高中物理名校試卷PAGEPAGE1武昌區(qū)2023屆高三年級5月質(zhì)量檢測物理本試卷共7頁、16題，全卷滿分100分，考試用時75分鐘。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.為了避免儀器在月球夜晚極端低溫的環(huán)境下遭到損壞，我國自主研發(fā)的“玉兔二號”月球車內(nèi)采用了同位素熱源進行保溫。該同位素熱源是利用钚238在衰變過程中釋放熱量，衰變方程是，其半衰期是88年。下列說法正確的是（）A.衰變方程中的X是粒子B.衰變中釋放出的X粒子流比射線的電離作用強C.一個钚238原子一定會在88內(nèi)年發(fā)生衰變D.钚238的半衰期會因在月球極低溫的環(huán)境下而發(fā)生改變〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知，衰變方程中的X是α粒子，故A錯誤；B．衰變中釋放出的X粒子流是氦核流，帶正電，所以比射線的電離作用強，故B正確；C．半衰期不是指少數(shù)粒子，是大量粒子有半數(shù)原子核發(fā)生衰變所用的時間，故C錯誤；D．放射性元素衰變的快慢是由原子核內(nèi)部自身決定的，與外界的物理和化學狀態(tài)無關(guān)，故D錯誤。故選B。2.如圖所示是一款手機磁吸式無線充電座的剖析圖。其原理與變壓器類似，充電座和手機分別內(nèi)置了感應圈二者靠近時便開始從充電座向手機供電。內(nèi)置“雙圈聚磁環(huán)”，不僅用于定位磁吸手機還可以提高供電效率。下列分析錯誤的是（）A.無線充電是通過電磁感應輸送電能B.只有對“純銅感應圈”輸入變化的電流才能對手機無線充電C.將金屬物件貼近正在無線充電的手機，充電不會受到任何影響D.“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機的感應圈與之對齊，減少漏磁從而提高供電效率〖答案〗C〖解析〗AD．無線充電是利用電磁感應原理輸送電能的，所以送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量傳遞，但是存在能量損失，因此“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機的感應圈與之對齊，減少漏磁從而提高供電效率，故AD正確，不符合題意；B．由于送電線圈中通入正弦式交變電流，根據(jù)麥克斯韋理論可知，送電線圈中電流產(chǎn)生磁場呈周期性變化，所以受電線圈中電流仍是正弦式交流電，因此只有對“純銅感應圈”輸入變化的電流才能對手機無線充電，故B正確，不符合題意；C．因為無線充電存在漏磁，所以將金屬物件貼近正在無線充電的手機，充電會受到任何影響，故C錯誤，符合題意。故選C3.如圖所示，某景區(qū)有一座與水平面夾角為，長度為L的小山坡，欲利用此地形修建一座滑草場。乘客乘坐設(shè)備從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，并平滑進入到水平直線滑道減速至停下。整個滑道上鋪設(shè)的草皮與滑草設(shè)備底面的動摩擦因數(shù)為，設(shè)乘客始終保持規(guī)范姿態(tài)且不調(diào)整設(shè)備，忽略空氣阻力影響。下列說法正確的是（）A.加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同B.保證乘客能順利沿滑道滑下，要滿足動摩擦因數(shù)C.不同體重的乘客沿滑道加速下滑的過程中加速度不同D.為了乘客的安全，修建的水平滑道長度至少為〖答案〗A〖解析〗A．乘客從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，設(shè)到坡底的大小速度為v，沿水平直線滑道減速至停下，由可知，加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同，故A正確；B．為保證乘客能順利沿滑道滑下，則有可得故B錯誤；C．由可知，加速度與乘客的質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；D．由可得故D錯誤。故選A。4.如圖所示是“嫦娥五號”探測器登月飛行的軌道示意圖，探測器通過推進器制動從圓形軌道Ⅰ上的P點進入到橢圓過渡軌道Ⅱ，然后在軌道Ⅱ的近月點Q再次制動進入近月圓形軌道Ⅲ。已知軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，不考慮其它天體引力的影響。下列說法正確的是（）A.探測器登月飛行的過程中機械能增大B.探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運行速率的比值為C.探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點的速率與經(jīng)過Q點的速率的比值為D.