第3章糖類(lèi)的化學(xué)5.解：設(shè)α-D-甘露糖的比例是a則β的比例是1-a則29.3×a＋（-16.3）（1-a）＝14.5a＝67.5％1-a＝32.5％α-D-甘露糖的比率是67.5％β-D-甘露糖的比率是32.5％6.解：數(shù)據(jù)不對(duì)7.（3）解：設(shè)蔗糖的總量為1，水解生成的葡萄糖比例＝水解生成的果糖比例為x，則66.5×（1-x）+52.5×x＋（-92）x＝0x＝62.7％則有62.7％的蔗糖被水解8.解：(1)葡萄糖殘基的相對(duì)分子量是162，則N殘基＝1×106/162=6173即1分子支鏈淀粉含有6173個(gè)葡萄糖殘基(2)分支點(diǎn)殘基占全部殘基的11.8％，則N分支點(diǎn)＝6173×11.8％＝728(3)支鏈淀粉的糖苷鍵為α(1→4)糖苷鍵，分支處的糖苷鍵為α(1→6)糖苷鍵，即主鏈提供C6的－OH,支鏈提供C1的半縮醛羥基，則支鏈的末端為非還原端，由(2)可知分支點(diǎn)的殘基數(shù)為728，則非還原末端的殘基數(shù)＝分支點(diǎn)的殘基數(shù)+1＝7299.解：一個(gè)葡萄糖的環(huán)狀結(jié)構(gòu)含5個(gè)－OH，即C1.2.3.4.6，其中C1為半縮醛羥基，具還原性。m＝32.4mgM＝162g/moln=32.4/162×1000＝0.2×10-3mol＝200μmol(1)支鏈淀粉經(jīng)甲基化后水解的產(chǎn)物為：2，3，4，6-四甲基葡萄糖1，2，3，6-四甲基葡萄糖2，3，6-四甲基葡萄糖2，3-四甲基葡萄糖2，3，4，6-四甲基葡萄糖為支鏈末端，即非還原端的殘基，其含量為10μmol，比分之點(diǎn)的殘基數(shù)多1個(gè)，2，3-四甲基葡萄糖為分之點(diǎn)的殘基，則2，3-四甲基葡萄糖的含量為10μmol（忽略一個(gè)殘基）；1，2，3，6-四甲基葡萄糖為還原端殘基，只有1個(gè)；2，3，6-四甲基葡萄糖為鏈中的殘基＝200μmol-20μmol＝180μmol（忽略主鏈?zhǔn)孜驳?個(gè)殘基）(2)通過(guò)1→6糖苷鍵相連的殘基為分支點(diǎn)的殘基，即2，3-四甲基葡萄糖加一個(gè)2，3，6-四甲基葡萄糖，即兩個(gè)殘基，則通過(guò)1→6糖苷鍵相連的殘基的百分?jǐn)?shù)是20μmol/200μmol=10%(3)總的殘基數(shù)＝1.2×106/162=7407由(1)問(wèn)可知，分支點(diǎn)殘基為2，3-四甲基葡萄糖為分之點(diǎn)的殘基，其含量為10μmol，占總含量的1/20則分支點(diǎn)殘基數(shù)＝7407×1/20=370第4章脂類(lèi)和生物膜化學(xué)3.計(jì)算一軟脂酰二硬脂酰甘油酯的皂化值。解：皂化值為完全皂化1g油脂所需的KOHmg數(shù)，皂化1mol油脂需要3molKOH，則假設(shè)用3mol的KOH皂化了1mol的油脂推導(dǎo)得知：皂化值＝3×MKOH×1000/Mr×1）MKOH＝56.1Mr＝862皂化值＝3×56.1×1000/862＝194.9（mg）4.解：碘值是指油脂的鹵化作用中，100g油脂與碘作用所需的碘克數(shù)根據(jù)公式碘值＝100×(NV×127/1000)/WV為滴定時(shí)用去的硫代硫酸鈉的體積（ml），N為硫代硫酸鈉的質(zhì)量濃度，127為碘的相對(duì)原子質(zhì)量，W為樣品油脂質(zhì)量（g）。由此得：碘值＝100×（24－11.5）×10－3×0.05×127/80×10－3＝99.25.