2025年高考河南卷物理真題

一、單選題

1．野外高空作業(yè)時，使用無人機給工人運送零件。如圖，某次運送過程中的一段時間內(nèi)，無人機向左水平飛行，

零件用輕繩懸掛于無人機下方，并相對于無人機靜止，輕繩與豎直方向成一定角度。忽略零件所受空氣阻力，則在

該段時間內(nèi)（）

A．無人機做勻速運動B．零件所受合外力為零

C．零件的慣性逐漸變大D．零件的重力勢能保持不變

【答案】D

【詳解】AB．對零件受力分析，受重力和繩子的拉力，由于零件沿水平方向做直線運動，可知合外力沿水平方向，

提供水平方向的加速度。零件水平向左做勻加速直線運動，AB錯誤；

C．慣性的大小只與質(zhì)量有關(guān)，零件的質(zhì)量不變，故零件的慣性不變，C錯誤。

D．無人機沿水平方向飛行，零件相對于無人機靜止，也沿水平方向飛行做直線運動，故零件的高度不變，可知零

件的重力勢能保持不變，D正確；

故選D。

2．折射率為√2的玻璃圓柱水平放置，平行于其橫截面的一束光線從頂點入射，光線與豎直方向的夾角為45°，如圖

所示。該光線從圓柱內(nèi)射出時，與豎直方向的夾角為（不考慮光線在圓柱內(nèi)的反射）（）

A．0°B．15°C．30°D．45°

【答案】B

【詳解】

sin45°

設(shè)光線射入圓柱體時的折射角為?，根據(jù)光的折射定律可知?=

sin?

解得?=30°

如圖，根據(jù)幾何關(guān)系可知光線射出圓柱體時的入射角??=?=30°

則法線與豎直方向的夾角?=?+??=60°

sin?

根據(jù)光的折射定律可知?=

sin??

解得光線射出圓柱體時的折射角?=45°

光線從圓柱體內(nèi)射出時，與豎直方向的夾角為?=???=15°

故選B。

3．2024年天文學(xué)家報道了他們新發(fā)現(xiàn)的一顆類地行星Gliese12b，它繞其母恒星的運動可視為勻速圓周運動。已知

12

Gliese122b軌道半徑約為日地距離的，其母恒星質(zhì)量約為太陽質(zhì)量的，則Gliese122b繞其母恒星的運動周期約為

147

（）

A．13天B．27天C．64天D．128天

【答案】A

2

??0?4?

【詳解】地球繞太陽運行的周期約為365天，根據(jù)萬有引力提供向心力得2=?2?0

?0?0

12???4?2

已知?=?，?=?，同理得=??

14070?2?2

23

???0

整理得2=3

?0?0?

1

帶入數(shù)據(jù)得?=?≈13天

280

故選A。

4．如圖，在與紙面平行的勻強電場中有a、b、c三點，其電勢分別為6V、4V、2V；a、b、c分別位于紙面內(nèi)一等

邊三角形的頂點上。下列圖中箭頭表示a點電場的方向，則正確的是（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【詳解】