探測器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的運行周期的比值為〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意可知，探測器通過推進器制動從高軌道到低軌道，推進器做負功，機械能減小，故A錯誤；B．由萬有引力提供向心力有解得由于軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，則探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運行速率的比值為，故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點的速率與經(jīng)過Q點的速率的比值為，故C正確；D．根據(jù)題意，由開普勒第三定律有解得故D錯誤。故選C。5.某同學閱讀到一科幻小說中的“流浪地球”計劃第一步是“剎住自轉(zhuǎn)”，即通過固定在地球赤道上的幾千臺轉(zhuǎn)向發(fā)動機對地球自轉(zhuǎn)進行止動。他查閱相關(guān)文獻后推算出，發(fā)動機需將燃料氣體以相對于地球表面的速度v＝11.2km/s，沿地球赤道切線方向噴出，從而獲得止動推力。忽略大氣阻力，發(fā)動機的總平均功率為，估算發(fā)動機的總推力可以達到（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗地球自轉(zhuǎn)的線速度很小，所以燃料氣體相對于地球表面的速度約等于氣體噴出的速度，則發(fā)動機的總推力約為故選C。6.如圖所示是一座水平固定放置的弧形槽，其底面是矩形平面，上表面ABCD是半徑的光滑圓弧面，直邊，圓弧邊AB和CD平行且等長為0.5m，B、C是弧面最低點且切線水平?，F(xiàn)有一個可看作質(zhì)點的小球，以沿AD方向的初速度v從A點開始沿弧面運動，恰好能運動到C點。重力加速度，則v的大小約為（）A.0.5m/s B.1.0m/s C.1.5m/s D.2.0m/s〖答案〗B〖解析〗小球在豎直面內(nèi)做減速圓周運動，小球從A到C豎直面內(nèi)的圓心角小球在豎直面內(nèi)的運動可看做單擺運動，小球從A到C的時間小球從A點運動到C點，水平方向上可看做勻速運動；，則解得故選B。7.一包含有兩種頻率光的激光束，從真空中垂直射入截面為直角三角形的玻璃棱鏡，光路如圖所示。激光從棱鏡的斜邊面出射時被分為a、b兩束光。已知，截面頂角為，棱鏡對這兩種頻率光的折射率分別為和。下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于比b光的頻率B.a光與b光在三棱鏡中的傳播速度之比是C.用同一裝置做單縫衍射實驗，b光的中央亮條紋比a光的寬D.為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射出，角的取值范圍是〖答案〗D〖解析〗A．由已知，a光的折射率小于b光的折射率，因此可知a光的頻率小于比b光的頻率，故A錯誤；B．根據(jù)可得則可得故B錯誤；C．由于a光的頻率小于比b光的頻率，則可知a光的波長大于比b光的波長，當用同一裝置做單縫衍射實驗，波長越大，中央亮條紋越寬，由此可知a光的中央亮條紋比b光的寬，故C錯誤；D．根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系可知a光與b臨界角的正弦值分別為所對應的臨界角分別為而根據(jù)幾何關(guān)系可知，入射角就等于，因此可知，為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射出，角的取值范圍必定為故D正確。故選D。8.如圖所示為某一聲波干涉儀結(jié)構(gòu)簡化圖。S為揚聲器，D為聲音強度測試器，路徑SAD長度固定，路徑SBD的長度可調(diào)節(jié)。干涉儀內(nèi)有空氣，由于SAD和SBD的長度不同，聲波通過兩個不同路徑到達D時的振幅不同。聲音強度用I表示，單位為分貝（dB），在控制其它影響因素不變的情況下，I與聲波的振幅A的平方成正比。調(diào)節(jié)SBD的長度，使D測試到的聲音強度出現(xiàn)最小值為，在保持測試和其它部分不動的情況下，將SBD中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動2.5cm時，D測試到聲音強度第一次出現(xiàn)最大值為。下列說法正確的是（）A.聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加B.兩個路徑傳播的聲波的頻率不同C.揚聲器發(fā)出的聲波的波長為10cmD.接收到的最強聲波和最弱聲波的振幅的比值為3：1〖答案〗ACD〖解析〗A．聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加，故A正確；B．