1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說法正確的是A通過某平面的磁感線條數(shù)為零，則此平面處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零B空間各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該點(diǎn)的磁場方向C磁場中某一面積S與該處磁感應(yīng)強(qiáng)度B的乘積叫做磁通量D磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則通過放在該處的某平面的磁感線條數(shù)不一定為零2、如圖所示為某電場中x軸上電勢隨x變化的圖象，一個(gè)帶電粒子僅受電場力作用在x=0處由靜止釋放沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，且以一定的速度通過x=x2處，則下列說法正確的是( )A粒子從x=0到x=x2過程中，電勢能先增大后減小B粒子從x=0到x=x2過程中，加

3、速度先減小后增大Cx1和x2處的電場強(qiáng)度均為零Dx1和x2之間的場強(qiáng)方向不變3、如圖所示，在第一象限內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(磁場足夠大)，一對正負(fù)電子分別以相同的速度沿與x軸成30角的方向從原點(diǎn)垂直磁場射入，則負(fù)電子與正電子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為AB12C11D214、如圖所示，均勻球體靜置于豎直墻壁與直板間，所有接觸面均不計(jì)摩擦，現(xiàn)讓直板繞墻壁上的鉸鏈O點(diǎn)緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)至水平位置，此過程中，球體對墻壁彈力大小、對直板彈力大小的變化情況是（）A、均增大B、均減小C增大、減小D減小、增大5、某電源內(nèi)電路中非靜電力在5s內(nèi)把10 C的電量從電源的負(fù)極移送到電源的正極，做功300 J，則通過電源

4、的電流和電源的電動(dòng)勢分別為：A2 A，60 VB10 A，30 VC2 A，30 VD30 A，300 V6、下列關(guān)于電源的說法中正確的是（ ）A電源的電動(dòng)勢就是電源的的路端電壓B電路中，如果每通過1C的電荷，電源能把2J的其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電能，則電源的電動(dòng)勢就為2VC電源的電動(dòng)勢跟外電路有關(guān)D電源的輸出電流越大，則電源的電動(dòng)勢也就越大.二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，有一帶電物體處在一個(gè)斜向上的勻強(qiáng)電場E中，由靜止開始沿天花板向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，下

5、列說法正確的是（ ）A物體一定帶正電B物體一定帶負(fù)電C物體不一定受彈力的作用D物體一定受彈力的作用8、如圖，電荷量分別為q和q（q0）的點(diǎn)電荷固定在正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)上，a、b是正方體的另外兩個(gè)頂點(diǎn)，則Aa點(diǎn)和b點(diǎn)的電勢相等Ba點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等Ca點(diǎn)和b點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向相同D電子在a點(diǎn)電勢能小于在b點(diǎn)的電勢能9、對UAB=1V的理解，正確的是（）A從A到B移動(dòng)qC的電荷，電場力做功1JB從A到B移動(dòng)1C的正電荷，電場力做功1JC從A到B移動(dòng)1C的負(fù)電荷，克服電場力做功1JD從A到B移動(dòng)1C的負(fù)電荷，外力做功1J10、如圖所示，R12，R210，R310，A、B兩端接在電壓恒定的電源上，

6、則（ ）AS斷開時(shí)，R1與R2的電流之比為15BS閉合時(shí)通過R1與R2的電流之比為21CS斷開與閉合兩種情況下，電阻R1兩端的電壓之比為21DS斷開與閉合兩種情況下，電路中的總電阻之比為12：7三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了精確測量一導(dǎo)體的電阻： (1)用多用電表粗測其電阻，用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“10”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，這時(shí)他應(yīng)將選擇開關(guān)換成歐姆擋的“ _ ”檔位(選填“100”或“1”)，然后進(jìn)行 _ ，再次測量該導(dǎo)體的阻值，其表盤及指針?biāo)肝恢萌鐖D所示，則該導(dǎo)體的阻值為 _ (2)