勻強電場中任意兩點間的中點電勢等于這兩點的平均值，可知ac中點d的電勢與b點相同，bd的連線為該勻強電

場的等勢面。電場線垂直于等勢面且由高電勢指向低電勢，故電場線沿ac方向且由a指向c，C正確。

故選C。

5．如圖，一金屬薄片在力F作用下自左向右從兩磁極之間通過。當(dāng)金屬薄片中心運動到N極的正下方時，沿N極

到S極的方向看，下列圖中能夠正確描述金屬薄片內(nèi)渦電流繞行方向的是（）

A．B．

C．D．

【答案】C

【詳解】根據(jù)題意當(dāng)金屬薄片中心運動到N極正下方時，薄片右側(cè)的磁通量在減小，左側(cè)磁通量在增加，由于兩極

間的磁場豎直向下，根據(jù)楞次定律可知此時薄片右側(cè)的渦電流方向為順時針，薄片左側(cè)的渦電流方向為逆時針。

故選C。

710

6．由于宇宙射線的作用，在地球大氣層產(chǎn)生有鈹?shù)膬煞N放射性同位素4Be和4Be。測定不同高度大氣中單位體

710

積內(nèi)二者的原子個數(shù)比，可以研究大氣環(huán)境的變化。已知4Be和4Be的半衰期分別約為53天和139萬年。在大

3

氣層某高度采集的樣品中，研究人員發(fā)現(xiàn)7Be和10Be的總原子個數(shù)經(jīng)過106天后變?yōu)樵瓉淼?，則采集時該高度

444

710

的大氣中4Be和4Be的原子個數(shù)比約為（）

A．1:4B．1:2C．3:4D．1:1

【答案】B

7101010

【詳解】設(shè)采集時大氣中有x個4Be原子和y個4Be原子，由于4Be的半衰期為139萬年，故經(jīng)過106天后4Be

12

12??()+?3

原子的衰變個數(shù)可以忽略不計，7Be的半衰期為53天，故經(jīng)過106天后剩余數(shù)量為??()，故可得2=

42?+?4

?1

解得=

?2

故選B。

7．兩小車P、Q的質(zhì)量分別為?P和想?Q，將它們分別與小車N沿直線做碰撞實驗，碰撞前后的速度v隨時間t的

變化分別如圖1和圖2所示。小車N的質(zhì)量為?N，碰撞時間極短，則（）

A．?P>?N>?QB．?N>?P>?QC．?Q>?P>?ND．?Q>?N>?P

【答案】D

′′

【詳解】PN碰撞時，根據(jù)碰撞前后動量守恒有?P?P+?N?N=?P?P+?N?N

′′

即?P(?P??P)=?N(?N??N)

′′

根據(jù)圖像可知(?P??P)>(?N??N)，故?P<?N；

′′

同理，QN碰撞時，根據(jù)碰撞前后動量守恒有?Q?Q+?N?N=?Q?Q+?N?N

′′

即?Q(?Q??Q)=?N(?N??N)

′′

根據(jù)圖像可知(?Q??Q)<(?N??N)，故?Q>?N；

故?Q>?N>?P

故選D。

二、多選題

8．賈湖骨笛是河南博物院鎮(zhèn)館之寶之一，被譽為“中華第一笛”。其中一支骨笛可以發(fā)出A5、B5、C6、D6、E6等音。

己知A5音和D6音所對應(yīng)的頻率分別為880Hz和1175Hz，則（）

A．在空氣中傳播時，A5音的波長大于D6音的

B．在空氣中傳播時，A5音的波速小于D6音的

C．由空氣進入水中，A5音和D6音的頻率都變大

D．由空氣進入水中，A5音的波長改變量大于D6音的

【答案】AD

【詳解】

?

A．由?=??=可知，A的波長大于D的波長，A正確；

?56

B．聲音在相同介質(zhì)中的傳播速度相同，因此A5和D6的傳播速度相同，B錯誤；

C．由空氣進入水中，頻率不發(fā)生變化，C錯誤；

?

D．空氣中?=

0?

?′

在水中?=

?

?′??

其中聲音的速度只與介質(zhì)有關(guān)，即在水中它們的速度大小也一樣，則可得到波長的改變量為Δ?=

?

可知頻率越小其對應(yīng)的波長改變量越大，D正確。

故選AD。

9．手機拍照時手的抖動產(chǎn)生的微小加速度會影響拍照質(zhì)量，光學(xué)防抖技術(shù)可以消除這種影響。如圖，鏡頭僅通過

左、下兩側(cè)的彈簧與手機框架相連，兩個相同線圈c、d分別固定在鏡頭右、上兩側(cè)，c、d中的一部分處在相同的

勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向里。拍照時，手機可實時檢測手機框架的微小加速度a的大小和方向，依此自動

