學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精山西省運(yùn)城市2020屆高三下學(xué)期4月調(diào)研測(cè)試（一模）理綜物理試題含解析運(yùn)城市2020年高三調(diào)研測(cè)試?yán)砜凭C合試題物理部分二、選擇題1.與下列圖片相關(guān)的物理知識(shí)說法正確的是（)A。甲圖，湯姆生通過α粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子核的概念,建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型B。乙圖，氫原子的能級(jí)結(jié)構(gòu)圖，大量處于n=4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷時(shí),能輻射6種不同頻率的光子C.丙圖,“光電效應(yīng)”實(shí)驗(yàn)揭示了光的粒子性，愛因斯坦為此提出了相對(duì)論學(xué)說，建立了光電效應(yīng)方程D.丁圖，重核裂變產(chǎn)生的中子能使核裂變反應(yīng)連續(xù)得進(jìn)行，稱為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，其中一種核裂變反應(yīng)方程為【答案】B【解析】【詳解】A．甲圖為盧瑟福通過α粒子散射實(shí)驗(yàn)，提出了原子概念，建立了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；B．乙圖中,大量處于n=4能級(jí)的原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，能輻射的光子種類為即共輻射出6種不同頻率的光子，故B正確;C．丙圖的“光電效應(yīng)”實(shí)驗(yàn)揭示了光的粒子性，愛因斯坦為此提出了光子說,建立了光電效應(yīng)方程，故C錯(cuò)誤；D．重核裂變稱為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)是因?yàn)樯傻亩鄠€(gè)中子繼續(xù)作為反應(yīng)物又轟擊鈾核,反應(yīng)方程為故D錯(cuò)誤.故選B.2。如圖，通電導(dǎo)線MN與單匝矩形線圈abcd共面，位置靠近ab且相互絕緣。當(dāng)MN中電流突然減小時(shí)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流I，線圈所受安培力的合力為F，則I和F的方向?yàn)椋ǎ〢。I順時(shí)針，F(xiàn)向左 B。I順時(shí)針，F(xiàn)向右C.I逆時(shí)針，F(xiàn)向左 D.I逆時(shí)針，F(xiàn)向右【答案】B【解析】【詳解】金屬線框abcd放在導(dǎo)線MN上，導(dǎo)線中電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則判斷可知,線框abcd左右兩側(cè)磁場(chǎng)方向相反，線框左側(cè)的磁通量小于線框右側(cè)的磁通量，磁通量存在抵消的情況。若MN中電流突然減小時(shí)，穿過線框的磁通量將減小。根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙磁通量的變化,則線框abcd感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針；再由左手定則可知，左邊受到的安培力水平向右，而右邊的安培力方向也水平向右,故安培力的合力向右。

A．I順時(shí)針，F(xiàn)向左，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．I順時(shí)針,F向右，與結(jié)論相符,選項(xiàng)B正確；C．I逆時(shí)針，F(xiàn)向左，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤;D．I逆時(shí)針，F(xiàn)向右，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤;故選B。3.如圖，小球甲從A點(diǎn)水平拋出，同時(shí)將小球乙從B點(diǎn)自由釋放,兩小球先后經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)速度大小相等，方向夾角為30°,已知B、C高度差為h,兩小球質(zhì)量相等,不計(jì)空氣阻力，由以上條件可知（）A.小球甲做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為B。甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比為C.A，B兩點(diǎn)高度差為D。兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率大小相等【答案】C【解析】A項(xiàng)，小球乙到C的速度為，此時(shí)小球甲的速度大小也為，又因?yàn)樾∏蚣姿俣扰c豎直方向成角，可知水平分速度為故A錯(cuò)；B、小球運(yùn)動(dòng)到C時(shí)所用的時(shí)間為得而小球甲到達(dá)C點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度為，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間為所以甲、乙兩小球到達(dá)C點(diǎn)所用時(shí)間之比故B錯(cuò)C、由甲乙各自運(yùn)動(dòng)的時(shí)間得：,故C對(duì)；D、由于兩球在豎直方向上的速度不相等，所以兩小球在C點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率也不相等故D錯(cuò)；故選C4。反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，它利用電子團(tuán)在電場(chǎng)中的振蕩來產(chǎn)生微波,其振蕩原理與下述過程類似,已知靜電場(chǎng)的方向平行于x軸，其電勢(shì)q隨x的分布如圖所示，一質(zhì)量m＝1。0×10﹣20kg,帶電荷量大小為q＝1。0×10﹣9C的帶負(fù)電的粒子從（1,0)點(diǎn)由靜止開始，僅在電場(chǎng)力作用下在x軸上往返運(yùn)動(dòng)．忽略粒子的重力等因素,則(）A.x軸左側(cè)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向與x軸正方向同向B.x軸左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度E1和右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度E2的大小之比E1：E2＝2:1C.該粒子運(yùn)動(dòng)的周期T＝1.5×10﹣8sD。該粒子運(yùn)動(dòng)的最大動(dòng)能Ekm＝2×10﹣8J【答案】D【解析】【詳解】A．沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降落,可知x軸左側(cè)場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向,x軸右側(cè)場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸正方向，故A錯(cuò)誤；：B．根據(jù)U＝Ed可知：左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度為：E1＝V/m＝2。0×103V/m；右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度為:E2＝V/m＝4。0×103V/m;所以x軸左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度和右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小之比E1:E2＝1：2，故B錯(cuò)誤；C．設(shè)粒子在原點(diǎn)左右兩側(cè)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2，在原點(diǎn)時(shí)的速度為vm，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有:vm＝t1同理可知:vm＝t2；Ekm＝mvm2；而周期：T＝2（t1+t2）；聯(lián)立以上各式并代入相關(guān)數(shù)據(jù)可得：T＝3。0×10﹣8s；故C錯(cuò)誤．D．該粒子運(yùn)動(dòng)過程中電勢(shì)能的最大值為：EPm＝qφm＝﹣2×10﹣8J，由能量守恒得當(dāng)電勢(shì)能為零時(shí)動(dòng)能最大，最大動(dòng)能為Ekm＝2×10﹣8J，故D正確；5。甲乙兩輛汽車在平直的高速公路上以相同的速度小一前一后同向勻速行駛。甲車在前且安裝有ABS制動(dòng)系統(tǒng),乙車在后且沒有安裝ABS制動(dòng)系統(tǒng).正常行駛時(shí)，兩車間距為100m。某時(shí)刻因前方突發(fā)狀況，兩車同時(shí)剎車，以此時(shí)刻為零時(shí)刻,其圖像如圖所示，則(）A.甲、乙兩車會(huì)發(fā)生追尾 B.甲車的剎車距離大于乙車的剎車距離C。t=2s時(shí)，兩車相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為105m D。