解：由皂化值可推導(dǎo)出該脂肪樣品的相對(duì)分子量M樣品＝3×MKOH×1000/皂化值＝3×56.1×1000/210＝801.4由碘值公式得68＝100×(NV×127/1000)/WNV/1000實(shí)際為與不飽和脂肪酸發(fā)生反應(yīng)的碘的量n1W＝M樣品×n樣品由此推出68＝100×(n1×127)/M樣品×n樣品n1/n樣品=5則1分子三脂酰甘油平均含有個(gè)5雙鍵第5章蛋白質(zhì)化學(xué)2：PH=PKa+lg質(zhì)子受體/質(zhì)子供體9.5＝10.5＋lg(-NH2)/(-NH+3)lg(-NH2)/(-NH+3)=-1(-NH2)/(-NH+3)=0.1即-NH2和-NH+3在溶液中的比值為1：105:A+_+OH-→A-PH=PKa+lgA-/A+-10.4=9.7+lg0.01/(1.068/Mr)-0.01Mr=89此氨基酸為甘氨酸6：PH=PK1+lgR+/R+-PH=PK2+lgR+-/R+1+2lgR+/R+-=0即R+/R+-=11-2pk1-pk2=lg(R+-)2/(R+)2-2.06=2lgR+-/R+即R+/R+-=0.97:A+-+H+→A+反應(yīng)前10.30反應(yīng)后1－0.300.3PH=PK1+lgA+-/A+=2.34+lg0.7/0.3=2.708A+-+OH-→A-反應(yīng)前10.30反應(yīng)后1－0.300.3PH=PK2+lgA--/A+-=9.60+lg0.3/0.7=9.23210:濃溶液中鉬的含量10.56×106/95.94=1.1×10-7mol/ml其溶液的吸光度為50×0.375＝18.75A=εCL→C=18.75/1.5=1.25×10-2g/ml最小分子量是含1molMr=12.5×10-5/1.1×10-7=11360011:Leu的分子質(zhì)量為131，Trp為204所以Leu與Trp的分子質(zhì)量比為(58.1×10-3/131)/(36.2×10-3/204)=5/2所以該分子中至少含有5個(gè)Leu，2個(gè)TrpMr=（5×131）/(58.1×10-3)=11290或Mr=(204×2)/(36.2×10-3)=1128212:已知α螺旋為0.15nm,β折疊為0.35nm,氨基酸的平均相對(duì)分子量為100。該蛋白分子量為25000。所以氨基酸個(gè)數(shù)為2500個(gè)。假設(shè)有α螺旋x個(gè)，則β折疊為2500－x0.15x＋0.35(2500—x)=550x=1750α螺旋1750個(gè)，則β折疊為750個(gè)第6章核酸化學(xué)3：設(shè)其純度為a則c=（500a/50)×0.1＝0.1amg/mlC=(Mr×A260)/εL0.1a=（340×1.29/(6.65×10-3×1a=65.95×10-2=65.95％4:β-DNA每一螺旋有10對(duì)堿基，假設(shè)有n個(gè)螺旋。M總＝10×618×nn=4854個(gè)第7章酶學(xué)2．我們定，在最適條件下，每小時(shí)分解1g淀粉的酶量為一個(gè)活力單位，則5min分解0.25淀粉所含的活力單位為：0.25/（5/60）=3U則每克酶制劑所含的淀粉酶活力單位為（3/0.5）*1000=6000U所以每克酶制劑所含的淀粉酶活力單位數(shù)為6000個(gè)單位3．（1）1ml酶液中所含蛋白質(zhì)量為（0.2mg/2ml）/16％=0.625mg活力單位為：（1500微克/60min）/0.1ml=250U比活力活力單位數(shù)/酶蛋白毫克數(shù)＝250U/（25mg/25ml*1ml）=250U/mg所以比活力為250U/mg由以上兩問(wèn)得知，1ml酶液即1mg酶制劑含0.625mg酶所以，1g酶制劑中含蛋白量為1000*0.625mg=625mg總活力：250*1000=2.5*105UVVmax[S]Km+[S]4．