山東省聊城市2023-2024學年高一上學期期末物理試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單項選擇題：本題共7小題，每小題3分，共21分。每小題只有一個選項符合題目要求。1．在物理學發(fā)展過程中，科學家們運用了許多研究方法。下列說法正確的是A．重心、合力概念的提出，體現(xiàn)了等效思想B．用質(zhì)點代替有形狀和大小的物體的理想化模型法是不科學的C．牛頓的理想實驗將實驗和邏輯推理結(jié)合得出了力不是維持物體運動的原因D．根據(jù)平均速度的定義式υ=ΔxΔt=x2?x2．如圖，消防戰(zhàn)士在進行徒手爬桿訓練，桿保持豎直。戰(zhàn)士先采用“雙手互換握桿”的方式保持身體勻速上升，到達桿頂后再采用“手握腿夾”的方式勻速下滑到地面。設戰(zhàn)士勻速上升和勻速下滑所受的摩擦力分別為f1和fA．f1豎直向上，f2豎直向下 B．f1C．f1、f2的大小相等 D．f3．在實驗室中，一同學將三個力傳感器的鉤勾在一起，處于靜止狀態(tài)，并讀出三個傳感器的讀數(shù)，下列數(shù)據(jù)明顯有誤的是（）A．1N、5N、10N B．7N、4N、4N C．1N、8N、8N D．4N、8N、9N4．如圖所示，水平輕桿的一端固定在墻上，輕繩與豎直方向的夾角為37°，小球受到的重力為12N，輕繩的拉力為10N，水平輕彈簧的拉力為9N，則輕桿對小球的作用力的大小及其方向與豎直方向的夾角為(取sin37°=0.6)()A．12N，53° B．6N，90° C．5N，37° D．1N，90°5．如圖所示為兩種形式的電梯，甲是商場中常用的扶梯，乙是居民樓中常用的直梯。則當它們都加速上升時(加速度方向如圖所示)，下列說法正確的是()A．甲電梯上的人受到重力、支持力和摩擦力的作用B．甲電梯上的人處于失重狀態(tài)C．乙電梯中的人處于失重狀態(tài)D．乙電梯中的人受到重力、支持力和摩擦力的作用6．如圖所示，長木板靜止于光滑水平地面，滑塊疊放在木板右端，現(xiàn)對木板施加水平恒力，使它們向右運動。當滑塊與木板分離時，滑塊相對地面的位移為x、速度為v。若只減小滑塊質(zhì)量，重新拉動木板，滑塊與木板分離時()A．x變小，v變小 B．x變大，v變大C．x變小，v變大 D．x變大，v變小7．假設高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛。甲車在前，乙車在后，速度均為v0=30m/s。甲、乙相距x0=100m，t=0時刻甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時間變化分別如圖甲、乙所示，取運動方向為正方向。下列說法正確的是()A．t=3s時兩車相距最近B．t=6s時兩車速度不相等C．t=6s時兩車距離最近，且最近距離為10mD．兩車在0～9s內(nèi)會相撞二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。每小題有多個選項符合題目要求。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。8．一質(zhì)量為m的物塊靜置于粗糙水平面上，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，在t=0時刻，對其施加一個水平方向的作用力F。F的大小隨時間的變化規(guī)律如圖所示，F(xiàn)f表示其受到的摩擦力，v表示其速度，a表示其加速度，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。在下列選項中對應圖像可能正確的是()A．A B．B C．C D．D9．如圖，建筑工人用磚夾豎直搬運四塊相同的磚，每塊磚的質(zhì)量均為m，重力加速度大小為g。下列說法正確的是()A．當磚靜止時，磚塊4對磚塊3的摩擦力大小為12B．當磚靜止時，磚塊2對磚塊3的摩擦力為零C．當將四塊磚一起豎直向上加速提起時，磚塊4對磚塊3的摩擦力大小為mgD．當將四塊磚一起豎直向上加速提起時，磚塊2對磚塊3的摩擦力為零10．如圖，甲、乙兩物體的質(zhì)量相等，物體甲通過輕繩懸掛在光滑輕質(zhì)動滑輪A上，動滑輪A置于輕繩上。輕繩的一端固定在水平天花板上的O點，另一端通過光滑定滑輪B與物體乙相連，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)?，F(xiàn)將定滑輪B水平向右緩慢移動一小段距離x，移動滑輪的過程中，物體、滑輪始終沒有相碰。設輕繩通過動滑輪A形成的夾角為θ，且不計兩滑輪的大小。下列說法正確的是A．未移動滑輪B之前，θ=120°B．移動滑輪B的過程中，θ不變C．移動滑輪B后，物體甲水平方向移動的位移大小為xD．移動滑輪B后，物體乙豎直方向移動的位移大小為311．一物塊靜止在粗糙水平地面上，物塊受到水平向右的拉力F的作用，在0～4s的時間內(nèi)，拉力的大小F隨時間t變化的關系如圖所示。已知t=1s時物塊恰好剛要運動，t=3s時物塊的加速度a=8m/s2，滑動摩擦力等于最大靜摩擦力，重力加速度g取A．物塊的質(zhì)量等于0.5kgB．