浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案

閱卷人

一、單選題

得分

1.下列屬于國(guó)際單位制基本單位的是（）

A.mB.NC.JD.n

2.酒后內(nèi)的智能機(jī)器人可以把I樓大廳的外賣送至指定樓層的客房。如圖為機(jī)器人送餐至9樓的場(chǎng)景。

下列說(shuō)法正確的是（）

送餐機(jī)器人

A.在避開(kāi)障礙物的過(guò)程中，可以把機(jī)器人看成質(zhì)點(diǎn)

B.記錄機(jī)器人從1樓至9樓的時(shí)間，可以把機(jī)器人看成質(zhì)點(diǎn)

C.送餐的全過(guò)程，機(jī)器人的位移大小可能等于路程

D.若送餐用時(shí)625s,行程50m,機(jī)器人的平均速度大小為0.08m/s

3.先后讓一束電子和一束氫核通過(guò)同一對(duì)平行板形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，進(jìn)入時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向垂直。下

列情況下，射出極板時(shí)電子和氫核偏轉(zhuǎn)角正切值相同的是（）

A.初速度相同B.初速度的平方相同

C.初動(dòng)能相同D.初動(dòng)量相同

4.杜基熔鹽核反應(yīng)堆不僅發(fā)電效率高，而且核廢料污染小，具有廣闊的應(yīng)用前景。^Th本身不能直接

使用，需經(jīng)過(guò)一系列核反應(yīng)后先生成舒32如舒3pQ再衰變生成將u,利用中子轟擊豺3^發(fā)生裂變后

釋放核能，其典型產(chǎn)物是援Ba和累Ke,已知疏3pa的半衰期為27天，則（）

A.裝U裂變反應(yīng)的方程為卷3（7一照28a+黑Ke+2M

B.解Ke的結(jié)合能大于管u的結(jié)合能

C.大量的舒3尸0經(jīng)過(guò)54天后有四分之一發(fā)生了衰變

D.鴕3pQ發(fā)生的是夕衰變

5.圖甲是傳統(tǒng)民居建筑材料瓦片，相同的質(zhì)量為〃，的瓦片緊靠在一起靜止豎直疊放在水平地面上如圖乙

所示。下方瓦片的受力點(diǎn)均在其頂端，則瓦片（）

1

A.4右端對(duì)地面的壓力比左端的大B.5右端受到的支持力是2右端受到支持力的2倍

C.4頂端受到的壓力大小為，咫D.5左端對(duì)地面的壓力為*mg

6.如圖甲為電容器上極板電量4隨時(shí)間/在一個(gè)周期內(nèi)的變化圖線，如圖乙為L(zhǎng)C振蕩電路的某一狀態(tài)下

A.圖乙狀態(tài)一定發(fā)生在0~〃時(shí)間內(nèi)B.圖乙狀態(tài)一定發(fā)生在〃時(shí)間內(nèi)

C.時(shí)間內(nèi)電路中磁場(chǎng)能增強(qiáng)D.f2~口時(shí)間內(nèi)自感電動(dòng)勢(shì)減小

7.北京時(shí)間2024年I月5日19時(shí)20分，我國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用快舟一號(hào)甲運(yùn)載火箭，成功將天目

一號(hào)氣象星座15-18星發(fā)射升空，衛(wèi)星順利進(jìn)入距地面高度約500km的預(yù)定軌道，至此天目一號(hào)氣象星座

階段組網(wǎng)完畢。取地球同步衛(wèi)星距地面高度3.6x104%]],則氣象星座15-18星()

A,與地球同步衛(wèi)星具有相同的動(dòng)能B.比地球同步衛(wèi)星具有更大的繞行角速度

C.與地球同步衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期之比為展TD.環(huán)繞地球的速度大于第一宇宙速度

8.如圖甲，小球在光滑球面上的A、8之間來(lái)回運(yùn)動(dòng)。后0時(shí)刻將小球從A點(diǎn)由靜止釋放，球面對(duì)小球的

支持力大小/隨時(shí)間/變化的曲線如圖乙，若弧長(zhǎng)A8遠(yuǎn)小于半徑，則()

O

A.小球運(yùn)動(dòng)的周期為0.2型B.光滑球面的半徑為0.1m

C.小球的質(zhì)量為0.05kgD.小球的最大速度約為0.10m/s

9.某同學(xué)根據(jù)光的干涉原理設(shè)計(jì)了探究不同材料熱膨脹程度的實(shí)驗(yàn)裝置，如圖所示。材料甲置于玻璃平

板之間，材料乙的上表面3與上層玻璃下表面2間形成空氣劈尖。單色光垂直照射到玻璃平板上，就可以

觀察到干涉條紋。下列說(shuō)法正確的是1)

2

A.表面3可以與表面2平行

B.該條紋是由上層玻璃上表面1與下層玻璃上表面4的反射光發(fā)生干涉形成的

C.僅溫度升高，若干涉條紋向左移動(dòng)，則材料甲膨脹程度大

D.僅換用頻率更小的單色光，干涉條紋將向左移動(dòng)

10.如圖所示，輕彈簧?端懸掛在橫桿上，另?端連接質(zhì)量為機(jī)的重物，彈簧和重物組成的系統(tǒng)處于靜止

狀態(tài)。某時(shí)刻在重物上施加一方向豎宜向上，大小為”=的恒力,重物上升的最大高度為人已知彈

簧的彈性勢(shì)能表達(dá)式為4依2，則（）

A.上升過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.開(kāi)始時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為:mgh

