高考物理整體法隔離法解決物理試題各地方試卷集合匯編及解析一、整體法隔離法解決物理試題1．如圖所示，傾角為θ的斜面A固定在水平地面上，質量為M的斜劈B置于斜面A上，質量為m的物塊C置于斜劈B上，A、B、C均處于靜止狀態(tài)，重力加速度為g．下列說法錯誤的是()A．BC整體受到的合力為零B．斜面A受到斜劈B的作用力大小為Mgcosθ+mgC．斜劈B受到斜面A的摩擦力方向沿斜面A向上D．物塊C受到斜劈B的摩擦力大小為mgcosθ【答案】B【解析】【分析】【詳解】A、斜劈B和物塊C整體處于平衡狀態(tài)，則整體受到的合力大小為0，A正確．B、對B、C組成的整體進行受力分析可知，A對B的作用力與B、C受到的重力大小相等，方向相反．所以A對B的作用力大小為Mg+mg，根據牛頓第三定律可知，斜面A受到斜劈B的作用力大小為Mg+mg，故B錯誤．C、根據B和C的整體平衡可知A對B的靜摩擦力沿斜面向上，大小等于兩重力的下滑分力，C正確．D、C受到B對C的摩擦力為mgcosθ，方向垂直斜面A向上，D正確．本題選錯誤的故選B．【點睛】若一個系統(tǒng)中涉及兩個或者兩個以上物體的問題，在選取研究對象時，要靈活運用整體法和隔離法．對于多物體問題，如果不求物體間的相互作用力，我們優(yōu)先采用整體法，這樣涉及的研究對象少，未知量少，方程少，求解簡便；很多情況下，通常采用整體法和隔離法相結合的方法．2．在如圖所示的電路中，當開關S閉合后，電壓表有示數，調節(jié)可變電阻R的阻值，使電壓表的示數增大ΔU，則()A．可變電阻R被調到較小的阻值B．電阻R2兩端的電壓減小，減小量等于ΔUC．通過電阻R2的電流減小，減小量小于D．通過電阻R2的電流減小，減小量等于【答案】C【解析】【詳解】A.由題意知，要使電壓表的示數增大，則需電阻R和R1并聯(lián)后的總電阻增大，則需將可變電阻R增大，即可變電阻R被調到較大的阻值，故A項不合題意；BCD.當R增大時，外電阻增大，干路電流減小，電阻R2兩端的電壓減小，且路端電壓增大，所以電阻R2兩端的電壓減小量小于ΔU，由歐姆定律知，通過電阻R2的電流也減小，減小量小于，故B項不合題意、D項不合題意，C項符合題意．3．如圖A、B、C為三個完全相同的物體，當水平力F作用于A上，三物體一起向右勻速運動；某時撤去力F后，三物體仍一起向右運動，設此時A、B間摩擦力為f，B、C間作用力為FN。整個過程三物體無相對滑動，下列判斷正確的是①f=0②f≠0③FN=0④FN≠0A．②③B．①④C．①③D．②④【答案】A【解析】【詳解】開始三個物體在拉力F的作用下一起向右做勻速運動，可知地面對B、C總的摩擦力f′=F，B受地面的摩擦力為F，C受地面的摩擦力為F；撤去F后，B、C受地面的摩擦力不變，由牛頓第二定律可知，aB==，aC==，B、C以相同的加速度向右做勻減速運動，B、C間作用力FN=0，故③正確。分析A、B，撤去F后，整個過程三物體無相對滑動，則A與B加速度相同，B對A有向左的摩擦力f=maB=，故②正確。故選：A4．如圖所示，水平地面上有一楔形物塊a，其斜面上有一小物塊b，b與平行于斜面的細繩的一端相連，細繩的另一端固定在斜面上.a與b之間光滑，a和b以共同速度在地面軌道的光滑段向左運動.當它們剛運行至軌道的粗糙段時可能正確的是A．繩的張力減小，斜面對b的支持力不變B．繩的張力增加，斜面對b的支持力減小C．繩的張力減小，地面對a的支持力不變D．