1、習 題 解 答 匯 編,第1章 第2章 第3章 第4章 第5章 第6章 第7章 第8章,第章,1.1 解： （1）11端短接時，諧振電感,（2）11端接時，因為,所以,因為,所以,因為,所以,1.2 解：根據(jù)原電路可以畫出等效電路如題1.2圖所示:,其中,題1.2圖,1.3 解：,1.4 解：,1.5 解:設計型匹配網絡如題1.5圖所示,其中,令,則,上式就是此 型網絡必須滿足的條件, R1可以大于RL,也可以小于RL。,1.6 解: 先求額定功率增益,1.7 解:由各部分的關系我們可以知道,總的噪聲系數(shù),1.8 解: 我們可以分別求得各部分參數(shù),再求總的噪聲系數(shù)和信噪比.,1.9 解: 按照

2、題意,我們直接可以得到,第2章,2.1 解：根據(jù)公式:,2.2 解：要正確理解各參數(shù)之間的關系。,2.3 解（1）高頻等效電路圖如下:,題2.3圖,（4）,2.4 解：總通頻帶,允許最大,2.5 解：,（增益帶寬積）,總增益,2.6 解: (提示:此題可以參照教材圖2.2.1畫出晶體管共基極Y參數(shù)等效電路,然后再畫出放大器等效電路.),(注: 是共基極Y參數(shù)),第3章,3.1 解(1),(2),3.2 解:,3.3解:,又三種情況下,均相同,又三種情況下,均相同,3.4 解:,3.5 解: (1) 可改變,(4) 可改變,負載線不變,略下降，,(注: P00是原輸出功率),由上面分析,從(1)

3、可得,而由(2)可得,所以,用作圖比較的方法,易得,但(3)時負載線平行下移,導通角減小,3.6 解: PO低而IC0略高,則 小，故工作在欠壓狀態(tài).,可以使,則,3.7 解:前者工作在欠壓區(qū),后者工作在過壓區(qū)(Re相同) 若要增大前者功率,應該使或,3.8 解:因為,原因在于UBB增大, Ubm減小,但保持uBE max不變,即Icm不變.,3.9 解: 由教材中圖3.2.4可知,因為0.512A時對應的臨界電壓,所以工作在欠壓狀態(tài)。,3.10 解: 錯誤之處主要有三處: (1) V1,V2管基極偏置與集電極偏置均不對。 (2) 兩管均沒有匹配電路。 (3) 帶阻網絡應該去掉。 （提示：可以

4、參考教材中例3.4電路進行修改）,第4章,4.1 解：如題4.1圖所示。,（a）,（b）,題4.1圖,(c),題4.1圖,4.2 解：（a）不能，不能滿足三點式法則。 （b）不能，同上。 （c）能，滿足三點式法則。 （d）能，兩級反相放大。 （e）不能。若第二級負載C2改為電阻則有可能產生振蕩。,4.3 解：（1）可將此電路用共基電路等效,如題4.3圖所示。,題4.3圖,共基極電路最小電壓增益,4.4 解 ：如題4.4所示。,題4.4圖,先將右端b、e極之間，C2與并聯(lián)的gie等效到c、b極之間（與L并聯(lián)），可得到 ，再等效到c、e極之間（與并聯(lián)）， 則可以得到gie。也可以參照式（1.1.3

5、1）直接得到。,又,反饋系數(shù),其中,由此可求得振幅起振條件為,所以,即,代入數(shù)據(jù)，可求得|yf|20.6mS，,不等式成立，所以電路能起振：,4.5解: 如題4.5圖所示：,題4.5圖,電容三點式：,（a）,題4.6圖,4.6 解：如題4.6圖所示：,（b）,題4.6圖,電容三點式：,4.7 解：（a）電感三點式，,或者,（b）電容三點式，,4.8解：,4.9 解：（a）圖晶體起電感作用，電容三點式,如題4.9圖(a)所示,(b)圖晶體工作在串聯(lián)諧振頻率fS上,如題4.9圖（b）所示,題4.9圖,題4.9圖,4.10 解：根據(jù)題意可以有多種方案。下面給出其中一種解答，題4.10圖（a）。（b）

6、為其高頻等效電路：,題圖4.10,4.11解：（1）高頻等效電路如題圖4.11所示。 （2）LC回路在振蕩頻率處相當于一個電容，呈容性，整個電路滿足組成法則，為電容三點式電路。,題圖4.11,4.12 解： 如題4.12圖所示,題4.12圖,（a）,（b）,第章,5.1 解：,所以i中的組合頻率分量有：,其中分量是由第三項、第五項產生的。,5.2 解：如題5.2圖所示，當,在線性時變條件下：,其中：,（n0，1，2，3，.），,題5.2圖,5.3 解：當 時，可用單向開關函數(shù)表示,由上式可知，可實現(xiàn)：調幅，混頻，倍頻，乘積檢波 組合頻率分量有：直流,5.4 解：依題意得：,第章,6.1 解：（

