課時分層作業(yè)(十九)閉合電路的歐姆定律基礎達標練1．(多選)關于電動勢，下列說法正確的是()A．電源電動勢等于電源正、負極之間的電勢差B．用電壓表直接測量電源兩極得到的電壓數值，實際上總略小于電源電動勢的準確值C．電源電動勢總等于內、外電路上的電壓之和，所以它的數值與外電路的組成有關D．電源電動勢越大，說明電源把其他形式的能轉化為電能的本領越強2．一臺發(fā)電機用0.5A的電流向外輸電，在1min內將180J的機械能轉化為電能，則發(fā)電機的電動勢為()A．6VB．360VC．120VD．12V3.如圖所示的電路中，把R由2Ω改變?yōu)?Ω時，電流強度減小為原來的一半，則電源的內電阻應為()A．4ΩB．8ΩC．6ΩD．2Ω4．如圖所示，電源的內阻不能忽略，當電路中點亮的電燈的數目增多時，下面說法正確的是()A．外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓逐漸變小B．外電路的總電阻逐漸變大，電燈兩端的電壓不變C．外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓不變D．外電路的總電阻逐漸變小，電燈兩端的電壓逐漸變小5．有兩個相同的電阻R，串聯(lián)起來接在電動勢為E的電源上，電路中的電流為I；將它們并聯(lián)起來接在同一電源上，此時流過電源的電流為eq\f(4I,3)，則電源的內阻為()A．RB．eq\f(R,2)C．4RD．eq\f(R,8)6．在如圖所示電路中，電源的電動勢E＝9.0V，內阻可忽略不計；AB為滑動變阻器，其最大電阻R＝30Ω；L為一小燈泡，其額定電壓U＝6.0V，額定功率P＝1.8W；S為開關，開始時滑動變阻器的觸頭位于B端，現(xiàn)在接通開關S，然后將觸頭緩慢地向A端滑動，當到達某一位置C時，小燈泡恰好正常發(fā)光．則C、B之間的電阻應為()A．10ΩB．20ΩC．15ΩD．5Ω7．鉛蓄電池的電動勢為2V，一節(jié)干電池的電動勢為1.5V，將鉛蓄電池和干電池分別接入電路，兩個電路中的電流分別為0.1A和0.2A.兩個電路都工作20s時間，電源所消耗的化學能分別為多少？哪一個把化學能轉化為電能的本領更大？素養(yǎng)綜合練8．受動畫片《四驅兄弟》的影響，越來越多的小朋友喜歡上了玩具賽車，某賽車充電電池的輸出功率P隨電流I變化的圖像如圖所示，則下列說法錯誤的是()A．該電池的電動勢E＝6VB．該電池的內阻r＝1ΩC．該電池的輸出功率為4.5W時，電路中的電流可能為1AD．輸出功率為4.5W時，此電源的效率可能為25%9．如圖所示，電源電動勢E＝3V，小燈泡L標有“2V0.4W”，當開關S接1，滑動變阻器調到R＝4Ω時，小燈泡L正常發(fā)光；現(xiàn)將開關S接2，小燈泡L和電動機M均正常工作，則()A.電源的內阻為2ΩB．電動機的內阻為4ΩC．電動機的正常工作電壓為1VD．S接2時，電源的效率約為93.3%10.為了充分利用舊電池，小明使用一節(jié)新電池搭配一節(jié)舊電池共同為手電筒供電．已知新、舊電池的電動勢均為1.5V，新電池內阻為1Ω，舊電池內阻為8Ω，手電筒采用的燈泡參數為“3V，1.5W”．(1)新、舊電池的輸出功率分別為多少？(2)結合計算結果思考，新、舊電池能否搭配使用呢？課時分層作業(yè)(十九)閉合電路的歐姆定律1．解析：電源正、負極之間的電勢差為電源的路端電壓，只有當電源處于斷路狀態(tài)時，電源的電動勢才等于路端電壓，A錯誤；電壓表是有內阻的，跟電源連接后構成一個通路，測量的是電壓表內阻分擔的電壓，而電壓表內阻遠大于電源內阻，所以電壓表測得的電源兩極間電壓值略小于電源電動勢，B正確；電動勢反映電源的特性，與外電路的結構無關，C錯誤；電源電動勢反映電源將其他形式的能量轉化為電能的本領，電源電動勢越大，則電源把其他形式的能轉化為電能的本領越強，D正確．