兩車剎車過程中的平均速度均為15m/s【答案】C【解析】【分析】在速度—時(shí)間圖像中,圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，由幾何知識(shí)求位移，在分析平均速度的大小。并由幾何關(guān)系求剎車的距離.根據(jù)速度關(guān)系分析距離如何變化，從而確定兩車是否追尾.【詳解】A選項(xiàng),時(shí)，兩車間距為100m，因?yàn)樗约?、乙兩車不?huì)追尾,A選項(xiàng)錯(cuò)誤;BD選項(xiàng),根據(jù)圖像的面積表示位移，甲車的剎車距離為：平均速度為乙車的剎車距離為平均速度為則知，甲車的剎車距離小于乙車的剎車距離，故BD錯(cuò)誤;C選項(xiàng)，時(shí)兩車間距為100m，乙車在后，剎車后，0～2s內(nèi)甲車的速度比乙車快。兩車間距減小，則時(shí)，兩車相距最遠(yuǎn)，根據(jù)圖像的“面積”表示位移，知兩車相距最遠(yuǎn)的距離為105m，C選項(xiàng)正確；故選C。6。如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1:2，正弦交流電源輸出電壓恒為U=12V,電阻R1=1Ω，R2=2Ω，滑動(dòng)變阻器R3最大阻值為20Ω，滑片P處于中間位置，則（）A.R1與R2消耗的電功率相等 B。通過R1的電流為3AC.若向下移動(dòng)P，電源輸出功率增大 D.若向上移動(dòng)P，電壓表讀數(shù)將變小【答案】BD【解析】【分析】對(duì)理想變壓器的原副線圈匝數(shù)之比等于原副線圈的電壓之比,等于電流的倒數(shù)之比,據(jù)此進(jìn)行分析.【詳解】A選項(xiàng)，理想變壓器的原副線圈的匝數(shù)之比為1：2,可知原副線圈的電流之比為2：1,根據(jù)，可知與消耗的電功率之比為2：1，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B選項(xiàng)，設(shè)通過的電流為I，則副線圈的電流為0.5I,初級(jí)電壓根據(jù)匝數(shù)比可知次級(jí)電壓為則解得選項(xiàng)B正確；CD選項(xiàng)，若向下移動(dòng)P，則的電阻增大，次級(jí)電流變小初級(jí)電流也變小，根據(jù)可知電源輸出功率變小，電阻的電壓變小，變壓器輸入電壓變大，次級(jí)電壓變大，電壓表的讀數(shù)變小,則選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤。故選BD.7。一物體靜止在水平地面上，在豎直向上拉力F作用下開始向上運(yùn)動(dòng)，如圖甲．在物體向上運(yùn)動(dòng)過程中，其機(jī)械能E與位移x的關(guān)系圖象如圖乙，已知曲線上A點(diǎn)的切線斜率最大，不計(jì)空氣阻力，則A.在x1處物體所受拉力最大B.在x1~x2過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小C。在x1～x2過程中，物體的加速度先增大后減小D.在0~x2過程中，拉力對(duì)物體做的功等于克服物體重力做的功【答案】AB【解析】【詳解】A．E—x圖像的斜率代表豎直向上拉力F，物體靜止在水平地面上，在豎直向上拉力F作用下開始向上，說明在x=0處,拉力F大于重力，在0—x1過程中，圖像斜率逐漸增大，則拉力F在增大，x1處物體圖象的斜率最大，所受的拉力最大，故A正確;BC．在x1~x2過程中，圖象的斜率逐漸變小，說明拉力越來越??；在x2處物體的機(jī)械能達(dá)到最大,圖象的斜率為零,說明此時(shí)拉力為零．根據(jù)合外力可知,在x1～x2過程中，拉力F逐漸減小到mg的過程中，物體做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，物體加速度在減小，動(dòng)能在增大，拉力F=mg到減小到0的過程中，物體的加速度反向增大，物體做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，物體的動(dòng)能在減?。辉趚1~x2過程中，物體的動(dòng)能先增大后減小，物體的加速度先減小后反向增大，故B正確，C錯(cuò)誤；D．物體從靜止開始運(yùn)動(dòng),到x2處以后機(jī)械能保持不變，在x2處時(shí)，物體具有重力勢(shì)能和動(dòng)能,故在0~x2過程中,拉力對(duì)物體做的功等于克服物體重力做的功與物體的動(dòng)能之和，故D錯(cuò)誤．8.若宇航員到達(dá)某一星球后,做了如下實(shí)驗(yàn)：（1)讓小球從距離地面高h(yuǎn)處由靜止開始下落，測(cè)得小球下落到地面所需時(shí)間為t;(2）將該小球用輕質(zhì)細(xì)繩固定在傳感器上的O點(diǎn)，如圖甲所示．