歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！歡迎閱讀本文檔，希望本文檔能對(duì)您有所幫助！高考仿真練(四)時(shí)間：60分鐘滿分110分一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．14.如圖所示是我國自主研發(fā)的全自動(dòng)無人值守望遠(yuǎn)鏡，它安裝在位于南極大陸的昆侖站，電力供應(yīng)僅為1×103W.若用國際單位制基本單位的符號(hào)來表示W(wǎng)，正確的是()A．N·sB．N·m/sC．kg·m/sD．kg·m2/s315．關(guān)于下列四幅圖片，說法正確的是()A．圖甲說明發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，頻率大的光對(duì)應(yīng)的飽和光電流一定大B．圖乙是α粒子散射圖景，散射后絕大多數(shù)α粒子基本沿原方向前進(jìn)C．圖丙中顯示的是β粒子在威爾遜云室中又粗又直的徑跡D．圖丁說明原子核的質(zhì)量數(shù)越大，比結(jié)合能就越大16．電梯“對(duì)重”的主要功能是相對(duì)平衡轎廂重力，在電梯工作中使轎廂與“對(duì)重”間的重力差保持在限額之內(nèi)，保證電梯的牽引傳動(dòng)正常．如圖甲所示，驅(qū)動(dòng)電機(jī)帶動(dòng)鋼絲繩使轎廂和“對(duì)重”在豎直方向運(yùn)動(dòng)．當(dāng)轎廂從頂樓向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，v-t圖象如圖乙所示，下列說法正確的是()A．在0～t1時(shí)間內(nèi)，轎廂處于失重狀態(tài)B．在0～t1時(shí)間內(nèi)，鋼絲繩對(duì)轎廂的拉力先增大后減小C．在0～t3時(shí)間內(nèi)，轎廂和“對(duì)重”組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D．在0～t3時(shí)間內(nèi)，鋼絲繩對(duì)轎廂的拉力大小等于鋼絲繩對(duì)“對(duì)重”的拉力大小17.迷你系繩衛(wèi)星在地球赤道正上方的電離層中，沿圓形軌道繞地飛行．系繩衛(wèi)星由兩子衛(wèi)星組成，它們之間的導(dǎo)體繩沿地球半徑方向，如圖所示．在電池和感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的共同作用下，導(dǎo)體繩中形成指向地心的電流，等效總電阻為r.導(dǎo)體繩所受的安培力克服大小為f的環(huán)境阻力，可使衛(wèi)星保持在原軌道上．已知衛(wèi)星離地平均高度為H，導(dǎo)體繩長為L(L?H)，地球半徑為R，質(zhì)量為M，軌道處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于赤道平面．忽略地球自轉(zhuǎn)的影響．據(jù)此可得，電池電動(dòng)勢(shì)為()A．BLeq\r(\f(GM,R＋H))＋eq\f(fr,BL)B．BLeq\r(\f(GM,R＋H))－eq\f(fr,BL)C．BLeq\r(\f(GM,R＋H))＋eq\f(BL,fr)D．BLeq\r(\f(GM,R＋H))－eq\f(BL,fr)18.如圖，在(a，0)位置放置電荷量為q的正點(diǎn)電荷，在(0，a)位置放置電荷量為q的負(fù)點(diǎn)電荷，在距P(a，a)為eq\r(2)a的某點(diǎn)處放置正點(diǎn)電荷Q，使得P點(diǎn)的電場強(qiáng)度為零．則Q的位置及電荷量分別為()A．(0，2a)，eq\r(2)qB．(0，2a)，2eq\r(2)qC．(2a，0)，eq\r(2)qD．(2a，0)，2eq\r(2)q19．對(duì)四個(gè)核反應(yīng)(1)eq\o\al(\s\up11(238),\s\do4(92))U→eq\o\al(\s\up11(234),\s\do4(90))Th＋eq\o\al(\s\up11(4),\s\do4(2))He；(2)eq\o\al(\s\up11(234),\s\do4(90))Th→eq\o\al(\s\up11(234),\s\do4(91))Pa＋eq\o\al(\s\up11(0),\s\do4(－1))e；(3)eq\o\al(\s\up11(14),\s\do4(7))N＋eq\o\al(\s\up11(4),\s\do4(2))He→eq\o\al(\s\up11(17),\s\do4(8))O＋eq\o\al(\s\up11(1),\s\do4(1))H；(4)eq\o\al(\s\up11(2),\s\do4(1))H＋eq\o\al(\s\up11(3),\s\do4(1))H→eq\o\al(\s\up11(4),\s\do4(2))He＋eq\o\al(\s\up11(1),\s\do4(0))n＋17.6MeV，下列說法正確的是()A．