同一波源產(chǎn)生的聲波不會因為傳播路徑的不同而改變頻率，故B錯誤；C．根據(jù)題意，將SBD中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動2.5cm時，D測試到聲音強度第一次出現(xiàn)最大值，則可知可得故C正確；D．設(shè)最強聲波的振幅為，最弱聲波的振幅的振幅為，根據(jù)題意可知，（式中k為比例常數(shù)）由此可知故D正確。故選ACD。9.如圖所示，某場比賽中籃球運動員在三分線外離地面高度h＝2.3m，與籃筐中心的水平距離L＝6.8m的位置將籃球拋出?；@球離手時的速度與水平方向夾角為45°，并恰好無擦碰地進入籃筐。已知籃筐離地面高H＝3.05m，重力加速度，忽略空氣阻力的影響，下列說法正確的是（）A.從離手到剛進入籃筐，籃球做的是勻變速曲線運動B.離手1.1s后籃球進入籃筐C.離手時，籃球的速度大小約為6.2m/sD.從離手到剛進入籃筐，籃球速度的改變量的大小為10m/s〖答案〗AB〖解析〗A．從離手到剛進入籃筐，忽略空氣阻力的影響只受重力，又速度方向與重力方向不共線，所以籃球做勻變速曲線運動，故A正確；BC．籃球做斜拋運動，軌跡如圖設(shè)從離手到剛進入籃筐運動時間為，豎直方向先做豎直上拋運動，有水平方向做勻速直線運動，有聯(lián)立解得故B正確，C錯誤；D．從離手到剛進入籃筐，根據(jù)公式可知籃球速度的改變量的大小為故D錯誤。故選AB。10.如圖所示有三個完全相同的帶正電的點電荷，其中兩個點電荷分別固定在線段AB的兩端點，以AB的中點O為圓心，OA為半徑畫半圓形的弧線?，F(xiàn)將剩下的一個點電荷從A點附近出發(fā)，沿半圓弧向B點移動。下列說法正確的是（）A.在移動的過程中，O點的電場強度保持不變B.在移動的過程中，O點的電勢保持不變C.在移動的過程中，移動的電荷所受靜電力先增大后減小D.在移動的過程中，移動的電荷的電勢能先減小后增大〖答案〗BD〖解析〗A．O點的合場強等于移動電荷在O點產(chǎn)生的場強，所以在移動的過程中，O點的電場強度大小保持不變，方向變化，故A錯誤；B．A、B電荷在O點的電勢不變，移動電荷到O點的距離不變，則在O點的電勢不變，所以在移動的過程中，O點的電勢保持不變，故B正確；C．根據(jù)可知，電荷間距離越大，場強越小，所以在移動的過程中，移動的電荷所受靜電力先減小后增大，故C錯誤；D．在移動的過程中，移動的電荷受到的斥力先做正功后做負功，所以電勢能先減小后增大，故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面成角固定放置，定值電阻R接在導軌一端，空間存在著垂直于導軌平面（圖中未畫出）的勻強磁場。金屬桿ab水平放置在導軌上，由靜止開始沿導軌下滑，并始終保持水平且與導軌接觸良好。下列說法正確的是（）A.桿ab先做勻加速運動后做勻速運動B.桿ab勻速運動時，電阻R兩端的電壓最大C.桿ab沿導軌下滑過程中，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱D.若保持磁感應強度大小不變而方向變?yōu)樨Q直方向，桿ab的速度最大值將變大〖答案〗BD〖解析〗A．桿下滑切割磁感線產(chǎn)生感應電流，所以桿受到安培力作用，由可知安培力是變力，所以桿ab先做變加速運動，當受力平衡時，做勻速運動，故A錯誤；B．桿ab勻速運動時，速度達到最大，則感應電動勢達到最大，所以感應電流達到最大，由歐姆定律可知，電阻R兩端的電壓最大，故B正確；C．桿ab沿導軌下滑過程中，根據(jù)能量守恒可知，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱和桿獲得的動能，故C錯誤；D．由可得桿的最大速度為磁場方向變化后，由可得桿的最大速度為變大，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12.利用如圖甲所示的圓錐擺裝置驗證向心力表達式，步驟如下：（1）用天平測出密度較大的小球的質(zhì)量為m，如圖乙所示用20分游標卡尺測出小球的直徑D＝______cm。小球靜止時，用刻度尺測量此時懸掛點與小球上端之間的豎直距離為L。（2）在白紙上畫幾個不同半徑的同心圓，用刻度尺測量各個圓的半徑r。將白紙平鋪在水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于______。讓小球做圓錐擺運動，俯視觀察小球，其在水平面上沿著白紙上某個圓做圓周運動，當運動穩(wěn)定時，用秒表測量小球運動5圈所用的時間t。（3）用向心力表達式推導出______（用m、t、r和圓周率表示）；通過受力分析，推導出小球做圓周運動時所受合力______（用m、r、D、L和重力加速度g表示）。將記錄的數(shù)據(jù)帶入到上述兩個表達式中進行計算。（4）改變繩長，重復（2）、（3）實驗步驟，記錄多組數(shù)據(jù)。（5）通過比較每一組實驗數(shù)據(jù)計算出的和的大小，在誤差允許的范圍內(nèi)近似相等。