C.上升過(guò)程中重物的最大動(dòng)能為*mg/iD.上升到最高點(diǎn)過(guò)程中重物的重力勢(shì)能增加/mgh

11.用各種頻率的光照射兩種金屬材料得到遏止電壓以隨光的頻率v變化的兩條圖線1、2,圖線上有P

和Q兩點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.圖線1、2一定平行

B.圖線1對(duì)應(yīng)金屬材料的選出功大

C.照射同一金屬材料，用。對(duì)應(yīng)的光比P對(duì)應(yīng)的光產(chǎn)生的飽和電流大

B.弱相互作用是短程力，它是引起原子核少衰變的原因

C.蔗糖受潮后粘成的糖塊屬于非晶體，有確定的熔點(diǎn)，但沒(méi)有確定的幾何形狀

D.a粒子散射實(shí)驗(yàn)既可以確定不同元素原子核的電荷量，也可以估算原子核的半徑

15.圖甲和圖乙分別表示甲、乙兩列波在不同介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，如圖所示實(shí)線和虛線分別表示兩

列波在片。和片0.5s時(shí)的波形圖。若兩列波的周期均大于0.35s,則（）

A.甲波的周期可能是乙波周期的0.5倍

B.甲波傳播的速度可能比乙波速度大，也可能比乙波速度小

C.0—0.5s內(nèi)某時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P,Q的運(yùn)動(dòng)方向可能相同

D.z=ls時(shí)，P、。質(zhì)點(diǎn)的位移大小可能相等

閱卷人

三、實(shí)驗(yàn)題

得分

16.某同學(xué)用如圖甲裝置完成“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。

小車紙帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

槽碼

（1）以下措施有助于一減少該實(shí)驗(yàn)誤差的是

A.使槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)大于小車的質(zhì)量

B.紙帶運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)與兩限位孔在同一直線上

C.需從紙帶上打下的第一個(gè)點(diǎn)開(kāi)始取的il數(shù)點(diǎn)

（2）實(shí)驗(yàn)中獲得如表的數(shù)據(jù)，根據(jù)這些數(shù)據(jù)，可以探究的是

0.290.860.34

0.140.360.40

0.290.610.47

0.190.360.54

0.240.360.66

0.290.410.70

0.290.360.82

0.29().310.93

0.340.360.95

A.只有加速度與力的關(guān)系

B.只有加速度與質(zhì)量的關(guān)系

C.加速度與力以及加速度與順星的關(guān)系

17.某同學(xué)利用圖磁吸式裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。

（1）在調(diào)節(jié)軌道時(shí)，發(fā)現(xiàn)水平儀的狀態(tài)如圖所示，此時(shí)應(yīng)將軌道的右端調(diào)（選填“高”或

“低

（2）進(jìn)一步用手機(jī)的"慢動(dòng)作''功能拍攝，并從視頻中，每24幀選取一幀進(jìn)行處理得到如圖所示的拋體

運(yùn)動(dòng)“頻閃圖片”，坐標(biāo)板上最小一格實(shí)際長(zhǎng)度為Icmo由圖像可知該手機(jī)拍攝時(shí)的幀率最有可能是一

A.240幀例B.480幀/秒C.960幀/秒

（3）結(jié)合②問(wèn)的信息可求出小球的水平速度為（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

18.某同學(xué)為研究某種金屬導(dǎo)線的電阻率，用圖電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度可以通過(guò)導(dǎo)線上的滑動(dòng)頭

調(diào)節(jié)，滑動(dòng)頭有一定的電阻，但阻值未知。

6

（1）請(qǐng)以筆代線，將未連接的導(dǎo)線在圖中補(bǔ)齊.

（50Q,1.5A）兩種滑動(dòng)變阻器，用及八處分別實(shí)驗(yàn)，以電壓

表的讀數(shù)U為縱軸，以號(hào)為橫軸G?為圖甲中AP長(zhǎng)度，L為A3長(zhǎng)度），得到U-左圖像如圖，其中選用Q

LLt

（選填“加'或

T

（3）在用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬導(dǎo)線的直徑如圖所示，則該導(dǎo)線的直徑為mm：

（4）在多次調(diào)節(jié)沿動(dòng)頭改變金屬導(dǎo)線的長(zhǎng)度/,并測(cè)星出不同長(zhǎng)度時(shí)的電阻值區(qū)，作兄-/圖（圖戊）,

根據(jù)圖像可求出該金屬導(dǎo)線的電阻率為n-m（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

