1、1(2015新課標(biāo)全國16)一理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比為31，在原、副線圈的回路中分別接有阻值相同的電阻，原線圈一側(cè)接在電壓為220V的正弦交流電源上，如圖1所示設(shè)副線圈回路中電阻兩端的電壓為U，原、副線圈回路中電阻消耗的功率的比值為k，則()圖1AU66V，kBU22V，kCU66V，kDU22V，k答案A解析原、副線圈電壓比等于匝數(shù)比，根據(jù)副線圈負(fù)載電阻的電壓U，可知副線圈電壓為U，原線圈電壓為3U，副線圈電流I2，根據(jù)得原線圈電流I1，那么原線圈輸入電壓220V3UR，整理可得U66V；原、副線圈電阻消耗的功率根據(jù)PI2R，電阻相等，I1I213，可得功率之比為P1P219，即k.

2、根據(jù)以上分析可知選項A正確2(2015四川理綜4)小型手搖發(fā)電機線圈共N匝，每匝可簡化為矩形線圈abcd，磁極間的磁場視為勻強磁場，方向垂直于線圈中心軸OO，線圈繞OO勻速轉(zhuǎn)動，如圖2所示矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為e0，不計線圈電阻，則發(fā)電機輸出電壓()圖2A峰值是e0B峰值是2e0C有效值是Ne0D有效值是Ne0答案D解析矩形線圈ab邊和cd邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值都為e0，所以發(fā)電機的電動勢峰值為2Ne0，A、B錯誤；由于不計線圈的電阻，所以發(fā)電機的輸出電壓峰值為2Ne0，故有效值為Ne0，故D正確3(2015天津理綜6)如圖3所示，理想變壓器的原線圈連接一只理想

3、交流電流表，副線圈匝數(shù)可以通過滑動觸頭Q來調(diào)節(jié)，在副線圈兩端連接了定值電阻R0和滑動變阻器R，P為滑動變阻器的滑動觸頭在原線圈上加一電壓為U的正弦交流電，則()圖3A保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表讀數(shù)變大B保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表讀數(shù)變小C保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表讀數(shù)變大D保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表讀數(shù)變小答案BC解析保持Q位置不動，副線圈電壓U2不變，當(dāng)P上滑時，R增大，由P可知總功率減小，原線圈電壓U1不變，由PU1I1可知原線圈電流I1減小，故A錯誤，B正確；保持P位置不動，Q上滑時，由知U2增大，同理分析原線圈電流I1增大，故C正

4、確，D錯誤4(2015福建理綜15)圖4為遠(yuǎn)距離輸電示意圖，兩變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器T的原、副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，在T的原線圈兩端接入一電壓uUmsint的交流電源，若輸送電功率為P，輸電線的總電阻為2r，不考慮其他因素的影響，則輸電線上損失的電功率為()圖4A()B()C4()2()2rD4()2()2r答案C解析原線圈電壓的有效值：U1，根據(jù)可得U2，又因為是理想變壓器，所以T的副線圈的輸出功率等于原線圈的輸入功率P，所以輸電線上的電流I，輸電線上損失的電功率為PI22r4r22，所以C正確，A、B、D錯誤1題型特點(1)交流電路部分主要考查交變電流的產(chǎn)生和描述、交流電有效

5、值、變壓器的規(guī)律及動態(tài)分析、遠(yuǎn)距離輸電等知識點(2)直流電路部分主要考查電路的簡化，直流電路的動態(tài)分析，電路故障的分析與判斷，含容電路的分析和計算，直流電路中能量轉(zhuǎn)化問題等等2命題趨勢高考對電路知識的單獨考查主要是交流電路部分，特別是變壓器與遠(yuǎn)距離輸電相結(jié)合的動態(tài)分析問題是命題熱點，而直流電路內(nèi)容的考查通常與實驗結(jié)合在一起，一般不單獨命題考題一直流電路的分析1一根粗細(xì)均勻的金屬導(dǎo)線，在其兩端加上電壓U時，通過導(dǎo)線的電流為I，導(dǎo)線中自由電子定向移動的平均速率為v，若將導(dǎo)線均勻拉長，使它的橫截面半徑變?yōu)樵瓉淼模俳o它兩端加上電壓2U，則()A通過導(dǎo)線的電流為B通過導(dǎo)線的電流為C導(dǎo)線中自由電子定向移