7、現(xiàn)要進(jìn)一步精確測量其阻值Rx,實(shí)驗(yàn)室提供了下列可選用的器材：電源E：電動(dòng)勢約為4.5V,內(nèi)阻忽略不計(jì)；電壓表V：量程15V電流表A1：量程50mA、內(nèi)阻r1=20；電流表A2：量程200 mA、內(nèi)阻r2約為4；定值電阻R0：阻值為80；滑動(dòng)變阻器R1：最大阻值為10；單刀單擲開關(guān)S、導(dǎo)線若干測量中要求電表讀數(shù)誤差盡可能小，應(yīng)該選用的電表是_；試將方框中測量電阻Rx的實(shí)驗(yàn)電路原理圖補(bǔ)充完整_ (原理圖中的元件用題干中相應(yīng)的英文字母標(biāo)注)12（12分）在測定金屬的電阻率的實(shí)驗(yàn)中，測得待測金屬導(dǎo)線的長度為L，直徑為D，兩端電壓為U，流過待測金屬導(dǎo)線的電流為I，則待測金屬導(dǎo)線的電阻的表達(dá)式為R=_，電

8、阻率的表達(dá)式為=_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在第一象限的空間中存在勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)沿y軸負(fù)方向，場強(qiáng)大小E=mv022qh；在第四象限中，存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直xy平面（紙面）向外。一電量為q、質(zhì)量為m的帶正電的運(yùn)動(dòng)粒子，經(jīng)過y軸上y=h處的點(diǎn)P1時(shí)速率為v0，方向沿x軸正方向；然后經(jīng)過x軸上的P2點(diǎn)進(jìn)入磁場，并經(jīng)過y軸上y=2h處的P3點(diǎn)。最后到達(dá)x軸上的P4點(diǎn)（圖中未畫出）。若不計(jì)重力，求：（1）P2點(diǎn)距O點(diǎn)的距離；（2）粒子到達(dá)P2時(shí)速度的大小和方向；（3）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大??；1

9、4（16分）如圖甲所示，熱電子由陰極飛出時(shí)的初速度忽略不計(jì)，電子發(fā)射裝置的加速電壓為U0，電容器板長和板間距離均為l10 cm，下極板接地，電容器右端到熒光屏的距離L15 cm，在電容器兩極板間接一交變電壓，上極板的電勢隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示(每個(gè)電子穿過平行板的時(shí)間都極短，可以認(rèn)為電壓是不變的)求：(1)在t0.06 s時(shí)刻，電子打在熒光屏上的何處；(2)熒光屏(足夠大)上有電子打到的區(qū)間有多長，一個(gè)周期內(nèi)屏幕發(fā)光時(shí)間多長？15（12分）如圖所示，一個(gè)掛在絕緣細(xì)線下端的帶正電的小球 B， 靜止在圖示位置，若固定的帶正電小球 A 的電荷量為 3Q，B 球的質(zhì) 量為 m，帶電荷量為 Q，=3

10、7，A 和 B 在同一條水平線上，整個(gè)裝置處于真空中，（tan37=0.75） 求： (1)A 球受到的庫侖力的大小(2)A、B 兩球間的距離參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】根據(jù)可知，當(dāng)線框與磁場平行時(shí)線框的磁通量是零，而產(chǎn)生磁場并不等于零，故A錯(cuò)誤；我們規(guī)定，空間各點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向就是該點(diǎn)的磁場方向，故B正確；磁場中某一平面與磁場垂直時(shí)，穿過該平面的磁通量才等于面積S與該處磁感應(yīng)強(qiáng)度B的乘積，若線圈與磁場不垂直，則磁通量不等于BS，故C錯(cuò)誤；根據(jù)可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度是零時(shí)，線框的磁通量一定是零，故D