物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.2C．在t=2s時，物塊的加速度大小為4m/D．在3～4s的時間內(nèi)，物塊的速度變化量為6m/s12．如圖甲所示，一質(zhì)量為M的長木板靜置于光滑水平面上，其上放置一質(zhì)量為m的小滑塊。木板受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測出木板的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖像。g取10m/s2，則下列說法正確的是()A．滑塊的質(zhì)量m=4kgB．木板的質(zhì)量M=2kgC．當F=8N時，滑塊的加速度為2m/s2D．滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為0.1三、實驗題（共16分，第13題6分，第14題10分）13．頻閃攝影是研究變速運動常用的實驗手段。在暗室中，照相機的快門處于常開狀態(tài)，頻閃儀每隔一定時間發(fā)出一次短暫的強烈閃光，照亮運動的物體，于是膠片上記錄了物體在幾個閃光時刻的位置。某物理小組利用如圖甲所示裝置探究平拋運動規(guī)律。他們分別在該裝置正上方A處和右側(cè)正前方B處安裝了頻閃儀器并進行了拍攝，得到的頻閃照片如圖乙所示，O為拋出點，P為運動軌跡上某點。根據(jù)平拋運動規(guī)律分析下列問題(g取10m/s2)：（1）圖乙中，A處頻閃儀器所拍攝的頻閃照片為(選填“a”或“b”)。（2）測得圖乙a中OP距離為45cm，b中OP距離為30cm，則小球做平拋運動的初速度大小應為m/s，小球在P點速度大小應為m/s。14．在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系的實驗”時，采用了如圖甲所示的實驗裝置。操作如下：（1）平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，先（填“增大”或“減小”）木板的傾角，反復調(diào)節(jié)，直到紙帶上打出的點跡間距相等為止。（2）已知小車的質(zhì)量為M，盤和砝碼的總質(zhì)量為m，要使細線的拉力近似等于盤和砝碼的總重力，應該滿足的條件是Mm（填“遠小于”、“遠大于”或“等于”）。（3）實驗中得到如圖丙所示的一條紙帶，已知打點計時器所接交流電的頻率為50Hz，兩計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，根據(jù)紙帶可求出物塊的加速度為m/s2。打圖中第4個計數(shù)點時小車的速度為（4）實驗中長木板水平放置且細線平行于長木板，以繩的拉力F為橫坐標，加速度a為縱坐標，畫出的a?F圖像如圖丁所示，求得圖線的斜率為k，橫軸截距為F0，且已知重力加速度為g，小車與長木板間的動摩擦因數(shù)為μ=。（結(jié)果用F四、解答題（共44分，第15題8分，第16題12分，第17題10分，第18題14分）15．如圖所示為一水平傳送帶裝置示意圖，緊繃的皮帶AB始終保持v=1m/s的速度向右運動。一質(zhì)量為m=0.5kg的煤塊從離皮帶很近處豎直落到A處。若煤塊可視為質(zhì)點，煤塊與皮帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.16．如圖甲所示，在順時針勻速轉(zhuǎn)動的傳送帶底端，一質(zhì)量m=1kg的物塊以某一初速度向上滑動，傳送帶足夠長，物塊的速度—時間圖像部分如圖乙所示，g取10m/s2，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ；（2）物塊沿傳送帶向上運動的最大位移。17．如圖所示，甲、乙兩車沿一條直線公路上不同車道同向運動，為簡化問題可將兩車視為質(zhì)點。當甲車剛從收費站開出時（此時t=0），乙車距收費站的距離x1=60m，甲車的速度v0=0，乙車的速度v1（1）甲車追上乙車的時間；（2）若某段時間甲乙行駛在同一單行直公路上，甲在前，乙在后，甲乙速度分別為v甲=6m/s、v乙18．如圖所示，傾角α=30°的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L=1.8m、質(zhì)量M=3kg的薄木板，木板的最右端疊放一質(zhì)量m=1kg的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=32。對木板施加沿斜面向上的恒力F，使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動。設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2（1）為使物塊不滑離木板，求力F應滿足的條件；（2）若F=37.5N，物塊能否滑離木板?若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、重心、合力概念的提出，體現(xiàn)了等效思想，故A正確；