6、動的速率為D導(dǎo)線中自由電子定向移動的速率為答案AD解析將金屬導(dǎo)線均勻拉長，因半徑變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒t橫截面積為原來的，其長度變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)電阻定律R分析得到，電阻變?yōu)樵瓉淼?6倍，電壓變?yōu)?U時，根據(jù)歐姆定律I可知，電流變?yōu)?故A正確，B錯誤電流的微觀表達(dá)式InevS，其中n、e不變，電流I為原來的，橫截面積S變?yōu)樵瓉淼谋叮瑒t自由電子定向移動的平均速率為.故C錯誤，D正確2如圖5所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r，平行板電容器C的兩金屬板水平放置，R1和R2為定值電阻，P為滑動變阻器R的滑動觸頭，G為靈敏電流計，A為理想電流表，開關(guān)S閉合后，C的兩板間恰好有一質(zhì)量為m、電荷量為q的油

7、滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，則以下說法正確的是()圖5A在P向上移動的過程中，A表的示數(shù)變大，油滴仍然靜止，G中有方向由a至b的電流B在P向上移動的過程中，A表的示數(shù)變小，油滴向上加速運動，G中有由b至a的電流C在P向下移動的過程中，A表的示數(shù)變大，油滴向下加速運動，G中有由a至b的電流D在P向下移動的過程中，A表的示數(shù)變小，油滴向上加速運動，G中有由b至a的電流答案BC解析油滴原來處于平衡狀態(tài)，重力和靜電力平衡；電容器與滑動變阻器R、電阻R2相并聯(lián)后與R1串聯(lián)，滑片向上移動，電阻R變大，電路總電阻變大，電流變小，電容器兩端電壓為：UEI(rR1)，故電容器兩端電壓變大，帶電荷量變大，電場力變大，油滴向上

8、加速；電容器充電，故G中電流從b到a，故A錯誤，B正確在將滑動變阻器滑片P向下移動的過程，電阻R變小，電路總電阻變小，電流變大，電容器兩端電壓為：UEI(rR1)，故電容器兩端電壓變小，帶電荷量變小，電場力變小，油滴向下加速；電容器放電，故G中電流從a到b，故C正確，D錯誤3如圖6所示，電流表A1(03A)和A2(00.6A)是由兩個相同的電流計改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是()圖6AA1、A2的讀數(shù)之比為11BA1、A2的讀數(shù)之比為51CA1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為11DA1、A2的指針偏轉(zhuǎn)角度之比為15答案BC解析電流表A1(03

9、 A)和A2(00.6 A)是由兩個相同的電流計改裝而成，都是并聯(lián)電阻，在題圖中兩電流計也是并聯(lián)的，所以C正確；它們的量程之比為51，即總電阻之比為15，所以并聯(lián)時讀數(shù)之比51，所以B正確4如圖7所示，電源內(nèi)阻不可忽略，電路中接有一小燈泡和一電動機小燈泡L上標(biāo)有“6V12W”字樣，電動機的線圈電阻RM0.50.若燈泡正常發(fā)光時，電源的輸出電壓為12V，此時()圖7A整個電路消耗的電功率為24WB電動機的熱功率為12WC電動機的輸出功率為12WD電動機的輸入功率為12W答案D解析燈泡正常發(fā)光，則電路電流IIL A2 A；已知電路電流，由于不知電源電動勢，無法求出整個電路消耗的電功率，故A錯誤；電