給小球一個(gè)初速度后，小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，傳感器顯示出繩子拉力大小隨時(shí)間變化的圖象所示(圖中F1、F2為已知）．已知該星球近地衛(wèi)星的周期為T，萬有引力常量為G,該星球可視為均質(zhì)球體．下列說法正確的是A。該星球的平均密度為 B。小球質(zhì)量為C.該星球半徑為 D。環(huán)繞該星球表面運(yùn)行的衛(wèi)星的速率為【答案】ABD【解析】【詳解】A.對(duì)近地衛(wèi)星有,星球密度，體積，解得，故A正確．B。小球通過最低點(diǎn)時(shí)拉力最大，此時(shí)有最高點(diǎn)拉力最小，此時(shí)有最高點(diǎn)到最低點(diǎn)，據(jù)動(dòng)能定理可得可得,小球做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí),有可得，，故B正確．C.根據(jù)及可得：星球平均密度可表示為可得，故C錯(cuò)誤．D.環(huán)繞該星球表面運(yùn)行的衛(wèi)星的速率可表示為故D正確．三、非選擇題9。某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)如圖甲所示的裝置來測(cè)定滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，其中A為滑塊，B和C處是鉤碼,不計(jì)繩和滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦．實(shí)驗(yàn)中該同學(xué)保持在B和C處鉤碼總個(gè)數(shù)不變的條件下，改變C處鉤碼個(gè)數(shù),測(cè)出C處不同個(gè)數(shù)鉤碼的總質(zhì)量m及對(duì)應(yīng)加速度a，然后通過對(duì)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的分析求出滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)．(1）該同學(xué)手中有電火花計(jì)時(shí)器、紙帶、10個(gè)質(zhì)量均為100克的鉤碼、滑塊、一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板、細(xì)線，為了完成本實(shí)驗(yàn)，得到所要測(cè)量的物理量，還需要________．A.秒表B。毫米刻度尺C.天平D。彈簧測(cè)力計(jì)(2)在實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理中，該同學(xué)以C處鉤碼的總質(zhì)量m為橫軸，以加速度a為縱軸,繪制了如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)圖線,可知滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=________．（g取10m/s2）【答案】(1).（1）B(2)。(2）0.3【解析】【詳解】第一空.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器通過打點(diǎn)即可知道時(shí)間,故不需要秒表，故A錯(cuò)誤．本實(shí)驗(yàn)不需要測(cè)滑塊的質(zhì)量，鉤碼質(zhì)量已知，故不需要天平,故B錯(cuò)誤．實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量?jī)牲c(diǎn)之間的距離，需要毫米刻度尺,故C正確．滑塊受到的拉力等于鉤碼的重力，不需要彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)拉力,故D錯(cuò)誤．故選C；

第二空。對(duì)ABC系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律可得：，其中m+m＇=m0；所以a—m圖象中，縱軸的截距為-μg，故-μg=-3,μ=0。3。10。課外興趣小組在一次拆裝晶體管收音機(jī)的過程中，發(fā)現(xiàn)一只發(fā)光二極管,同學(xué)們決定測(cè)繪這只二極管的伏安特性曲線。（1)由于不能準(zhǔn)確知道二極管的正負(fù)極，同學(xué)們用多用電表的歐姆擋對(duì)其進(jìn)行側(cè)量，當(dāng)紅表筆接A端、黑表筆同時(shí)接B端時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，則可以判斷二極管的正極是_______端(2）選用下列器材設(shè)計(jì)電路并測(cè)繪該二極管的伏安特性曲線,要求準(zhǔn)確測(cè)出二極管兩端的電壓和電流。有以下器材可供選擇:A.二極管RxB.