1、- -(3講(3講v0 =4 貨箱運動到試通過計算判斷貨箱能否到達高平臺。0.7s末，由于某種原因使恒力尸突然消失,20.如圖所示，住絕緣水平面上的兩物塊46用勁度系數(shù)為k=13N/m的水平絕緣輕質彈簧 連接，物塊6、。用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，月靠在豎直墻邊，。在傾角為8=37。的 長斜面上，滑輪兩側的輕繩分別與水平面和斜面平行.乩6、0的質量分別是M工=0.5%夕、= Ikg. Mc = l kg,月、。均不帶電，萬帶正電q= 6.4x 1。一/，滑輪左側存在著水平向左的勻強電場E= 5.0 xi05v/m整個系統(tǒng)不計一切摩擦，5與滑輪足夠遠。開始時 系統(tǒng)靜止.現(xiàn)讓。在沿斜而向下的拉力尸

2、作用下做加速度大小為仇=1打S2的勻加速直線 運動，彈簧始終未超過彈性限度，重力加速度大小g= 10 7n/s2.(sin 37 = 0.6,cos 37 =0.8)(D求開始時彈簧的壓縮長度(2)求(2)求4剛要離開墻壁時拉力/的功率(3講A剛要離開墻壁時，撤去拉力尸，同時場強大小突然減為E= 105V/m,AO方向不變.求在之后的運動過程中月的最大速度答案和解析L【答案】D【解析】【分析】要找出小木塊速度隨時間變化的關系，先要分析出初始狀態(tài)物體的受力情況，本題 中明顯重力的分力與摩擦力均沿著斜面向下，且都是恒力，所以物體先沿斜面勻加速直線運 動，有牛頓第二定律求出加速度的：當小木塊的速度與

3、傳送帶速度相等時，由汕知道木 塊將與帶以相同的速度勻速運動，圖象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率為零。本題的關鍵物體的速度與傳送帶的速度相等時物體不會繼續(xù)加速下滑?！窘獯稹块_始階段，小木塊受到豎直向下的重力、垂直于傳送帶向上的支持力和沿傳送帶向下的摩擦力作用，做加速度為0的勻加速直線運動，由牛頓第二定律得 .夕上 ,可得c小木塊加速至與傳送帶速度相等時，由于“一hnU小木塊不會與傳送帶保持相對靜止，而是繼續(xù)加速，所受滑動摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏?，做加速度為c的勻 a2加速直線運動，由牛頓第二定律得.A ，所以Amg sind-pimffcos 0 = ma2a2 = gsin e-gcos 6

4、，故正確.優(yōu) 2 .【答案】D【解析】【分析】位移時間圖象表示物體的位置隨時間的變化，圖象上的任意一點表示該時刻的位置，圖象的 斜率表示該時刻的速度，斜率的正負表示速度的方向。解決本題的關鍵知道位移時間圖線的物理意義，知道圖線的斜率表示速度，基礎題?！窘獯稹吭?由圖像知，甲乙同時返回出發(fā)點；故月錯誤：6、剛開始，甲圖象的斜率大于乙圖象的斜率，一段時間后，甲圖象的斜率小于乙圖象的斜率, 再過一段時間后，甲圖象的斜率大于乙圖象的斜率，所以甲的速度先大于乙的速度，后小于 乙的速度，再大于乙的速度，故6錯誤：。、圖象的斜率表示該時刻的速度，由圖象可知，乙的速度先為正，后為負，斜率不變，做勻 速直線運動

