1、2015年廣東省湛江市遂溪一中高考物理沖刺試卷（一）一、單項(xiàng)選擇題1 .首次用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證 愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程”的核反應(yīng)方程是： 錯(cuò)誤！未指定書簽。Li+錯(cuò)誤！未指定書簽。HRK錯(cuò)誤！未指定書簽。He,已知mu=7.0160u, m*1.0078u, mHe=4.0026u,則該核反應(yīng)方程中的 K值和質(zhì)量虧損分別是（）A. 1 和 4.0212u B, 1 和 2.0056u C. 2 和 0.0186u D, 2 和 1.9970U2 .在探究超重和失重規(guī)律時(shí)，某體重為G的同學(xué)站在一壓力傳感器上完成一次下蹲動(dòng)作.傳感器和計(jì)算機(jī)相連，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后得到壓力F隨時(shí)間t變化的圖象，則下列圖象中可能正確的

2、是（）A.錯(cuò)誤！未指定書簽。B.錯(cuò)誤！未指定書簽。C.錯(cuò)誤！未指定書簽。 D.錯(cuò)誤！未指定書簽。3 .我國(guó) 玉兔號(hào)”月球車被順利送抵月球表面，并發(fā)回大量圖片和信息.若該月球車在地球表面的 重力為G1 ,在月球表面的重力為 G2.已知地球半徑為R1,月球半徑為R2,地球表面處的重力加速 度為g,則（）A.玉兔號(hào)”月球車在地球表面與月球表面質(zhì)量之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。B .地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。C.地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。D.地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。4 .如圖A、C是以正點(diǎn)電荷Q為圓心的某一

3、圓周上的兩點(diǎn)，B是線段AC的中點(diǎn).現(xiàn)將一正電荷從 A經(jīng)B移到C,則（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A .從A到C,電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直做正功B.從A到C,電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直不做功C.該電荷在A、B、C三點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大小關(guān)系是名吸=比D.該電荷在A、B、C三點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力的大小關(guān)系是FbFa=Fc二、雙項(xiàng)選擇題5.下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)兩分子間距離增大時(shí)，分子力一定減小而分子勢(shì)能一定增加C.熱量不會(huì)自動(dòng)地從低溫物體傳給高溫物體而不引起其他變化D.夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣（可看成理想氣體 ）的內(nèi)能減小，外界對(duì)其做功同時(shí)向外放熱6

4、.如圖為遠(yuǎn)距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線總 電阻為R,則（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A. 12二錯(cuò)誤！未指定書簽。B. 12V錯(cuò)誤！未指定書簽。C.用戶得到的電功率與電廠輸出的電功率相等D.用戶得到的交變電流的頻率與電廠輸出交變電流的頻率相等7 .如圖所示，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形abcd區(qū)域內(nèi)，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn).一個(gè)帶正電的粒子僅在磁場(chǎng)力的作用下，從 O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間 to剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng).現(xiàn)設(shè)法使該帶電粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形內(nèi)，那么下列說(shuō)法中正確的

5、是（） 錯(cuò)誤！未指定書簽。A.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是B.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是C.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是錯(cuò)誤！未指定書簽。to，則它一定從ad邊射出磁場(chǎng) 錯(cuò)誤！未指定書簽。to,則它一定從cd邊射出磁場(chǎng) 錯(cuò)誤！未指定書簽。to,則它一定從bc邊射出磁場(chǎng)D.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是to，則它一定從ab邊射出磁場(chǎng)8 .鋰電池因能量高、環(huán)保、無(wú)污染而廣泛使用在手機(jī)等電子產(chǎn)品中.現(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U,輸出電流為I,手機(jī)電池的內(nèi)阻為r,下列說(shuō)法正確的是（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A.電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為UIB.充電器

6、輸出的電功率為UIC.電池產(chǎn)生的熱功率為12rD.充電器的充電效率為 錯(cuò)誤！未指定書簽。X100%9 .如圖（甲）所示，勁度系數(shù)為 k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為 m的小球,從離彈簧上端高h(yuǎn)處自由下落.若以小球開始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下建立一坐標(biāo)軸Ox,小球的速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖（乙）所示.其中 OA段為直線，切于A點(diǎn)的曲線AB和BC都是 平滑的曲線，則關(guān)于 A、B、C三點(diǎn)對(duì)應(yīng)的x坐標(biāo)及加速度大小，下列說(shuō)法正確的是（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A. xA=h , aA=0 B. xA=h, aA=gC. xB=h+錯(cuò)誤！未指定書簽。 ，aB=0D . xc=h+錯(cuò)誤！