7

（1）在實(shí)驗(yàn)中油酸體枳占油酸酒精溶液總體積的比例最為合適的是一

A.1：50B.1：500C.1：5000

（2）由于沒(méi)有方格紙，該同學(xué)首先在一張透明膠片上描出油膜的輪廓，測(cè)量膠片的面積So,并用高精

度的電子天平稱量出整張膠片的質(zhì)量然后沿輪廓剪卜.對(duì)應(yīng)的油膜形狀的膠片，其質(zhì)量為則油膜的

面積為（用所給物理量符號(hào)來(lái)表示）；

（3）卜列操作有助于減小實(shí)驗(yàn)誤差的是一

A.撒粉時(shí)要盡量厚一些，覆蓋整個(gè)淺盤

B.滴油酸酒精溶液時(shí)，針頭需遠(yuǎn)離液面

C.滴油酸酒精溶液后需待油膜穩(wěn)定后再測(cè)其面積

閱卷人

四、填空題

得分

20.某同學(xué)采用如圖裝置測(cè)量某一不規(guī)則實(shí)心礦石的體積匕導(dǎo)熱良好的氣缸上部高L=20cm,橫截面積

S/=100cm2,下部高L=20cm,橫截面積S2=450cm2,質(zhì)量為機(jī)的活塞初始輕放到氣缸的頂部，封閉了空氣

后繼續(xù)緩慢下落，待平衡后，活塞下表面正好距氣缸頂部加=10cm。將礦石放入氣缸底部，再次封上活塞

后,發(fā)現(xiàn)最終活塞靜止時(shí)下表面距氣缸頂部岳=8cm。已知人氣壓強(qiáng)〃產(chǎn)LOxlOSPa,活塞氣缸緊密接觸且不

計(jì)兩者間的摩擦，封閉的空氣可視為理想氣體，環(huán)境溫度恒定。

（1）活塞下降過(guò)程中，被封閉空氣對(duì)外做功（選填"正'域"負(fù)”），被封閉空氣待溫度穩(wěn)定

后，其內(nèi)能將（選填“增加”、“減少”或“不變”

8

（2）求活塞的質(zhì)量〃?:

（3）求礦石的體積匕

閱卷人

五、解答題

得分

21.如圖所示，一質(zhì)量M=I.Okg,高〃=0.7〃?的平板車靜置在光滑水平地面上，其左端靜止放置一輛質(zhì)量

〃-0.2kg大小可忽略的四驅(qū)電動(dòng)玩具小車，右側(cè)同一豎直平面有固定的光滑圓弧軌道AC,軌道半徑

R=1.25m,圓心角為20,0=37。，左右兩端點(diǎn)A、C等高，圓弧最低點(diǎn)4位于水平地面上。緊接。點(diǎn)，有一

長(zhǎng)s=1.59〃?的傾斜傳送帶，上表面OE沿圓弧。點(diǎn)的切線方向，傳送帶以p=2m/s的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)。玩具

小車啟動(dòng)后，恰好能從A點(diǎn)沿4c圓弧切線進(jìn)入軟道，并最終到達(dá)E點(diǎn)后飛離。已知玩具車在平板車和傳

送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，均產(chǎn)生自重0.8倍的動(dòng)力（忽略摩擦阻力和空氣阻力），且從。點(diǎn)到。點(diǎn)速度不變。

sin37°=0.6,cos37°=0.8.求：

<1）玩具小車在A點(diǎn)速度大小V4：

（2）玩具小車在8點(diǎn)受到支持力的大小K；

（3）平板車的長(zhǎng)度/；

（4）傳送帶由于運(yùn)送玩具小車而多輸出的機(jī)械能△及

9

22.某校項(xiàng)目學(xué)習(xí)小組制造了電磁彈射器，其等效電路如圖所示（俯視圖）。通過(guò)圖中的理想自耦變壓器

可將e=12.5&sM100位（V）的交流電電壓升高，再通過(guò)直流轉(zhuǎn)換模塊（將交流電轉(zhuǎn)換為直流電，II電壓

有效值不變）。圖中的兩個(gè)電容器的電容C=0.2F,兩根固定于同一水平面內(nèi)足夠長(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)凱間

距L=0.5m,電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于導(dǎo)軌平面向內(nèi)。金屬棒MN（含其上固定

一鐵釘）總質(zhì)量〃?=100g、電阻RF.25Q（不計(jì)其他電阻）垂直放在兩導(dǎo)軌間處于靜止?fàn)顟B(tài)，并與導(dǎo)軌良

好接觸。開(kāi)關(guān)S先接1,使兩電容器完全充電，然后將S接至2,MN開(kāi)始向右加速運(yùn)動(dòng)達(dá)到最大速度后離

開(kāi)導(dǎo)軌。已知理想自耦變壓器的原副線圈匝數(shù)比為1:4,電容器儲(chǔ)存電場(chǎng)能的表達(dá)式為：=求:

（1）宜流轉(zhuǎn)換模塊輸出端的電壓UMM;

（2）開(kāi)關(guān)S接1使電容器完全充電后，每塊極板上所帶的電荷量。的絕對(duì)值;

（3）MN由睜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小〃；

（4）電容器儲(chǔ)存電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化為WN棒動(dòng)能的轉(zhuǎn)化效率〃。

10

23.甲辰龍年，有研究者用如圖裝置實(shí)現(xiàn)“雙龍戲珠”。圖中MM?和N/M、欣隊(duì)和組成兩對(duì)平行極

板，將空間分隔為I、II、in三個(gè)區(qū)域，三個(gè)區(qū)域中有垂直于紙面的儀強(qiáng)磁場(chǎng)如圖甲，磁感應(yīng)強(qiáng)度均為8=

焉7。兩發(fā)射源緊靠極板放置，每秒每個(gè)發(fā)射源分別射出104個(gè)垂直極板初速度大小為=lx103m/s的

正或負(fù)電子。正負(fù)電子每次經(jīng)過(guò)狹縫均被加速，極板電壓UMN隨時(shí)間變化由如圖乙。經(jīng)多次加速，正負(fù)電

了?恰能在熒光球表面上某點(diǎn)相遇，并被熒光球吸收發(fā)出熒光，實(shí)現(xiàn)“雙龍戲珠已知甩子比荷*=1.8X

10“C/kg,電子質(zhì)量m=9xlO-3Mg；以兩發(fā)射源連線中點(diǎn)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，平行極板向右方向?yàn)閤軸正

方向；熒光球半徑ro=lm,球心位置在x軸上；極板N/M、MjM/可距0=3cm。由于極板間距極小，

忽略正負(fù)電子之間相互作用、過(guò)狹縫時(shí)間及正負(fù)電子穿越極板的動(dòng)能損失、忽略場(chǎng)的邊球:效應(yīng)和相對(duì)論效