5、，甲的速度先為正，后為負，斜率先減小后增加，所以甲質點先沿正方向做減速 直線運動，后沿負方向做加速直線運動，故。錯誤；D、當速度相等時，相距最遠，由圖可知，此時速度為=三二 ?Ws=10m/s，故正確。 故選入.【答案】B【解析】【分析】本題考查了牛頓第二定律的應用，要求同學們能夠正確的對小球進行受力分析，知道當小球 恰好脫離斜而時的臨界加速度，確定對應加速度小球的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律列式計 算?！窘獯稹慨斝∏蚯『门c斜而之間彈力為。時，對小球有頻打九45。=m劭，解得Go =g，當小球加速度為二 為時，小球已經(jīng)離開斜面，此時根據(jù)平行四邊形定則可知，繩拉力F = J（呻尸十（皿）2 = j

6、3mg，故6正確。故選尻.【答案】B【解析】【分析】本題關鍵要將小球的運動分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速、豎直上拋過程進行分析處理，同時要能結合圖象分析?！窘獯稹啃時刻小球小球剛與彈簧接觸，與彈簧接觸后，先做加速度不斷減小的加速運動，當彈力 增大到與重力平衡，即加速度減為零時，速度達到最大，故月錯誤：&這段時間內，小球做先加速后減速的運動，在22時速度為0,則6正確：。、打0這段時間內，小球處于上升過程，先做加速度不斷減小的加速運動，后做加速度不 斷增大的減速運動，故。錯誤：D、，一12%全過程小球經(jīng)歷了向下加速，向下減速，向上加速，向上減速的過程，tl到七2過程加

7、速度先減小后增大，而與到七3過程加速度先減小后增大，則。錯誤。故選尻.【答案】C【解析】解：乩由乙圖可知，物體的速度一直增加，而且兩個加速度，可推理出小物體向下 運動，并且傳送帶為逆時針轉動，小物體摩擦力提供動力先加速到與傳送帶共速，然后由于摩擦力反向提供阻力，但重力沿斜而的分力大于動摩擦力，物體繼續(xù)加速。故月錯 誤；6、物體在0加內，物塊摩擦力向下，做勻加速直線運動，加速度的=gs抽+ 國電cgO,由圖可知：解得：四=占一襁，故5錯誤：。、6s后摩擦力向上，加速度。2 =gsi同一“叱。3 =2gs超一 故。正確；、當物體的速度等于傳送帶的速度時，物體所受的摩擦力發(fā)生變化，物體的加速度也發(fā)生

8、變化，則傳送帶的速度等于am/s,故錯誤：故選：C.由乙圖可知，物體的速度一直增加，而且兩個加速度，可推理出小物體向下運動，并且傳送 帶為逆時針轉動：在小物體第一次加速運動中，運用牛頓第二定律，可求出勻加速直線運動的加速度，根據(jù)圖 乙斜率為加速度，可求出除在第二次加速度運動中，運用牛頓第二定律，可求出加速度；物體的速度等于傳送帶的速度時，物體所受的摩擦力發(fā)生變化，可知傳送帶的速度等于am/梟關于傳送帶問題，核心分析思路是物體都有和傳送帶共速的趨勢：如果是斜面的傳送帶，達到共速之后還要分析物體沿斜而的重力分力和摩擦力的相對大小， 如果摩擦力大則物體和傳送帶共速，如圖摩擦力小則物體繼續(xù)加速。.【答

9、案】B【解析】解：設三個球質量為處在輕繩剪斷前，對三小球整體法，彈簧對月球的彈力大小為 3儂，方向豎直向上，將6。隔離看做整體，輕繩對月球拉力大小為2磔，方向豎直向下， 則在輕繩剪短瞬間，彈簧對月球彈力大小和方向不變，而輕繩對，球拉力消失，故由牛頓第 二定律可知此時，月的加速度大小為：心二生里=2g同理，剪斷輕繩瞬間6。間彈簧的彈力大小和方向也不變，故此時5球的加速度大小為： 3=9二20。球加速度大小為0：故月錯誤，6正確。故選：Bo輕繩剪斷之前，整體法球上端彈簧彈力，隔離6。求繩子拉力：輕繩剪斷之后，由于彈簧彈力 不變，只有繩子力突變?yōu)榱?，分別對應三個小球受力分析求加速度。本題考查彈簧的彈

