江山中學(xué)2023學(xué)年第一學(xué)期高二開學(xué)限時訓(xùn)練物理一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列物理量屬于矢量，且其單位用國際單位制基本單位表示正確的是（）A力：N B.電動勢：A?m C.功：kgm2/s2 D.電場強(qiáng)度：kgm/As3【答案】D【解析】【詳解】A．力是矢量，用國際單位制單位用基本單位表示為，故A錯誤；B．電動勢是標(biāo)量，用國際單位制單位用基本單位表示為，故B錯誤；C．功是標(biāo)量，用國際單位制單位用基本單位表示為，故C錯誤；D．電場強(qiáng)度是矢量，用國際單位制單位用基本單位表示為，故D正確。故選D。2.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，許多科學(xué)家做出了突出貢獻(xiàn)，下列說法不符合物理學(xué)史的是（）A.牛頓提出了萬有引力定律，開普勒通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量B.庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)D.美國物理學(xué)家密立根測出了元電荷e的數(shù)值【答案】A【解析】【詳解】A.牛頓提出了萬有引力定律，卡文迪什通過實(shí)驗(yàn)測出了萬有引力常量，故A錯誤；B.庫侖總結(jié)出了點(diǎn)電荷間相互作用的規(guī)律，故B正確；C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故C正確；D.美國物理學(xué)家密立根測出了元電荷e的數(shù)值，故D正確。本題選不符合物理學(xué)史，故選A。3.“神舟十五號”飛船和空間站“天和”核心艙成功對接后，在軌運(yùn)行如圖所示，則（）A.選地球?yàn)閰⒖枷?，“天和”是靜止的B.選地球?yàn)閰⒖枷?，“神舟十五號”是靜止的C.選“天和”為參考系，“神舟十五號”是靜止的D.選“神舟十五號”為參考系，“天和”是運(yùn)動的【答案】C【解析】【詳解】AB．“神舟十五號”飛船和空間站“天和”核心艙成功對接后，在軌繞地球做圓周運(yùn)動，選地球?yàn)閰⒖枷担叨际沁\(yùn)動的，AB錯誤；CD．“神舟十五號”飛船和空間站“天和”核心艙成功對接后，二者相對靜止，C正確，D錯誤。故選C。4.圖甲為排球課的某個場景。小睿同學(xué)將排球從A點(diǎn)水平擊出，排球飛到B點(diǎn)時，被小睿同學(xué)墊起，球向斜上方飛出后落到A點(diǎn)正下方且與B點(diǎn)等高的D點(diǎn)，排球運(yùn)動的最高點(diǎn)為C，C點(diǎn)與A點(diǎn)高度相同，不計空氣阻力，將排球飛行過程簡化為乙圖。下列說法正確的是（）

A.排球在兩次飛行過程中的時間B.排球到達(dá)B點(diǎn)的速率比離開B點(diǎn)的速率大C.排球在A點(diǎn)、C點(diǎn)兩處的動能相等D.兩次飛行過程中重力對排球做的功相等【答案】B【解析】【詳解】A．排球從A點(diǎn)到B點(diǎn)的運(yùn)動是平拋運(yùn)動，將排球由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)和由C點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)的平拋運(yùn)動比較，由得因下落高度相同，結(jié)合對稱性可知，排球從A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)是從B點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)時間的一半，故A錯誤；C．設(shè)A、C兩點(diǎn)的高度為，拋球從由A點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)和由C點(diǎn)運(yùn)動到D點(diǎn)都是平拋運(yùn)動，這兩個過程時間相等，但CD兩點(diǎn)間的水平距離小于AB兩點(diǎn)間的水平距離，根據(jù)可知排球在A點(diǎn)的速率大于經(jīng)過C點(diǎn)的速率，根據(jù)可知排球在A點(diǎn)的動能大于排球在C點(diǎn)的動能，故C錯誤；B．