應(yīng),計(jì)算時(shí)乃=3。

B

I

發(fā)射源1

M:**?,，笆

1y—狹縫

N、1X、1xXXXXXXXXXXV2

力。x

V-X/XZ\Zxz\zszs/7S/f\=

B||O熒光球

%X],voXXXXXXXXXXXV,a

l----------------------------------------------------------挾縫25V—

發(fā)射源2*八

u

/

BHI-25V——

甲乙

（1）正負(fù)電子各由哪個(gè)發(fā)射源射出？求電壓UMN的周期7：

（2）求/=0時(shí)刻發(fā)射的正負(fù)電子相遇的時(shí)刻S和熒光球球心的位置工/；

（3）求正負(fù)電子每秒對(duì)熒光球的沖量/；

（4）以為一“龍節(jié)”，若同（2）在不改變“龍節(jié)”情況下，沿x軸微調(diào)熒光球的球心位置，求仍能使

熒光球發(fā)光的球心位置范圍。

11

答案解析部分

1.【答案】A

【解析】【解答】國(guó)際單位制的七個(gè)基本單位分別為米（m）、秒（s）、千克（kg）、安培（A）、開(kāi)爾文

（K）、摩爾（mol）、坎德拉（cd）。

故答案為：Ao

【分析】國(guó)際單位制的七個(gè)基本單位分別為米（m）、秒（s）、千克（kg）、安培（A）、開(kāi)爾文（K）、摩爾

（mol）、坎德拉（cd）。

2.【答案】B

【解析】【解答】A、在避開(kāi)障礙物的過(guò)程中，機(jī)器人的大小和形狀不可以忽略不計(jì)，則不可以把機(jī)器人看

成質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B、記錄機(jī)器人從1樓至9樓的時(shí)間，機(jī)器人的大小和形狀可以忽略不計(jì)，則可.以把機(jī)器人看成質(zhì)點(diǎn)，故

B正確；

C、送餐的全過(guò)程，機(jī)器人不是沿著直線運(yùn)動(dòng)，則機(jī)器人的位移大小小于路程，故C錯(cuò)誤；

D、若送餐用時(shí)625s,行程50m,機(jī)器人的平均速率為

s50

v=-^=625m/s=0.08m/s

故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】當(dāng)物體的形狀、尺寸大小對(duì)于所研究的問(wèn)題的影響可以忽略不計(jì)時(shí)，物體可以視為質(zhì)點(diǎn)。熟練學(xué)

握路程與位移的特點(diǎn)及關(guān)系。明確平均速度與平均速率的關(guān)系及特點(diǎn),

3.【答案】C

【解析】【解答】電子和氫核進(jìn)入電場(chǎng)后均做類平拋運(yùn)動(dòng)，有

x=vot，vy=at,vx-v0

vatqEx

tana=y—=—=-------

vovoTYIVQ

兩種粒子射出極板具有相同的水平位移X,而電子和氫核的電量均為e,則只有初動(dòng)能相同時(shí)，，射出極板

時(shí)電子和氫核偏轉(zhuǎn)角正切值才相同。

故答案為：C.

【分析】粒子進(jìn)入電場(chǎng)后均只受電場(chǎng)力作用，且速度方向與電場(chǎng)方向垂直，則粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)

類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合題意進(jìn)行分析。

4.【答案】D

【解析】【解答】A、的3〃發(fā)生裂變反應(yīng)時(shí)要有中了參加反應(yīng)，故A錯(cuò)誤；

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B、利用中子轟擊比3〃發(fā)生裂變后釋放核能，生成物更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，但是質(zhì)量數(shù)不同無(wú)法判斷

舞Ke的結(jié)合能與前3。的結(jié)合能的關(guān)系，故B錯(cuò)誤：

C、已知翁3pa的半衰期為27天，則大量的舒3pa經(jīng)過(guò)54天后有四分之三發(fā)生了衰變，剩下原來(lái)的四分

之一沒(méi)有衰變，故C錯(cuò)誤；

D、$3pa衰變生成卷3u的反應(yīng)方程為

2備Pa->2部u+_?e

則發(fā)生的是。衰變，故D正確。

故答案為：Do

【分析】熟練掌握發(fā)生核裂變的條件。核裂變后釋放核能，生成物更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大。明確結(jié)合能和

比結(jié)合能之間的區(qū)別與關(guān)系。熟練掌握衰變的規(guī)律與特點(diǎn)。衰變反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒。

5.【答案】D

【解析】【解答】A、分別對(duì)6個(gè)瓦片受力分析如圖所示（僅畫出瓦片1）

由平衡條件和對(duì)稱性可知，每層每個(gè)瓦片的端點(diǎn)受到的支持大小均相等。故A錯(cuò)誤：

B、以123瓦片構(gòu)成的整體為研究對(duì)象，則根據(jù)平衡條件及對(duì)稱性可知，2右端受到支持力為

4F1=3mg

解得

3

片=4mg

以5瓦片構(gòu)成的整體為研究對(duì)象，則根據(jù)平衡條件及對(duì)稱性可知，5右端受到支持力為

2F2=2F]+mg

解得

尸」3

無(wú)一5

故B錯(cuò)誤；

C、以123瓦片構(gòu)成的整體為研究對(duì)象，則根據(jù)平衡條件及對(duì)稱性可知，4頂端受到的壓力與2左端受到

支持力為相互作用力，故

13

3

94=%=4狙9

故c錯(cuò)誤;