電源電壓E＝4V（內(nèi)電阻可以忽略)C.電流表A1（量程0～50mA，內(nèi)阻為r1＝0.5Ω）D。電流表A2(量程0～0.5A，內(nèi)阻為r2＝1Ω)E.電壓表V（量程0~15V,內(nèi)阻約2500Ω)F.滑動(dòng)變阻器R1(最大阻值20Ω）C.滑動(dòng)變阻器R2(最大阻值1000Ω)H.定值電阻R3＝7ΩI。開關(guān)、導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)過程中滑動(dòng)變限器應(yīng)選___________（填“F"或“G”），在虛線框中畫出電路圖_______(填寫好儀器符號(hào))(3）假設(shè)接入電路中電表的讀數(shù)：電流表A1讀數(shù)為I1，電流表A2讀數(shù)為I2，則二極管兩瑞電壓的表達(dá)式為__________(用題中所給的字母表示)。（4)同學(xué)們用實(shí)驗(yàn)方法測(cè)得二極管兩端的電壓U和通過它的電流I的一系列數(shù)據(jù)，并作出I－U曲線如圖乙所示。（5)若二極管的最佳工作電壓為2。5V，現(xiàn)用5。0V的穩(wěn)壓電源（不計(jì)內(nèi)限）供電，則需要在電路中串聯(lián)一個(gè)電限R才能使其處于最佳工作狀態(tài)，請(qǐng)根據(jù)所畫出的二極管的伏安特性曲線進(jìn)行分析,申聯(lián)的電阻R的阻值為_______________Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】（1）.A（2).F（3）.（4）。（5).119【解析】【詳解】（1)[1］當(dāng)紅表筆接端、黑表筆同時(shí)接端時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn),說明電阻很大，二極管反向截止，根據(jù)歐姆表的工作原理可知，黑表筆應(yīng)與歐姆表內(nèi)部電池的正極相連,由二極管的單向?qū)щ娦钥芍?，端?yīng)是二極管的正極;(2）［2］由圖乙可知，實(shí)驗(yàn)中要求電壓從零開始調(diào)節(jié),故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；所以滑動(dòng)變阻器應(yīng)選阻值小的，即滑動(dòng)變限器應(yīng)選F;[3]在測(cè)量正向加電壓的伏安特性曲線時(shí)，實(shí)驗(yàn)中最大電壓約為3V，所以電壓表V(量程0～15V,內(nèi)阻約2500Ω)不符合題意，故需要電流表A2（量程0～0。5A，內(nèi)阻為）與定值電阻串聯(lián)改裝成量程為二極管兩端的電壓在3V以內(nèi)，電流在40mA以內(nèi)，電流表應(yīng)選用電流表A1（量程0～50mA，內(nèi)阻為)；因二極管的正向電阻較小,故采用電流表外接法，同時(shí)二極管正極應(yīng)接電源正極；因?qū)嶒?yàn)中要求電壓從零開始調(diào)節(jié)，故滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，所以電路圖為（3)［4］根據(jù)電路結(jié)構(gòu)特點(diǎn)可得解得二極管兩瑞電壓的表達(dá)式為（5）[5］二極管的最佳工作電壓為2。5V,現(xiàn)用5。0V的穩(wěn)壓電源(不計(jì)內(nèi)限）供電，根據(jù)圖乙可知在電路中電流為21mA，根據(jù)歐姆定律和電路結(jié)構(gòu)可得申聯(lián)的電阻的阻值為11.如圖所示，水平地面上方MN邊界左側(cè)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和沿豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)（圖中未畫電場(chǎng))，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T，邊界右側(cè)離地面高h(yuǎn)=0.45m處有一光滑絕緣平臺(tái)，右邊有一帶正電的小球a，質(zhì)量ma=0.1kg、電量q=0.1C,以初速度v0=0。9m/s水平向左運(yùn)動(dòng)，與大小相同但質(zhì)量為mb=0.05kg靜止于平臺(tái)左邊緣的不帶電的絕緣球b發(fā)生彈性正碰,碰后a球恰好做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，兩球均視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g=10m/s2。求∶（1）碰撞后a球與b球的速度；（2)碰后兩球落地點(diǎn)間的距離(結(jié)果保留一位有效數(shù)字)?！