調(diào)節(jié)c、d中通入的電流?c和?d的大小和方向（無抖動時?c和?d均為零），使鏡頭處于零加速度狀態(tài)。下列說法正確的

是（）

A．若?c沿順時針方向，?d=0，則表明a的方向向右

B．若?d沿順時針方向，?c=0，則表明a的方向向下

C．若a的方向沿左偏上30°，則?c沿順時針方向，?d沿逆時針方向且?c>?d

D．若a的方向沿右偏上30°，則?c沿順時針方向，?d沿順時針方向且?c<?d

【答案】BC

【詳解】

A．??順時針而??=0，則鏡頭向左運動，加速度方向向左，A錯誤；

B．??順時針而??=0，則鏡頭向下運動，加速度方向向下，B正確；

C．若?的方向左偏上30°，說明鏡頭向上運動以及向左運動拉伸彈簧，且向左運動的分速度大于向上運動的分速度，

可知??順時針??逆時針，由?=???可知??>??，C正確；

D．若?的方向右偏上30°，說明鏡頭向上運動以及向右運動，且向右運動的分速度大于向上運動的分速度，可知??逆

時針??逆時針，D錯誤。

故選BC。

10．如圖，一圓柱形汽缸水平固置，其內(nèi)部被活塞M、P、N密封成兩部分，活塞P與汽缸壁均絕熱且兩者間無摩

擦。平衡時，P左、右兩側(cè)理想氣體的溫度分別為?1和?2，體積分別為?1和?2，?1<?2,?1<?2。則（）

A．固定M、N，若兩側(cè)氣體同時緩慢升高相同溫度，P將右移

B．固定M、N，若兩側(cè)氣體同時緩慢升高相同溫度，P將左移

C．保持?1、?2不變，若M、N同時緩慢向中間移動相同距離，P將右移

D．保持?1、?2不變，若M、N同時緩慢向中間移動相同距離，P將左移

【答案】AC

【詳解】

?Δ??

AB．由題干可知初始左右氣體的壓強相同，假設(shè)在升溫的過程中?板不發(fā)生移動，則由定容過程=?Δ?=Δ?

?Δ??

可得左側(cè)氣體壓強增加量多，則?板向右移動；A正確B錯誤；

CD．保持溫度不變移動相同的距離時

??1?1?1?1?1?2?2?1?2

=?1?===

?1，?1同理?1?2得?1?1?2?2，

??Δ???Δ?????

1<211>22

若P不移動，則?1?1?2?2，故?1?Δ??2?Δ?