B、在所研究的問題中物體的形狀、大小可以忽略時可將物體看成質(zhì)點，便于對主要問題的研究，因此用質(zhì)點代替有形狀和大小的物體的理想化模型法是科學的，故B錯誤；

C、伽利略的理想實驗將實驗和邏輯推理結(jié)合得出了力不是維持物體運動的原因，故C錯誤；

D、根據(jù)平均速度的定義式當Δt→0時，就可以表示物體t1時刻的瞬時速度，該定義運用了極限思維法，故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】重心、合力概念的提出，體現(xiàn)了等效思想，在所研究的問題中物體的形狀、大小可以忽略時可將物體看成質(zhì)點運用了理想模型法，在所研究的問題中物體的形狀、大小可以忽略時可將物體看成質(zhì)點。2．【答案】C【解析】【解答】消防戰(zhàn)士采用“雙手互換握桿”的方式勻速上升時，戰(zhàn)士所受的摩擦力是靜摩擦力，根據(jù)平衡條件可知，靜摩擦力f1方向沿桿豎直向上，大小為f采用“手握腿夾”的方式勻速下滑時，戰(zhàn)士所受的摩擦力是滑動摩擦力，根據(jù)平衡條件可知，f2方向沿桿豎直向上，大小為f故答案為：C。

【分析】根據(jù)運動情況確定消防戰(zhàn)士所受摩擦力的類型，再根據(jù)平衡條件確定摩擦力的大小情況。3．【答案】A【解析】【解答】A、1N、5N的合力范圍是4N≤F≤6N，10N不在這個范圍之內(nèi)，則三個力的合力最小值不為零，不能處于靜止狀態(tài)，故A錯誤，符合題意；

B、4N、4N的合力范圍是0N≤F≤8N，7N在這個范圍之內(nèi)，則三個力的合力最小值為零，處于靜止狀態(tài)，故B正確，不符合題意；

C、8N、8N的合力范圍是0N≤F≤16N，1N在這個范圍之內(nèi)，則三個力的合力最小值為零，處于靜止狀態(tài)，故C正確，不符合題意；

D、4N、8N的合力范圍是4N≤F≤12N，9N在這個范圍之內(nèi)，則三個力的合力最小值為零，處于靜止狀態(tài)，故D正確，不符合題意；

故答案為：A。

【分析】任選兩力，根據(jù)力的合成法則，確定兩力的合力范圍，再根據(jù)合力范圍與另一力的大小關系結(jié)合平衡條件進行分析。4．【答案】C【解析】【解答】以小球為研究對象，小球受四個力的作用，重力G、輕繩的拉力F2、輕彈簧的拉力F1、輕桿的作用力F，其中輕桿的作用力的方向和大小不能確定；如圖所示