根據(jù)米氏方程V=44VmaxKm5K[S]=4Km時(shí)，V==4/5Vmax55VmaxKm6K[S]=5Km時(shí)，V==5/6Vmax6VmaxKm7K6VmaxKm7K99VmaxKm10K[S]=9Km時(shí)，V==9/10Vmax1010VmaxKm11K[S]=10Km時(shí)，V==10/11Vmax5.Lin-eweaver-Burk作圖法，縱軸截距為1/Vmax橫軸截距為-1/Km斜率為Km/Vmax無(wú)抑制劑時(shí)：公式為y=0.9331x+0.1257Y=0,x=-0.1257/0.9331KmX=0,y=0.1257Vmax=7.96*103μmol/mg.min有抑制劑時(shí)：公式為y=1.1691x+0.1567Y=0,x=-0.1567/1.1691Km≈7.4mmol/LX=0,y=0.1567Vmax=6.38*103μmol/mg.min由圖及計(jì)算知，抑制前后相比，Km不變，Vmax變小該抑制劑為非競(jìng)爭(zhēng)性抑制劑注：由于做圖時(shí)取點(diǎn)小數(shù)有省略，所以公式計(jì)算稍有偏差6.最后純化后比活力=總活力/總蛋白=

196/12=16.33U/mg活力回收率=最后總活力/最初總活力×100%=196/12650×100%=1.55%純化倍數(shù)=最后比活力/最初比活力=16.33/(12650/18620)≈24倍第10章 生物氧化2.在由磷酸葡萄糖變位酶催化的反應(yīng)G－1－P G－6－P中，在pH7.0，25℃下，起始時(shí)[G－1－P]為0.020mol/L，平衡時(shí)[G－1－P]為0.001mol/L，求ΔGo′值。0.0190.0010.0190.001ΔGo′=－RTlnKeq′=－RTlgKeq′＝－2.303×8.315×298lgKeq′=－5706lg=－7296.57J/mol3.當(dāng)反應(yīng)ATP+H2O ADP+Pi在25℃時(shí)，測(cè)得ATP水解的平衡常數(shù)為250000，而在37℃答：25℃時(shí)，當(dāng)反應(yīng)達(dá)到平衡時(shí)，ΔG=0，ΔGo′＝－2.303×8.315×298lgKeq′＝－30800.65J/mol當(dāng)37℃時(shí)，ΔG＝ΔGo′＋RTlnKeq′′=－30800.65＋5706×(－1.9)=－19941.61J/mol4.標(biāo)準(zhǔn)條件下，氧化還原反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行的方向?yàn)棣o′<0和ΔEo′>0,ΔGo′負(fù)值越大，ΔEo′正值越大，則反應(yīng)的自發(fā)方向越大。標(biāo)準(zhǔn)電位均可由書(shū)上P248查得（1）丙酮酸/乳酸標(biāo)準(zhǔn)電位－NAD+/NADH標(biāo)準(zhǔn)電位=-0.19-(-0.32)=0.13反應(yīng)可以進(jìn)行（2）琥珀酸/α-酮戊二酸＋CO2標(biāo)準(zhǔn)電位－NAD+/NADH標(biāo)準(zhǔn)電位=-0.67-(-0.32)=-0.34反應(yīng)不可以進(jìn)行（3）延胡索酸/琥珀酸標(biāo)準(zhǔn)電位－乙酸/乙醛標(biāo)準(zhǔn)電位=-0.03-(-0.58)=0.55反應(yīng)可以進(jìn)行（4）丙酮酸/乳酸標(biāo)準(zhǔn)電位－乙酰乙酸/β-羥丁酸標(biāo)準(zhǔn)電位=-0.19-(-0.34)=0.15反應(yīng)可以進(jìn)行(5)丙酮酸/乳酸標(biāo)準(zhǔn)電位－草酰乙酸/蘋(píng)果酸標(biāo)準(zhǔn)電位=-0.19-(-0.17)=-0.02反應(yīng)不可以進(jìn)行5.