(1)(2)式核反應(yīng)沒有釋放能量B．(1)(2)(3)式均是原子核衰變方程C．(3)式是人類第一次實(shí)現(xiàn)原子核轉(zhuǎn)變的方程D．利用激光引發(fā)可控的(4)式核聚變是正在嘗試的技術(shù)之一20．圖甲為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，變壓器均為理想變壓器．升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1∶100，其輸入電壓如圖乙所示，遠(yuǎn)距離輸電線的總電阻為100Ω.降壓變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R1為一定值電阻，R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，當(dāng)溫度升高時(shí)其阻值減?。妷罕盹@示加在報(bào)警器兩端的電壓(報(bào)警器未畫出).未出現(xiàn)火警時(shí)，升壓變壓器的輸入功率為750kW.下列說法正確的是()A．降壓變壓器副線圈輸出的交流電方向每秒鐘改變50次B．未出現(xiàn)火警時(shí)，降壓變壓器的輸入電壓為22kVC．未出現(xiàn)火警時(shí)，降壓變壓器的輸出功率為660kWD．當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電壓表的示數(shù)增大21.如圖所示，在斜面的虛線以下有垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場，甲、乙兩個(gè)正方形閉合金屬線框是用相同材料的電阻絲圍成的，邊長相等，電阻絲的橫截面積之比為2∶1，放在粗糙斜面上從同一高度由靜止釋放，下滑過程中線框不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)．則()A．兩線框進(jìn)入磁場的過程中，感應(yīng)電流都沿逆時(shí)針方向(俯視)B．從開始運(yùn)動(dòng)到滑至斜面底端，甲線框比乙線框所用時(shí)間短C．兩線框剛進(jìn)入磁場瞬間，甲、乙中感應(yīng)電流之比為2∶1D．下滑全過程中，甲、乙兩線框機(jī)械能減少量之比為2∶1二、非選擇題：共62分．第22～25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～34題為選考題，考生根據(jù)要求作答．(一)必考題(共47分)22．(5分)在“測量合金絲的電阻率”的實(shí)驗(yàn)中．(1)利用螺旋測微器測量合金絲的直徑d時(shí)，螺旋測微器的示數(shù)如圖甲所示，則該合金絲直徑的測量值d＝________mm.(2)如果測出合金絲的電阻為r，直徑為d，長度為l，則該合金電阻率的表達(dá)式為ρ＝________．(用上述字母及通用數(shù)學(xué)符號(hào)表示)(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)因電壓表的量程不合適，而使用了量程為15mA的電流表G和電阻箱改裝而成的電壓表．請(qǐng)按圖乙所示的電路圖在圖丙中完成實(shí)物連線．(注意：圖中已經(jīng)有的連線不能改動(dòng)，電流表G量程用15mA)23.(10分)如圖甲所示，用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究兩個(gè)半徑相同的小球在軌道水平部分碰撞前后的動(dòng)量關(guān)系．(1)為完成此實(shí)驗(yàn)，以下提供的測量工具中，必須使用的是________．(選填選項(xiàng)前的字母)A．刻度尺B．天平C．打點(diǎn)計(jì)時(shí)器D．秒表(2)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說法中正確的是________．(選填選項(xiàng)前的字母)A．同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放B．入射小球的質(zhì)量必須小于被碰小球的質(zhì)量C．軌道傾斜部分必須光滑D．