重力、彈簧的彈力二者的合力大小為F設F合與豎直方向夾角為α，則sin解得α=37°所以輕桿對小球的作用力方向與F2方向相同，大小為F=故答案為：C。

【分析】彈簧的彈力及輕繩的拉力均沿彈簧及繩方向，桿對小球的支持力不一定沿桿方向，根據(jù)力的合成確定彈力、繩子拉力及重力的合力大小和方向，再根據(jù)平衡條件確定桿對小球作用力的大小和方向。5．【答案】A【解析】【解答】A、甲電梯上的人有斜向左上方的加速度，所受合力斜向左上方，因而人受到水平向左的摩擦力、重力、支持力三個力的作用，故A正確；

BC、由于甲、乙電梯中的人均具有向上的加速度，所以人都處于超重狀態(tài)，故BC錯誤；

D、乙電梯中的人具有向上的加速度，且由受力分析可知，人水平方向不受外力，即人在水平方向不受摩擦力，故D錯誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)運動情況，確定人的受力情況，對于傾斜向上的加速度可分解成水平方向和豎直方向的加速度。加速度向上，物體處于超重狀態(tài)。6．【答案】A【解析】【解答】長木板和滑塊做初速度為0的勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a長木板加速度a由運動學公式可得滑塊與木板分離時，滑塊相對地面的位移為x=滑塊相對長木板的位移為L=滑塊相對地面的速度為v=若只減小滑塊質(zhì)量，再次拉動木板，根據(jù)牛頓第二定律得滑塊的加速度a1不變，長木板加速度

a2變大，由滑塊相對長木板的位移為L=可得運動時間t變小，滑塊相對地面的位移為x=變小，滑塊相對地面的速度為v=變小，故A正確，BCD錯誤；

故答案為：A。

【分析】滑塊與木板分離時，兩者的位移之差等于板長。分別對兩者運用牛頓第二定律及勻變速直線運動規(guī)律確定分離時，滑塊的位移與速度與運動時間及加速度之間的關系進行解答。7．【答案】C【解析】【解答】ABC、由題給圖像畫出兩車的v--t圖像如圖所示

由圖像可知，t=6s時兩車等速，此時距離最近，圖中陰影部分面積為0～6s內(nèi)兩車位移之差，即?x=即兩車在t=6s時距離最近，最近距離為x=故AB錯誤，C正確；

D、t=6s時，兩車相距10m，且甲車在前、乙車在后，在6～9s內(nèi)，甲車速度大于乙車速度，兩車間距離越來越大，故在0～9s內(nèi)，甲車一直在前，兩車不會相撞，故D錯誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)題意結(jié)合v-t圖像的斜率表示加速度畫出兩車的v-t圖像，v-t圖像與時間軸所圍面積表示位移，兩者的圖像的面積之差表示運動過程的位移之差。當兩車速度相等時，兩車的距離最近。8．【答案】B,D【解析】【解答】AB、根據(jù)圖像可知，物塊所受拉力F隨時間均勻增大，當拉力F小于最大靜摩擦力時，物塊處于靜止狀態(tài)，摩擦力為靜摩擦力，滿足f=F=kt當拉力大于最大靜摩擦力時，物塊開始滑動，摩擦力為滑動摩擦力，大小滿足f=μmg故A錯誤，B正確；

C、物塊滑動前加速度為零，當物塊開始滑動后，由牛頓第二定律可得F-μmg=ma解得a=加速度隨時間線性增大，且應有橫截距，故C錯誤；

D、當拉力小于最大靜摩擦力時，物塊處于靜止狀態(tài)，當拉力大于最大靜摩擦力時，物塊開始做加速度增大的變加速運動，故D正確。

故答案為：BD。

【分析】當摩擦力為靜摩擦力時，摩擦力的大小與拉力的大小等大反向，當摩擦力為滑動摩擦力時，摩擦力的大小只與正壓力與摩擦因數(shù)有關。根據(jù)物體的受力情況根據(jù)力的大小情況，根據(jù)牛頓第二定律確定加速度的變化情況，再根據(jù)v-t圖像的斜率表示加速度確定速度與時間圖像。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、以整體為研究對象，1號磚和4號磚所受磚夾摩擦力相等，根據(jù)平衡條件有2f=4mg以123為研究對象，根據(jù)平衡條件有f+聯(lián)立解得f故A錯誤；