排球從A點(diǎn)到B點(diǎn)的過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得到達(dá)B點(diǎn)時的速率離開B點(diǎn)時的速率因?yàn)樗耘徘虻竭_(dá)B點(diǎn)的速率比離開B點(diǎn)的速率大，故B正確；D．排球從A點(diǎn)到B點(diǎn)重力做功為mgh，排球從B點(diǎn)到D點(diǎn)重力做功為零，故D錯誤。故選B。5.小明同學(xué)在“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實(shí)驗(yàn)中給一個固定電容器充電。下列描述電容器電荷量Q、電壓U、電容C之間關(guān)系的圖像中，正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】ABC．由電容定義式固定電容器的電容是確定的，與電荷量和電壓無關(guān)。A正確，BC錯誤；D．由電荷量與電壓成正比，D錯誤。故選A6.如圖所示，衛(wèi)星沿圓形軌道I環(huán)繞地球運(yùn)動，當(dāng)其運(yùn)動到M點(diǎn)時采取了一次減速制動措施，進(jìn)入橢圓軌道（II或III）。軌道I、II和III均與地球赤道面共面，變更軌道后（）A.衛(wèi)星可能沿軌道III運(yùn)動B.衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)之后速度可能大于7.9km/sC.衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時的加速度變大D.衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)動的周期變大【答案】B【解析】【詳解】A．M點(diǎn)時采取了一次減速制動措施，衛(wèi)星速度減小，衛(wèi)星將由高軌道變軌到低高度，由圖可知，相對于圓形軌道I，橢圓軌道II是低軌道，橢圓軌道III是高軌道，可知衛(wèi)星可能沿軌道II運(yùn)動，衛(wèi)星不可能沿軌道III運(yùn)動，A錯誤；B．7.9km/s是第一宇宙速度，等于近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)圖像可知，M點(diǎn)是橢圓軌道II的遠(yuǎn)地點(diǎn)，衛(wèi)星在該點(diǎn)的速度小于近地點(diǎn)的速度，相對于近地衛(wèi)星，橢圓軌道II是高軌道，由近地衛(wèi)星變軌到橢圓軌道II，需要在近地點(diǎn)加速，即橢圓軌道II近地點(diǎn)的速度大于7.9km/s，可知衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)之后速度可能大于7.9km/s，B正確；C．根據(jù)解得可知變更軌道后，衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時距離地心間距不變，則衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時的加速度也不變，C錯誤；D．根據(jù)開普勒第三定律有由于圓形軌道I的軌道半徑大于橢圓軌道II的半長軸，則圓形軌道I的周期大于橢圓軌道II的周期，即衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)動的周期變小，D錯誤。故選B。7.質(zhì)量為M的凹槽靜止在水平地面上，內(nèi)壁為光滑的半圓柱面，截面如圖所示，A為半圓的最低點(diǎn)，B為半圓水平直徑的端點(diǎn)。凹槽內(nèi)有一質(zhì)量為m的小滑塊，用力F推動小滑塊由A點(diǎn)向B點(diǎn)緩慢移動，力F的方向始終沿圓弧的切線方向，而凹槽始終靜止。在此過程中，下列說法正確的是（）A.推力F先增大后減小B.凹槽對滑塊的支持力先減小后增大C.水平地面對凹槽的摩擦力方向向右D.水平地面對凹槽的支持力一直減小【答案】D【解析】【詳解】AB．對滑塊進(jìn)行受力分析如圖所示則有，當(dāng)滑塊由A點(diǎn)向B點(diǎn)緩慢移動時，增大，可知推力F增大，凹槽對滑塊的支持力減小，故AB錯誤；C．根據(jù)上述可知，推力F與水平方向夾角為，對凹槽與滑塊整體分析可知，在推力F的作用下，凹槽與滑塊整體有向右運(yùn)動的趨勢，則水平地面對凹槽的摩擦力方向向左，故C錯誤；D．