D、根據(jù)平衡條件及對(duì)稱性可知，5左、右端受到支持力相等，故

5

后=?2=4mg

故D正確。

故答案為：D。

【分析】將兩片瓦片的銜接點(diǎn)視為兩個(gè)端點(diǎn)，根據(jù)對(duì)稱性確定每個(gè)瓦片左右側(cè)端點(diǎn)的受力大小關(guān)系，再選

擇恰當(dāng)?shù)难芯繉?duì)象，根據(jù)平衡條件進(jìn)行分析解答，熟練掌握相互作用力的特點(diǎn)。

6.【答案】C

【解析】【解答】AB、（）』時(shí)間內(nèi)，電容器處于充電狀態(tài)，上極板電荷量為正，并且不斷增大，線圈口的

電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，而電荷的增加越來(lái)越慢，故電流減小，根據(jù)右手定則可知，線圈感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上；

而137時(shí)間內(nèi)，電容解處于放電狀態(tài)，上極板電荷量為負(fù)，并且不斷減小，線圈中的電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，

而電荷的減小的越來(lái)越大，故電流增大，根據(jù)右手定則可知，線圈感應(yīng)磁場(chǎng)方向向上，則圖乙狀態(tài)發(fā)生在

O~ti或t3~t4時(shí)間內(nèi)均可，故AB錯(cuò)誤；

C、U~l2時(shí)間內(nèi)，上極板電荷量為正，且不斷減小，回路中的電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，而減小的幅度越來(lái)越

大，說(shuō)明電流越來(lái)越大，故磁場(chǎng)能越來(lái)越大，故C正確；

D、LC振蕩電路的能量裝換圖，i—t圖、q—t圖的關(guān)系如下圖所示

電場(chǎng)?f磁場(chǎng)能f電場(chǎng)能f電場(chǎng)能f電場(chǎng)能

其中12y時(shí)間內(nèi)類比上圖中的（2）T（3）過(guò)程，電荷的增加越來(lái)越慢，電流減小的越來(lái)越快，則線圈自

感電動(dòng)勢(shì)逐漸變大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】充電過(guò)程電荷量變大，電流逐漸變小，穿過(guò)線圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度逐漸減小，磁場(chǎng)能像電場(chǎng)能轉(zhuǎn)化，

電流變化越快，則線圈自感電動(dòng)勢(shì)越大。根據(jù)圖甲確定各時(shí)間段上下極板電勢(shì)的高低，即而確定各時(shí)間段

電流的方向。再根據(jù)楞次定律確定感應(yīng)磁場(chǎng)的方向。

7.【答案】B

14

【解析】【解答】A、由于氣象星座15-18星的質(zhì)量未知，所以無(wú)法比較其與地球同步衛(wèi)星的動(dòng)能大小，故

A錯(cuò)誤：

B、設(shè)地球質(zhì)量為M,衛(wèi)星的軌道半徑為r,根據(jù)

mM

G-=mro)

可得地球衛(wèi)星的角速度大小為

由于氣象星座15-18星的軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以可知其比地球同步衛(wèi)星具有更大的

繞行角速度，故B正確：

C、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知

元

rrp2r3

T22

設(shè)地球半徑為R,結(jié)合題中數(shù)據(jù)可得，氣象星座15-18星與地球同步衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期之比為

R+600

/?+36000

故c錯(cuò)誤;

D、根據(jù)地球的第一宇宙速度定義，可知

Mmv2

得地球第?宇宙速度大小

由于氣象星座15-18星的軌道半徑大于地球半徑，所以其環(huán)繞地球的速度小于第一宇宙速度，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】第?宇宙速度是衛(wèi)星繞地運(yùn)行的最大環(huán)繞速度。根據(jù)題意確定同步衛(wèi)星及氣象衛(wèi)星的運(yùn)行軌道關(guān)

系，再結(jié)合萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律確定兩衛(wèi)星線速度與角速度的關(guān)系。根據(jù)動(dòng)能的定義確定兩衛(wèi)星

動(dòng)能的關(guān)系。熟練掌握開(kāi)普勒第三定律的內(nèi)容及應(yīng)用。

8.【答案】C

【解析】【解答】A、小球在一個(gè)周期內(nèi)經(jīng)過(guò)兩次最低點(diǎn)，根據(jù)圖乙可知，小球的運(yùn)動(dòng)周期為0.4脛，故A

錯(cuò)誤；

B、小球在光滑球面上做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，根據(jù)周期公式

15

式中的L即為光滑球面的半徑R,代數(shù)數(shù)據(jù)可得

R=L=0.4m

故B錯(cuò)誤；

CD、設(shè)小球在光滑球面上最高點(diǎn)時(shí)與其做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心連線與豎直方向的夾角為8,小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)

的速度的最大值為v,則在最高點(diǎn)有

mgcosd=Fx

在最低點(diǎn)有

V2

F2-mg=m-^-

從最高點(diǎn)到最低點(diǎn)由動(dòng)能定理有

1

mgR(l—cos0)=-^mv2

乙

其中

Fi=0495N,F2=0.5ION

聯(lián)立以上各式解得

m=0.05kg,v=^Lm/s

故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】小球在光滑球面上做簡(jiǎn)諧運(yùn)切，根據(jù)圖乙確定小球做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期。再根據(jù)單擺周期公式確定

光滑球面的半徑。小球在最高點(diǎn)時(shí)，垂直支持面方向的處于平衡狀態(tài)，在最低點(diǎn)小球所受支持力最大，由

重力和支持力的合力提供向心力，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程機(jī)械能守恒，再根據(jù)力的合成與分解和牛頓第二定律及