敬鸢浮浚?），；（2)【解析】【分析】（1)兩車發(fā)生彈性正碰，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與機(jī)械能守恒定律就可以求出碰撞后的速度.(2）碰撞后a在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng),b做平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律與幾何知識(shí)、應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以求出兩球落地間的距離?！驹斀狻浚?)a球與b球的碰撞，由動(dòng)量守恒定律得：由能量守恒定律有：解得：，（2）對(duì)a球，重力和電場(chǎng)力平衡,洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律有:解得：設(shè)a球落地點(diǎn)與圓心的連線和地面夾角為，有可得：則a球水平位移為：b球不帶電，碰后做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向:水平方向：故兩球相距：12.如圖所示，相距L=0.5m的平行導(dǎo)軌MNS、PQT處在磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平導(dǎo)軌處的磁場(chǎng)方向豎直向上，光滑傾斜導(dǎo)軌處的磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面斜向下．質(zhì)量均為m=0。04kg、電阻均為R=0。1Ω的導(dǎo)體棒ab、cd均垂直放置于導(dǎo)軌上，并與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．質(zhì)量為M=0.20kg的物體C,用絕緣細(xì)線繞過光滑的定滑輪分別與導(dǎo)體棒ab、cd相連接．細(xì)線沿導(dǎo)軌中心線且在導(dǎo)軌平面內(nèi)，細(xì)線及滑輪質(zhì)量不計(jì)．已知傾斜導(dǎo)軌與水平面的夾角=37°，水平導(dǎo)軌與ab棒間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0。4．重力加速度g=10m/s2，水平導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，導(dǎo)體棒cd運(yùn)動(dòng)過程中始終不離開傾斜導(dǎo)軌．物體C由靜止釋放，當(dāng)它達(dá)到最大速度時(shí)下落高度h=1m，求這一運(yùn)動(dòng)過程中：（sin37°=0.6，cos37°=0。8)（1）物體C能達(dá)到的最大速度是多少?（2）由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能與電流產(chǎn)生的內(nèi)能各為多少?(3）若當(dāng)棒ab、cd達(dá)到最大速度的瞬間,連接導(dǎo)體棒ab、cd及物體C的絕緣細(xì)線突然同時(shí)斷裂，且ab棒也剛好進(jìn)入到水平導(dǎo)軌的更加粗糙部分(ab棒與水平導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)變?yōu)?0。6）．若從絕緣細(xì)線斷裂到ab棒速度減小為零的過程中ab棒向右發(fā)生的位移x=0.11m，求這一過程所經(jīng)歷的時(shí)間？【答案】(1）2m/s（2)0.16J1。04J(3）0.15s【解析】【詳解】（1）設(shè)C達(dá)到最大速度為，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

E=2BLvm①由歐姆定律可得回路中的電流強(qiáng)度為：②金屬導(dǎo)體棒ab、cd受到的安培力為：③線中張力為T2,導(dǎo)體棒ab、cd及物體C的受力如圖，由平衡條件可得：，，④聯(lián)立①②③④解得⑤(2）運(yùn)動(dòng)過程中由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能：E1=μmgh=0.16J⑥由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律可得：⑦聯(lián)立⑤⑥⑦將，代入可得這一過程由電流產(chǎn)生的內(nèi)能：(3）經(jīng)分析，在ab棒向右減速運(yùn)動(dòng)的過程中，其加速度大小與cd棒沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的加速度大小始終相等，速率也始終相等．設(shè)某時(shí)刻它們的速率為v,則:E=2BLV由歐姆定律可得回路中的電流強(qiáng)度為：金屬導(dǎo)體棒ab、cd受到的安培力為：對(duì)ab棒運(yùn)用動(dòng)量定理：又計(jì)算可得t=0。