軌道末端必須水平(3)圖甲中O點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)先讓入射小球多次從斜軌上位置S由靜止釋放，通過白紙和復(fù)寫紙找到其平均落地點(diǎn)的位置P，測出平拋射程OP.然后，把被碰小球靜置于軌道的水平部分末端，仍將入射小球從斜軌上位置S由靜止釋放，與被碰小球相碰，并多次重復(fù)該操作，兩小球平均落地點(diǎn)位置分別為M、N.實(shí)驗(yàn)中還需要測量________．(選填選項(xiàng)前的字母)A．入射小球和被碰小球的質(zhì)量m1、m2B．入射小球的釋放高度hC．小球拋出點(diǎn)距地面的高度HD．兩球相碰后的平拋射程OM、ON(4)在某次實(shí)驗(yàn)中，記錄的落點(diǎn)平均位置M、N幾乎與OP在同一條直線上，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式________，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后在OP方向上的總動(dòng)量守恒．[用(3)中測量的量表示](5)某同學(xué)在上述實(shí)驗(yàn)中更換了兩個(gè)小球的材質(zhì)，且入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為m1＝2m2，其他條件不變．兩小球在記錄紙上留下三處落點(diǎn)痕跡如圖乙所示．他將米尺的零刻度線與O點(diǎn)對(duì)齊，測量出O點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為OA、OB、OC.該同學(xué)通過測量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)，兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的．①由此可以判斷出圖乙中B處是________；A．未放被碰小球，入射小球的落地點(diǎn)B．入射小球碰撞后的落地點(diǎn)C．被碰小球碰撞后的落地點(diǎn)②若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，還需要判斷關(guān)系式________是否成立．[用(5)中的物理量表示]24．(12分)在高速公路上司機(jī)疲勞駕駛可能會(huì)導(dǎo)致嚴(yán)重的車禍．若用模擬成員代替司機(jī)模擬疲勞駕駛時(shí)的情境，轎車以126km/h的速度勻速行駛，由于疲勞駕駛，在高速公路行駛途中轎車司機(jī)睡著了，司機(jī)剛睡時(shí)轎車與正前方正以61.2km/h的速度勻速行駛的貨車之間的距離為126.6m．若司機(jī)睡著的時(shí)間為5s，醒來看到前面貨車時(shí)緊急剎車，轎車司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為1.2s，剎車時(shí)轎車輪胎與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6(假設(shè)剎車時(shí)車輪不轉(zhuǎn)動(dòng))，取g＝10m/s2.(1)通過計(jì)算，判斷轎車會(huì)不會(huì)撞上貨車．(2)若不會(huì)，求兩車之間的最小距離；若會(huì)，求轎車撞上貨車前瞬間的速度大?。?5.(20分)如圖，紙面內(nèi)有一平面直角坐標(biāo)系xOy，直角三角形AOB內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1＝0.25T、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(圖中未畫出)，B點(diǎn)在y軸上，θ＝37°，A、B兩點(diǎn)間的距離x1＝7cm.直線AO下方存在方向沿紙面與OA垂直斜向上電場強(qiáng)度為E1的勻強(qiáng)電場．第一象限存在場強(qiáng)大小E2＝eq\f(15,8)×106N/C、方向與AO平行斜向下的勻強(qiáng)電場．一比荷為eq\f(q,m)＝2×108C/kg的帶電粒子(不計(jì)重力)從x軸上的M點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，垂直O(jiān)A從P點(diǎn)第一次進(jìn)入磁場中，均恰好不從AB、OB邊射出磁場．粒子第一次離開磁場時(shí)立即僅將磁感應(yīng)強(qiáng)度大小調(diào)為B2＝0.375T，sin37°＝0.6.