根據(jù)上述，對凹槽與滑塊整體分析有解得增大，可知水平地面對凹槽的支持力一直減小，故D正確。故選D。8.如圖所示的四幅圖表示的是有關(guān)圓周運(yùn)動的基本模型，下列說法正確的是（）A.如圖a，汽車通過拱橋的最高點(diǎn)時處于超重狀態(tài)B.圖b所示是一圓錐擺，增大θ，但保持圓錐的高度不變，則圓錐擺的角速度不變C.如圖c，同一小球在光滑而固定的圓錐筒內(nèi)的A、B位置先后做勻速圓周運(yùn)動，則在A、B兩位置小球的角速度及所受筒壁的支持力大小均相等D.如圖d，火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，內(nèi)軌對內(nèi)輪緣會有擠壓作用【答案】B【解析】【詳解】A．如圖a，汽車通過拱橋的最高點(diǎn)時具有豎直向下的向心加速度，汽車處于失重狀態(tài)，故A錯誤；B．圖b所示，設(shè)高度為h，根據(jù)牛頓第二定律有解得可知增大θ，但保持圓錐的高度不變，則圓錐擺的角速度不變，故B正確；C．設(shè)圓錐筒側(cè)壁與豎直方向的夾角為θ，所受筒壁的支持力大小為根據(jù)牛頓第二定律解得可知A、B兩位置小球的軌道半徑不相同，可知A、B兩位置小球的角速度不相等，故C錯誤；D．火車轉(zhuǎn)彎超過規(guī)定速度行駛時，圓周運(yùn)動所需要的向心力增大，大于重力和支持力的合力，有向外運(yùn)動的趨勢，則外軌對輪緣會有擠壓的作用，故D錯誤。故選B。9.圖為“玉兔二號”巡視器在月球上從O處行走到B處的照片，軌跡OA段是直線，AB段是曲線，巡視器質(zhì)量為135kg，則巡視器（）A.受到月球的引力為1350N B.在AB段運(yùn)動時一定有加速度C.OA段與AB段的平均速度方向相同 D.從O到B的位移大小等于OAB軌跡長度【答案】B【解析】【詳解】A．在月球上的g與地球不同，故質(zhì)量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯誤；B．由于在AB段運(yùn)動時做曲線運(yùn)動，速度方向一定改變，一定有加速度，故B正確；C．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，故C錯誤；D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長度，故D錯誤。故選B。10.在如圖所示的各電場中，a、b兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【分析】【詳解】AB．A圖和B圖中的ab兩點(diǎn)的電場的方向不同，場強(qiáng)大小相等，所以兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同。故AB錯誤；C．C圖中ab兩點(diǎn)，b點(diǎn)的電場線比較密，所以b點(diǎn)的場強(qiáng)大。故C錯誤；D．D圖中的兩點(diǎn)所在的電場為勻強(qiáng)電場，兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，場強(qiáng)相同，故D正確；故選D。【點(diǎn)睛】11.如圖所示，直線Ⅰ、Ⅱ分別是電源1與電源2的路端電壓隨輸出電流變化的特性圖線，曲線Ⅲ是一個小燈泡的伏安特性曲線，曲線Ⅲ與直線Ⅰ、Ⅱ相交點(diǎn)的坐標(biāo)分別為P（5，3.5）、Q（6，5）。如果把該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接，則下列說法正確的是（）A.電源1與電源2的內(nèi)阻之比是3∶2B.電源1與電源2的電動勢之比是3∶2C.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是1∶2D.在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是7∶10【答案】A【解析】【詳解】AB．電源1與電源2的電動勢為圖線的縱軸截距，即電源1與電源2的內(nèi)阻為圖線的斜率大小，即故A正確，B錯誤；C．該小燈泡分別與電源1、電源2單獨(dú)連接時，其圖線的交點(diǎn)即為電路中干路電流和路端電壓，有所以在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡的電阻之比是故C錯誤；D．