動(dòng)能定理進(jìn)行解答。

9.【答案】C

【解析】【解答】AB、該條紋是由上層玻璃下表面2與下層玻璃上表面3的反射光發(fā)生干涉形成的，由空

氣尖劈原理可知，若表面3與表面2平行，則兩表面的反射光之間的光程差始終恒定，則不會(huì)形成明暗相

間的條紋，故AB錯(cuò)誤；

C、若溫度升高，干涉條紋向左移動(dòng)，則上層玻璃下表面2與下層玻璃上表面3之間的空氣膜厚度增加，

即材料甲膨脹程度大，故C正確：

D、若換用頻率更小的單色光，則波長(zhǎng)變長(zhǎng)，根據(jù)條紋間距公式

L

Ax=-；A

16

可知，干涉條紋間距增大，對(duì)應(yīng)空氣膜厚度符合條件的位置向右移動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】該干涉現(xiàn)象為劈尖干涉，干涉條紋由空氣劈尖的上下表面干涉形成。兩表面的反射光之間的光程

差始終恒定，不會(huì)形成明暗相間的條紋。材料膨脹，則相當(dāng)于兩光源的間距變小。再結(jié)合雙縫干涉條紋間

距公式進(jìn)行分析。

10.【答案】B

【解析】【解答】A、上升過(guò)程中，恒力F對(duì)系統(tǒng)做正功，系統(tǒng)的機(jī)械能增加，故A錯(cuò)誤:

B、初始時(shí)對(duì)重物有

mg=kx、

重物上升的最大高度為h的過(guò)程中，對(duì)系統(tǒng)由能量守恒定律

11

2

ykxj+Fh=mgh-xx)

乙乙

解得

所以開(kāi)始時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為

1

%=kX2

2-1mg

故B正確;

C、上升過(guò)程中，當(dāng)重物所受合力為零時(shí)，速度達(dá)到最大，則此時(shí)彈簧的形變量為xi,故

F+kx2=mg

解得

1

X2=2h

在此過(guò)程中由能量守恒定律

121?

x)mv1

+FX2=mgx2+2-2+-2"

上升過(guò)程中重物的最大動(dòng)能為

11

故C錯(cuò)誤;

D、，升到最高點(diǎn)過(guò)程中重物的重力所做的功為

WG=—mgh

根據(jù)重力勢(shì)能與重力做功的關(guān)系可知，重物重力勢(shì)能的增加量為

Ep=mgh

故D錯(cuò)誤。

17

故答案為：Bo

【分析】根據(jù)平衡條件確定初始時(shí)彈簧的形變量，再根據(jù)題意確定初始時(shí)的彈性勢(shì)能。明確上升過(guò)程里物

的受力情況，再根據(jù)功能關(guān)系確定上升過(guò)程系統(tǒng)是否機(jī)械能守恒。當(dāng)物體的速度最大時(shí)，物體的加速度為

零，即物體所受合外力為零。再結(jié)合平衡條件及功能關(guān)系進(jìn)行分析解答。

11.【答案】A

【解析】【解答】A、根據(jù)光電效應(yīng)方程可得

Ek=hv-Wo

Ek=eUc

可得

hWn

由此可知，圖線1、2斜率相同，兩圖線一定平行，故A正確；

B、結(jié)合圖線可知，圖線2對(duì)應(yīng)金屬材料的逸出功大，故B錯(cuò)誤；

C、P比對(duì)應(yīng)的頻率較小，當(dāng)不能確定光的強(qiáng)度，所以不可以確定飽和光電流的大小，故C錯(cuò)誤：

D、P光對(duì)應(yīng)的頻率較小，Q光的頻率較大，所以照射同一金屬材料，用Q對(duì)應(yīng)的光比P對(duì)應(yīng)的光溢出的

電子初動(dòng)能大，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Ao

【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程及遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系確定圖像的函數(shù)表達(dá)式，繼而確定圖像是否平

行。光照頻率越大，則逸出光子的最大初動(dòng)能越大，飽和光電流的大小與光照強(qiáng)度有關(guān)。

12.【答案】D

【解析】【解答】A、光線垂直AB射入五棱鏡后，傳播方向不改變，且由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，折射

率變大，根據(jù)

C

n=—

可知光速減小，故A錯(cuò)誤:

B、作出光路圖，如圖

18

光以a角入射時(shí)發(fā)生折射，則折射光線到CD表面時(shí)的入射角為02,由圖可知

。2V%

且入射角為&時(shí)，因折射率未知，則光線不一定會(huì)在CD和EA上發(fā)生全反射，故B錯(cuò)誤:

CD、由圖可知

%=r=i

由幾何關(guān)系解得

%=22.5°

若兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射率的最小，根據(jù)光的折射定律

1

-：-不

n=sine

可知折射率最小值為

_1

n,mn-sin22.5°

故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】光線由光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，折射率變大，光速變小。根據(jù)題意畫出光路圖，再根據(jù)折射定律

結(jié)合全反射條件判斷是否能同時(shí)在CD和EA發(fā)生全反射。若光線兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射

率的最小，再結(jié)合幾何關(guān)系和全反射條件進(jìn)行解答。

13.【答案】B

【解析】【解答】A、由題知，10h即可從零電量至充滿，則充電時(shí)通過(guò)電池的平均電流為

q800mAh

,=t=ioh=80mA

故A錯(cuò)誤:

B、由

q'=q(l-20%)=640mAh

而充一次電能正常工作時(shí)間為

2x2x30

t=60h=2h

正常工作時(shí)的平均電流為

/'=牛=0.32/1

正常J2作時(shí)，電池平均輸出功率約為

,2

P:/,=Ur-Ir^Q.72W

故B正確;