求：(1)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的速率v；(2)OA下方勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小E1以及粒子從M點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到剛好進(jìn)入y軸右側(cè)電場所用的時(shí)間t；(3)粒子離開第一象限過x軸時(shí)位置的橫坐標(biāo)．(二)選考題：共15分．請(qǐng)?jiān)诘?3、34題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計(jì)分．33．[物理——選修3－3](15分)(1)(5分)回?zé)崾街评錂C(jī)是一種深低溫設(shè)備，制冷極限約50K．某臺(tái)回?zé)崾街评錂C(jī)工作時(shí)，一定量的氦氣(可視為理想氣體)緩慢經(jīng)歷如圖所示的四個(gè)過程，已知狀態(tài)A和B的溫度均為27℃，狀態(tài)C和D的溫度均為－133℃，下列判斷正確的是________．(填正確答案標(biāo)號(hào)．選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分．每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A．氣體由狀態(tài)A到B的過程，溫度先升高后降低B．氣體由狀態(tài)B到C的過程，內(nèi)能保持不變C．氣體由狀態(tài)C到D的過程，分子間的平均間距減小D．氣體由狀態(tài)C到D的過程，氣體對(duì)外做功E．氣體由狀態(tài)D到A的過程，其熱力學(xué)溫度與壓強(qiáng)成正比(2)(10分)如圖所示，體積為V的汽缸由導(dǎo)熱性能良好的材料制成，面積為S的活塞將汽缸的空氣分成體積相等的上下兩部分，汽缸上部通過單向閥門K(氣體只能進(jìn)入汽缸，不能流出汽缸)與一打氣筒相連．開始時(shí)汽缸內(nèi)上部分空氣的壓強(qiáng)為p0，現(xiàn)用打氣筒向容器內(nèi)打氣．已知打氣筒每次能打入壓強(qiáng)為p0、體積為eq\f(V,10)的空氣，當(dāng)打氣n次后，穩(wěn)定時(shí)汽缸上下兩部分的空氣體積之比為9∶1，活塞重力G＝eq\f(1,4)p0S，空氣視為理想氣體，外界溫度恒定，不計(jì)活塞與汽缸間的摩擦．求：(ⅰ)當(dāng)打氣n次活塞穩(wěn)定后，下部分空氣的壓強(qiáng)；(ⅱ)打氣筒向容器內(nèi)打氣次數(shù)n.34．[物理——選修3－4](15分)(1)(5分)下列說法中正確的是________．(填正確答案標(biāo)號(hào)．選對(duì)1個(gè)得2分，選對(duì)2個(gè)得4分，選對(duì)3個(gè)得5分．每選錯(cuò)1個(gè)扣3分，最低得分為0分)A．觀看3D電影《復(fù)仇者聯(lián)盟4》時(shí)，所佩戴的眼鏡利用了光的衍射知識(shí)B．軍隊(duì)士兵過橋時(shí)使用便步，是為了防止橋發(fā)生共振現(xiàn)象C．手機(jī)上網(wǎng)時(shí)用的WiFi信號(hào)屬于無線電波D．紅光由空氣進(jìn)入水中，波長變長，顏色不變E．分別用藍(lán)光和黃光在同一裝置上做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)，用黃光時(shí)得到的條紋間距較寬(2)(10分)如圖所示，某種透明物質(zhì)制成的直角三棱鏡ABC，∠ABC＝60°，透明物質(zhì)的折射率n＝eq\r(3)，一束光線在紙面內(nèi)與BC面成θ＝30°角的光線射向BC面．求：(ⅰ)這種透明物質(zhì)對(duì)于空氣的臨界角的正弦值；(ⅱ)最終的出射光線與最初的入射光線之間的偏轉(zhuǎn)角．高考仿真練（四）14．答案：D解析：1W＝1N·m/s＝1kg·m/s2·m/s＝1kg·m2/s3，D正確．15．答案：B解析：由圖甲可以看出，黃光（強(qiáng)）的飽和光電流大于藍(lán)光的飽和光電流，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；α粒子散射實(shí)驗(yàn)中，散射后絕大多數(shù)α粒子基本沿原方向前進(jìn)，B項(xiàng)正確；圖丙中顯示的是α粒子在威爾遜云室中的徑跡，C項(xiàng)錯(cuò)誤；由圖丁可知，質(zhì)量數(shù)中等的原子核的比結(jié)合能更大，D項(xiàng)錯(cuò)誤．16．