7、未指定書簽。，ac=0三、試驗(yàn)題10 .完成以下驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)主要步驟：如圖甲，用兩只彈簧測(cè)力計(jì)分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)，記下結(jié)點(diǎn)O點(diǎn)的位置、兩彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)Fi、F2以及.如圖乙，用一只彈簧測(cè)力計(jì)鉤住細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到 ,記下細(xì)繩套的方向（如圖丙中的c）,讀得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù) F=.如圖丙，按選定的標(biāo)度作出了力Fi、F2的圖示，請(qǐng)?jiān)趫D丙中：a.按同樣的標(biāo)度作出力 F的圖示b.按力的平行四邊形定則作出 Fi、F2的合力F'錯(cuò)誤！未指定書簽。11 .圖（a）是測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì) E和內(nèi)阻r的原理圖.Ro=2.5初定值保護(hù)電阻，電流表內(nèi)阻不計(jì)

8、，單 位長(zhǎng)度電阻0=0.10 a/cilt電阻絲ac上標(biāo)有長(zhǎng)度刻度.錯(cuò)誤！未指定書簽。請(qǐng)根據(jù)原理圖連接圖（b）的實(shí)物圖；閉合開關(guān)S,記錄ab的長(zhǎng)度L和電流表A的示數(shù)I;滑動(dòng)b點(diǎn)改變ab的長(zhǎng)度L,測(cè)得6組L和I值，并算出對(duì)應(yīng)的錯(cuò)誤！未指定書簽。 值.寫出錯(cuò)誤！未指定書簽。 與L、E、r、R。、0的關(guān)系式 錯(cuò)誤！未指 定書簽。=；圖（c）中的“X是已標(biāo)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，請(qǐng)作出 錯(cuò)誤！未指定書簽。 隨L變化的圖線；根據(jù)錯(cuò)誤！未指定書簽。-L圖線算出電源電動(dòng)勢(shì) E=V,內(nèi)阻r=Q.（計(jì)算結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）三、大題12 .如圖，Q為一個(gè)原來(lái)靜止在光滑水平面上的物體，其DB段為一半徑為R的光滑圓弧軌道，

9、AD段為一長(zhǎng)度為L(zhǎng)=R的粗糙水平軌道，二者相切于D點(diǎn)，D在圓心O的正下方，整個(gè)軌道位于同一豎直平面內(nèi).物塊P的質(zhì)量為m (可視為質(zhì)點(diǎn))，P與AD間的動(dòng)摩擦因數(shù) 科=0.1物體Q的質(zhì)量為M=2m , 重力加速度為g.(1)若Q固定，P以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，沖至 C點(diǎn)后返回A點(diǎn)時(shí)恰好靜止，求vo大小.(2)若Q固定，P仍以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，求 P第一次越過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)D點(diǎn)的壓力大小.(3)若Q不固定，P仍以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，求 P在光滑圓弧軌道上所能達(dá)到的最大高度h錯(cuò)誤！未指定書簽。13 .如圖1所示，兩根與水平面成 0 =3町的足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1

10、m,導(dǎo)軌底端接有阻值為0.5的電阻R,導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì).整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直于 導(dǎo)軌平面斜向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1T .現(xiàn)有一質(zhì)量為m=0.2kg、電阻為0.5的金屬棒用細(xì)繩通過(guò)光滑滑輪與質(zhì)量為M=0.5kg的物體相連，細(xì)繩與導(dǎo)軌平面平行.將金屬棒與M由靜止釋放，棒沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)了 2m后開始做勻速運(yùn)動(dòng).運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，棒與導(dǎo)軌始終保持垂直接觸.(取重力加速度g=10m/s2)求錯(cuò)誤！未指定書簽。(1)金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度；(2)棒從釋放到開始勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；(3)若保持某一大小的磁感應(yīng)強(qiáng)度B1不變，取不同質(zhì)量 M的物塊拉動(dòng)金屬棒，測(cè)出金屬棒相應(yīng)的做勻速運(yùn)動(dòng)的

11、v值，得到實(shí)驗(yàn)圖象如圖2所示，請(qǐng)根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)計(jì)算出此時(shí)的Bi；(4)改變磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為 B2, B2=2Bi,其他條件不變，請(qǐng)?jiān)谧鴺?biāo)圖 2上畫出相應(yīng)的v-M圖線 ,并請(qǐng)說(shuō)明圖線與 M軸的交點(diǎn)的物理意義.2015年廣東省湛江市遂溪一中高考物理沖刺試卷（一）參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題1 .首次用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證 愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程”的核反應(yīng)方程是： 錯(cuò)誤！未指定書簽。Li+錯(cuò)誤！未指定書簽。HHK錯(cuò)誤！未指定書簽。He,已知mLi=7.0160u, mH=1.0078u, mHe=4.0026u,則該核反應(yīng)方程中的 K值和質(zhì)量虧損分別是（）A. 1 和 4.0212u B, 1 和 2.0056