19

C、正常工作時(shí)，電池每天消耗的電能約為

W=UCt=184/

故C錯(cuò)誤：

D、充滿電到無(wú)法正常使用過(guò)程中，電池內(nèi)阻消耗的總電能約為

W'=l'2rt=3697

故D錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

【分析】容量即為電池所能容有的最大電荷量。根據(jù)題意確定使用過(guò)程消耗的電量，再根據(jù)電荷量與電流

的關(guān)系確定充電過(guò)程的平均電流。再垢合電功及電功率的公式進(jìn)行解答。

14.【答案】B,D

【解析】【解答】A、在外界的影響下，氣體可以從單一熱源吸收熱量，全部用來(lái)對(duì)外做功，故A錯(cuò)誤；

B、弱相互作用是短程力，主要在原子核的核子內(nèi)，它是引起原子核0衰變的原因，故B正確：

C、蔗糖受潮后粘在一起形成的糖塊看起來(lái)沒(méi)有確定的幾何形狀，但不是非晶體，而是多晶體，故C錯(cuò)

誤；

D、a粒子散射實(shí)驗(yàn)既可以確定不同元素原子核的電荷量，也可以估算原子核的半徑，故D正確。

故答案為：BDe

【分析】熟練掌握熱力學(xué)第二定律的具體內(nèi)容及其描述。弱相互作用是短程力，主要在原子核的核子內(nèi)，

它是引起原子核P衰變的原因。熟練掌握晶體與非晶體的區(qū)別與特點(diǎn)，熟練掌握a粒子散射實(shí)驗(yàn)的現(xiàn)象及

其結(jié)論。

15.【答案】B.C

【解析】【解答】A、由圖可得甲波的波長(zhǎng)

入尹=4m

則有

*1=Q+n)w=1+4n

既有

，=「十九)，伊

周期大于0.35s,可得

7尹1=0.4s或7用2=2s

由圖可得乙波的波長(zhǎng)

=6m

乙

20

則有

x2=(2+n)入乙=3+6九

既有

周期大于0.35s,可得

T7=1s

甲波的周期不可能是乙波周期的0.5倍，故A錯(cuò)誤：

B、甲波傳播的速度

Ai.f.).

弧=T-----=10m/s

1甲1

或

X甲

"------=2m/s

1甲2

乙波傳播的速度

a乙

=7p—=6m/s

甲波傳播的速度可能比乙波速度大，也可能比乙波速度小，故B正確；

C、當(dāng)甲周期為0.4s時(shí)，0?0.1s內(nèi)向y軸正方向，0.1~0.3s向y軸負(fù)方向，O.3~O.5s向y軸正方向；乙在

0?曾s向y軸負(fù)方向，^s~0.5s向y軸正方向，所以質(zhì)點(diǎn)P、Q的運(yùn)動(dòng)方向可能相同，故C正確:

D、當(dāng)1=1$時(shí)，甲周期分別為0.4s和2s時(shí)，P偵點(diǎn)的位移都為U,Q質(zhì)點(diǎn)的位移還在現(xiàn)在的位置，故D錯(cuò)

誤。

故答案為：BCo

【分析】根據(jù)波的傳播方向及振動(dòng)規(guī)律，結(jié)合振動(dòng)時(shí)間與周期的關(guān)系確定兩列波周期的可能值，再結(jié)合波

長(zhǎng)、波速及周期公式確定兩列波的波速關(guān)系。再根據(jù)振動(dòng)時(shí)間與周期的關(guān)系結(jié)合振動(dòng)規(guī)律確定各時(shí)間點(diǎn)兩

質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向及位移關(guān)系。

16.【答案】⑴解:B

(2)C

【解析】【解答】(1)A、由于需要將槽碼的重力視為小車的拉力，則槽碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故A

錯(cuò)誤；

B、紙帶運(yùn)動(dòng)方向應(yīng)與兩限位孔在同一直線上，使小車所受外力方向沿斜面方向，故B正確；

21

C、由于需要計(jì)算小車得速度及加速度，需要在紙袋匕選取合適得出點(diǎn)跡做為計(jì)數(shù)點(diǎn)，無(wú)需把第一個(gè)點(diǎn)做

為計(jì)數(shù)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤。

故答案為：Bo

（2）ABC、根據(jù)控制變量法得原理可知，在探究加速度與力關(guān)系時(shí)，需要控制小車的質(zhì)量不變；探究加

速度與質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，需使小車受到的外力不變，即槽碼的質(zhì)量不變，而小車的質(zhì)量變化。綜合分析表中

的第一列和第二列數(shù)據(jù)，均可找到對(duì)應(yīng)不變的量，故AB錯(cuò)誤，C正確。

故答案為：Co

【分析】明確探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實(shí)驗(yàn)需要確保槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量的原因。可能的。根

據(jù)控制變量法結(jié)合實(shí)驗(yàn)原理及數(shù)據(jù)分析可以得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論。