10、動機的熱功率PQI2RM220.5 W2 W，故B錯誤；燈泡正常發(fā)光時，電動機電壓UMUUL(126) V6 V，電動機的輸入功率PUMI62 W12 W，電動機的輸出功率P出PPQ12 W2 W10 W，故C錯誤，D正確1閉合電路動態(tài)分析的三種常用方法(1)程序分析法：流程如下(2)利用結(jié)論法：即“串反并同”法“串反”即某一電阻增大(減小)時，與它串聯(lián)或間接串聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、消耗的電功率都減小(增大)；“并同”即某一電阻增大(減小)時，與它并聯(lián)或間接并聯(lián)的電阻中的電流、兩端電壓、消耗的電功率都增大(減小)(3)極限法：因變阻器滑片滑動引起電路變化的問題，可將變阻器的滑片分別滑至兩

11、個極端，使電阻最大或電阻為零去討論2電路中的電功、電熱、電功率和熱功率(1)純電阻電路：QWUItI2RtPUII2R(2)非純電阻電路WQ(WQE其他)P電P熱(P電P熱P其他)考題二交變電流的產(chǎn)生及描述5在一小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈abcd的面積為S，匝數(shù)為n，線圈總電阻為r，在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中繞OO軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(如圖8甲所示)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間t的變化關(guān)系如圖乙所示，矩形線圈與阻值為R的電阻構(gòu)成閉合電路，下列說法中正確的是()圖8A從t3到t5這段時間穿過線圈磁通量的變化量為零B從t3到t4這段時間通過電阻R的電荷量為Ct4時刻穿過線圈的磁通量變化率大小為E

12、0Dt1時刻電阻R的發(fā)熱功率為答案D解析由于磁通量是雙向標(biāo)量，在t3到t5這段時間穿過線圈磁通量的變化量不為零，為12BS，故A錯誤；通過電阻的電荷量Q，所以t3到t4這段時間通過電阻R的電荷量Q，故B錯誤；由于產(chǎn)生的電動勢最大，所以磁通量時間圖像中，在電動勢最大時，線圈中磁通量的變化率最大，即E0nk，所以k，故C錯誤；求功率時需用有效值，所以E，所以電流I，R的發(fā)熱功率為P，故D正確6將硬導(dǎo)線中間一段折成半圓形，使其半徑為R，讓它在磁感應(yīng)強度為B，方向如圖9所示的勻強磁場中繞軸MN勻速轉(zhuǎn)動導(dǎo)線在a、b兩處通過電刷與外電路連接，外電路接有額定功率為P、電阻為r的小燈泡并正常發(fā)光電路中除燈泡外

13、，其余部分的電阻不計，則下列說法正確的是()圖9A半圓形硬導(dǎo)線的轉(zhuǎn)速B半圓形硬導(dǎo)線的轉(zhuǎn)速C半圓形硬導(dǎo)線從圖示位置轉(zhuǎn)90通過小燈泡的電荷量為D半圓形硬導(dǎo)線從圖示位置轉(zhuǎn)90過程中通過小燈泡的電荷量為0答案A解析設(shè)燈泡的額定電壓為U，則P，得到U.由于除燈泡外，其余部分電阻不計，則UEm，而EmBS2BSn2BR2n，故有：n，故A正確，B錯誤；從該位置旋轉(zhuǎn)90的過程中，穿過半圓形硬導(dǎo)線平面的磁通量的變化量為BR2R2B，根據(jù)推論得到，通過小燈泡的電荷量為q，故C、D錯誤7海洋中蘊藏著巨大的能量，利用海洋的波浪可以發(fā)電在我國南海上有一浮桶式波浪發(fā)電燈塔，其原理示意圖如圖10甲所示浮桶內(nèi)的磁體通過支柱