，則?1>?2，向右移動，C正確D錯誤。

故選AC

三、實驗題

11．實驗小組研究某熱敏電阻的特性，并依此利用電磁鐵、電阻箱等器材組裝保溫箱。該熱敏電阻阻值隨溫度的變

化曲線如圖1所示，保溫箱原理圖如圖2所示?；卮鹣铝袉栴}：

(1)圖1中熱敏電阻的阻值隨溫度的變化關(guān)系是（填“線性”或“非線性”）的。

(2)存在一個電流值?0，若電磁鐵線圈的電流小于?0，銜鐵與上固定觸頭a接觸；若電流大于?0，銜鐵與下固定觸頭b

接觸。保溫箱溫度達到設(shè)定值后，電磁鐵線圈的電流在?0附近上下波動，加熱電路持續(xù)地斷開、閉合，使保溫箱溫

度維持在設(shè)定值。則圖2中加熱電阻絲的c端應(yīng)該與觸頭（填“a”或“b”）相連接。

(3)當(dāng)保溫箱的溫度設(shè)定在50°C時，電阻箱旋鈕的位置如圖3所示，則電阻箱接入電路的阻值為Ω。

(4)若要把保溫箱的溫度設(shè)定在100°C，則電阻箱接入電路的阻值應(yīng)為Ω。

【答案】

(1)非線性

(2)a

(3)130.0

(4)210.0

【詳解】

（1）根據(jù)圖1可知熱敏電阻的阻值隨溫度的變化關(guān)系是非線性的。

（2）根據(jù)圖1可知溫度升高，熱敏電阻的阻值變小，根據(jù)歐姆定律可知流過電磁鐵線圈的電流變大，銜鐵與下固

定觸頭b接觸，此時加熱電阻絲電路部分斷開連接，停止加熱，可知圖2中加熱電阻絲的c端應(yīng)該與觸頭a相連接。

（3）由圖3可知電阻箱接入電路的阻值為100×1Ω+10×3Ω=130.0Ω

（4）根據(jù)（3）可知，當(dāng)溫度為50°C時，熱敏電阻的阻值為180Ω，電阻箱接入的電阻為130Ω，當(dāng)溫度為100°C時，

熱敏電阻的阻值為100Ω，要使得電流值?0不變，則在電流為?0時，控制電路的總電阻不變，則此時電阻箱的電阻為

180Ω+130.0Ω?100Ω=210.0Ω

12．實驗小組利用圖1所示裝置驗證機械能守恒定律?？蛇x用的器材有：交流電源（頻率50Hz）、鐵架臺、電子天

平、重錘、打點計時器、紙帶、刻度尺等。

(1)下列所給實驗步驟中，有4個是完成實驗必需且正確的，把它們選擇出來并按實驗順序排列：（填步驟

前面的序號）

①先接通電源，打點計時器開始打點，然后再釋放紙帶

②先釋放紙帶，然后再接通電源，打點計時器開始打點

③用電子天平稱量重錘的質(zhì)量

④將紙帶下端固定在重錘上，穿過打點計時器的限位孔，用手捏住紙帶上端

⑤在紙帶上選取一段，用刻度尺測量該段內(nèi)各點到起點的距離，記錄分析數(shù)據(jù)

⑥關(guān)閉電源，取下紙帶

(2)圖2所示是紙帶上連續(xù)打出的五個點A、B、C、D、E到起點的距離。則打出B點時重錘下落的速度大小為

m/s（保留3位有效數(shù)字）。

(3)紙帶上各點與起點間的距離即為重錘下落高度h，計算相應(yīng)的重錘下落速度v，并繪制圖3所示的?2??關(guān)系圖

像。理論上，若機械能守恒，圖中直線應(yīng)（填“通過”或“不通過”）原點且斜率為（用重力加速度大小

g表示）。由圖3得直線的斜率?=（保留3位有效數(shù)字）。

?p??k

(4)定義單次測量的相對誤差?=||×100%，其中?p是重錘重力勢能的減小量，?k是其動能增加量，則實驗相

?p

對誤差為?=×100%（用字母k和g表示）；當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮∪??=9.80m/s2，則?=%（保留2

位有效數(shù)字），若?<5%，可認為在實驗誤差允許的范圍內(nèi)機械能守恒。

【答案】

(1)④①⑥⑤

(2)1.79

(3)通過2??19.0

2???

(4)3.1

2?

【詳解】

（1）實驗步驟為：將紙帶下端固定在重錘上，穿過打點計時器的限位孔，用手捏住紙帶上端，先接通電源，打點

計時器開始打點，然后再釋放紙帶，關(guān)閉電源，取下紙帶，在紙帶上選取一段，用刻度尺測量該段內(nèi)各點到起點的

1

距離，記錄分析數(shù)據(jù)，根據(jù)原理????=??2可知質(zhì)量可以約掉，不需要用電子天平稱量重錘的質(zhì)量。

2

故選擇正確且正確排序為④①⑥⑤。

1

（2）根據(jù)題意可知紙帶上相鄰計數(shù)點時間間隔?==0.02s

?

?

根據(jù)勻變速直線運動中間時刻瞬時速度等于該過程平均速度可得?=??

?2?

代入數(shù)據(jù)可得??≈1.79m/s

1

（3）根據(jù)????=??2

2

整理可得?2=2????

可知理論上，若機械能守恒，圖中直線應(yīng)通過原點，且斜率?=2??

5.6?1.5

由圖3得直線的斜率?=≈19.0

0.295?0.08

1

??????2

（4）根據(jù)題意有?=2×100%

???

2???

可得?=×100%

2?