由此，向心力的表達式得以驗證。〖答案〗（1）1.500（2）靜止的小球球心正下方（3）〖解析〗（1）[1]游標卡尺讀數(shù)為（2）[2]將白紙平鋪在水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于靜止的小球球心正下方；（3）[3]根據(jù)向心力周期公式，得[4]設(shè)小球做圓周運動時，懸線與豎直方向的夾角為，根據(jù)受力分析可知又由幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得13.鈣鈦礦太陽能電池有成本低、光能轉(zhuǎn)化效率高、相同光照強度下電動勢穩(wěn)定等優(yōu)點。實驗小組的同學欲探究某塊鈣鈦礦太陽能電池的內(nèi)阻特性，實驗室提供的器材有：鈣鈦礦太陽能電池：內(nèi)阻變化范圍0~4Ω；電壓表V：量程為3.0V，內(nèi)阻約3kΩ；電流表A：量程為300mA，內(nèi)阻約0.3Ω；滑動變阻器R：最大阻值為60Ω；定值電阻：阻值為4.0Ω；電鍵S和導線若干。（1）按如圖甲所示電路連接器材，將滑動變阻器R的滑片調(diào)至最左端。閉合電鍵S，用一定強度的光照射太陽能電池，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，記錄不同阻值時的電壓表和電流表的讀數(shù)，并描繪出U－I圖線如圖乙所示，AB段為直線，BC段為曲線。分析此U－I圖線，將圖甲中的電路補充完整________。（2）分析圖乙可知，此強度光照下太陽能電池的電動勢E＝______V，其內(nèi)阻在電流低于______mA時為恒定值r＝______Ω（以上結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）。（3）當電流超過一定值后，內(nèi)阻隨電流的增大而______（填“增大”或“減小”）。若用該電池直接且僅給電阻為10Ω的小燈泡供電，則小燈泡的實際功率為______W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）（2）2.902000.500（2）增大0.324〖解析〗（1）[1]通過對圖像直線部分分析可知，直線部分表示的電阻大小為，而內(nèi)阻的變化范圍為0~4Ω，因此可確定，電路中串聯(lián)了定值電阻；電流表的內(nèi)阻約為，若電流表外接，測量得到的等效內(nèi)阻為定值電阻、電流表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻之和，而電流表內(nèi)阻未知，因此不能準確測量電源內(nèi)阻，而電流表內(nèi)接的情況下，因為電壓表內(nèi)阻遠大于電源內(nèi)阻，因此電壓表的分流作用就很微小，可忽略，這樣造成的實驗誤差就可忽略，實驗電路如下圖（2）[2]圖像與縱軸的截距表示電源的電動勢，讀圖可得電源的電動勢為[3][4]根據(jù)所設(shè)計電路圖可知，圖像的斜率表示電源的內(nèi)阻與定值電阻之和，圖像直線部分說明電源的內(nèi)阻恒定，此時對應的電流為，則說明電流低于時，電池的內(nèi)阻為定值，則有由此可得（3）[5]當電流超過一定值后，分析圖像可知，圖像上某點的斜率在增大，而斜率表示定值電阻與內(nèi)阻之和，因此可知當電流超過一定值后，內(nèi)阻隨電流的增大而增大；[6]由于圖像斜率表示定值電阻和電源內(nèi)阻之和，而定值電阻等于，因此要得到僅將電阻為10Ω的小燈泡直接接入該電源兩端時小燈泡的功率，則可做出電阻表示的圖像，該圖像與電源的圖像的交點所對應的電流即相當于流過電阻為10Ω的小燈泡的電流，做出圖像如圖所示根據(jù)圖像可得小燈泡的功率為14.如圖所示為一款便攜式鼻吸氧氣呼吸器的產(chǎn)品參數(shù)。罐體導熱性能良好，罐體內(nèi)氧氣可視為理想氣體，當罐體內(nèi)、外無氣壓差時便不能噴出氧氣。根據(jù)該產(chǎn)品參數(shù)的信息，忽略氣體噴出時溫度的變化，求該款氧氣呼吸器在大氣壓強為0.1MPa，溫度為33℃的環(huán)境下，以最大流量持續(xù)出氣的使用時長是多少秒？〖答案〗〖解析〗初狀態(tài)有，，末狀態(tài)有，設(shè)末狀態(tài)體積為，則由理想氣體的狀態(tài)方程有代入數(shù)據(jù)解得則可知噴出的氧氣由此可知以最大流量持續(xù)出氣的使用時長是15.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧右端固定在豎直墻壁上，左端與小物塊A連接，A的左側(cè)緊靠著放置一小物塊B。開始時彈簧處于原長，A、B均靜止，現(xiàn)對B施加一水平向右的恒力F，使A和B一起向右運動，當速度為零時，立即撤去F，一段時間后，A、B分離并最終停止運動。以初始時B靜止的位置為坐標原點，以向右為正方向，從B開始向右運動到撤去F前瞬間，這段過程中B的加速度a隨位移x變化的圖像如圖乙所示。