14、固定在暗礁上，浮桶內(nèi)置線圈隨波浪相對磁體沿豎直方向運動，且始終處于磁場中，該線圈與阻值R15的燈泡相連，浮桶下部由內(nèi)、外兩密封圓筒構(gòu)成(圖中斜線陰影部分)，如圖乙所示，其內(nèi)為產(chǎn)生磁場的磁體，與浮桶內(nèi)側(cè)面的縫隙忽略不計；匝數(shù)N200的線圈所在處輻射磁場的磁感應(yīng)強度B0.2T，線圈直徑D0.4m，電阻r1.取重力加速度g10m/s2，210.若浮桶隨波浪上下運動的速度可表示為v0.4sin (t) m/s.則下列說法正確的是()圖10A波浪發(fā)電產(chǎn)生電動勢e的瞬時表達(dá)式為e16sin (t) VB燈泡中電流i的瞬時表達(dá)式為i4sin (t) AC燈泡的電功率為120WD燈泡兩端電壓的有效值為V答案B

15、C解析線圈在浮桶里隨波浪上下運動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，eNBLvNBDv2000.20.40.4sin (t) V64sin (t) V，故A錯誤；R總(151) 16 ，則燈泡中電流i的瞬時表達(dá)式為i4sin (t) A，故B正確；燈泡中電流的有效值為I A2 A，燈泡的電功率PI2R120 W，故C正確；燈泡兩端電壓的有效值為UIR152 V30 V，D錯誤1兩個特殊位置的特點(1)線圈平面與中性面重合時，SB，最大，0，e0，i0，電流方向?qū)l(fā)生改變(2)線圈平面與中性面垂直時，SB，0，最大，e最大，i最大，電流方向不改變2正弦式交流電的“四值”3只有正弦式交流電最大值與有效值間才

16、有倍關(guān)系考題三變壓器及遠(yuǎn)距離輸電8如圖11所示，一個理想變壓器上有三組線圈，三組線圈匝數(shù)之比為n1n2n3321，現(xiàn)將三只相同的燈泡分別接入三組線圈中，并把n1的接線端接上交變電源，接通電源后，下列各項正確的是()圖11A若L1正常發(fā)光，那么L2、L3都不能正常發(fā)光B若L2正常發(fā)光，那么L1將燒毀C若L2正常發(fā)光，那么L1、L3都不能正常發(fā)光D若L3正常發(fā)光，那么L2將燒毀答案ACD解析變壓器除了改變電壓，還會改變電流當(dāng)次級線圈接通時，電流就按一定的比例會反饋到初級線圈上I1由I2與I3的反饋而成，因為n1n2n3321，設(shè)原線圈電壓為3U，則副線圈電壓分別為2U和U，根據(jù)輸入功率等于輸出功率

17、知：3UI12UI2UI3，又I22I3，聯(lián)立得：I1I3I2.設(shè)正常發(fā)光時電流為I.若L1正常發(fā)光，那么L2電流大于I將燒壞、L3電流小于I不能正常發(fā)光，A正確；若L2正常發(fā)光，那么L1和L3電流都小于I不能正常發(fā)光，B錯誤，C正確；若L3正常發(fā)光，那么L2電流大于I燒毀，D正確9如圖12為模擬遠(yuǎn)距離輸電電路，兩理想變壓器的線圈匝數(shù)n1n4n2n3，A1、A2、A3為相同的理想交流電流表，當(dāng)a、b端接入低壓交流電源時，則()圖12AA1、A2的示數(shù)相等BA2、A3的示數(shù)相等CA1的示數(shù)大于A2的示數(shù)DA2的示數(shù)大于A3的示數(shù)答案C解析根據(jù)變壓器的規(guī)律電流與匝數(shù)成反比，得，且n1D升壓變壓器的

18、輸出電壓等于降壓變壓器的輸入電壓答案AB解析發(fā)電機是通過電磁感應(yīng)將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的設(shè)備，其原理為法拉第電磁感應(yīng)定律，故A正確；由電阻定律可知，R1.25108 10 ；由功率公式可得：5%PI2R解得：I10 A，故B正確；由功率公式PUI可得，輸電電壓U2 V2 000 V，則8，降壓變壓器輸入電壓U3U2IR2 0001010 V1 900 V，則8.6，故bc.電流沿以下方向經(jīng)過該金屬電阻，其中電阻阻值最小的是()答案A解析由電阻的決定式可知，A中電阻RA，B中電阻RB；C中電阻RC；D中電阻RD，故電阻最小的為A.2(2015江蘇單科1)一電器中的變壓器可視為理想變壓器，它將2