繩的張力增加，地面對a的支持力減小【答案】C【解析】【詳解】在光滑段運動時，物塊a及物塊b均處于平衡狀態(tài)，對a、b整體受力分析，受重力和支持力，二力平衡；對b受力分析，如圖，受重力、支持力、繩子的拉力，根據共點力平衡條件，有Fcosθ-FNsinθ=0①；Fsinθ+FNcosθ-mg=0②；由①②兩式解得：F=mgsinθ，F(xiàn)N=mgcosθ；當它們剛運行至軌道的粗糙段時，減速滑行，系統(tǒng)有水平向右的加速度，此時有兩種可能；①物塊a、b仍相對靜止，豎直方向加速度為零，由牛頓第二定律得到：Fsinθ+FNcosθ-mg=0③；FNsinθ-Fcosθ=ma④；由③④兩式解得：F=mgsinθ-macosθ，F(xiàn)N=mgcosθ+masinθ；即繩的張力F將減小，而a對b的支持力變大；再對a、b整體受力分析豎直方向重力和支持力平衡，水平方向只受摩擦力，重力和支持力二力平衡，故地面對a支持力不變.②物塊b相對于a向上滑動，繩的張力顯然減小為零，物體具有向上的分加速度，是超重，支持力的豎直分力大于重力，因此a對b的支持力增大，斜面體和滑塊整體具有向上的加速度，也是超重，故地面對a的支持力也增大.綜合上述討論，結論應該為：繩子拉力一定減??；地面對a的支持力可能增加或不變；a對b的支持力一定增加；故A，B，D錯誤，C正確.故選C.5．最近，不少人喜歡踩著一種獨輪車，穿梭街頭，這種獨輪車全名叫電動平衡獨輪車，其中間是一個窄窄的輪子，兩側各有一塊踏板，當人站在踏板上向右運動時，可簡化為如圖甲、乙所示的模型。關于人在運動中踏板對人腳的摩擦力，下列說法正確的是（）A．考慮空氣阻力，當人以如圖甲所示的狀態(tài)向右勻速運動時，腳所受摩擦力向左B．不計空氣阻力，當人以如圖甲所示的狀態(tài)向右加速運動時，腳所受摩擦力向左C．考慮空氣阻力，當人以如圖乙所示的狀態(tài)向右勻速運動時，腳所受摩擦力可能為零D．不計空氣阻力，當人以如圖乙所示的狀態(tài)向右加速運動時，腳所受摩擦力不可能為零【答案】C【解析】【詳解】A．考慮空氣阻力，當人處如圖甲所示的狀態(tài)向右勻速運動時，根據平衡條件，則腳所受摩擦力為右，故A錯誤；B．不計空氣阻力，當人處如圖甲所示的狀態(tài)向右加速運動時，合力向右，即腳所受摩擦力向右，故B錯誤；C．當考慮空氣阻力，當人處如圖乙所示的狀態(tài)向右勻速運動時，根據平衡條件，則重力、支持力與空氣阻力處于平衡，則腳所受摩擦力可能為零，故C正確；D．當不計空氣阻力，當人處如圖乙所示的狀態(tài)向右加速運動時，根據牛頓第二定律，腳受到的重力與支持力提供加速度，那么腳所受摩擦力可能為零，故D錯誤。故選C?！军c睛】此題考查根據不同的運動狀態(tài)來分析腳受到力的情況，掌握物體的平衡條件以及加速度與合外力的關系，注意人水平方向向右運動時空氣阻力的方向是水平向左的。6．如圖所示電路中，電源內阻不能忽略．閉合開關S后，調節(jié)R的阻值，使電壓表示數增大ΔU，在此過程中有()A．R2兩端電壓減小ΔUB．通過R1的電流增大C．通過R2的電流減小量大于D．路端電壓增大量為ΔU【答案】B【解析】【詳解】A.因電壓表示數增大，可知并聯(lián)部分的總電阻增大，則整個電路總電阻增大，總電流減小，R2兩端電壓減小，電源內阻分擔電壓減小，路端電壓增大，所以R2兩端電壓減小量小于ΔU，故A項不合題意.B.電壓表示數增大ΔU，R1是定值電阻，根據歐姆定律可知通過R1的電流增大量等于，故B項符合題意．CD.因R2兩端電壓減小量小于ΔU，有通過R2的電流減小量小于；由于R2兩端電壓減小，則知路端電壓增大量小于ΔU，故C項不合題意，D項不合題意．7．在如圖所示的電路中，已知電源的電動勢E＝5V，內阻不計，R1＝8Ω，R2＝2Ω，R3＝5Ω，R＝6Ω，滑動變阻器的最大阻值R4＝20Ω，電容器電容C＝2μF，不計電表內阻的影響，閉合開關，在滑片從a端滑到b端的過程中，下列說法中正確的是()A．電流表的示數變大B．電壓表的示數變大C．電源的總功率變大D．