11、錯(cuò)誤。所以B正確，ACD錯(cuò)誤。2、B【解析】-x圖象的切線斜率表示場強(qiáng)，根據(jù)電勢的變化可分析場強(qiáng)的方向，由電場力方向與粒子運(yùn)動(dòng)方向的關(guān)系判斷電場力做功正負(fù)，從而分析其電勢能的變化情況根據(jù)電場強(qiáng)度的變化，判斷電場力的變化，來分析加速度的變化【詳解】粒子由x=0處由靜止沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，表明粒子運(yùn)動(dòng)方向與電場力方向同向，電場力先做正功后做負(fù)功，電勢能先減小后增大，故A錯(cuò)誤；由圖線的切線斜率可知，從x=0到x=x2過程中電場強(qiáng)度先減小后增大，粒子所受的電場力先減小后增大，因此粒子的加速度先減小后增大，故B正確-x圖象的切線斜率越大，則場強(qiáng)越大，可知，x1和x2處的電場強(qiáng)度均不為零，故C錯(cuò)誤；由切線斜率

12、的正負(fù)可知，x1和x2之間的場強(qiáng)方向先沿x軸負(fù)方向后沿x軸正方向，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵要明確-x圖象的切線斜率表示場強(qiáng)，斜率的符號表示場強(qiáng)的方向，要知道電勢的高低與電場方向的關(guān)系以及電場力做功與電勢能的關(guān)系3、B【解析】電子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示：電子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為：由幾何知識可知：=120，=60，電子在磁場中的勻速時(shí)間：則負(fù)電子與正電子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比：故選B。4、B【解析】對均勻球體進(jìn)行受力分析，將mg、合成如圖，設(shè)直板與水平方向的夾角為，則，直板繞墻壁上的鉸鏈O點(diǎn)緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)至水平位置過程中，減小，所以、均減?。粨?jù)牛頓第三定律知，球體對墻壁彈

13、力大小、對直板彈力大小均減??；故B項(xiàng)正確，ACD三項(xiàng)錯(cuò)誤。5、C【解析】由題意可知考查電流、電動(dòng)勢計(jì)算，根據(jù)相關(guān)概念、公式計(jì)算可得?！驹斀狻坑呻娏鲝?qiáng)度的定義式可得由電動(dòng)勢的定義式可得由以上分析可知C正確，ABC錯(cuò)誤，故選擇C?！军c(diǎn)睛】電流強(qiáng)度在數(shù)值上等于單位時(shí)間內(nèi)流過截面的電量，方向與正電荷定向移動(dòng)方向相同，電動(dòng)勢表征電源把其它能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的大小，在數(shù)值上等于移動(dòng)單位正電荷非靜電力做的功。6、B【解析】試題分析：只有當(dāng)外電路斷開時(shí)電源的電動(dòng)勢才等于電源的的路端電壓，而且電動(dòng)勢和電壓的物理意義不同，電動(dòng)勢是在電源內(nèi)部非靜電力做功，而電壓指的是靜電力做功，A錯(cuò)；由電動(dòng)勢的定義可知B對；電源電動(dòng)

14、勢為電源本身的性質(zhì)，與外電路無關(guān)，C錯(cuò)；同理D錯(cuò)；考點(diǎn)：考查對電源的理解點(diǎn)評：要理解教材中對電源電動(dòng)勢的含義解釋，知道電動(dòng)勢和電壓的做功和能量轉(zhuǎn)化方式的區(qū)別二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】AB物體由靜止向左勻速運(yùn)動(dòng)，所以物體在運(yùn)動(dòng)過程中受力平衡，由于物體受以地球向下的重力作用，故物體所受電場力有有豎直向上的分量，故電場力沿電場線方向向上，物體帶正電，故A正確，B錯(cuò)誤CD又電場力沿電場方向向上，故電場力有水平方向的分力，而物體在水平方向受力平衡，故物體必

15、受天花板的摩擦力作用，根據(jù)摩擦力的產(chǎn)生條件知，物體與天花板間必有彈力作用；故C錯(cuò)誤，D正確【點(diǎn)睛】知道電場方向與正電荷的受力方向相同，與負(fù)電荷的受力方向相反，這是解決本題的關(guān)鍵，能根據(jù)平衡判定物體所受彈力和摩擦力8、BC【解析】A.等量異號電荷形成的電場線和等勢面如圖所示，結(jié)合題圖中對應(yīng)的幾何關(guān)系可知，靠近負(fù)電荷，而靠近正電荷，則可知，點(diǎn)電勢一定小于點(diǎn)電勢；故A錯(cuò)誤；BC.、兩點(diǎn)是兩電荷單獨(dú)在兩點(diǎn)形成的電場強(qiáng)度的疊加，由圖3可知，兩點(diǎn)處的兩分場強(qiáng)恰好相同，故合場強(qiáng)一定相同，故B、C正確；D.由于點(diǎn)電勢一定小于點(diǎn)電勢，因電荷帶負(fù)電，根據(jù)可知電子在點(diǎn)電勢能大于在點(diǎn)的電勢能，故D錯(cuò)誤。9、BC【解析

