1、 屆高三第一次質量監(jiān)測物 理（考試時間：75分鐘 滿分：l00分）一、單項選擇題：共10題，每題4分，共40分。每小題只有一個選項最符合題意。1. 某同學在起立或下蹲過程中，利用手機軟件記錄的加速度隨時間變化的圖像如圖所示。取豎直向下為正方向，則圖中描述的是（）A. 起立過程B. 下蹲過程C. 先下蹲再起立的過程D. 先起立再下蹲的過程【答案】B【解析】【詳解】由圖可知開始時加速度向下，且加速度由0增大到最大值再減小到0，此過程加速度方向一直向下，所以此過程該同學速度一直在增大方向向下，后加速變?yōu)樨撝导醇铀俣确较蜃兂上蛏?，結合前面的加速運動可知，此時該同學開始做減速運動，雖然加速度向上但是速度

2、向下，該同學仍然繼續(xù)為下蹲過程，最后靜止后加速度為0，所以由上述分析可得描述的是下蹲過程，ACD錯誤，B正確。故選B。2. “羲和號”衛(wèi)星是我國首顆太陽探測科學技術試驗衛(wèi)星。該衛(wèi)星軌道為圓軌道，通過地球南北兩極上方，離地高度517km，能夠24h持續(xù)對太陽進行觀測，則該衛(wèi)星（）A. 運行周期大于24hB. 運行速度大于第一宇宙速度C. 運行角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度D. 發(fā)射速度大于第二宇宙速度【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)萬有引力提供向心力有可得由于“羲和號”衛(wèi)星半徑小于同步衛(wèi)星的半徑，則運行周期小于同步衛(wèi)星的周期，即小于，故A錯誤；B第一宇宙速度為圍繞地球做圓周運動的最大速度，則“羲

3、和號”衛(wèi)星運行速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；C根據(jù)萬有引力提供向心力有可得由于“羲和號”衛(wèi)星半徑小于同步衛(wèi)星的半徑，則運行角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，故C正確；D衛(wèi)星沒有擺脫地球的萬有引力作用，所以發(fā)射速度小于第二宇宙速度，故D錯誤。故選C。3. 機器人大賽中，A、B兩相同機器人在同一直線上運動的位移時間（）圖像如圖所示，A的圖像為直線，B的圖像為過原點的拋物線，C、D為兩圖像的交點，機器人可看成質點，所受阻力相等，則（）A. 時刻B追上A，運動過程共相遇兩次B. 時間段內B的平均速度小于A的平均速度C. 時間段內牽引力對B做功大于對A做的功D. 時間段內B所受牽引力的沖量大于A所受牽引

4、力的沖量【答案】D【解析】【詳解】A圖像中交點表示同一時刻到達同一位置，由圖像可知，時刻追上B，時刻B追上A，故A錯誤；B由圖可知，時間段內，A和B的位移相等，則平均速度相等，故B錯誤；C圖像中圖像的斜率表示物體的速度，由圖可知，在時刻，A物體的速度大于B物體的速度，A和B的位移相等，由動能定理有，可得故C錯誤；D圖像中圖像的斜率表示物體的速度，由圖可知，物體A做勻速直線運動，物體B做加速運動，由牛頓第二定律有，可得由公式可知，時間段內B所受牽引力的沖量大于A所受牽引力的沖量，故D正確。故選D。4. 小船橫渡一條兩岸平行的河流，水流速度與河岸平行，船相對于水的速度大小不變，船頭始終垂直指向河岸

5、，小船的運動軌跡如圖虛線所示。則小船在此過程中（）A. 運動的加速度不變B. 越接近河岸速度越大C. 所受合外力先做正功后做負功D. 水流速度變化，渡河的時間也會改變【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)曲線運動的知識，軌跡向合力的方向彎曲，由軌跡圖可知，合力的方向先沿河岸向右后沿河岸向左，所以加速度方向發(fā)生變化，故A錯誤；BC小船的速度先增大后減小，所以動能先增大后減小，合外力先做正功后做負功，故B錯誤，C正確；D由于船頭始終與河岸垂直，所以渡河時間為船相對于水的速度大小不變，則渡河時間不變，故D錯誤。故選C。5. 甲、乙兩建筑工人用簡單機械裝置將工件從地面提升并運送到樓頂。如圖所示，當重物提升到