根據(jù)可得在這兩種連接狀態(tài)下，小燈泡消耗的功率之比是故D錯誤。故選A。12.如圖所示，在真空中有兩個固定的等量異種點(diǎn)電荷+Q和。直線MN是兩點(diǎn)電荷連線的中垂線，O是兩點(diǎn)電荷連線與直線MN的交點(diǎn)。a、b是兩點(diǎn)電荷連線上關(guān)于O的對稱點(diǎn)，c、d是直線MN上的兩個點(diǎn)。下列說法中正確的是（）A.a點(diǎn)的場強(qiáng)大于b點(diǎn)的場強(qiáng)；將一檢驗(yàn)電荷沿MN由c移動到d，所受電場力先增大后減小B.a點(diǎn)的場強(qiáng)小于b點(diǎn)的場強(qiáng)；將一檢驗(yàn)電荷沿MN由c移動到d，所受電場力先減小后增大C.a點(diǎn)的場強(qiáng)等于b點(diǎn)的場強(qiáng)；將一檢驗(yàn)電荷沿MN由c移動到d，所受電場力先增大后減小D.a點(diǎn)的場強(qiáng)等于b點(diǎn)的場強(qiáng)；將一檢驗(yàn)電荷沿MN由c移動到d，所受電場力先減小后增大【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)等量異種電荷周圍的電場分布，a點(diǎn)的場強(qiáng)等于b點(diǎn)的場強(qiáng)。MN為一條等勢線，MN上O點(diǎn)場強(qiáng)最大，向兩邊逐漸減小，故檢驗(yàn)電荷在O點(diǎn)受到的電場力最大。一檢驗(yàn)電荷沿MN由c移動到d，所受電場力先增大后減小。故C正確，ABD錯誤。故選C。13.如圖，在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中，將兩個帶正電的檢驗(yàn)電荷q1、q2分別置于A、B兩點(diǎn)，虛線為等勢線．取無窮遠(yuǎn)處為零電勢點(diǎn)，若將q1、q2移動到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場力做的功相等，則（）A.q1在A點(diǎn)的電勢能大于q2在B點(diǎn)的電勢能B.q1在A點(diǎn)的電勢能小于q2在B點(diǎn)的電勢能C.q1的電荷量小于q2的電荷量D.q1的電荷量大于q2的電荷量【答案】D【解析】【分析】由題，將q1、q2移動到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場力做的功，說明Q對q1、q2存在引力作用，則知Q帶負(fù)電，電場線方向從無窮遠(yuǎn)到Q，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系，分析得知q1在A點(diǎn)的電勢能等于q2在B點(diǎn)的電勢能．B點(diǎn)的電勢較高．由W=qU分析q1的電荷量與q2的電荷量的關(guān)系．【詳解】將q1、q2移動到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場力做的功，則知Q對q1、q2存在引力作用，Q帶負(fù)電，電場線方向從無窮遠(yuǎn)指向Q，所以A點(diǎn)電勢高于B點(diǎn)電勢；A與無窮遠(yuǎn)處間的電勢差小于B與無窮遠(yuǎn)處間的電勢差；由于外力克服電場力做的功相等，則由功能關(guān)系知，q1在A點(diǎn)的電勢能等于q2在B點(diǎn)的電勢能；由W=qU得知，q1的電荷量大于q2的電荷量．故D正確．故選D．二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.如圖，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，選地面的電勢為零，當(dāng)滑動變阻器R4的滑片向b端移動時，下列說法正確的是（）A電壓表讀數(shù)減小B.小球的電勢能減小C.電源的效率變高D.