2025屆安徽省滁州市定遠(yuǎn)縣西片三校物理高二上期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶正電的粒子在電場中做直線運動的v﹣t圖象如圖所示，t1、t2時刻分別經(jīng)過M、N兩點，已知運動過程中粒子僅受電場力作用，則下列判斷正確的是（）A．該電場可能是由某正點電荷形成的B．M點的電勢高于N點的電勢C．從M點到N點的過程中，電勢能逐漸增大D．帶電粒子在M點所受電場力大于在N點所受電場力2、真空中兩個點電荷相距時，靜電力為，如果保持它們的電量不變，而將距離減少為時，靜電力將變?yōu)?

)A． B． C．2 D．43、如圖所示為一組電場線，A、B為其中兩點，則（）A．A點的場強(qiáng)大于B點的場強(qiáng)B．A點電勢低于于B點電勢C．將電子從A點移到B點，電場為做正功D．正電荷在A點的電勢能小于正電荷在B點的電勢能4、原來靜止的物體受合力作用時間為，合力隨時間的變化情況如圖所示，則（）A．時間內(nèi)物體的動量變化量與時間內(nèi)物體的動量變化量相等B．時間內(nèi)物體的平均速率與時間內(nèi)物體的平均速率不相等C．時物體的速度為零，外力在時間內(nèi)對物體的沖量為零D．時間內(nèi)物體的位移為零，外力對物體做的功為零5、下列速度中，屬于瞬時速度的是（）A．飛機(jī)起飛時的速度約為500km/hB．汽車從甲站行駛到乙站的速度約為35km/hC．輪船從大連航行到青島的速度約為18km/hD．小芳從家里步行到學(xué)校的速度約為5km/h6、A、B兩帶電小球，電量分別為＋q、＋9q，質(zhì)量分別為ml、m2，如圖所示，用兩根不可伸長的絕緣細(xì)線懸掛于O點，靜止時A、B兩球處于同一水平線上，其中O點到A球的間距OA=2L，∠AOB=90°，∠OAB=60°，C是AB連線上一點且在O點的正下方，帶電小球均可視為點電荷，靜電力常量為k，則下列說法正確的是（）A．AB間的庫侖力為F=B．A、B兩球的質(zhì)量之比為1：3C．C點的電場強(qiáng)度為零D．若僅互換A、B兩球的帶電量，則A、B兩球位置將不再處于同一水平線上二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質(zhì)譜儀是用來測定帶電粒子質(zhì)量和分析同位素的重要裝置，在科學(xué)研究中具有重要應(yīng)用．如圖所示的是質(zhì)譜儀工作原理簡圖，電容器兩極板相距為d，兩板間電壓為U，極板間的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，方向垂直紙面向外．一束電荷量相同但質(zhì)量不同的粒子沿電容器的中線平行于極板射入電容器，沿直線穿過電容器后進(jìn)入另一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2的勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面向外．結(jié)果分別打在感光片上的a、b兩點，設(shè)a、b兩點之間距離為x，粒子所帶電荷量為q，且不計重力．則以下判斷正確的是()A．該束帶電粒子的電性均相同，且均帶正電B．該束帶電粒子的電性均相同，且均帶負(fù)電C．該束帶電粒子的速度均相同，且均為D．打在a、b兩點的粒子的質(zhì)量之差Δm＝8、如圖所示，質(zhì)量分別為m1和m2的兩個小球A、B，帶有等量異種電荷，通過絕緣輕彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上，突然加一水平向右的勻強(qiáng)電場后，兩小球A、B將由靜止開始運動，則從開始運動到第一次速度為零的過程中，下列說法中正確的是（設(shè)整個過程中不考慮電荷間庫侖力的作用且彈簧不超過彈性限度）（