6、一定高度后，兩工人保持位置不動，甲通過緩慢釋放手中的繩子，使乙能夠用一始終水平的輕繩將工件緩慢向左拉動，最后將工件運送至乙所在位置。繩重及滑輪的摩擦不計，滑輪大小忽略不計，則工件向左移動過程中（）A. 繩子對乙的拉力不斷減小B. 繩子對甲的拉力不斷增大C. 樓頂對甲的支持力不斷增大D. 樓頂對乙的摩擦力始終大于對甲的摩擦力【答案】B【解析】【詳解】AB.設與結點和滑輪相連的一段繩子與豎直方向的夾角為，工件重力為，對結點受力分析如圖所示可得甲手中繩子拉力大小為乙手中繩子拉力大小為工件向左移動過程中，逐漸增大，可知逐漸增大，逐漸增大，由牛頓定律可知，繩子對乙拉力不斷增大，繩子對甲的拉力也不斷增大，

7、故A錯誤，B正確；C對甲進行受力分析，甲手中繩子與水平方向夾角不變，隨著繩子對甲的拉力增大，其在豎直方向上的分力也增大，樓頂對甲的支持力不斷減小，故C錯誤；D對甲進行受力分析，設甲手中繩子與豎直方向的夾角為，水平方向根據(jù)受力平衡可得對乙進行受力分析，水平方向根據(jù)受力平衡可得由于始終有，可得故D錯誤。故選B。6. 如圖所示，AB是一根半圓形絕緣細線，O點為其圓心，等量異種電荷均勻分布在細線上。P、Q是一條直徑上的兩點，點N在圓心O正下方，設無窮遠處電勢為零，則（）A. B. C. P點的場強大于Q點的場強D. 將負電荷從無窮遠處移到N點，電場力做正功【答案】A【解析】【詳解】AB把半圓形絕緣細線

8、分布的等量異種電荷看成是很多對以直線為中垂線的等量異種電荷點電荷組成，根據(jù)等量異種電荷電場分布特點可知，中垂線上點的場強方向都與中垂線垂直，由正電荷指向負電荷，故疊加后直線上的場強方向都與直線垂直向下，可知直線為等勢線，電勢等于無窮遠處電勢，即故有，故A正確，B錯誤；D由于點在等勢線下方且靠近負電荷，可知點的電勢小于零，負電荷在點的電勢能大于零，將負電荷從無窮遠處移到點，電勢能增加，電場力做負功，故D錯誤；C根據(jù)等量異種電荷電場分布特點可知，中垂線上離等量異種電荷越遠的點，電場強度越小，由于點離等量異種電荷的距離都比點離等量異種電荷的距離大，可知疊加后點的電場強度小于點的電場強度，故C錯誤。故

9、選A。7. 游樂場中一種叫“魔盤”的娛樂設施，游客坐在轉動的魔盤上，當魔盤轉速增大到一定值時，游客就會滑向盤的邊緣，其簡化結構如圖所示?，F(xiàn)魔盤穩(wěn)定勻速轉動，游客相對魔盤始終保持靜止的情況下，游客所受魔盤的支持力會減小的是（）A. 只增大游客的質量B. 只使魔盤的轉速減至另一值C. 只減小魔盤表面的粗糙程度D. 只增大游客與轉軸間的距離【答案】D【解析】【詳解】A對游客受力分析如圖，游客所受魔盤的支持力只增大游客的質量，則游客所受魔盤的支持力會增大，故A錯誤；B分別對水平和豎直方向列方程，水平方向fx-Nx=m2r豎直方向fy+Ny=mg魔盤轉速減小，游客需要的向心力減小，但必須保證豎直方向受力

10、平衡，因為重力不變，則f、N兩個力只能一個增大一個減小，結合水平方向，游客所受魔盤的支持力會增大，故B錯誤；C只減小魔盤表面的粗糙程度，游客所受魔盤的支持力不變，故C錯誤；D只增大游客與轉軸間的距離，游客需要的向心力增大，但必須保證豎直方向受力平衡，因為重力不變，則f、N兩個力只能一個增大一個減小，結合水平方向，游客所受魔盤的支持力會減小，故D正確。故選D。8. 如圖所示，質量均為m的小球和小環(huán)用長為l不可伸長的輕繩相連，小環(huán)套在光滑固定的水平細桿上，將小球拉至輕繩與桿夾角為時，由靜止釋放，下列判斷錯誤的是（）A. 小球和小環(huán)組成的系統(tǒng)，動量不守恒B. 小球向右擺到的最高點和釋放點的高度相同C