16、】試題分析：根據(jù)W=Uq可知對UAB=1V表示：從A到B移動(dòng)1C的正電荷，電場力做功1J；或者從A到B移動(dòng)1C的負(fù)電荷，克服電場力做功1J，選項(xiàng)BC正確，AD錯(cuò)誤；故選BC.考點(diǎn)：電勢差10、BD【解析】A.S斷開時(shí)，R1與R2串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流相等可知，R1與R2的電流之比為11，A錯(cuò)誤；B.S閉合時(shí)，R1在干路上，則有干路電流等于各支路之和I1=I2+I3，R2與R3并聯(lián)，且R2=R3，所以由I2=I3，可得I1:I2=2:1，B正確；C.設(shè)AB之間的電壓為U，S斷開時(shí)，R1與R2串聯(lián)，R1兩端電壓為，S閉合時(shí)，R2與R3并聯(lián)，并聯(lián)部分電阻為，此時(shí)R1兩端的電壓為，則S斷開與閉合兩種情

17、況下，電阻R1兩端的電壓之比為7:12，C錯(cuò)誤；D.S斷開時(shí)，總電阻S閉合時(shí)所以S斷開與閉合兩種情況下，電路中的總電阻之比為12：7，D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1 歐姆調(diào)零 40.0 A1 、 A2 圖見解析 【解析】（1）1多用電表指針的偏轉(zhuǎn)角度太大，指示值太小，要使指針指在中央附近，指示值變大，根據(jù)歐姆擋讀數(shù)=指示值倍率可知，應(yīng)換用倍率小的擋位，用1擋23換擋后，要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零此段電阻絲的電阻為40.0（2）4電源的電動(dòng)勢為4.5V，則電壓表的量程（15V）過大，則可用已知內(nèi)阻的電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)作為

18、電壓表；則所選的電表是A1A2；5電路如圖；12、 【解析】待測金屬導(dǎo)線的電阻的表達(dá)式為，由于，電阻率的表達(dá)式為四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2h（2）2v0速度與x軸夾角45（3）mv0qh 【解析】（1）粒子在電場中做平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律求解加速度，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)公式，可求得P2點(diǎn)距O點(diǎn)的距離；（2）粒子從P到O的過程中電場力做正功，是類似平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理或分運(yùn)動(dòng)公式，可求得速度的大小和方向；（3）粒子沿-y方向進(jìn)入磁場時(shí)，由左手定則判斷可知粒子向右偏轉(zhuǎn)，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力

19、充當(dāng)向心力，根據(jù)牛頓第二定律可求出其軌跡半徑r，坐標(biāo)x0=2r【詳解】（1）設(shè)粒子從P1到P2的時(shí)間為t，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得：x=v0t，h=12at2根據(jù)牛頓第二定律，有：qE=ma聯(lián)立解得：x=2h（2）粒子到達(dá)P2時(shí)速度沿x方向的分量仍為v0，以v1表示速度沿y方向分量的大小，v表示速度的大小，表示速度和x軸的夾則有：v12=2ah，v=v12+v02，tan=v1v0解得：v=2v0，cos=v0v=22，所以：=45 （3）粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡是圓弧，如圖所示：設(shè)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，在洛侖茲力作用下粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，用r表示圓周的半徑由牛頓第二定律有：qvB=mv2r因?yàn)镺P2=OP3，=45，由幾何關(guān)系可知，連線P2P3為圓軌道的直徑，由幾何關(guān)系得：r=2h解得