）A．當(dāng)A小球所受電場力與彈簧彈力大小相等時，A小球速度達(dá)到最大B．兩小球加速度先增加，再減小C．電場力對兩球均做正功，兩小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加D．電場力對兩球均做正功，兩小球的電勢能變大9、如圖所示，虛線a、b、c、d、e代表電場中的五個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，實線為一帶正電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A．五個等勢面中，a的電勢最高B．帶電粒子通過P點時的電勢能較Q點大C．帶電粒子通過P點時的動能較Q點大D．帶電粒子通過P點時的加速度較Q點小10、如圖所示，子彈質(zhì)量小于木塊，子彈水平射入放在光滑水平地面上靜止的木塊，子彈未穿透木塊，此過程中木塊動能增加了5J，那么此過程中系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能可能為（）A．16JB．11.2JC．5.6JD．3.4J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一個噴漆桶能夠向外噴射不同速度的油漆霧滴，，某同學(xué)決定測量霧滴的噴射速度，他采用如圖1所示的裝置，一個直徑為d=40cm的紙帶環(huán)，安放在一個可以按照不同轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動的固定轉(zhuǎn)臺上，紙帶環(huán)上刻有一條狹縫A，在狹縫A的正對面畫一條標(biāo)志線.如圖1所示．在轉(zhuǎn)臺達(dá)到穩(wěn)定轉(zhuǎn)速時，向側(cè)面同樣開有狹縫B的紙盒中噴射油漆霧滴，當(dāng)狹縫A轉(zhuǎn)至與狹縫B正對平行時，霧滴便通過狹縫A在紙帶的內(nèi)側(cè)面留下痕跡．將紙帶從轉(zhuǎn)臺上取下來，展開平放，并與毫米刻度尺對齊，如圖圖2所示．請你幫該同學(xué)完成下列任務(wù)：（只保留2位有效數(shù)字）（1）設(shè)噴射到紙帶上的油漆霧滴痕跡到標(biāo)志線的距離為s，則從圖2可知，其中速度最大的霧滴到標(biāo)志線的距離s1=__cm；速度最小的霧滴到標(biāo)志線的距離s2=______cm.（2）如果轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的周期為T，則這些霧滴噴射速度范圍的計算表達(dá)式為v0=_______（用字母表示）（3）如果以縱坐標(biāo)表示霧滴速度v0、橫坐標(biāo)表示霧滴距標(biāo)志線距離的倒數(shù)，畫出v0一圖線，如圖3所示，則可知轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的周期為T=________s．12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中,有以下器材：A．小燈泡L（3V,0.6A）B．滑動變阻器R（0～10Ω）C．電壓表V1（0～3V）D．電壓表V2（0～15V）E.電流表A1（0～0.6A）F.電流表A2（0～3A）G.鉛蓄電池、開關(guān)各一個,導(dǎo)線若干（1）為了減小誤差,實驗中應(yīng)選電流表______________,電壓表____________．（2）在圖虛線框內(nèi)按要求設(shè)計實驗電路圖．（______）（3）某實驗小組完成實驗后利用實驗中得到的實驗數(shù)據(jù)在坐標(biāo)系中,描繪出如圖所示的小燈泡的伏安特性曲線根據(jù)此圖給出的信息,可以判斷下圖中正確的是（圖中P為小燈泡的功率）（______）A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，邊長為L，電阻不計的單匝正方形金屬線框位于豎直平面內(nèi)，連接的小燈泡的額定功率為P，線框及小燈泡的總質(zhì)量為m，在線框的下方有寬度一定的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直線框平面向外，其上、下邊界與線框底邊均水平。線框從圖示位置開始靜止下落，穿越磁場的過程中，小燈泡始終正常發(fā)光。忽略燈泡大小對電路的影響，求：（1）線框下邊界剛進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流的方向；（2）線框穿越磁場的時間；（3）線框穿越磁場的過程中，燈泡產(chǎn)生的焦耳熱。14．（16分）如圖所示，輕質(zhì)絕緣細(xì)繩上端固定，下端連接一個可視為質(zhì)點的帶電小球，小球靜止在水平向左足夠大的勻強(qiáng)電場中，繩與豎直方向的夾角，已知小球所帶電荷量，勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)，取重力加速度，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.求：(1)小球的帶電性質(zhì)及所受電場力F的大小；(2)小球的質(zhì)量m。15．（12分）如圖為近代物理實驗室中研究帶電粒子的一種裝置．帶正電的粒子從容器A下方小孔S不斷飄入電勢差為U的加速電場．進(jìn)過S正下方小孔O后，沿SO方向垂直進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，最后打在照相底片D上并被吸收，D與O在同一水平面上，粒子在D上的落點距O為x，已知粒子經(jīng)過小孔S時的速度可視為零，不考慮粒子重力．