15s13.關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（)A.在“用油膜法估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，油酸分子的直徑（也就是單層油酸分子組成的油膜的厚度)等于一小滴溶液中純油酸的體積與它在水面上攤開的面積之比B。兩個(gè)鄰近的分子之間同時(shí)存在著引力和斥力，它們都隨距離的增大而減小，當(dāng)兩個(gè)分子的距離為r0時(shí),引力與斥力大小相等，分子勢(shì)能最小C。物質(zhì)是晶體還是非晶體,比較可靠的方法是從各向異性或各向同性來判斷D。如果用Q表示物體吸收的能量,用W表示物體對(duì)外界所做的功，ΔU表示物體內(nèi)能的增加，那么熱力學(xué)第一定律可以表達(dá)為Q=ΔU+WE.如果沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機(jī)體熱量的損失，這樣的熱機(jī)的效率可以達(dá)到100％【答案】ABD【解析】【詳解】A.根據(jù)用“油膜法"估測(cè)分子大小的實(shí)驗(yàn)原理可知，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜,由于油酸分子是緊密排列的，而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含純油酸體積除以油膜面積得出的油膜厚度即為油酸分子直徑，故A正確；B.當(dāng)分子間的距離r＜r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，減小分子間的距離，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加；當(dāng)分子間的距離r＞r0時(shí)，分子力表現(xiàn)為引力，增大分子間的距離，分子力做負(fù)功，分子勢(shì)能增加,所以當(dāng)兩個(gè)分子的距離為r0時(shí)，引力與斥力大小相等，分子勢(shì)能最小，故B正確；C.單晶體具有各向異性,多晶體與非晶體都具有各向同性,所以不能根據(jù)各向異性或各向同性來判斷物質(zhì)是晶體還是非晶體；晶體具有一定熔點(diǎn)，而非晶體沒有固定的熔點(diǎn)，比較可靠的方法是通過比較熔點(diǎn)來判斷，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，如果用Q表示物體吸收的能量，用W

表示物體對(duì)外界所做的功，U表示物體內(nèi)能的增加，那么熱力學(xué)第一定律可以表達(dá)為Q=U+W，故D正確;E.即使沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機(jī)體熱量的損失，根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱機(jī)的效率不可以達(dá)到100％．故E錯(cuò)誤.故選ABD．14。如圖所示，U型玻璃細(xì)管豎直放置，水平細(xì)管與U型玻璃細(xì)管底部相連通，各部分細(xì)管內(nèi)徑相同．U型管左管上端封有長(zhǎng)20cm的理想氣體B,右管上端開口并與大氣相通，此時(shí)U型玻璃管左、右兩側(cè)水銀面恰好相平，水銀面距U型玻璃管底部為25cm．水平細(xì)管內(nèi)用小活塞封有長(zhǎng)度10cm的理想氣體A．已知外界大氣壓強(qiáng)為75cmHg,忽略環(huán)境溫度的變化．現(xiàn)將活塞緩慢向左拉,使氣體B的氣柱長(zhǎng)度為25cm，求:①左右管中水銀面的高度差是多大？②理想氣體A的氣柱長(zhǎng)度為多少?【答案】①15cm；②12。5cm．【解析】【分析】①利用平衡求出初狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)，B中封閉氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律即可求出末態(tài)B中氣體的壓強(qiáng)，再根據(jù)平衡，即可求出末狀態(tài)左右管中水銀面的高度差△h；

②選擇A中氣體作為研究對(duì)象，根據(jù)平衡求出初末狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng),對(duì)A中封閉氣體運(yùn)用玻意耳定律即可求出理想氣體A的氣柱長(zhǎng)度．【詳解】①設(shè)玻璃管橫截面為S，活塞緩慢左拉過程中，氣體B做等溫變化

初態(tài)：壓強(qiáng)pB1=75cmHg,體積VB1=20S，

末態(tài)：壓強(qiáng)pB2,體積VB2=25S，

根據(jù)玻意耳定律可得:pB1VB1=pB2V