19、20V交變電流改變?yōu)?10V已知變壓器原線圈匝數(shù)為800，則副線圈匝數(shù)為()A200B400C1600D3200答案B解析根據(jù)變壓器的變壓規(guī)律得，n2n1800400，選項B正確3今有某小型發(fā)電機和一理想變壓器連接后給一個燈泡供電，電路如圖15(電壓表和電流表均為理想電表)已知該發(fā)電機線圈匝數(shù)為N，電阻為r，當(dāng)線圈以轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)為U，燈泡(額定電壓為U0.電阻恒為R)恰能正常發(fā)光，則()圖15A交壓器的匝數(shù)比為UU0B電流表的示數(shù)為C在圖示位置時，發(fā)電機線圈的磁通量為D從圖示位置開始計時，變壓器輸入電壓的瞬時值表達(dá)式為uUsin2nt答案AB解析電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原

20、、副線圈的匝數(shù)比是n1n2UU0，故A正確；燈泡電流是，理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，所以輸入功率為P，U0 IU，即電流表讀數(shù)I，故B正確；手搖發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是EmI(Rr)Nm，解得最大磁通量m，故C錯誤；線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，所以2n，所以變壓器輸入電壓的瞬時值uUsin 2nt，故D錯誤4如圖16所示，圖甲、圖乙分別表示兩種電壓的波形，其中圖甲所示的電壓按正弦規(guī)律變化，下列說法正確的是()圖16A圖甲表示交流電，圖乙表示直流電B圖甲電壓的有效值為220V，圖乙電壓的有效值小于220VC圖乙電壓的瞬時值表達(dá)式為u220sin100

21、tVD圖甲電壓經(jīng)過匝數(shù)比為101的變壓器變壓后，頻率變?yōu)樵瓉淼?.1倍答案B解析由于兩圖中表示的電流方向都隨時間變化，因此都為交流電，故A錯誤；由于對應(yīng)相同時刻，題圖甲電壓比題圖乙電壓大，根據(jù)有效值的定義可知，題圖甲的有效值要比題圖乙的有效值大，題圖甲是正弦式交流電，所以有效值U220 V，題圖乙的有效值小于220 V，故B正確；題圖乙不是正弦式交流電，所以表達(dá)式不是正弦函數(shù)，故C錯誤；理想變壓器變壓后，頻率不發(fā)生變化，故D錯誤5(2015廣東理綜15)如圖17為氣流加熱裝置的示意圖，使用電阻絲加熱導(dǎo)氣管，視變壓器為理想變壓器原線圈接入電壓有效值恒定的交流電并保持匝數(shù)不變，調(diào)節(jié)觸頭P，使輸出電

22、壓有效值由220V降至110V，調(diào)節(jié)前后()圖17A副線圈中的電流比為12B副線圈輸出功率比為21C副線圈的接入匝數(shù)比為21D原線圈輸入功率比為12答案C解析在輸入電壓U1和原線圈匝數(shù)n1不變的情況下，使輸出電壓U2有效值由220V降至110V，由知，副線圈接入匝數(shù)應(yīng)該減為原來的一半，故副線圈的接入匝數(shù)之比為21，故C正確；副線圈電壓減半，電阻不變，電流也隨之減半，所以電流之比為21，故A錯誤；由PUI知，輸出功率之比為41，故B錯誤；副線圈輸出功率等于原線圈輸入功率，所以原線圈輸入功率之比為41，故D錯誤6如圖18所示電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電阻R2為定值電阻，R1為滑動變阻器，A