（1）求粒子的比荷q/m；

（2）由于粒子間存在相互作用，從O進(jìn)入磁場的粒子在紙面內(nèi)將發(fā)生不同程度的微小偏轉(zhuǎn)．其方向與豎直方向的最大夾角為α，若假設(shè)粒子速度大小相同，求粒子在D上的落點與O的距離范圍；

（3）加速電壓在（U±△U）范圍內(nèi)的微小變化會導(dǎo)致進(jìn)入磁場的粒子速度大小也有所不同．現(xiàn)從容器A中飄入的粒子電荷最相同但質(zhì)量分別為m1、m2（m1＞m2），在紙面內(nèi)經(jīng)電場和磁場后都打在照相底片上．若要使兩種離子的落點區(qū)域不重疊，則應(yīng)滿足什么條件？（粒子進(jìn)入磁場時的速度方向與豎直方向的最大夾角仍為α）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

AD、由速度時間圖象可知：粒子在電場中做勻減速直線運動，加速度是一個定值，所以電場力不變，是勻強(qiáng)電場，所以不可能是由某正點電荷形成的，故A、D錯誤；BC、從M到N的運動過程中速度減小，根據(jù)動能定理可知電場力做負(fù)功，電勢能增加，又由于是正電荷，所以電勢也增加，故M點的電勢低于N點的電勢，故B錯誤，C正確．故選C．2、D【解析】

電量不變，只是將距離減小一半，根據(jù)點電荷庫侖力的公式可以求得距離改變之后的庫侖力的大?。驹斀狻坑牲c電荷庫侖力的公式可以得到，電量不變，將它們之間的距離減小為r，庫侖力將變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確、ABC錯誤．故選：D．3、A【解析】由圖可知，A點電場線密，B點電場線稀，因此A點電場強(qiáng)度大于B點，即EA＞EB，故A正確．沿電場線的方向電勢逐漸降低，A點電勢高于B點電勢，故B錯誤；電子受到的電場力的方向由B指向A，所以將電子從A點移到B點，電場為做負(fù)功，故C錯誤；正電荷在A點的電勢能大于正電荷在B點的電勢能，故D錯誤；故選A.4、C【解析】

A．由題圖可知，與時間內(nèi)合力方向不同，動量變化量不相等，選項A錯誤。BC．時，物體速度最大，由動量定理可得，時物體速度為零，與時間內(nèi)物體平均速率相等，選項B錯誤，C正確。D．時間內(nèi)物體先加速后減速，位移不為零，動能變化量為零，合力對物體做的功為零，選項D錯誤。故選C。5、A【解析】

A、飛機(jī)起飛速度是指飛機(jī)在離地起飛瞬間的速度，為瞬時速度，A正確；B、汽車從甲站行駛到乙站的速度為一段位移內(nèi)的速度，為平均速度，B錯誤；C、輪船從大連航行到青島的速度為一段位移內(nèi)的速度，為平均速度，C錯誤；D、小芳從家里步行到學(xué)校的速度對應(yīng)一段位移，故為平均速度，D錯誤；故選A。6、C【解析】根據(jù)題意，由幾何關(guān)系可知，lOA=2L，lAB=4L，lOB由庫侖定律可知AB間的庫侖力為F=FAB如圖所示受力分析可知：FBAm兩式相除，得：mAmB=由幾何關(guān)系可知，lAC=根據(jù)點電荷場強(qiáng)公式E=kQr2可知：A點電荷在C點的場強(qiáng)大小為E=kqL2，B點電荷在C點的場強(qiáng)大小為交換電荷量以后，A、B兩球各自受到的庫侖力FAB和FBA大小均沒有發(fā)生變化，上圖所示的平衡依然成立，故A、B兩球位置將依然處在同一水平線上，【點睛】（1）依據(jù)庫侖定律，結(jié)合幾何關(guān)系，可求解兩球之間的庫侖力；（2）兩球都處于平衡態(tài)，列平衡方程，可找出兩球質(zhì)量之間的關(guān)系；（3）兩球的平衡與兩球之間的相互作用力大小有關(guān)，而與兩球交換電荷量無關(guān)。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】

AB．兩個粒子在磁場中的偏轉(zhuǎn)方向相同，則電性相同，根據(jù)左手定則，知電荷帶正電。故A正確，B錯誤。C．粒子在電容器中做勻速直線運動，有：則粒子的速度速度大小相同。故C正確。D．根據(jù)可得．因為2r1-2r2=x粒子的速度則兩粒子的質(zhì)量之差．故D正確。8、AC【解析】