已知A和B質(zhì)量均為m＝0.1kg，與地面間的動摩擦因數(shù)均為，求（1）彈簧的勁度系數(shù)k和恒力F的大小？（2）在圖乙坐標系中，畫出撤去F后B的a－x關(guān)系圖線，并在坐標軸上標出B開始向左運動和停止運動時的a、x值（不要求推導過程）。（3）A和B一起運動過程中的最大速度的大小和方向？〖答案〗（1）；；（2）見〖解析〗；（3）；方向向左〖解析〗（1）根據(jù)牛頓第二定律和圖像可得代入數(shù)值可得則縱軸截距為可得（2）撤去F后B的a－x關(guān)系圖線如圖所示（3）一起向右運動時，當x=0.02m時，動能最大，由動能定理可得一起向左運動時，當可得由動能定理可得所以最大速度為，方向向左。16.如圖所示，某足夠大的區(qū)域內(nèi)同時存在豎直方向的勻強電場和水平方向的勻強磁場。磁場垂直紙面向里，磁感應強度大小為B。一不帶電的質(zhì)量為m的絕緣小球a，沿著光滑絕緣的水平面向右運動。另一質(zhì)量也為m，帶電量為q（q>0）的小球b沿著水平面向左運動，速度大小為，運動過程中b和水平面接觸但恰好無擠壓。a與b在A點發(fā)生碰撞并粘在一起。已知兩小球均可視為質(zhì)點且碰撞前后b的電荷量保持不變，重力加速度為g，求（1）該區(qū)域的電場強度的大小和方向？（2）若碰撞后小球不再回到A點，則碰撞前a的速度大小應滿足什么條件？（3）若碰撞前a的速度大小為，a、b碰撞后瞬間，電場強度的大小立即變?yōu)樵瓉淼?倍，則碰撞后，小球第一次運動到的最高點與A點的距離有多大？〖答案〗（1）；電場方向向上；（2）；（3）〖解析〗（1）由左手定則可知，b受到的洛倫茲力向下，所以電場力向上，故可知電場方向向上；由b的運動可知可得（2）碰后整體的重力與電場力等大反向，若碰后沿a的方向向右運動，則整體做勻速圓周運動，還會回到A點，可知碰后整體沿b的方向向左運動，才不會回到A點，由動量守恒則碰撞前a的速度大小應滿足（3）由動量守恒可得利用配速法，假設(shè)整體的速度是由向右的和向左的合成，則向左有受力平衡，做勻速直線運動；向右有可得又得碰撞后小球在時間t內(nèi)的位移在水平方向的分量小球位移分解如圖所示第一次運動到的最點時所以位移大小聯(lián)立可得武昌區(qū)2023屆高三年級5月質(zhì)量檢測物理本試卷共7頁、16題，全卷滿分100分，考試用時75分鐘。一、選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，第8~11題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。1.為了避免儀器在月球夜晚極端低溫的環(huán)境下遭到損壞，我國自主研發(fā)的“玉兔二號”月球車內(nèi)采用了同位素熱源進行保溫。該同位素熱源是利用钚238在衰變過程中釋放熱量，衰變方程是，其半衰期是88年。下列說法正確的是（）A.衰變方程中的X是粒子B.衰變中釋放出的X粒子流比射線的電離作用強C.一個钚238原子一定會在88內(nèi)年發(fā)生衰變D.钚238的半衰期會因在月球極低溫的環(huán)境下而發(fā)生改變〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知，衰變方程中的X是α粒子，故A錯誤；B．衰變中釋放出的X粒子流是氦核流，帶正電，所以比射線的電離作用強，故B正確；C．半衰期不是指少數(shù)粒子，是大量粒子有半數(shù)原子核發(fā)生衰變所用的時間，故C錯誤；D．放射性元素衰變的快慢是由原子核內(nèi)部自身決定的，與外界的物理和化學狀態(tài)無關(guān)，故D錯誤。故選B。2.如圖所示是一款手機磁吸式無線充電座的剖析圖。其原理與變壓器類似，充電座和手機分別內(nèi)置了感應圈二者靠近時便開始從充電座向手機供電。內(nèi)置“雙圈聚磁環(huán)”，不僅用于定位磁吸手機還可以提高供電效率。下列分析錯誤的是（）A.無線充電是通過電磁感應輸送電能B.只有對“純銅感應圈”輸入變化的電流才能對手機無線充電C.將金屬物件貼近正在無線充電的手機，充電不會受到任何影響D.“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機的感應圈與之對齊，減少漏磁從而提高供電效率〖答案〗C〖解析〗AD．無線充電是利用電磁感應原理輸送電能的，所以送電線圈和受電線圈通過互感現(xiàn)象實現(xiàn)能量傳遞，但是存在能量損失，因此“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機的感應圈與之對齊，減少漏磁從而提高供電效率，故AD正確，不符合題意；B．由于送電線圈中通入正弦式交變電流，根據(jù)麥克斯韋理論可知，送電線圈中電流產(chǎn)生磁場呈周期性變化，所以受電線圈中電流仍是正弦式交流電，因此只有對“純銅感應圈”輸入變化的電流才能對手機無線充電，故B正確，不符合題意；C．因為無線充電存在漏磁，所以將金屬物件貼近正在無線充電的手機，充電會受到任何影響，故C錯誤，符合題意。