B、以磚塊12為研究對象，由物體的平衡條件f+聯(lián)立解得f故B正確；

C、對以整體為研究對象，1號磚和4號磚所受磚夾摩擦力相等，根據(jù)牛頓第二定律有2以磚塊4為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有f得f方向豎直向上，故C錯誤；

D、以磚塊34為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律有f解得f故D正確；

故答案為：BD。

【分析】根據(jù)整體法確定磚夾對磚的摩擦力大小，再根據(jù)題意確定恰當?shù)难芯繉ο?，根?jù)平衡條件或牛頓第二定律確定各磚塊之間的摩擦力大小。10．【答案】A,B,C【解析】【解答】A、輕繩OAB上的張力大小處處相等，繩中張力始終等于物體重力，且兩繩的合力與物體甲的重力大小相等，對滑輪A由三力平衡可得θ=120°故A正確；

BCD、設OB的水平距離為d

根據(jù)幾何關系，滑輪B左側(cè)輕繩的長度L=滑輪B水平向右緩慢移動一小段距離x，因為繩中的力不變，所以θ不變，根據(jù)幾何關系可知，物體甲水平方向移動的位移大小為x2L'=即左側(cè)輕繩伸長x右側(cè)輕繩縮短233x，物體乙豎直方向移動的位移大小為23311．【答案】A,C【解析】【解答】AB、t=1s時物塊恰好剛要運動，則有最大靜摩擦力等于拉力有f=t=3s時物塊的加速度a=8m/s2，則有F解得m=0.5kg，故A正確；B錯誤；

C、由圖可知，在t=2s時，物塊受到的拉力為4N，故物塊的加速度大小為a故C正確；

D、在3～4s的時間內(nèi)，物塊的速度變化量為?v=a?t=8×1故D錯誤；

故答案為：AC。

【分析】當物體恰好要運動時，物體所受的靜摩擦力達到最大值，根據(jù)3s時物體的加速度，結(jié)合牛頓第二定律確定摩擦因數(shù)及質(zhì)量的大小。再根據(jù)牛頓第二定律確定各時間段的加速度大小，再根據(jù)速度與加速度的關系確定速度變化量的大小。12．【答案】A,B,D【解析】【解答】AB、當F=6N時，加速度為a=1m/s2，對整體分析，由牛頓第二定律有F=(M+m)a代入數(shù)據(jù)解得M+m=6當F>6N時，滑塊與木板之間發(fā)生相對滑動，以木板為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律得a=知圖線的斜率k=解得M=2kg，故AB正確；

CD、由圖像可知，當拉力F=6N時，滑塊達到最大加速度為am=1m/s2，此時有μmg=m得μ=0.1故C錯誤，D正確；

故答案為：ABD。

【分析】當物塊與木板之間的摩擦力小于最大靜摩擦力時，物塊與木板之間保持相對靜止。當摩擦力達到最大靜摩擦力時，滑塊的加速度達到最大值。根據(jù)圖像乙確定物塊與木板之間的摩擦力達到最大值時的臨界加速度。再根據(jù)相對靜止和相對滑動時，分別對整體或各物體運用牛頓第二定律結(jié)合圖像進行解答。13．【答案】（1）b（2）1；5【解析】【解答】（1）小球做平拋運動，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，攝像頭A拍攝的是水平方向上的運動，故應該是間距相等的點．故攝像頭A所拍攝的頻閃照片為b圖。

（2）攝像頭A拍攝小球水平方向上的勻速直線運動，攝像頭B拍攝小球豎直方向的自由落體運動，根據(jù)測得圖乙（a）OP距離為h=45cm，則h=解得t=0.3由（b）中OP距離為s=30cm，則s=解得平拋物體的初速度大小為vP點豎直速度大小為v則P點的速度大小為v=【分析】小球做平拋運動，平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，相等時間內(nèi)通過的水平位移相等。再根據(jù)平拋運動的規(guī)律進行解答。14．【答案】（1）增大（2）遠大于（3）1.97；0.994（4）k【解析】【解答】（1）先增大木板的傾角，使重力的沿斜面向下的分力平衡木板與小車間的摩擦力。