10、力不能突變，輕繩的力可以突變這一概念，分析題的時候要格外小心這兩 點。.【答案】B【解析】【分析】位移時間圖線的切線斜率表示物體的瞬時速度，速度時間圖線通過位移的大小判斷平均速度 的大小。在位移時間圖線中，通過物體位移增加還是減小判斷物體的運動方向，在速度時間圖線中，通過速度的正負值判斷物體的運動方向本題中s t圖象與u t圖象形狀相同，但物理意義不 同，關鍵根據(jù)斜率的物理意義分析物體的運動情況?！窘獯稹?位移時間圖線是物體的位移隨時間的變化規(guī)律，并不是物體運動的軌跡，故月錯誤：.位移時間圖線的切線斜率表示物體的瞬時速度，圖線1在為時刻的斜率大于圖線2的斜率，則也 攻,故8正確：Cu -t圖象

11、中0至匕時間，4的位移大于3的位移，時間相等，則4的平均速度大于3的平均 速度，故。錯誤：在位移時間圖線中，在與時刻，位移減小，則運動反向，在速度時間圖線中，在口時刻，速 度減小，但方向不變，故錯誤。故選員.【答案】A【解析】解：乩只有形狀規(guī)則、質量分布均勻的物體，它的重心與它的幾何中心重合，且重 心不一定在物體上，比如圓環(huán)或空心球，故4不正確：6、質量大的物體重力大，但做自由落體運動時重力加速度一樣大，故6正確： 。、滑動摩擦力總是與物體的相對運動方向相反，故。正確；D、產(chǎn)生摩擦力的條件是：有彈力接觸面粗糙有相對運動或相對運動趨勢，可見有彈 力是產(chǎn)生摩擦力的必要不充分條件，兩接觸而間有摩擦力

12、存在，則一定有彈力存在；且彈力 垂直于接觸面，摩擦力平行于接觸而，所以兩者方向相互垂直，故正確： 本題選不正確的，故選：A.形狀規(guī)則、質量分布均勻的物體，它的重心與它的幾何中心重合；自由落體運動時重力加速度均相同；滑動摩擦力與相對運動方向相反；有摩擦力產(chǎn)生則接觸而上必會有彈力，彈力垂直于接觸而，摩擦力平行于接觸面，所以彈力 垂直于摩擦力方向。本題考查了彈力、摩擦力的有關概念，知道有彈力是產(chǎn)生摩擦力的必要不充分條件，理解影 響重心的因素，同時注意摩擦力方向中的相對兩字的含義?！敬鸢浮緽C【解析】【分析】本題主要考查兩個直線運動的合成、合運動與分運動的概念和性質、運動學公式。小球豎直方向上做豎直上

13、拋運動，水平方向上做勻加速直線運動，根據(jù)豎直上拋運動規(guī)律及 勻加速直線運動規(guī)律分別研究，逐項解答即可?！窘獯稹吭?小球豎直方向上做豎直上拋運動，2s0=半打，水平方向上做勻加速直線運動， 3so = ?b，解得小球在.”點時的速度大小為嗎=6 m/s，故月錯誤：6.由豎直方向上運動的對稱性可知，小球再經(jīng)過時間h到達*軸，水平方向做初速度為零的勻 加速直線運動，由公式工二;出可知到*點時水平位移犬=4x3t =12”，故位置N的坐標 為(l%o,O),故6正確：。.到N點時豎直方向的分速度大小為170=4771/s,根據(jù)豎直上拋運動的時間對稱性可知，小球 從。點到“點的時間與從M點到A點的時間相