23、、B為水平放置的電容器的上下兩個極板當(dāng)滑動變阻器R1處于某位置時，A、B兩板間的帶電油滴恰好懸浮不動，則下列說法中正確的是()圖18A兩極板A、B間正對面積減小其他條件不變時，油滴將向下運動B移動R1的滑動觸頭且其他條件不變時，電壓表的讀數(shù)增大了U，則電阻R2兩端的電壓減小了UCR1滑動觸頭向左移動且其他條件不變時，帶電油滴向上運動DR1滑動觸頭向右移動且其他條件不變時，R2上消耗的熱功率變小答案D解析僅把兩極板A、B間正對面積減小，電容器的電壓不變，由E分析得知，板間場強不變，油滴所受電場力不變，則油滴仍保持靜止，故A錯誤；移動R1的滑動觸頭且其他條件不變時，電壓表的讀數(shù)增大了U，說明變阻器

24、的電阻增大，總電流減小，電源內(nèi)電阻電壓減小，則電阻R2兩端的電壓的減小量小于U，故B錯誤；電容器的電壓等于路端電壓，欲使帶電油滴向上運動，必須增大路端電壓，則使可變電阻R1滑動觸頭向右移動，故C錯誤；若將R1的滑動觸頭向右移動時，R1的電阻增大，總電流減小，即可知R2的發(fā)熱功率減小，故D正確7電吹風(fēng)是生活中的常用電器某款電吹風(fēng)的各項參數(shù)如下表所示，其電路圖如圖19所示，理想變壓器的兩線圈匝數(shù)分別為n1和n2，a、b、c、d為四個固定觸點，可動的扇形金屬片P可同時接觸兩個觸點觸片P處于不同位置時，電吹風(fēng)可處于停機、吹熱風(fēng)和吹自然風(fēng)三種不同的工作狀態(tài)關(guān)于該款電吹風(fēng)，下列說法中正確的是()熱風(fēng)時輸入

25、功率450W自然風(fēng)時輸入功率50W小風(fēng)扇額定電壓50V正常工作時小風(fēng)扇的機械功率42W圖19A觸片P與觸點b、c接觸時，電吹風(fēng)吹熱風(fēng)B變壓器兩線圈的匝數(shù)比n1n2225C小風(fēng)扇線圈電阻為8D電熱絲正常工作時電阻為6.25答案C解析只有電熱絲接入時才能吹熱風(fēng)，故吹熱風(fēng)時觸片P與觸點a、b接觸，故A錯誤；根據(jù)變壓器的副線圈、原線圈的匝數(shù)與電壓的關(guān)系：n1n250220522，故B錯誤；小風(fēng)扇的熱功率為：P熱50 W42 W8 W，電流I A1 A，則由PI2r可得：r8 ，故C正確；電熱絲的功率P450 W50 W400 W，由P可知，電熱絲電阻R 121 ，故D錯誤8在如圖20所示電路中，閉合開

26、關(guān)S，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數(shù)都發(fā)生變化，電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數(shù)變化量的絕對值分別用I、U1、U2和U3表示下列說法正確的是()圖20A.不變，變大B.變大，不變C.變大，變大D電源的輸出功率變大答案B解析根據(jù)歐姆定律得知：R1.故當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，、均不變，故A錯誤；R2，變大根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U2EI(R1r)，則有R1r，不變，故B正確；R1R2，變大根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U3EIr，則有r，不變故C錯誤；當(dāng)外電路電阻等于內(nèi)阻時，電源的輸出功率最大，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，外電阻變大，但是不知道外電阻與內(nèi)阻的大小關(guān)系，所以無法判斷電源輸出功率的變化，則D錯誤9普通的交流電壓表是不能直接接在高壓輸電線路上測量電壓的，通常要通過電壓互感器來連接圖21中電壓互感器ab一側(cè)線圈的匝數(shù)較少，工作時電壓為Uab；cd一側(cè)線圈的匝數(shù)較多，工作時電壓為Ucd.為了使電壓表能正常工作，則()圖21Aab接MN，cd接PQ，UabUcdCab接PQ，cd接MN，UabUcd答案C解析電壓互感器的作用是使大電壓變成小電壓，根據(jù)變壓器原理可知，應(yīng)使匝數(shù)