答案：A解析：由題圖乙可知，在0～t1時(shí)間內(nèi)，轎廂先向下做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，再向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，則轎廂加速度方向一直向下，故轎廂處于失重狀態(tài)，A正確；對(duì)轎廂由牛頓第二定律得F＝mg－ma，由于在0～t1時(shí)間內(nèi)轎廂的加速度先增大后減小，則鋼絲繩的拉力先減小后增大，B錯(cuò)誤；由于整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程有驅(qū)動(dòng)電機(jī)做功，則驅(qū)動(dòng)轎廂和“對(duì)重”組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，C錯(cuò)誤；由于鋼絲繩通過驅(qū)動(dòng)電機(jī)驅(qū)動(dòng)，則驅(qū)動(dòng)電機(jī)兩側(cè)鋼絲繩拉力的大小不相等，D錯(cuò)誤．17．答案：A解析：由Geq\f(Mm,（R＋H）2)＝meq\f(v2,（R＋H）)可得衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度v＝eq\r(\f(GM,R＋H))，根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)體繩產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向與圖中電源電動(dòng)勢(shì)相反，其大小為E感＝BLv，由導(dǎo)體繩受力平衡有ILB＝f，導(dǎo)體繩中的電流方向向下，回路中的電流I＝eq\f(E－E感,r)，解得E＝BLeq\r(\f(GM,R＋H))＋eq\f(fr,BL)，A項(xiàng)正確．18．答案：B解析：（a，0）和（0，a）兩點(diǎn)處的電荷量為q的點(diǎn)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度的矢量和E＝eq\f(\r(2)kq,a2)，方向如圖所示[由點(diǎn)（a，a）指向點(diǎn)（0，2a）]，由在距P點(diǎn)為eq\r(2)a的某點(diǎn)處放置的正點(diǎn)電荷Q使得P點(diǎn)電場強(qiáng)度為零可知，此正電荷位于（0，2a）點(diǎn)，且電荷量Q滿足eq\f(kQ,（\r(2)a）2)＝eq\f(\r(2)kq,a2)，解得Q＝2eq\r(2)q，B正確．19．答案：CD解析：（1）為α衰變，（2）為β衰變，衰變過程同時(shí)釋放能量，A錯(cuò)誤；（3）是盧瑟福用α粒子轟擊氮原子核產(chǎn)生氧的一種同位素，是人類第一次原子核的人工轉(zhuǎn)變，而核衰變是原子核自發(fā)產(chǎn)生的變化，B錯(cuò)誤，C正確；（4）為核聚變反應(yīng)方程，可控核聚變是人類正在嘗試的技術(shù)之一，D正確．20．答案：BC解析：由圖乙可知輸入電壓的周期為0.02s，頻率為50Hz，又變壓器并不改變交流電的頻率，所以1s的時(shí)間內(nèi)交流電的方向改變100次，A錯(cuò)誤；由變壓器的工作原理eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)可知，升壓變壓器副線圈的輸出電壓為U2＝25000V，輸電電流為I＝eq\f(P,U2)＝eq\f(750kW,25000V)＝30A，輸電線上損失的電壓為ΔU＝IR＝30×100V＝3000V，所以降壓變壓器原線圈兩端的電壓為U3＝U2－ΔU＝（25000－3000）V＝22kV，B正確；降壓變壓器的輸入功率為P′＝U3I＝660kW，C正確；當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)其阻值減小，有U′2＝U′3＋ΔU′，ΔU′＝I2R，eq\f(U′3,U4)＝eq\f(n3,n4)＝eq\f(I3,I2)，U4＝I3（R1＋R2），聯(lián)立得U′2＝I3（R1＋R2）·eq\f(n3,n4)＋eq\f(n4I3R,n3)，可知R2減小時(shí)，I3增大，I2增大，則U′3減小，U4也減小，定值電阻的分壓增大，所以電壓表的示數(shù)減小，D錯(cuò)誤．21．