7、1）頻率分量,1002 kHz ，998 kHz振幅 6V ，6V 1005 kHz ，995 kHz4V ，4V 1007 kHz ，993 kHz3V ，3V 1000 kHz20V,（2）頻譜圖如圖6.1圖所示,圖6.1圖,（3）設在R=1上的功率情況為：,6.2 解：載波振幅,邊頻振幅各為,調幅指數(shù),6.3 解： 直流電源提供的平均功率,調制信號產生的交流功率,總輸出平均功率,6.4解：,當,時 ，,當,所以兩管分別導通，且每管輸入均為,正、負半周均有電流流向負載,總電流周期減小為原，平均分量加倍，即,（是i1與i2相加后電流i0中的平均分量）,6.5 解：（1）當 時，ur則應是大信

8、號，V1與V2導通與否均由ur決定。對于（a）圖，在正半周時，V1、V2導通，由于疊加在其上的與反相，因此uo為直流，不能同步檢波。對于（b）圖。兩檢波器輸出，但，故能同步檢波。 （2）當時，應是大信號。 對于（a）圖，兩個檢波器輸出相同，疊加后電壓加倍，故能檢波。對于（b）圖，uO1=uO2， uO=0,故不能檢波。,6.6 解：,要避免惰性失真，必須滿足,即,要避免底部切割失真，必須滿足,即,6.7 解：（1）當接觸點在中心位置時，直流電阻,交流電阻,所以不產生底部切割失真的條件是,由于實際調制度為0.3 ，因此不會產生底部切割失真。,（2）當接觸點在最高位置時，,所以不產生底部切割失真的

9、條件是,所以會產生底部切割失真。,6.8 解：,代入后積分，有,6.9 解：（1）,題6.9圖,題6.9圖(1),（1）當,題6.9圖(2),（3） g(t)波形如題6.9圖(3)所示。,題6.9圖(3),當UQ時，,（4）當 時,g(t)波形如題6.9圖(4)所示。,題6.9圖(4),6.10解：（a）正半周兩回路導通，在次級感應電流互相抵消，負半周兩回路截止。不能實現(xiàn)調幅。(b)正負半周兩回路分別導通，在次級的感應電流分別為：,其頻率分量為。,（ 當時，；當時，）,所以可以實現(xiàn)雙邊帶調幅 。,（c）圖正半周與負半周分別導通,其頻率分量為：,所以不能實現(xiàn)雙邊帶調幅，但可作普通調幅。,（d）圖

10、正半周兩回路導通，負半周兩回路截止。 正半周時，,所以不能實現(xiàn)調幅。因為僅有載波及其諧波分量。,6.11 解：（1）忽略中頻的影響，設流過二極管的電流I=au2, 則當信號與本振電壓互換后，有,由于i中有乘積項uLus，因此說明互換后仍能正常工作。,（2）若將V2極性倒置后，有,由于i中無乘積項，因此電路不能正常工作。 若將V2極性倒置，則結論相同。,6.12 解：（1）是干擾哨聲。,根據(jù),代入實際數(shù)據(jù)后，,由于931是465的兩倍多1，所以可知當,即由p=1,q=2的組合分量產生。,（2）由于接收干擾頻率為1480kHz，且 ,因此可知是鏡頻干擾。,（3）由于接收干擾頻率為740kHz，,，

11、可知這是寄生通道干擾，,而且是p=1,q=2時產生的。,6.13 解：由式（6.5.3）可知，能夠產生寄生通道干擾的 單個外來干擾頻率fn1需滿足,即,所以,所以,由題意可知，fn1=700kHz, f1=465kHz （因為此處700 kHz電臺是作為外來干擾源在其他接收頻段內產生寄生通道干擾。）當p=1,r=2時:,當p=1,r=2時,所以，在 1400 kHz、1167.5 kHz兩處能接收到700 kHz干擾源產生的寄生通道干擾，即聽到這個電臺的播音，當然播音強度較弱。,6.14 解：鏡頻范圍41355205，不會產生鏡頻干擾。,6.15 解：,6.16 解：, 在上式中代入， 可以求