11、. 小球運動到最低點時，速度為D. 小球運動到最低點時，輕繩對環(huán)的拉力為【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)題意可知，系統(tǒng)豎直方向上合力不為零，則小球和小環(huán)組成的系統(tǒng)，動量不守恒，故A正確，不符合題意；B根據(jù)題意可知，系統(tǒng)在水平方向上合力為零，則水平方向上動量守恒，運動到最高點時，豎直方向上速度為零，水平方向速度也為零，則重力勢能與釋放點的相等，即高度相同，故B正確，不符合題意；C根據(jù)題意可知，小球運動到最低點時，設小球速度的大小為，小環(huán)速度的大小為，由動量守恒定律有由機械能守恒定律有解得故C正確；D根據(jù)題意可知，小球相對于小環(huán)的速度為由牛頓第二定律有解得故D錯誤。故選C。9. 如圖所示，在x軸上

12、坐標原點O左右兩側對稱固定安放等量的同種電荷+Q，t=0時刻在原點O左側離O較近的A點（）靜止釋放+q點電荷，以下關于點電荷的加速度a、速度v隨時間t以及點電荷所經過位置的電勢電勢能隨坐標x變化的關系圖像中，可能正確的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】根據(jù)對稱性可知，點電荷+q運動到A點關于O的對稱點時，速度減小到零，然后再返回到A點，做往復運動。A從A向O運動的過程中，加速度由最大值逐漸減小，到達O點時恰好減小到零，再向右運動是，由零增加到反向向最大值，如規(guī)定向右為正方向，如圖所示A錯誤；B從A到O的過程中，做加速度減小的加速運動，到達O點時速度恰好達到最大值，然后再做

13、減速運動，速度減小到零后再反向加速運動，B正確；C由于AO之間不勻強電場，因此圖像不是直線而是曲線，C錯誤；D點電荷運動到O點時，電勢能最小，但為正值而不是零，D錯誤。故選B。10. 如圖所示，斜面體靜置在水平面上，斜面底端固定一擋板，輕彈簧一端連接在擋板上，彈簧原長時自由端在B點。一小物塊緊靠彈簧放置，在外力作用下將彈簧壓縮至A點。物塊由靜止釋放后，恰能沿粗糙斜面上滑至最高點C，然后下滑，最終停在斜面上，斜面體始終保持靜止，則（）A. 整個運動過程中產生內能大于彈簧彈性勢能的變化量B. 物塊上滑過程速度最大的位置在下滑過程速度最大的位置的上方C. 物塊從A上滑到C過程中，地面對斜面體的摩擦力

14、方向先左再向右D. 物塊從C下滑到最低點過程中，地面對斜面體的摩擦力先不變，后增大再減小【答案】C【解析】【詳解】A根據(jù)題意可知物塊由靜止釋放后，恰能沿粗糙斜面上滑至最高點C然后下滑，說明重力沿斜面的分力大于最大靜摩擦力，所以物塊最終會停在A、B之間的某位置，物塊靜止時彈簧處于壓縮態(tài)，根據(jù)能量守恒可知，整個運動過程中減少的彈性勢能轉化為內能和物塊的重力勢能，即產生的內能小于彈簧彈性勢能的變化量，故A錯誤；B在上滑過程中加速度為零時速度最大，則有彈簧的壓縮量為下滑時解得比較可得 由此可知物塊上滑過程速度最大的位置在下滑過程速度最大的位置的下方，故B錯誤；C物塊從A上滑到C過程中，物塊的加速度先減

15、小為0，方向沿斜面向上，后反向增大再不變，方向沿斜面向下。根據(jù)牛頓第三定律斜面先有向右運動的趨勢，后有向左運動的趨勢，所以地面對斜面體的摩擦力方向先向左后向右，故C正確；D物塊從C下滑到最低點過程中，物塊的加速度先不變，后減小，然后反向增大，所以地面對斜面體的摩擦力先不變，后減小再增大，故D錯誤。故選C。二、非選擇題：共5題，共60分。其中第12題第15題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。11. 圖甲是驗證動量守恒定律的裝置，氣墊導就上安裝了l、2兩個光電門，兩滑塊上均固定一相同的豎直遮光條。（l）用游標卡

16、尺測得遮光條的寬度如圖乙所示，其讀數(shù)為_mm。（2）實驗前，接通氣源后，在導軌上輕放一個滑塊，給滑塊一初速度，使它從軌道左端向右運動，發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1的時間大于通過光電門2的時間。為使導軌水平，可調節(jié)Q使軌道右端_（選填“升高”或“降低”）一些。（3）測出滑塊A和遮光條的總質量為，滑塊B和遮光條的總質量為，遮光條的寬度用d表示。將滑塊A靜置于兩光電門之間，將滑塊B靜置于光電門2右側，推動B，使其獲得水平向左的速度，經過光電門2并與A發(fā)生碰撞且被彈回，再次經過光電門2。光電門2先后記錄的擋光時間為、，光電門1記錄的擋光時間為，則實驗中兩滑塊的質量應滿足_（選填“”、“”或“=”），滑塊B碰后