設(shè)ATP（相對(duì)分子量510）合成，ΔGo′＝41.84kJ/mol，NADH+H+ H2O，ΔGo′＝－217.57kJ/mol，成人基本代謝為每天10460kJ。問(wèn)成人每天體內(nèi)大約可合成多少（kg）ATP？答：根據(jù)題意，NADH轉(zhuǎn)換量為10460÷217.57=48.076mol每molNADH可生產(chǎn)3molATP，所以ATP量＝3×48.076×510=73557g=73.557kg第11章糖分解代謝M蔗糖=342，n=1710/342=5mol蔗糖→葡萄糖+果糖葡萄糖→EMP→丙酮酸→TCA果糖→1-磷酸果糖（消耗一個(gè)ATP）→1.6-二磷酸果糖（消耗一個(gè)ATP）→EMP→TCA綜上，1mol蔗糖產(chǎn)生36（38）*2=72（76），5mol蔗糖則產(chǎn)生72（76）*5=360（380）molATP。答：40％2ATP2NADH2NADH淀粉葡萄糖2丙酮酸2乙醛2乙醇（5噸）（2噸）90%2*106/180mol2*106*2*90％/1802*104mol故生成乙醇46*2*104＝9.2*105克，9.2*105/0.789＝11.66*105ml＝1.166*103L酵母菌從中獲得能量2*104*2＝4*104molATP3.答：1）17（18）ATP2）3）4mol4.（1）棉籽糖→半乳糖35（37）+葡萄糖36（38）+果糖36（38）（2）38（40）（3）15FADH2(2)NADH(3)NADH（3）（4）琥珀酸蘋(píng)果酸丙酮酸乙酰CoATCA循環(huán)(12)

故共生成20molATP。(5)核糖：29molATP第13章脂類(lèi)代謝3、答：（1）、1mol三軟脂酰甘油→1mol甘油+3mol軟脂酸ATPADPNAD+NADH甘油2-磷酸甘油磷酸二羥丙酮→EMP2NADH1ATP共產(chǎn)生20（22）molATP丙酮酸→TCA→15molATP3ATP3AMPβ氧化8乙酰CoATCA8*12=963mol軟脂酸3mol軟脂酰CoA7NADH*3=217FADH2*2=14故共生成：3*（96+21+14）-6=387ATP所以，1mol三軟脂酰甘油共生成ATP為：387+15+1+2*2（3）=407（409）molATPATPADP（2）、甘油2-磷酸甘油3ATP3AMP3mol軟脂酸3mol軟脂酰CoA故1+6=7molATP4、答：3NAD+3NADH+H+3ATP3ADP3丙酮酸3乙酰CoA（線粒體）3乙酰CoA（胞漿）2ATP2ADP2乙酰CoA（胞漿）2丙二酸單酰CoA4NADPH+H+4NADP+1乙酰CoA+2丙二酸單酰CoA1己酸綜上可得：由丙酮酸合成1mol己酸，需凈消耗5molATP，4molNADPH。5、答：ATPADP+H2OCH3CH2CH2CH(OH)CH2CH2=CHCOOHCH3CH2CH2CH(OH)CH2CH2=CHCO～sCoANADNADHCH3CH2CH2CH(OH)CH2CH2(OH)CH2CO～sCoACH3CH2CH2CH(OH)CH2COCH2CO～sCoACH3CO～sCoANADHCH3CO～sCoAFADH2NADHCH3CH2CH2CH(OH)CH2CO～sCoACH3CH2CH2CO～sCoACH3CO～sCoA所以，整個(gè)過(guò)程共消耗1molATP，生成3molNADH，1molFADH2，3molCH3CO～sCoA，故共生成ATP：3*3+2*1+12*3-1＝46mol第14章氮代謝6Asp+α酮戊二酸GOTGlu+草酰乙酸Glu+NAD++H2OGDHα酮戊二酸+NH3+NADH++H+草酰乙酸+4NADH++FAD+GDP+Pi+H2O4CO2+4NADH+4H++FADH2+GTPASP徹底氧化的總反應(yīng)為：ASP+5NAD++FAD+GDP+Pi+H2O