若電壓表、電流表的示數(shù)變化量分別為和，則【答案】AD【解析】【詳解】A項：由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串連接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當(dāng)滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；所以并聯(lián)部分的電壓減小，故A正確；B項：由A項分析可知并聯(lián)部分的電壓減小，即平行金屬板兩端電壓減小，根據(jù)，平行金屬板間的場強(qiáng)減小，小球?qū)⑾蛳逻\(yùn)動，由于下板接地即下板電勢為0，由帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)可知，小球帶負(fù)電，根據(jù)負(fù)電荷在電勢低的地方電勢能大，所以小球的電勢能增大，故B錯誤；C項：電源的效率：,由A分析可知，路端電壓減小，所以電源的效率變低，故C錯誤；D項：將R1和電源等效為一個新的電源，新電源的內(nèi)阻為r+R1，電壓表測的為新電源的路端電壓，如果電流表測的也為總電流，則,由A分析可知，由于總電流增大，并聯(lián)部分的電壓減小，所以R3中的電流減小，則IA增大，所以，所以，故D正確．點(diǎn)晴：解決本題關(guān)鍵理解電路動態(tài)分析的步驟：先判斷可變電阻的變化情況，根據(jù)變化情況由閉合電路歐姆定律確定總電流的變化情況，再確定路端電壓的變化情況，最后根據(jù)電路的連接特點(diǎn)綜合部分電路歐姆定律進(jìn)行處理．15.如圖所示，虛線a、b、c代表某一電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，實(shí)線為一帶正電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運(yùn)動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點(diǎn)，其中R在等勢面b上．下列判斷正確的是()A.三個等勢面中，c的電勢最低B.帶電粒子在P點(diǎn)的電勢能比在Q點(diǎn)的大C.帶電粒子在P點(diǎn)的動能與電勢能之和比在Q點(diǎn)的小D.帶電粒子在R點(diǎn)的加速度方向垂直于等勢面b【答案】ABD【解析】【詳解】帶電粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，電場線與等勢面垂直，且由于帶電粒子帶正電，因此電場線指向右下方，根據(jù)沿電場線電勢降低，可知a等勢線的電勢最高，c等勢線的電勢最低，故A正確；根據(jù)帶電粒子受力情況可知，若粒子從P到Q過程，電場力做正功，動能增大，電勢能減小，故帶電粒子在P點(diǎn)具有的電勢能比在Q點(diǎn)具有的電勢能大，故B正確；只有電場力做功，所以帶電粒子在P點(diǎn)的動能與電勢能之和與在Q點(diǎn)的相等，故C錯誤；電場的方向總是與等勢面垂直，所以R點(diǎn)的電場線的方向與該處的等勢面垂直，而帶正電粒子受到的電場力的方向與電場線的方向相同，加速度的方向又與受力的方向相同，所以帶電粒子在R點(diǎn)的加速度方向垂直于等勢面b．故D正確．三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。

（1）需要的實(shí)驗(yàn)操作有____________A．調(diào)節(jié)滑輪使細(xì)線與軌道平行B．傾斜軌道以補(bǔ)償阻力C．小車靠近打點(diǎn)計時器靜止釋放D．先接通電源再釋放小車（2）經(jīng)正確操作后打出一條紙帶，截取其中一段如圖乙所示。選取連續(xù)打出的點(diǎn)0、1、2，3、4為計數(shù)點(diǎn)，則計數(shù)點(diǎn)1的讀數(shù)為____________。已知打點(diǎn)計時器所用交流電源的頻率為，則打計數(shù)點(diǎn)2時小車的速度大小為____________（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（3）用圖甲所示裝置做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中細(xì)線拉力大小近似等于重物所受重力大小，則實(shí)驗(yàn)中重物應(yīng)選用下圖中的__________（選填“A”、“B”或“C”）。A.B.C.【答案】①.ACD②.2.75③.1.48④.C【解析】【詳解】（1）[1]A．實(shí)驗(yàn)需要調(diào)節(jié)滑輪使細(xì)線與軌道平行，選項A正確；B．