12、得：,可以求得：,又將式代入中，可以求得,代入,（根據(jù)，式）可得:,第7章,7.1 解：,7.2 解：,若u(t)是FM信號或者PM信號，均有,7.4 解：,7.5 解：（1）FM：,PM：,（2）FM：,PM：,（3）FM：,PM：,7.6 解：,7.7 解：小信號諧振放大器：目的選頻；性能帶寬，矩形系數(shù)。 振蕩器：目的選頻；性能頻率準確度。 斜率鑒頻器：目的頻幅轉換；性能轉換線性范圍，靈敏度，非線性失真。 相位鑒頻器：目的頻相轉換；性能轉換線性范圍，靈敏度，非線性失真。,7.8 解：（1）等效電路如題圖7.8所示,（變容二極管 （變容二極管 （高頻等效電路） 直流通路） 低頻通路）,題圖7

13、.8,(a),(b),(c),(d),題圖7.8,（2） 因為,所以,根據(jù)式（7.3.4）和式（4.5.2），有,注：此題中變容二極管是部分接入，且，所以接入系數(shù)很小，變容二極管對于諧振回路產生的最大頻偏也大大減小。,7.9 解：振蕩器的高頻交流等效電路如圖題7.9所示,題7.9圖,(),7.10 解：設載波 為，則調相波為,由原題圖可知，式中,7.11 解：由原題圖可知，,7.12 解：調相器輸出調相信號的瞬時相位,瞬時頻率,所以，輸出uFM的瞬時頻率,因為uFM,最大頻偏,則在上面兩式中代入已知數(shù)據(jù)，其中F應取Fmin=100Hz,從而有,解此方程組，,7.13 解：,7.14 解：（a）

14、可以斜率鑒頻，因f01與f02分別處于fs兩側，。 F01- fs= fs- f02。不能包絡檢波，因兩個包絡檢波器輸出波形相減后互相抵消，u0中無交流分量。（b）圖可以斜率鑒頻。因f01= f02均處于斜率中點?？梢园j檢波。因f01= f02 =fs。此時兩個包絡檢波器輸出波形相同，二者相加后作為輸出信號。二包絡檢波器分別在us的正、負半周導通。,7.15 解：（a）圖可行，因為是對中頻信號振幅大小進行比較后產生控制電壓，此控制電壓反映了中頻信號振幅的大小，故可以用來調節(jié)中放的增益。 （b）圖不行，因為是對鑒頻器輸出音頻信號振幅大小進行比較后產生控制電壓，而鑒頻器輸出電壓是與中頻信號中頻率

15、的變化成正比，而不是與中頻信號的振幅成正比。,7.16 解：與圖7.5.3所示一般調頻負反饋電路方框圖比較，此電路框圖的差別在于一是將AFC環(huán)路中鑒頻器的中心頻率從8.7MHz降為1.3MHz，二是將主通道上的鑒頻器移到AFC環(huán)路之外。前者可以改善鑒頻性能，后者使主通道鑒頻器輸入端的信號更加穩(wěn)定。 如果將低通濾波器去掉則不能正常工作，也不能將低通濾波器合并在其他環(huán)節(jié)里。,7.17 解：中載頻的最大角偏移，混頻后中頻的最大角偏,，根據(jù)式（7.5.5），有,所以,第章,8.1 解：由式（8.2.6）基本環(huán)路方程中表達的控制頻差定義可知，在線性穩(wěn)態(tài)情況下，有,8.2 解：在調幅接收機中可以采用AGC

16、電路，起穩(wěn)定輸出信號振幅的作用，應注意不能出現(xiàn)反調制現(xiàn)象；可以采用AFC電路，起穩(wěn)定中頻頻率的作用；可以采用APC電路，起穩(wěn)定中頻頻率的作用。在調頻接收機中可以采用AGC電路，起穩(wěn)定輸出信號振幅的作用；可以采用AFC電路進行調頻負反饋，應注意使其中的低通濾波器的帶寬足夠寬，以便不失真地讓解調后的調制信號通過；可以采用APC電路進行鎖相鑒頻，應注意使環(huán)路帶寬足夠寬，使調制信號順利通過。,8.3 解：鎖定時，,8.4 解：,8.5 解：在鎖相環(huán)中，VCO被視為積分器，若低通濾波器的階數(shù)為1，則整個鎖相環(huán)是一個二階環(huán)路，所以鎖相環(huán)電路的頻率特性不等于環(huán)路濾波器的頻率特性。其中低通濾波器的作用是濾除鑒相器輸出中的無用組合頻率分量及其他干擾分量。,8.6 解：不能。因為鑒相器的作用是將輸入信號和VCO輸出信號的相位差轉換為電壓信