14、等，水平方向的分速度vx = 口成/v = 2fl =12m/s,小球到達A.點時的速度大小為彩=J嗎+4=4aOT 加s，故。 正確：由巧)=gti，% = a水/1,解得a承嚴= 15ni/s2,恒力尸的大小為F=優(yōu)”乎=1.5N,故。 錯誤。故選林10.【答案】BC【解析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律得到各階段的加速度大小，分析運動情況：求出物體在運動過程中的最大 速度，根據(jù)P = Fv求最大功率：根據(jù)動量定理進行求解1.&內合外力對物體的沖量：根據(jù)受力 情況分析運動情況。 本題主要是考查牛頓第二定律與圖象的結合、動量定理等，關鍵是弄清楚物體的受力情況和 運動情況，根據(jù)運動學公式結合功率的計

15、算公式等進行解答。【解答】兒在0 t0,后時間段內拉力大小F1 = 3N，根據(jù)牛頓第二定律可得：F1-limg=m(iv解 得加速度大?。呵?2mls工；在0.& t 時間段內拉力大小F2 =- 1N,若物體一直減速 運動，根據(jù)牛頓第二定律可得：F2-ltmg=ma2t解得加速度：a2 =- 2m/s2；根據(jù)對稱性 可知，物體在1.6時速度為零，在L6s t mg,所以電梯做向下的勻減速運動，由牛頓第二定律得：F-i-mg =ma3代入數(shù)據(jù)解之得g = lnVs2由公式x=vot + 產(chǎn)得減速運動的位移為：%3 = 171t 13M =2m這段時間內電梯下降的距離=3！+%2 +叼=10m故答

16、案為：(1)下樓：(2)1C.【答案】變大 水平向右【解析】解：根據(jù)條形磁體磁感線分布情況得到直線電流所在位置磁場方向，如圖，在根據(jù) 左手定則判斷安培力方向，如圖；根據(jù)牛頓第三定律，電流對磁體的作用力向左下方；選取磁鐵為研究的對象，磁鐵始終靜止，根據(jù)平衡條件，可知通電后支持力變大，靜摩擦力 水平向右.故答案為：變大； 水平向右.先判斷電流所在位置的磁場方向，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向：再根據(jù)牛頓第三定律 得到磁體受力方向，最后對磁體受力分析，根據(jù)平衡條件判斷.本題關鍵先對電流分析，得到其受力方向，再結合牛頓第三定律和平衡條件分析磁體的受力 情況.【答案】40000.2【解析】解：汽車以額定

17、功率在水平路而行駛，達到最大速度，則有由功率公式P = F* F= = jV= 4 x103jV v 15此時阻力等于牽引力，即為4000N汽車以額定功率在水平路而行駛，速度為10nt/s時，則有由牛頓第二定律可得：-f = ma V,F .60X103 4CCC得以=J =小刑2 = , 2叫“2故答案為：4000： 0.2汽車的功率可由牽引力與速度乘枳來表達，當汽車達到最大速度，此時做勻速運動，則牽引 力等于運動阻力，而牽引力由額定功率與最大速度來算出.當汽車以額定功率運動時，可得 出牽引力大小，由于阻力不變，所以由牛頓第二定律可求出加速度大小.由功率與速度的比值來得出牽引力，從而再由牛頓

18、運動定律來列式求解.當達到最大速度時, 牽引力等于阻力.注意此處的功率必須是額定功率.【答案】(1)0.1： (2) 1.5： 3.0； (3)偏小 ?！窘馕觥俊痉治觥苛私怆姶糯螯c計時器和電火花打點計時器的工作電壓、工作原理即可正確解答：同時要熟練 使用打點計時器進行有關的操作；根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上萬點時小車的瞬時速度大小，根據(jù)勻變速直線運動的推論公式Ar 二可以求出加速度的大小。要提高應用勻變速直線的規(guī)律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識 的理解與應用。【解答】(1)使用打點計時器來分析物體運動情況的實驗中，打點計時器