該實(shí)驗(yàn)只要使得小車加速運(yùn)動即可，不需要傾斜軌道補(bǔ)償阻力，選項B錯誤；C．為了充分利用紙帶，則小車靠近打點(diǎn)計時器靜止釋放，選項C正確；D．先接通電源再釋放小車，選項D正確。故選ACD。（2）[2][3]打計數(shù)點(diǎn)2時小車的速度為1、3之間的平均速度；由圖可知計數(shù)點(diǎn)1的讀數(shù)為2.75cm，計數(shù)點(diǎn)3的讀數(shù)為8.65cm；已知打點(diǎn)計時器所用交流電源的頻率為50Hz，則打點(diǎn)周期T=0.02s，則打計數(shù)點(diǎn)2時小車的速度大小為（3）[4]實(shí)驗(yàn)中細(xì)線拉力大小近似等于重物所受重力大小，則需要滿足重物的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故實(shí)驗(yàn)中重物應(yīng)選用圖中的C。故選C。17.在“測量干電池的電動勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中（1）部分連線如圖1所示，導(dǎo)線a端應(yīng)連接到________（選填“A”、“B”、“C”或“D”）接線柱上。正確連接后，某次測量中電壓表指針位置如圖2所示，其示數(shù)為________V。（2）測得的7組數(shù)據(jù)已標(biāo)在如圖3所示坐標(biāo)系上，用作圖法求干電池的電動勢________V和內(nèi)阻________Ω。（計算結(jié)果均保留兩位小數(shù)）【答案】①.B②.1.20③.1.50④.1.04【解析】【詳解】（1）[1]電壓表測量的電壓應(yīng)為路端電壓，開關(guān)應(yīng)能控制電路，所以導(dǎo)線a端應(yīng)連接到B處；[2]干電池電動勢約為1.5V，電壓表選擇量程，分度值為0.1V，題圖中電壓表讀數(shù)為1.20V；（2）[3][4]作出如圖所示根據(jù)閉合電路歐姆定律可知圖像縱軸截距為電源電動勢可得圖像斜率的絕對值等于電源內(nèi)阻18.如圖所示，A、B、C、D是水平直線上的4個點(diǎn)，相鄰兩點(diǎn)間距均為r。在A點(diǎn)和B點(diǎn)放有電荷量均為Q的正點(diǎn)電荷。求:（1）兩電荷間的庫侖力大??；（2）A、B兩處點(diǎn)電荷在C點(diǎn)的合場強(qiáng);（3）要使C點(diǎn)的電場強(qiáng)度為0，則在D點(diǎn)放置一個怎樣的點(diǎn)電荷？【答案】（1）；（2），方向水平向右；（3）放正點(diǎn)電荷，且【解析】【詳解】（1）庫侖力大小（2）A處點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為B處點(diǎn)電荷在C點(diǎn)產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為A、B兩處點(diǎn)電荷在C點(diǎn)的合場強(qiáng)為方向水平向右（3）根據(jù)點(diǎn)電荷周圍的電場分布及電場的疊加原理可知，C點(diǎn)的合場強(qiáng)方向?yàn)樗较蛴?。要使C點(diǎn)場強(qiáng)為零，D點(diǎn)只能放正點(diǎn)電荷。且所以19.如圖所示，運(yùn)動員以的速度將冰壺沿水平冰面投出，冰壺在冰面上沿直線滑行后，其隊友開始在冰壺滑行前方摩擦冰面，使冰壺和冰面的動摩擦因數(shù)變?yōu)樵瓉淼?0%，以延長冰壺的滑行距離。已知運(yùn)動員不摩擦冰面時，冰壺和冰面間的動摩擦因數(shù)。求此冰壺：（1）滑行過程中的加速度大??；（2）滑至處的速度大小；（3）投出后在冰面上滑行的距離x?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）冰壺自由滑行過程根據(jù)牛頓第二定律有代入數(shù)據(jù)解得（2）自由滑行時冰壺做勻減速運(yùn)動，根據(jù)位移速度關(guān)系有解得（3）摩擦冰面后根據(jù)牛頓第二定律有解得冰壺還能滑行的距離投出后在冰面上滑行的距離20.在一柱形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)電場，柱的橫截面是以為圓心、半徑為的圓，為圓的直徑，如圖所示，質(zhì)量為，電荷量為的帶電粒子在紙面內(nèi)自A點(diǎn)先后以不同的速度進(jìn)入電場，