故選C3.如圖所示，某景區(qū)有一座與水平面夾角為，長度為L的小山坡，欲利用此地形修建一座滑草場。乘客乘坐設(shè)備從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，并平滑進入到水平直線滑道減速至停下。整個滑道上鋪設(shè)的草皮與滑草設(shè)備底面的動摩擦因數(shù)為，設(shè)乘客始終保持規(guī)范姿態(tài)且不調(diào)整設(shè)備，忽略空氣阻力影響。下列說法正確的是（）A.加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同B.保證乘客能順利沿滑道滑下，要滿足動摩擦因數(shù)C.不同體重的乘客沿滑道加速下滑的過程中加速度不同D.為了乘客的安全，修建的水平滑道長度至少為〖答案〗A〖解析〗A．乘客從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，設(shè)到坡底的大小速度為v，沿水平直線滑道減速至停下，由可知，加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同，故A正確；B．為保證乘客能順利沿滑道滑下，則有可得故B錯誤；C．由可知，加速度與乘客的質(zhì)量無關(guān)，故C錯誤；D．由可得故D錯誤。故選A。4.如圖所示是“嫦娥五號”探測器登月飛行的軌道示意圖，探測器通過推進器制動從圓形軌道Ⅰ上的P點進入到橢圓過渡軌道Ⅱ，然后在軌道Ⅱ的近月點Q再次制動進入近月圓形軌道Ⅲ。已知軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，不考慮其它天體引力的影響。下列說法正確的是（）A.探測器登月飛行的過程中機械能增大B.探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運行速率的比值為C.探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點的速率與經(jīng)過Q點的速率的比值為D.探測器在軌道Ⅱ與軌道Ⅲ上的運行周期的比值為〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意可知，探測器通過推進器制動從高軌道到低軌道，推進器做負功，機械能減小，故A錯誤；B．由萬有引力提供向心力有解得由于軌道Ⅰ的半徑是軌道Ⅲ的半徑的兩倍，則探測器在軌道Ⅰ與軌道Ⅲ上的運行速率的比值為，故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第二定律可知，探測器在軌道Ⅱ上經(jīng)過P點的速率與經(jīng)過Q點的速率的比值為，故C正確；D．根據(jù)題意，由開普勒第三定律有解得故D錯誤。故選C。5.某同學閱讀到一科幻小說中的“流浪地球”計劃第一步是“剎住自轉(zhuǎn)”，即通過固定在地球赤道上的幾千臺轉(zhuǎn)向發(fā)動機對地球自轉(zhuǎn)進行止動。他查閱相關(guān)文獻后推算出，發(fā)動機需將燃料氣體以相對于地球表面的速度v＝11.2km/s，沿地球赤道切線方向噴出，從而獲得止動推力。忽略大氣阻力，發(fā)動機的總平均功率為，估算發(fā)動機的總推力可以達到（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗地球自轉(zhuǎn)的線速度很小，所以燃料氣體相對于地球表面的速度約等于氣體噴出的速度，則發(fā)動機的總推力約為故選C。6.如圖所示是一座水平固定放置的弧形槽，其底面是矩形平面，上表面ABCD是半徑的光滑圓弧面，直邊，圓弧邊AB和CD平行且等長為0.5m，B、C是弧面最低點且切線水平?，F(xiàn)有一個可看作質(zhì)點的小球，以沿AD方向的初速度v從A點開始沿弧面運動，恰好能運動到C點。重力加速度，則v的大小約為（）A.0.5m/s B.1.0m/s C.1.5m/s D.2.0m/s〖答案〗B〖解析〗小球在豎直面內(nèi)做減速圓周運動，小球從A到C豎直面內(nèi)的圓心角小球在豎直面內(nèi)的運動可看做單擺運動，小球從A到C的時間小球從A點運動到C點，水平方向上可看做勻速運動；，則解得故選B。7.一包含有兩種頻率光的激光束，從真空中垂直射入截面為直角三角形的玻璃棱鏡，光路如圖所示。激光從棱鏡的斜邊面出射時被分為a、b兩束光。已知，截面頂角為，棱鏡對這兩種頻率光的折射率分別為和。下列說法正確的是（）A.a光的頻率大于比b光的頻率B.a光與b光在三棱鏡中的傳播速度之比是C.用同一裝置做單縫衍射實驗，b光的中央亮條紋比a光的寬D.為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射出，角的取值范圍是〖答案〗D〖解析〗A．由已知，a光的折射率小于b光的折射率，因此可知a光的頻率小于比b光的頻率，故A錯誤；B．根據(jù)可得則可得故B錯誤；C．