簧對小桶的拉力計為T1，小桶與石塊的總重記為G，則T1=G（選填“＞”“＜”“=”）；（2）如圖乙，在溢水杯中盛滿水，當石塊浸沒在水中時，排出的水便流到旁邊的小水杯中，將排出的水的重力記為G排；（3）如圖丙所示，把小杯中的水全部倒入彈簧下方的小桶中，彈簧的下端又會到達原來的位置O，將此時彈簧對小桶的拉力記為T2，則T2=T1（選填“＞”“＜”“=”）；（4）通過對圖丙中小桶和石塊的受力分析，請推導石塊受到的浮力F浮與排出水的重力G排之間的關系T1=G，T2=G+G排﹣F浮，且T1=T2，所以F浮=G排．（要求寫出推導過程）【分析】（1）彈簧對小桶的拉力與小桶和石塊的總重是一對平衡力；（2）在彈性限度內，彈簧的伸長與受到的拉力成正比，在兩個拉力的作用下，彈簧伸長到相同的位置，起到相同的效果；（3）根據甲和丙兩次實驗中彈簧伸長到相同位置列出等式，找出浮力和排出水的重力之間的關系．【解答】解：（1）彈簧對小桶的拉力計為T1，和小桶和石塊的總重是一對平衡力，大小相等，即T1=G；（3）在兩個拉力的作用下，彈簧伸長到相同的位置，起到相同的效果，所以這兩個拉力的關系是：T2=T1；（4）甲圖中，T1=G；丙圖中，T2=G+G排﹣F?。灰驗門1=T2，所以G=G+G排﹣F浮，所以F浮=G排．故答案為：（1）=；（3）=；（4）T1=G，T2=G+G排﹣F浮，且T1=T2，所以F浮=G排．【點評】此題主要考查的是學生對驗證“阿基米德原理”實驗的理解和掌握，關鍵是等效替代法在實驗中的應用．32．為了探究“電流與電壓的關系”，某同學設計了如圖甲所示的電路．（1）實驗中，應保持電阻不變，調節(jié)滑片P，當電壓表示數為2V時，電流表的示數如圖乙所示，則電路中的電流為A；電壓/V123電流/A（2）多次測量，將記錄的數據填在上表中，分析數據可以得出的結論是電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；（3）在上述實驗結束后，該同學還想利用此電路探究“電流與電阻”的關系，并與上表中的第三次實驗數據進行比較，于是他在原電路中，只將10Ω的定值電阻換成了15Ω．閉合開關后，發(fā)現(xiàn)電壓表的示數變大（選填“變大”、“變小”或“不變”），則他接下來的操作應該是將滑片向右移動，使電壓表的示數為3V，并讀取電流表的示數，記錄數據．【分析】（1）探究電流與電壓的關系時，需保持電阻不變；根據電流表的量程、分度值以及指針的位置讀出電流表的示數；（2）電阻一定時，電流與電壓成正比；（3）探究電流與電阻的關系時，需保持電阻兩端電壓不變；根據串聯(lián)電路分壓的規(guī)律以及串聯(lián)電路電壓規(guī)律可知電壓表示數的變化，據此判斷滑片移動的方向．【解答】解：（1）探究電流與電壓的關系時，需保持電阻不變；根據圖乙可知，電流表的量程為0～，分度值為，示數為；（2）根據表中數據可知，導體的電阻值保持不變，導體兩端的電壓增大，相對應的導體中的電流也增大，且電壓增加幾倍，電流也增加幾倍，故得結論：電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比．（3）究電流與電阻的關系時，需保持電阻兩端電壓不變，因為串聯(lián)電路起分壓作用，因此將10Ω的定值電阻換成了15Ω時，定值電阻兩端電壓變大；又因為串聯(lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和，因此要保持定值電阻兩端電壓3V不變，需增大滑動變阻器兩端電壓，因此下一步將滑片向右移動，使電壓表的示數為3V，并讀取電流表的示數，記錄數據．故答案為：（1）電阻；；（2）電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；（3）變大；將滑片向右移動，使電壓表的示數為3V，并讀取電流表的示數，記錄數據．【點評】本題考查了電流表的讀數、控制變量法的應用以及利用控制變量法得出結論的能力．雖然涉及的知識點較多，但都是基礎題，只要我們掌握好，也不難解決此題．33．利用如圖所示的電路測量額定電壓為的小燈泡的額定功率．（1）用筆畫線代替導線將圖甲中的電路連接完整，要求滑片P向右移動時燈泡變暗；（2）連接電路，開關應斷開，滑片P應位于B（選填“A”或“B”）端；（3）連接電路后，閉合開關，發(fā)現(xiàn)燈泡較亮，電壓表和電流表的示數均較大．無論怎樣移動滑片P，此現(xiàn)象都不發(fā)生改變，則出現(xiàn)這種現(xiàn)象的原因可能是滑動變阻器接了兩個上接線柱；（答出一種即可）（4）改正電路后，移動滑片P，使電壓表的示數為時，電流表的示數如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為W．【分析】（1）通過額定電壓，確定電壓表量程，將電壓表并聯(lián)在燈泡兩端，注意正負接線柱，根據滑片P向右移動燈泡變暗，電阻變大，接A接線柱，注意和燈泡串聯(lián)．（2）連接電路前，開關應斷開，滑片滑到最大阻值處．（3）電流表有示數，電路中可能短路，電壓表有示數，電壓表中間不存在短路，移動滑片沒有變