答案：BD2．解析：由W＝UIt可得U＝eq\f(W,It)＝6V，所以A正確．答案：A3．解析：設電源的內阻為r，則根據閉合電路歐姆定律，得I1＝eq\f(E,R1＋r)①，I2＝eq\f(E,R2＋r)②.聯(lián)立①②兩式得2(R1＋r)＝R2＋r，代入數據解得r＝2Ω，故D項正確．答案：D4．解析：由題圖可知，電燈均為并聯(lián)；當點亮的電燈數目增多時，并聯(lián)的支路增多，由并聯(lián)電路的電阻規(guī)律可知，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知，干路電流增大，則內電壓增大，故路端電壓減小，電燈兩端的電壓變小，D正確，A、B、C錯誤．答案：D5．解析：由串聯(lián)電路和并聯(lián)電路的特點及閉合電路的歐姆定律得E＝I(2R＋r)，E＝eq\f(4,3)I(eq\f(R,2)＋r)，由以上兩式可得r＝4R.答案：C6．解析：小燈泡恰好正常發(fā)光，說明此時通過小燈泡的電流為額定電流I額＝eq\f(P額,U額)＝eq\f(1.8,0.6)A＝0.3A，兩端電壓為額定電壓U額＝6.0V，而小燈泡和電源、滑動變阻器的AC部分串聯(lián)，則通過電阻AC的電流與通過小燈泡的電流相等，故RAC＝eq\f(E－U額,I額)＝eq\f(9.0－6.0,0.3)Ω＝10Ω，所以RCB＝R－RAC＝20Ω，故B項正確．答案：B7．解析：對鉛蓄電池電路，20s內通過的電荷量q1＝I1t＝2C對干電池電路，20s內通過的電荷量q2＝I2t＝4C由電動勢定義式E＝eq\f(W,q)得，電源消耗的化學能分別為W1＝q1E1＝4J，W2＝q2E2＝6J，因E1>E2，故鉛蓄電池把化學能轉化為電能的本領大．8．解析：充電電池的輸出功率P＝EI－I2r，根據數學知識，當I＝eq\f(E,2r)時，P有最大值，此時U內＝U外，由Pm＝6W，I＝2A，得到U外＝U內＝eq\f(Pm,I)＝3V，則E＝6V，故A正確；r＝eq\f(U內,I)＝eq\f(3,2)Ω＝1.5Ω，故B錯誤；當P＝4.5W時，由P＝EI－I2r，代入解得I1＝1A，I2＝3A，故C正確；η＝eq\f(UI,EI)＝eq\f(U,E)，當I1＝1A時，U1＝E－I1r＝4.5V，η1＝eq\f(U1,E)×100%＝75%，當I2＝3A，U2＝E－I2r＝1.5V，η2＝eq\f(U2,E)×100%＝25%，故D正確．答案：B9．解析：由P＝UI可知，小燈泡L正常發(fā)光時電流I＝eq\f(P,U)＝0.2A，由歐姆定律有RL＝eq\f(U,I)，代入數據解得小燈泡正常發(fā)光時的電阻RL＝10Ω，當開關S接1，滑動變阻器調到R＝4Ω時，由閉合電路歐姆定律可知I＝eq\f(E,R＋RL＋r)，解得電源的內阻r＝1Ω，選項A錯誤；當開關S接2時小燈泡正常發(fā)光，說明電路中電流仍為0.2A，故電動機兩端的電壓U′＝E－IRL－Ir＝0.8V，即電動機的正常工作電壓為0.8V，電動機為非純電阻元件，不能利用歐姆定律得出電動機的內阻，因為電動機工作時，將消耗的電能一部分轉化為內能，另一部分轉化為機械能，所以電動機的內阻一定小于4Ω，選項B、C錯誤；電源的效率η＝eq\f(EI－I2r,EI)×100%＝eq\f(E－Ir,E)×100%＝eq\f(3－0.2×1,3)×100%＝93.3%，選項D正確．答案：D10．解析：(1)由題意可知，燈泡內阻為：R＝eq\f(U2,P)＝6Ω；由閉合電路歐姆定律知，電路中的電流為：I