小球受到的電場力一開始大于彈簧彈力，隨著彈簧彈力的增大，加速度在減小，然后加速度會反向，根據(jù)受力來判斷加速度的變化；電場力做正功，小球的動能增大，電勢能減小．【詳解】A．在電場力的作用下，小球AB分別向左右移動，在移動過程彈簧彈力一直在增大，當(dāng)電場力等于彈簧彈力大小時，加速度為零，此時AB的速度達(dá)到最大，故A對；B．在電場力的作用下，小球AB分別向左右移動，在移動過程彈簧彈力一直在增大，小球的加速度為即加速度在減小，當(dāng)電場力等于彈簧彈力大小時，加速度等于零，然后彈簧的彈力大于電場力，小球又開始做減速運動，此時加速度，加速度又開始反向增大，故B錯；C．電場力的方向與運動方向相同，所以電場力做正功，根據(jù)機(jī)械能守恒的條件可知，電場力做功導(dǎo)致系統(tǒng)機(jī)械能增大了，故C對；D．電場力對兩球均做正功，兩小球的動能增大，電勢能減小，故D錯；故選AC9、CD【解析】試題分析：由電場線處處與等勢面垂直且做曲線運動的物體所受的合外力指向曲線的凹側(cè)可知該電場線的分布大概如圖，沿電場線方向電勢降低，所以，所以A錯誤．從電場力做正功，電勢能降低，所以B錯誤．根據(jù)動能定理，，所以C正確．電場線越密，電場強(qiáng)度越大，，所以即，所以D正確．考點：本題重在考查電場線、電勢能、電勢以及功能關(guān)系，能量守恒等，難度中等．10、ABC【解析】試題分析：設(shè)子彈的初速度v0，共同速度為v，則由動量守恒定律：mv0=（M+m）v；系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，木塊得到的動能為：，變形可得：，故選項ABC正確．考點：動量守恒定律；能量守恒定律.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、【解析】(1)霧滴運動的路程一定，速度越大，運行的時間越短，此時轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)過的弧度越小，打在紙帶上的點距離標(biāo)志線的距離越?。云渲兴俣茸畲蟮撵F滴到標(biāo)志線的距離S1=2.10cm；速度最小的霧滴到標(biāo)志線的距離S2=2.90cm；(2)如果轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)動的周期為T，則霧滴運動的時間為，所以(3)圖象中斜率，可得T=1.6s.【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道霧滴運動的路程一定，速度越大，運行的時間越短，此時轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)過的弧度越小，打在紙帶上的點距離標(biāo)志線的距離越?。畷鶕?jù)求出霧滴運動的時間，再根據(jù)求出噴槍噴出霧滴的速度．12、A1V1BD【解析】

本題(1)根據(jù)小燈泡額定電壓電流來選擇合適的量程即可；（2）根據(jù)（3）中圖像可知實驗選用了分壓式接法，由于燈泡電阻較小，采用外接法設(shè)計電路；（3）根據(jù)電功率公式求解?！驹斀狻?1)[1]由小燈泡額定電流為，可知選電流表，[2]由小燈泡額定電壓為,可知選電壓表。(2)[3]根據(jù)（3）中圖像可知實驗選用了分壓式接法，由于燈泡電阻較小，滿足,所以采用外接法設(shè)計電路，如圖所示(3)[4]根據(jù)電功率公式，可知斜率逐漸變小，斜率逐漸變大，其原因是實驗隨著時間推移，小燈泡電阻會隨溫度的升高而變大，所以BD正確。故選BD。【點睛】本題考察小燈泡伏安特性曲線實驗的考察，主要包括選表，分壓式控制電路，外接法測電阻等設(shè)計電路圖，最后考察電功率公式與圖像斜率之間的關(guān)系。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a-b-c-d-a；（2）；（3）【解析】

（1）線框下邊界剛進(jìn)入磁場時由右手定則可知電流方向a-b-c-d-a.（2）因小燈泡始終正常發(fā)光，所以線框是勻速通過磁場，安培力等于線框重力，說明通過磁場過程中只由一條邊切割磁感線，cd邊到達(dá)下邊界時，ab恰好進(jìn)入磁場，故磁場寬度為L；所以有：由聯(lián)立解得（3）因為線框勻速穿過