電容器先放電后充電【答案】D【解析】A、C、當P從a滑到b時，電路總電阻變大，總電流變小，電流表的示數變小，電源的總功率變小A、C錯誤；B、總電流變小，R1、R2支路的電流不變，通過R3的電流變小，故電壓表示數變小，B正確；D、當P在a端時電容器與R2并聯(lián)，電容器兩端電壓UC1＝1V，上極板帶正電；當P在b端時，電容器兩端電壓UC2＝3V，上極板帶負電，所以電容器先放電后充電，D正確．故選BD.【點睛】本題考查閉合電路歐姆定律中的含容電路；要注意當無法明確電容器的串并聯(lián)關系時則應先求出兩端的電勢，再求出兩端的電勢差即可求解．8．如圖所示，一個物體恰能在斜面體上沿斜面勻速下滑，可以證明出此時斜面不受地面的摩擦力作用，若沿斜面方向用力F向下推此物體，使物體加速下滑，斜面依然保持靜止，則斜面受地面的摩擦力是()A．大小為零 B．方向水平向右C．方向水平向左 D．無法判斷大小和方向【答案】A【解析】【詳解】對斜面體進行受力分析如下圖所示：開始做勻速下滑知壓力與摩擦力在水平方向上的分力相等，當用力向下推此物體，使物體加速下滑，雖然壓力和摩擦力發(fā)生了變化，但摩擦力f始終等于。知兩力在水平方向上的分力始終相等，所以斜面受地面的摩擦力仍然為零。A．斜面受地面的摩擦力大小為零，與分析結果相符，故A正確；B．斜面受地面的摩擦力方向水平向右，與分析結果不符，故B錯誤；C．斜面受地面的摩擦力方向水平向左，與分析結果不符，故C錯誤；D．綜上分析，可知D錯誤。9．如圖所示，電源電動勢為，內電阻為，、是兩個小燈泡，是滑動變阻器，V1、V2可視為理想電壓表．閉合開關，將滑動變阻器的滑動片由最左端向最右端滑動，小燈泡的阻值可視為不變，下列說法正確的是（）A．小燈泡變暗，V1表的示數變小，V2表的示數變大B．小燈泡變亮，V1表的示數變大，V2表的示數變小C．小燈泡變暗，V1表的示數變小，V2表的示數變大D．小燈泡變亮，V1表的示數變大，V2表的示數變大【答案】D【解析】將滑動變阻器的觸片由左端向右滑動時，變阻器接入電路的電阻變大，變阻器與燈泡L2并聯(lián)的電阻變大，外電路總電阻增大，則路端電壓隨之增大，即V1表的讀數變大．由閉合電路歐姆定律可知，流過電源的電流減小，燈泡L1變暗，電壓表V2讀數變?。疅襞軱2的電壓U2=E-I(r+RL1)增大，I減小，則U2增大，燈泡L2變亮．故D正確．故選D．【點睛】本題是電路中動態(tài)分析問題．對于路端電壓可以直接根據路端電壓隨外電阻增大而增大，減小而減小判斷．10．如圖所示，質量為m的物體放在斜面體上，在斜面體以加速度a水平向右做勻加速直線運動的過程中，物體始終與斜面體保持相對靜止，則斜面體對物體的摩擦力Ff和支持力FN分別為（重力加速度為g）()A．Ff＝m（gsinθ＋acosθ）FN＝m（gcosθ－asinθ）B．Ff＝m（gsinθ＋acosθ）FN=m（gcosθ－acosθ）C．Ff＝m（acosθ－gsinθ）FN=m（gcosθ＋asinθ）D．Ff＝m（acosθ－gsinθ）FN＝m（gcosθ－acosθ）【答案】A【解析】對物體受力分析，受重力、支持力、摩擦力（沿斜面向上），向右勻加速，故合力大小為ma，方向水平向右；采用正交分解法，在平行斜面方向，有：Ff-mgsinθ=macosθ，在垂直斜面方向，有：mgcosθ-FN=masinθ，聯(lián)立解得：Ff=m(gsinθ+acosθ)，F(xiàn)N=m(gcosθ-asinθ)；故A正確，B,C,D錯誤；故選A.【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，抓住物體與斜面的加速度相等，結合牛頓第二定律進行求解．11．如圖所示，一根長度為2L、質量為m的繩子掛在定滑輪的兩側，左右兩邊繩子的長度相等．繩子的質量分布均勻，滑輪的質量和大小均忽略不計，不計一切摩擦．