答案：ACD解析：由楞次定律可知，兩線框進(jìn)入磁場過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向（俯視），A項(xiàng)正確；線框進(jìn)入磁場過程中所受的安培力為F＝BIL＝eq\f(B2L2v,R)，由牛頓第二定律有mgsinθ－eq\f(B2L2v,R)－μmgcosθ＝ma，解得線框的加速度a＝gsinθ－μgcosθ－eq\f(B2L2v,mR)，由電阻定律可知兩線框的電阻之比為1∶2，而質(zhì)量之比為2∶1，故加速度與線框粗細(xì)無關(guān)，所以兩線框運(yùn)動(dòng)到斜面底端時(shí)間相等，B項(xiàng)錯(cuò)誤；線框在進(jìn)入磁場前加速度a0＝gsinθ－μgcosθ，進(jìn)入磁場時(shí)速度相等，切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)也相等，由閉合電路歐姆定律I＝eq\f(E,R)可知，甲、乙中電流之比為2∶1，C項(xiàng)正確；在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，兩線框所受摩擦力之比為2∶1，安培力之比為2∶1，所以克服摩擦力做的功之比與克服安培力做的功之比均為2∶1，由功能關(guān)系可知，兩線框機(jī)械能減少量之比為2∶1，D項(xiàng)正確．22．答案：（1）0.773（0.771～0.775均可，1分）（2）eq\f(πrd2,4l)（2分）（3）如圖所示（2分）解析：（1）由螺旋測微器的讀數(shù)規(guī)則可知，該合金絲直徑的測量值d＝0.5mm＋27.3×0.01mm＝0.773mm；（2）根據(jù)r＝eq\f(ρl,S)，又S＝eq\f(πd2,4)，可得ρ＝eq\f(rS,l)＝eq\f(r·π\(zhòng)b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,2)))\s\up12(2),l)＝eq\f(πrd2,4l).23．答案：（1）AB（2分）（2）AD（2分）（3）AD（2分）（4）m1OP＝m1OM＋m2ON（2分）（5）①C（1分）②eq\f(1,2)m1·OC2＝eq\f(1,2)m1·OA2＋eq\f(1,2)m2·OB2（1分，其他正確形式同樣給分）解析：（1）本實(shí)驗(yàn)必須使用的是刻度尺，用來測量小球拋出的水平射程，還需要用天平，用來測量小球的質(zhì)量．（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，同一組實(shí)驗(yàn)中，入射小球必須從同一位置由靜止釋放，以保證每次小球拋出時(shí)的速度大小相等，選項(xiàng)A正確；入射小球的質(zhì)量要大于被碰小球的質(zhì)量，以保證入射小球碰后不反彈，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；軌道傾斜部分不必光滑，只要每次阻力相同，小球水平拋出時(shí)的速度相同就可以，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；軌道末端必須是水平的，以保證小球拋出時(shí)速度方向是水平的，選項(xiàng)D正確．（3）因?yàn)橐?yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)中還需要測量小球的質(zhì)量，故選項(xiàng)A正確；因?yàn)镠是一定的，故小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是一定的，測量小球碰后的水平射程，即可列等式求證，選項(xiàng)D正確；而兩個(gè)高度不用測量，只需保持不變，選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤．（4）設(shè)小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，碰前的動(dòng)量為：eq\f(m1OP,t)，碰后的動(dòng)量之和是：eq\f(m1OM＋m2ON,t)，故二者相等即可，兩邊都乘以t，即m1OP＝m1OM＋m2ON.（5）①因?yàn)閮尚∏虻馁|(zhì)量關(guān)系是m1＝2m2，再由OA＝17.5cm，OB＝25cm，OC＝30cm可知，存在下列等式：2×OC＝2×OA＋OB，故轉(zhuǎn)化為動(dòng)量守恒定律的等式就是：m1OC＝m1OA＋m2OB，故C是未放被碰小球時(shí)入射小球的落地點(diǎn)，A是入射小球碰后的落地點(diǎn)，B是被碰小球碰撞后的落地點(diǎn)，選項(xiàng)C正確．