19、使用的是交流電源，若電源頻 率為50M,則打點計時器打相鄰兩點的時間間隔是0,02s每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點,圖中沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點之間的時間間隔為：r=5x = 5xO.02s = O.K(2)利用勻變速直線運動的推論得：0=箓=衰/=L5m/s，根據(jù)逐差法得w9T。,6601w9T。,6601。戊99X0.01m/s2 = 3.0 m/s2：(4瀕率增大，周期變小，而該同學不知道，計算所用周期大于實際的周期，所以測量的加速度值與真實的加速度值相比是偏小。故答案為：(1)0.1： (2)1.5： 3.0； (3)偏小.【答案】(1)300N/m 甲:0-3【解析】【分析】本題考查

20、實驗研究彈簧的勁度系數(shù)和接觸面間的動摩擦因數(shù)。解決本題明確本實驗的基本原 理，理解實驗的基本方法，會進行數(shù)據(jù)分析。由卜=,可確定勁度系數(shù)：X根據(jù)6處于靜止狀態(tài)，四間的滑動摩擦力等于彈簧秤a讀數(shù)，可確定甲方案更合理：根據(jù) = ?，可確定動摩擦因數(shù)C【解答】(1)圖線的斜率表示勁度系數(shù)，k N/m = 300N/m；(2遼甲方案較合理，因為在圖甲中，5靜止，彈簧測力計a的示數(shù)等于5所受的滑動摩擦力: 而乙方案需要彈簧測力計拉著物塊A做勻速直線運動，不利于準確測量。利用a的示數(shù)和5的重力，得區(qū)=?=冬=0總盧丹 Z U故答案為:(l)300jV/m；甲;03.【答案】解：（1次。=0時，貨箱受四力（

21、其中摩擦力方向沿傳送帶向下X乍用向上做勻加速 運動，由牛頓第二定律有：F -ngcos3CP- mgsin30 = ma 代入數(shù)據(jù)得: 1二2m”2,由運動學規(guī)律有：L=|at2 代入數(shù)據(jù)解得：f =遍 （2加0 =4 時貨箱先受四力（其中摩擦力方向沿傳送帶向上）作用向上做勻加速運動直 到速度達到4加s設此過程加速度為Q/運動時間為二發(fā)生位移為石， 由牛頓第二定律有：F十曄g3”攻SE3。公曄 代入數(shù)據(jù)得：臼=8* 由運動學規(guī)律有。=,女曰*代入數(shù)據(jù)得：，=。.5，尤1m 貨箱與傳送帶間的相對路程為：A, , 丫 1 m- Ai 1 771此后，摩擦力反向，貨箱繼續(xù)沿斜而向上做加速運動，由受力

22、情況可知加速線2 =二2 *2,設此過程的時間%，發(fā)生位移/&二.右=5巾 由運動學規(guī)律有F=哂十如與代入數(shù)據(jù)得F=ls 貨箱與傳送帶間的相對路程為：醺.工 規(guī)定沿傳送帶向上的方向為正方向則仔。=limgcosSCfti -p.mgcos3t2 Q= mpcos300(Axi + Ax2)代入數(shù)據(jù)解得：4 =_ 15Ms，方向沿傳送帶向下q = 6 /cv 時，貨箱速度達到Ae/u，從到貨箱以加速度沿傳送帶向上做加速(3X1 = 0.554 m/ S 0.5 y 0.75。2運動，設此過程時間為干，發(fā)生位移為，末速度為沙，07 仆二 一 tgx3值二0.7$-0.5s = 0.2s由運動學規(guī)律有：乎, ,2 代入數(shù)據(jù)得：& a ,， 。也u二% + a2t3 X3 = Vot3 + 2 a2Csv=4.4m/ S X3 = 0.84 TH.力尸消失后，貨箱先沿傳送帶向上做減速運動摩擦力方向沿傳送帶向下直到速度再次到達 4叫s 設此過程發(fā)生位移&,代入數(shù)據(jù)得:由動能定理石：一(叱sin30。+從叱cos30 M代入數(shù)據(jù)得:Xa = 0.21m此