17、的速度為_。（4）實驗中遮光條寬度的測量值有誤差對驗證碰撞過程動量守恒有無影響？請說明理由。_（5）若實驗發(fā)現(xiàn)碰撞過程中機械能也守恒，則、應滿足的關系式是_。A B.C. D.【答案】 . 13.45 . 升高 . . . 無影響，詳見解析 . D【解析】【詳解】（1）120分度游標卡尺的精確值為，圖乙中讀數(shù)為 （2）2根據(jù)“發(fā)現(xiàn)滑塊通過光電門1的時間大于通過光電門2的時間”可知滑塊通過光電門1的速度小于通過光電門2的速度，滑塊做加速運動，所以1的位置較高，因此可調節(jié)Q使軌道右端升高。（3）3因為B碰撞后被彈回，根據(jù)碰撞的基本規(guī)律，B滑塊較輕，有 4滑塊碰后的速度為通過光電門的速度，即 （4）

18、5設B碰前速度大小為，碰后速度大小為，A碰后速度大小為，取水平向左為正方向，為驗證動量守恒，只需證明下面等式成立即可同時有，代入，有該等式兩邊可消去，所以實驗中遮光條寬度的測量值有誤差對驗證碰撞過程動量守恒無影響。（5）6若機械能守恒，結合動量守恒有，解得，可得 可得 可得即故選D。12. 冬奧會上，跳臺滑雪運動員從跳臺A處以某一初速度水平飛出，在空中飛行落在斜坡上B處，如圖所示。運動員在空中所受阻力的方向豎直向上，已知運動員的質量為，阻力為重力的0.2倍，重力加速度取。求運動員：（1）在空中運動過程中動量的變化量；（2）從A運動到B的過程中，重力做功的功率?！敬鸢浮浚?），方向豎直向下；（2

19、）【解析】【詳解】（1）運動員在空中受到的合力方向豎直向下，大小為根據(jù)動量定理，運動員在空中運動過程中動量的變化量為方向豎直向下。（2）運動員在空中的加速度方向豎直向下，大小為運動員在空中的下落的豎直高度為從A運動到B的過程中，重力做功為從A運動到B的過程中，重力做功的功率為13. “嫦娥五號”探測器是中國首個實施無人月面取樣的航天器，其發(fā)射的簡化過程如圖。先將探測器送入近地圓軌道，在近地點多次變軌后依次進入橢圓軌道和地月轉移軌道。被月球俘獲后，再多次變軌進入近月圓軌道。已知軌道遠地點和近地點到地心距離之此為a，探測器在軌道和軌道運行的周期之比為b，求：（1）地球和月球平均密度之比；（2）探測

20、器在軌道和軌道運行的周期之比?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）根據(jù)萬有引力提供向心力，對近地軌道運動的物體有地球的平均密度為聯(lián)立可得根據(jù)萬有引力提供向心力，對近月軌道運動物體有月球的平均密度為聯(lián)立可得地球和月球的平均密度之比（2）令地球的半徑為R，則軌道的長軸為根據(jù)開普勒第三定律解得探測器在軌道和軌道運行的周期之比14. 如圖所示，一足夠長的光滑直桿水平固定，桿上P點固定一輕質滑輪，小球A套在桿上位于P點右側，半圓形光滑細軌道豎直固定在地面上，圓心O在P點正下方，小球B套在軌道上。A、B兩球用不可伸長的柔軟輕繩跨過定滑輪連接，初始時兩球均靜止且輕繩呈伸直狀態(tài)。已知桿與水平地面的間距

21、H=0.4m，圓軌道半徑R=0.3m，A、B兩球的質量分別為、，桿和圓軌道在同一豎直面內，不計滑輪與軸間的摩擦及滑輪大小，重力加速度g取?，F(xiàn)對A球施加一水平向右的拉力，求：（1）若兩球仍保持靜止且B球對地面的壓力恰為零，拉力的大小；（2）若拉力大小恒為，當B球運動到P點正下方時，B球的速度大小v；（3）若拉力大小恒為，當兩球速度大小相等時，輕繩中的拉力大小?！敬鸢浮浚?）50N；（2）3m/s；（3）【解析】【詳解】（1）對B球進行受力分析，B球受重力，圓軌道的彈力N1，繩的拉力T1，由平衡條件，根據(jù)相似三角形得解得對A球受力分析，據(jù)平衡條件得（2）當B球運動到P點正下方時，B球沿繩方向的分速度為0，所以A球的速度大小為0，對A、B系統(tǒng)由能量守恒得解得（3）當B球運動到速度方向沿繩方向時，即繩BP恰好與圓相切，此時A、B兩球速度相等，