②若為彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，故還需要滿足eq\f(1,2)m1·OC2＝eq\f(1,2)m1·OA2＋eq\f(1,2)m2·OB2；也可以是：m1OC2＝m1OA2＋m2OB2；因?yàn)閙1＝2m2，故等式也可以是2OC2＝2OA2＋OB2.24．答案：（1）會(huì)撞（2）29m/s解析：（1）轎車的初速度v1＝126km/h＝35m/s，貨車的速度v2＝61.2km/h＝17m/s轎車勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1＝5s＋1.2s＝6.2s（1分）位移大小x1＝v1t1＝217m（1分）設(shè)從開始剎車到與貨車共速所用時(shí)間為t2，則v2＝v1－at2（1分）根據(jù)牛頓第二定律有μmg＝ma（1分）解得t2＝3s在t2時(shí)間內(nèi)，轎車的位移大小x2＝eq\f(v1＋v2,2)t2＝78m（1分）在t1＋t2時(shí)間內(nèi)貨車的位移大小s＝v2（t1＋t2）＝156.4m（1分）由于x1＋x2－s＝138.6m>L＝126.6m轎車一定會(huì)撞上貨車．（1分）（2）設(shè)轎車從開始剎車到與貨車相撞過程中的位移大小為x3，則x3＝v1t3－eq\f(1,2)ateq\o\al(\s\up11(2),\s\do4(3))（1分）轎車撞上貨車前瞬間有x1＋x3＝v2（t1＋t3）＋L（2分）轎車撞上貨車前瞬間的速度大小v＝v1－at3（1分）解得v＝29m/s（另一解v＝5m/s，不合題意，舍去）（1分）25．答案：（1）2×106m/s（2）eq\f(9,128)×106N/Ceq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(128,3)＋\f(307π,135)))×10－8s（3）eq\f(14,3)cm解析：（1）粒子從P點(diǎn)進(jìn)入磁場做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡恰好與AB、OB均相切，設(shè)軌跡半徑為r1，則r1＋r1tanθ＝x1（2分）由牛頓第二定律有qvB1＝meq\f(v2,r1)（2分）解得r1＝4cm，v＝2×106m/s（1分）（2）由幾何關(guān)系得OP＝r1＋eq\f(r1,sinθ)MP＝eq\f(OP,tanθ)解得MP＝eq\f(128,9)cm（1分）設(shè)粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)的過程中加速度大小為a1由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2＝2a1·MP（1分）根據(jù)牛頓第二定律有qE1＝ma1（1分）解得a1＝eq\f(9,64)×1014m/s2，E1＝eq\f(9,128)×106N/C（1分）粒子第二次在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑設(shè)為r2，則r2＝eq\f(mv,qB2)解得r2＝eq\f(8,3)cm（1分）由于OQ＝eq\f(r1,sinθ)－r1＝eq\f(8,3)cm＝r2，Q為粒子第一次出磁場時(shí)在OA的位置，則軌跡圓心在O點(diǎn)，粒子恰好垂直y軸離開（1分）粒子從M點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng)到剛好進(jìn)入y軸右側(cè)電場時(shí)所用的時(shí)間t＝eq\f(3v,a1)＋eq\f(1,2)·eq\f(2πm,qB1)＋eq\f(37°,360°)·eq\f(2πm,qB2)（2分）解得t＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(128,3)＋\f(307π,135)))×10－8s（1分）（3）粒子在第一象限的電場中的加速度大小為a2，根據(jù)牛頓第二定律有qE2＝ma2（1分）將加速度沿x軸方向和y軸方向分解，則ax＝a2sinθ（1分）ay＝a2cosθ（1分）r2＝eq\f(1,2)ayteq\o\al(\s\up11(2),\s\do4(1))（1分）x2＝vt1＋eq\f(1,2)axteq\o\al(\s\up11(2),\s\do4(1))（1分）解得x2＝eq\f(14,3)cm（1分）33．答案：（1）ADE（5分）（2）（ⅰ）6.25p0（ⅱ）49次解析：（1）狀態(tài)A和B的溫度相等，根據(jù)eq\f(pV,T)＝C，經(jīng)過A、B的等溫線應(yīng)是過A、B的雙曲線的一部分，沿直線由A到B，pV先增大后減小，所以