17.【答案】（I）低

（2）B

（3）1.1

【解析】【解答】（1）水平儀右端有氣泡，說(shuō)明右端偏高，則應(yīng)把右側(cè)調(diào)低。

（2）坐標(biāo)板上最小一格實(shí)際長(zhǎng)度為1cm,豎直高度約為40小格，豎直方向的自由落體時(shí)間約為

2/1

—?0.3s

而每24幀選取一幀進(jìn)行處理得到如圖所示的拋體運(yùn)動(dòng)“頻閃圖片”，共有7個(gè)小球的位置，則由6個(gè)時(shí)間間

隔，故手機(jī)拍攝時(shí)的幀率約為

24

X6=480幀］秒

03

故答案為：Bo

（3）小球在豎直方向做勻加速自?線運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有

Ah—gT2

其中她包。?]!!,x=0.06m,解得初速度為

Vo=l.lm/s

【分析】水平儀右端有氣泡，說(shuō)明右端偏高。根據(jù)圖像確定圖像中物體在豎直方向的位移，再根據(jù)自由落

體運(yùn)動(dòng)規(guī)律確定小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，再結(jié)合圖像中小球的個(gè)數(shù)及幀數(shù)確定幀率。對(duì)豎直方向根據(jù)逐差法確定

相鄰小球之間的時(shí)間間隔，再對(duì)水平方向根據(jù)勻速運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答，

滑動(dòng)頭

18.【答案】(1)

(2)m

(3)1.006

(4)6.1x10-6

【解析】【解答】(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖

(2)若電源為理想電源，由于滑動(dòng)變阻器Ri電阻較小，則移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，RAP并聯(lián)支路電壓變化較

小，則根據(jù)串聯(lián)分壓原理可知

X

〃=人￡="上

ERABn—L

PS

化簡(jiǎn)可得

x

u=ET

則圖像的斜率近似為定值，故用Ri時(shí)對(duì)應(yīng)的圖線應(yīng)為

(3)螺旋測(cè)微器的分度值為0.01mm,則該導(dǎo)線的直徑為

d=1mm+0.7x0.01mm=1.007mm

(4)杈據(jù)電阻定律

I4P

Rx=p-Q=---2l

Snd2

由圖可得，該金屬導(dǎo)線的電阻率為

23

p=6.1x10-6nm

【分析】滑動(dòng)變阻器心電阻較小，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器，RAP并聯(lián)支路總電阻可認(rèn)為近似等于RAP的限值。再

根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律結(jié)合電阻定律確定圖像的函數(shù)表達(dá)式，繼而確定圖像的走勢(shì)。讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度

值。根據(jù)電阻定律確定圖像的表達(dá)式，再結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。

19.【答案】（1）B

⑵鑒m

tu

（3）C

【解析】【解答】（1）在實(shí)驗(yàn)中油酸體枳占油酸酒精溶液總體積的比例最為合適的是I：500,

故答案為：B；

（2）膠片厚度相同，則面積比等于質(zhì)量比，即S=^m

（3）A、撒粉時(shí)若過(guò)厚，且覆蓋整個(gè)淺盤，則不利于油酸形成單分子油膜，故A錯(cuò)誤；

B、滴油酸酒精溶液時(shí)，針頭需遠(yuǎn)離液面，則油酸酒精溶液滴到水面上時(shí)可能會(huì)濺起，也不利于形成整片

的油膜，故B錯(cuò)誤；

C,滴油酸酒精溶液后需待油膜穩(wěn)定后再測(cè)其面積，故C正確.

故答案為：Co

【分析】熟練用油膜法估測(cè)油酸分子的大小實(shí)驗(yàn)的操作步驟及注意事項(xiàng)。整張膠片的密度一致，厚度一

致，根據(jù)密度公式確定面積與質(zhì)量的關(guān)系。撒粉過(guò)厚，不利于油酸形成單分子油膜。針頭需遠(yuǎn)離液面，油

酸酒精溶液滴到水面上時(shí)可能會(huì)濺起。

20.【答案】（1）負(fù)；不變

（2）解：對(duì)活塞進(jìn)行分析有

mg+PoSi=pS

氣缸導(dǎo)熱良好，溫度不變，即氣體發(fā)生的是等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有

Po-i+L2s2）=PJ&->i）S[+L2s2]

解得

m=10kg

（3）再次平衡時(shí)，對(duì)活塞有

mg十PoSi=P2S1

根據(jù)玻意耳定律有

Po（LiN+L2s2—V）=殳?1+L2s2-V]

解得

V=2200cm3

24

【解析】【解答】（1）活塞下降過(guò)程中，氣體體積減小，被封閉空氣對(duì)外做負(fù)功，被封閉空氣待溫度穩(wěn)定

后，由于氣缸導(dǎo)熱良好，即溫度不變，封閉的空氣可視為理想氣體，其內(nèi)能將不變。

【分析】（1）氣體體積減小，被封閉空氣對(duì)外做負(fù)功，氣缸導(dǎo)熱良好，即溫度不變，內(nèi)能不變。

（2）對(duì)活塞進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件確定封閉氣體的壓強(qiáng)，氣體做等溫變化，根據(jù)題意確定負(fù)重前

后容器內(nèi)封閉氣體的體積，再結(jié)合玻意耳定律進(jìn)行聯(lián)立解答：

（3）放入礦石后，封閉氣體的體積發(fā)生變化，活塞處于平衡狀態(tài)，再根據(jù)平衡條件及玻意耳定律進(jìn)行解

答。

21?【答案】（1）解：小車離開(kāi)平板車后，做平拋運(yùn)動(dòng)，在A點(diǎn)的速度為VA,豎直方向有

v^s\n26=2g[h—R(1-cos。)]

解得

VA=5m/s

（2）解：從A到B由動(dòng)能定理

1.1

mgR(l-cos3)=2m詔-々nw；7

在B點(diǎn)由牛頓第二定律

尸N—mg=m譚

解得

FN=6.8N

（3）解：小車在平板車上做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為ai,位移為xi,則由牛頓定律

0.8mg=max

由運(yùn)動(dòng)方程