（2）根據(jù)牛頓第二定律，對小車和盤與砝碼整體分析mg=(M+m)a得a=對小車分析，繩子的拉力F=Ma=所以當M?m時，才能認為細線的拉力近似等于盤和砝碼的總重力。

（3）兩計數(shù)點間還有四個點沒有畫出，則相鄰計數(shù)點的時間為0.1s，由逐差法可得a=打計數(shù)點4時小車的速度為v（4）由牛頓第二定律得F-μMg=Ma得a=所以有1又當a=0時，F(xiàn)=F0，即0=得μ=【分析】增大木板的傾角，使小車做勻速直線運動，此時重力的沿斜面向下的分力平衡木板與小車間的摩擦力。當繩子拉力無法測出時，需滿足盤和砝碼的總質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量。根據(jù)牛頓第二定律及小車的受力情況確定圖像的函數(shù)表達式，繼而得出圖像斜率或截距的物理意義，繼而進行數(shù)據(jù)處理。15．【答案】解：當煤塊放到A處時，煤塊相對傳送帶向左運動，受到向右的摩擦力，由公式umg=ma得a=ug=1m煤塊達到與傳送帶共同的速度，所需要的時間t1，由公式得t煤塊運動的位移s得s傳送帶的位移s傳送帶與煤塊的相對位移s=煤塊達到傳送帶的速度后，運動到B再需要的時間t煤塊從A點運動到B所需時間t=【解析】【分析】對于傳送帶模型，需判斷當物體與傳送帶達到共速時，物體是否與傳送帶保持相對靜止。對煤塊進行受力分析，確定煤塊與傳送帶公式時所需的時間及煤塊和傳送帶運動的位移，注意此時間段內(nèi)傳送帶的位移是否大于傳送帶的總長度，若小于總長度，則劃痕長度等于兩者位移之差，若傳送帶位移大于總長度，需注意劃痕是否發(fā)生重疊。再根據(jù)AB距離確定共速時，煤塊距B的距離，再根據(jù)勻速運動規(guī)律確定剩余位移所需時間。16．【答案】（1）解：由題圖乙可知，物塊的初速度v0=8m/s，傳送帶轉(zhuǎn)動的速度v=4m/s，在t0=0到t=0.4s時間內(nèi)，物塊沿傳送帶向上做減速運動，物塊的加速度大小a1=v0-vt由牛頓第二定律有mgsinθ+μmgcosθ=ma1，解得μ=0.5。（2）解：在t=0.4s后，由于μ<tanθ，故物塊繼續(xù)向上做減速運動，設物塊的加速度大小為a2，則有mgsinθ-μmgcosθ=ma2，解得a2=2m/s2。物塊從t=0.4s開始，經(jīng)過t1時間速度減為零，有t1=va從t0=0到t=0.4s，物塊的位移為x1=v0t-12a1t2從t=0.4s到t2=2.4s，物塊減速到零的位移x2=v2t1物塊沿傳送帶向上運動過程中的位移為x=x1+x2=6.4m?！窘馕觥俊痉治觥浚?）由圖乙確定物體v-t圖像斜率發(fā)生改變的原因即傳送帶的速度大小。根據(jù)v-t圖像確定傳送帶的加速度，再根據(jù)運動情況，確定物體的摩擦力方向，再根據(jù)牛頓第二定理及滑動摩擦力公式確定摩擦因數(shù)的大?。?/p>

（2）確定物體與傳送帶共速后，物塊的受力情況及加速度的大小，再根據(jù)不同階段物塊的運動情況，結(jié)合勻變速直線運動位移與時間的關系解答即可。17．【答案】（1）解：乙車停下來的時間為t這段時間內(nèi)乙車的位移為x這段時間內(nèi)甲車的位移x=因為x<所以乙車停下來后甲車再追上乙車，則有x解得甲車追上乙車的時間為t=8s（2）解：設兩車恰好不發(fā)生撞車事故，乙車的加速度大小