由于a光的頻率小于比b光的頻率，則可知a光的波長大于比b光的波長，當用同一裝置做單縫衍射實驗，波長越大，中央亮條紋越寬，由此可知a光的中央亮條紋比b光的寬，故C錯誤；D．根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系可知a光與b臨界角的正弦值分別為所對應的臨界角分別為而根據(jù)幾何關(guān)系可知，入射角就等于，因此可知，為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射出，角的取值范圍必定為故D正確。故選D。8.如圖所示為某一聲波干涉儀結(jié)構(gòu)簡化圖。S為揚聲器，D為聲音強度測試器，路徑SAD長度固定，路徑SBD的長度可調(diào)節(jié)。干涉儀內(nèi)有空氣，由于SAD和SBD的長度不同，聲波通過兩個不同路徑到達D時的振幅不同。聲音強度用I表示，單位為分貝（dB），在控制其它影響因素不變的情況下，I與聲波的振幅A的平方成正比。調(diào)節(jié)SBD的長度，使D測試到的聲音強度出現(xiàn)最小值為，在保持測試和其它部分不動的情況下，將SBD中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動2.5cm時，D測試到聲音強度第一次出現(xiàn)最大值為。下列說法正確的是（）A.聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加B.兩個路徑傳播的聲波的頻率不同C.揚聲器發(fā)出的聲波的波長為10cmD.接收到的最強聲波和最弱聲波的振幅的比值為3：1〖答案〗ACD〖解析〗A．聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加，故A正確；B．同一波源產(chǎn)生的聲波不會因為傳播路徑的不同而改變頻率，故B錯誤；C．根據(jù)題意，將SBD中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動2.5cm時，D測試到聲音強度第一次出現(xiàn)最大值，則可知可得故C正確；D．設(shè)最強聲波的振幅為，最弱聲波的振幅的振幅為，根據(jù)題意可知，（式中k為比例常數(shù)）由此可知故D正確。故選ACD。9.如圖所示，某場比賽中籃球運動員在三分線外離地面高度h＝2.3m，與籃筐中心的水平距離L＝6.8m的位置將籃球拋出?；@球離手時的速度與水平方向夾角為45°，并恰好無擦碰地進入籃筐。已知籃筐離地面高H＝3.05m，重力加速度，忽略空氣阻力的影響，下列說法正確的是（）A.從離手到剛進入籃筐，籃球做的是勻變速曲線運動B.離手1.1s后籃球進入籃筐C.離手時，籃球的速度大小約為6.2m/sD.從離手到剛進入籃筐，籃球速度的改變量的大小為10m/s〖答案〗AB〖解析〗A．從離手到剛進入籃筐，忽略空氣阻力的影響只受重力，又速度方向與重力方向不共線，所以籃球做勻變速曲線運動，故A正確；BC．籃球做斜拋運動，軌跡如圖設(shè)從離手到剛進入籃筐運動時間為，豎直方向先做豎直上拋運動，有水平方向做勻速直線運動，有聯(lián)立解得故B正確，C錯誤；D．從離手到剛進入籃筐，根據(jù)公式可知籃球速度的改變量的大小為故D錯誤。故選AB。10.如圖所示有三個完全相同的帶正電的點電荷，其中兩個點電荷分別固定在線段AB的兩端點，以AB的中點O為圓心，OA為半徑畫半圓形的弧線。現(xiàn)將剩下的一個點電荷從A點附近出發(fā)，沿半圓弧向B點移動。下列說法正確的是（）A.在移動的過程中，O點的電場強度保持不變B.在移動的過程中，O點的電勢保持不變C.在移動的過程中，移動的電荷所受靜電力先增大后減小D.在移動的過程中，移動的電荷的電勢能先減小后增大〖答案〗BD〖解析〗A．O點的合場強等于移動電荷在O點產(chǎn)生的場強，所以在移動的過程中，O點的電場強度大小保持不變，方向變化，故A錯誤；B．A、B電荷在O點的電勢不變，移動電荷到O點的距離不變，則在O點的電勢不變，所以在移動的過程中，O點的電勢保持不變，故B正確；C．根據(jù)可知，電荷間距離越大，場強越小，所以在移動的過程中，移動的電荷所受靜電力先減小后增大，故C錯誤；D．在移動的過程中，移動的電荷受到的斥力先做正功后做負功，所以電勢能先減小后增大，故D正確。故選BD。11.如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導軌與水平面成角固定放置，定值電阻R接在導軌一端，空間存在著垂直于導軌平面（圖中未畫出）的勻強磁場。金屬桿ab水平放置在導軌上，由靜止開始沿導軌下滑，并始終保持水平且與導軌接觸良好。下列說法正確的是（）A.桿ab先做勻加速運動后做勻速運動B.桿ab勻速運動時，電阻R兩端的電壓最大C.桿ab沿導軌下滑過程中，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱D.若保持磁感應強度大小不變而方向變?yōu)樨Q直方向，桿ab的速度最大值將變大〖答案〗BD〖解析〗A．