由于輕微擾動，右側繩從靜止開始豎直下降，當它向下運動的位移為x時，加速度大小為a，滑輪對天花板的拉力為T。已知重力加速度大小為g，下列a﹣x、T﹣x關系圖線正確的是（）A．B．C．D．【答案】AD【解析】【詳解】設單位長度上質量為m0，則根據受力分析知：，加速度與x成正比，當x=L時，加速度a=g，以后不變，故A正確，B錯誤；選取左邊部分受力分析，知：F=ma+mg=（L﹣x）m0?g+（L﹣x）m0g=﹣x2+2m0gL，故C錯誤，D正確；故選AD?！军c睛】此題考查受力分析和牛頓運動定律的應用，注意研究對象的選取，不過不涉及內力，選擇整體作為研究對象要簡單的多.12．如圖所示，小車的質量為M，人的質量為m，人用恒力F拉繩，若人與車保持相對靜止，且地面為光滑的，又不計滑輪與繩的質量，則車對人的摩擦力可能是（）A．()F，方向向左 B．()F，方向向右C．()F，方向向左 D．()F，方向向右【答案】CD【解析】【分析】【詳解】取人和小車為一整體，由牛頓第二定律得：2F＝(M＋m)a設車對人的摩擦力大小為Ff，方向水平向右，則對人由牛頓第二定律得：F－Ff＝ma，解得：Ff＝F如果M>m，F(xiàn)f＝F，方向向右，D正確．如果M<m，F(xiàn)f＝－F，負號表示方向水平向左，C正確，B錯誤13．在如圖所示電路中，閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，四個理想電表的示數都發(fā)生變化，電表的示數分別用I、U1、U2和U3表示，電表示數變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示．下列比值正確的是A．△U1>△U2,△U2>△U3B．U1:I不變,△U1:△I不變C．U2:I變大,△U2:△I變大D．U3:I變大,△U3:△I不變【答案】BD【解析】A、當滑動變阻器的滑動觸頭P向下滑動時，接入電路的電阻增大，電路中電流的減小，根據串聯(lián)電路的特點可知，R1的電壓減小，R2的電壓增加．電源的內電壓減小，則路端電壓增大，因為U1+U2=U3，所以R1的電壓減小量小于R2的電壓增加量，即有：|△U1|＜|△U2|，且有|△U2|＞|△U3|．故A錯誤．B、由于R1是定值電阻，根據歐姆定律得知，保持不變，故B正確．C、，變大．根據閉合電路歐姆定律知：U2=E-I(R1+r)，則得，保持不變，故C錯誤．D、,變大；根據閉合電路歐姆定律得：U3=E-Ir，保持不變．故D正確．故選BD．【點睛】本題要注意對于定值電阻，是線性元件，有，而變阻器是非線性元件，r.14．如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對金屬板，R1為光敏電阻，電阻隨光強的增大而減?。擱2的滑動觸頭P在a端時，閉合開關S，此時電流表A和電壓表V的示數分別為I和U.以下說法正確的是A．若僅將R2的滑動觸頭P向b端移動，則I不變，U不變B．若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量不變C．若僅用更強的光照射R1，則I增大，U減小，電容器所帶電荷量減小D．若僅用更強的光照射R1，則U變化量的絕對值與I變化量的絕對值的比值不變【答案】ACD【解析】【分析】本題考查含容電路的動態(tài)分析問題?！驹斀狻緼.若僅將的滑動觸頭P向b端移動，所在支路有電容器，被斷路，則I、U保持不變。故A正確。B.根據，若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少。故B錯誤。C.若僅用更強的光照射R1，電阻隨光強的增大而減小，則I增大，U應當減少，電荷量減少。故C正確。