當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮∪??=9.80m/s2，代入數(shù)據(jù)可得?≈3.1%。

四、解答題

13．流式細胞儀可對不同類型的細胞進行分類收集，其原理如圖所示。僅含有一個A細胞或B細胞的小液滴從噴

嘴噴出（另有一些液滴不含細胞），液滴質(zhì)量均為?=2.0×10?10kg。當(dāng)液滴穿過激光束、充電環(huán)時被分類充電，

使含A、B細胞的液滴分別帶上正、負電荷，電荷量均為?=1.0×10?13C。隨后，液滴以?=2.0m/s的速度豎直進

入長度為?=2.0×10?2m的電極板間，板間電場均勻、方向水平向右，電場強度大小為?=2.0×105N/C。含細胞

的液滴最終被分別收集在極板下方?=0.1m處的A、B收集管中。不計重力、空氣阻力以及帶電液滴間的作用。求：

(1)含A細胞的液滴離開電場時偏轉(zhuǎn)的距離；

(2)A、B細胞收集管的間距。

【答案】

(1)5×10?3m

(2)0.11m

【詳解】

（1）由題意可知含A細胞的液滴在電場中做類平拋運動，垂直于電極板方向則?=??1

1

沿電極板方向?=??2

121

由牛頓第二定律??=??

?3

解得含A細胞的液滴離開電場時偏轉(zhuǎn)的距離為?1=5×10m

（2）含A細胞的液滴離開電場后做勻速直線運動，則?=??2

則?2=??1?2

聯(lián)立解得?2=0.05m

有對稱性可知則A、B細胞收集管的間距Δ?=2(?1+?2)=2×(0.005+0.05)m=0.11m

14．如圖，在一段水平光滑直道上每間隔?1=3m鋪設(shè)有寬度為?2=2.4m的防滑帶。在最左端防滑帶的左邊緣靜止

有質(zhì)量為?1=2kg的小物塊P，另一質(zhì)量為?2=4kg的小物塊Q以?0=7m/s的速度向右運動并與P發(fā)生正碰，且

碰撞時間極短。已知碰撞后瞬間P的速度大小為?=7m/s，P、Q與防滑帶間的動摩擦因數(shù)均為?=0.5，重力加速

度大小??=10m/s2。求：

(1)該碰撞過程中損失的機械能；

(2)P從開始運動到靜止經(jīng)歷的時間。

【答案】

(1)24.5J

(2)5s

【詳解】

（1）P、Q與發(fā)生正碰，由動量守恒定律?2?0=?2?Q+?1?

111

由能量守恒定律??2=??2+??2+Δ?

22022Q21

聯(lián)立可得?Q=3.5m/s，Δ?=24.5J

（2）對物塊P受力分析由牛頓第二定律??1??=?1?

22

物塊P在第一個防滑帶上運動時，由運動學(xué)公式???P1=2??2，?P1=????1

解得?P1=5m/s

則物塊P在第一個防滑帶上運動的時間為?1=0.4s

物塊P在光滑的直道上做勻速直線運動，則?1=?P1?2

解得?2=0.6s

22

物塊P在第二個防滑帶上運動時，由運動學(xué)公式?P1??P2=2??2，?P2=?P1???3

解得?P2=1m/s

則物塊P在第二個防滑帶上運動的時間為?3=0.8s

物塊P在光滑的直道上做勻速直線運動，則?1=?P2?4

解得?4=3s

由以上條件可知，物塊P最終停在第三個防滑帶上，由運動學(xué)公式0=?P2???5

可得物塊P在第三個防滑帶上運動的時間為?5=0.2s

故物塊P從開始運動到靜止經(jīng)歷的時間為?=?1+?2+?3+?4+?5=5s

15．如圖，水平虛線上方區(qū)域有垂直于紙面向外的勻強磁場，下方區(qū)域有豎直向上的勻強電場。質(zhì)量為m、帶電量

為q（?>0）的粒子從磁場中的a點以速度?0向右水平發(fā)射，當(dāng)粒子進入電場時其速度沿右下方向并與水平虛線的

夾角為60°，然后粒子又射出電場重新進入磁場并通過右側(cè)b點，通過b點時其速度方向水平向右。a、b距水平虛

線的距離均為h，兩點之間的距離為?=3√3?。不計重力。

(1)求磁感應(yīng)強度的大小；

(2)求電場強度的大?。?/p>

(3)若粒子從a點以?0豎直向下發(fā)射，長時間