桿下滑切割磁感線產(chǎn)生感應電流，所以桿受到安培力作用，由可知安培力是變力，所以桿ab先做變加速運動，當受力平衡時，做勻速運動，故A錯誤；B．桿ab勻速運動時，速度達到最大，則感應電動勢達到最大，所以感應電流達到最大，由歐姆定律可知，電阻R兩端的電壓最大，故B正確；C．桿ab沿導軌下滑過程中，根據(jù)能量守恒可知，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱和桿獲得的動能，故C錯誤；D．由可得桿的最大速度為磁場方向變化后，由可得桿的最大速度為變大，故D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共56分。12.利用如圖甲所示的圓錐擺裝置驗證向心力表達式，步驟如下：（1）用天平測出密度較大的小球的質(zhì)量為m，如圖乙所示用20分游標卡尺測出小球的直徑D＝______cm。小球靜止時，用刻度尺測量此時懸掛點與小球上端之間的豎直距離為L。（2）在白紙上畫幾個不同半徑的同心圓，用刻度尺測量各個圓的半徑r。將白紙平鋪在水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于______。讓小球做圓錐擺運動，俯視觀察小球，其在水平面上沿著白紙上某個圓做圓周運動，當運動穩(wěn)定時，用秒表測量小球運動5圈所用的時間t。（3）用向心力表達式推導出______（用m、t、r和圓周率表示）；通過受力分析，推導出小球做圓周運動時所受合力______（用m、r、D、L和重力加速度g表示）。將記錄的數(shù)據(jù)帶入到上述兩個表達式中進行計算。（4）改變繩長，重復（2）、（3）實驗步驟，記錄多組數(shù)據(jù)。（5）通過比較每一組實驗數(shù)據(jù)計算出的和的大小，在誤差允許的范圍內(nèi)近似相等。由此，向心力的表達式得以驗證。〖答案〗（1）1.500（2）靜止的小球球心正下方（3）〖解析〗（1）[1]游標卡尺讀數(shù)為（2）[2]將白紙平鋪在水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于靜止的小球球心正下方；（3）[3]根據(jù)向心力周期公式，得[4]設(shè)小球做圓周運動時，懸線與豎直方向的夾角為，根據(jù)受力分析可知又由幾何關(guān)系可知聯(lián)立解得13.鈣鈦礦太陽能電池有成本低、光能轉(zhuǎn)化效率高、相同光照強度下電動勢穩(wěn)定等優(yōu)點。實驗小組的同學欲探究某塊鈣鈦礦太陽能電池的內(nèi)阻特性，實驗室提供的器材有：鈣鈦礦太陽能電池：內(nèi)阻變化范圍0~4Ω；電壓表V：量程為3.0V，內(nèi)阻約3kΩ；電流表A：量程為300mA，內(nèi)阻約0.3Ω；滑動變阻器R：最大阻值為60Ω；定值電阻：阻值為4.0Ω；電鍵S和導線若干。（1）按如圖甲所示電路連接器材，將滑動變阻器R的滑片調(diào)至最左端。閉合電鍵S，用一定強度的光照射太陽能電池，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器R的阻值，記錄不同阻值時的電壓表和電流表的讀數(shù)，并描繪出U－I圖線如圖乙所示，AB段為直線，BC段為曲線。分析此U－I圖線，將圖甲中的電路補充完整________。（2）分析圖乙可知，此強度光照下太陽能電池的電動勢E＝______V，其內(nèi)阻在電流低于______mA時為恒定值r＝______Ω（以上結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）。（3）當電流超過一定值后，內(nèi)阻隨電流的增大而______（填“增大”或“減小”）。若用該電池直接且僅給電阻為10Ω的小燈泡供電，則小燈泡的實際功率為______W（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）（2）2.902000.500（2）增大0.324〖解析〗（1）[1]通過對圖像直線部分分析可知，直線部分表示的電阻大小為，而內(nèi)阻的變化范圍為0~4Ω，因此可確定，電路中串聯(lián)了定值電阻；電流表的內(nèi)阻約為，若電流表外接，測量得到的等效內(nèi)阻為定值電阻、電流表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻之和，而電流表內(nèi)阻未知，因此不能準確測量電源內(nèi)阻，而電流表內(nèi)接的情況下，因為電壓表內(nèi)阻遠大于電源內(nèi)阻，因此電壓表的分流作用就很微小，可忽略，這樣造成的實驗誤差就可忽略，實驗電路如下圖（2）[2]圖像與縱軸的截距表示電源的電動勢，讀圖可得電源的電動勢為[3][4]根據(jù)所設(shè)計電路圖可知，圖像的斜率表示電源的內(nèi)阻與定值電阻之和，圖像直線部分說明電源的內(nèi)阻恒定，此時對應的電流為，