12、u C. 2 和 0.0186u D, 2 和 1.9970U【考點(diǎn)】愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程.【專題】愛(ài)因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題.【分析】核反應(yīng)方程同時(shí)滿足質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒.根據(jù)反應(yīng)前后各個(gè)核子的質(zhì)量差求質(zhì)量虧 損.【解答】解：根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：7+1=KX43+1=KX2可得K=2反應(yīng)前的總質(zhì)量: m 前=mLi+mH=7.0160u+1.0078u=8.0238u反應(yīng)后的總質(zhì)量：m 后=2mHe=2 X4.0026u=8.0052u反應(yīng)前后質(zhì)量虧損為： m=m前-m后=8.0238u - 8.0052u=0.0186u故選C【點(diǎn)評(píng)】直接利用核反應(yīng)方程的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)

13、守恒即可正確求解，根據(jù)核子的質(zhì)量求解核反應(yīng)過(guò) 程中的質(zhì)量虧損.2 .在探究超重和失重規(guī)律時(shí)，某體重為G的同學(xué)站在一壓力傳感器上完成一次下蹲動(dòng)作.傳感器和計(jì)算機(jī)相連，經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后得到壓力F隨時(shí)間t變化的圖象，則下列圖象中可能正確的是（）A.錯(cuò)誤！未指定書簽。 B.錯(cuò)誤！未指定書簽。C.錯(cuò)誤！未指定書簽。D.錯(cuò)誤！未指定書簽?！究键c(diǎn)】超重和失重.【專題】 運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題.【分析】人在加速下蹲的過(guò)程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài)，在減速下蹲的過(guò)程中，加速度 方向向上，處于超重狀態(tài).【解答】 解：對(duì)人的運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析可知，人在加速下蹲的過(guò)程中，有向下的加速度，處于失重狀態(tài),此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力小

14、于人的重力的大?。辉跍p速下蹲的過(guò)程中，加速度方向向上，處于超重狀態(tài)，此時(shí)人對(duì)傳感器的壓力大于人的重力的大小，所以D正確.故選D.【點(diǎn)評(píng)】 本題主要考查了對(duì)超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時(shí)，人的重力并沒(méi)變，只 是對(duì)支持物的壓力變了.3 .我國(guó) 玉兔號(hào)”月球車被順利送抵月球表面，并發(fā)回大量圖片和信息.若該月球車在地球表面的 重力為G1 ,在月球表面的重力為 G2.已知地球半徑為 R1，月球半徑為R2,地球表面處的重力加速 度為g,則（）A .玉兔號(hào)”月球車在地球表面與月球表面質(zhì)量之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。B.地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。C.地球表面處的重力加速度與月球表面

15、處的重力加速度之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。D.地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為錯(cuò)誤！未指定書簽。【考點(diǎn)】萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度.【專題】萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題.【分析】質(zhì)量是不變的，重力是改變的，根據(jù)重力表達(dá)式G重=mg表示出g進(jìn)行比較；忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力列出等式比較地球和月球的質(zhì)量；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞 速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度.【解答】解：A、質(zhì)量是表示物體含物質(zhì)多少的物理量，與引力無(wú)關(guān)，故玉兔號(hào)”月球車在地球表面與月球表面質(zhì)量之比為 1:1,故A錯(cuò)誤.B、根據(jù)g=錯(cuò)誤！未指定書簽。，有：M=錯(cuò)誤！未指

16、定書簽。，故地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為： 錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。，故B錯(cuò)誤.C、重力加速度：g=錯(cuò)誤！未指定書簽。，故地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為G1: G2,故C錯(cuò)誤.D、第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度：v=錯(cuò)誤！未指定書簽。，故地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為：錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。，故D正確.故選：D.【點(diǎn)評(píng)】本題關(guān)鍵是明確重力和質(zhì)量的區(qū)別，知道第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，根據(jù)牛頓 第二定律列式分析即可.4.如圖A、C是以正點(diǎn)電荷Q為圓心的某一圓周上的兩點(diǎn)，B是線段AC的中點(diǎn).現(xiàn)將一正電荷從

17、 A經(jīng)B移到C,則（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A .從A到C,電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直做正功B.從A到C,電場(chǎng)力對(duì)該電荷一直不做功C.該電荷在A、B、C三點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大小關(guān)系是 B> A=CD.該電荷在A、B、C三點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力的大小關(guān)系是FbFa=Fc【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)能.【專題】電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.【分析】A、C兩點(diǎn)在以正電荷Q為圓心的同一圓周上，電勢(shì)相等，正電荷從A運(yùn)動(dòng)到C過(guò)程，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，總功為零，根據(jù)動(dòng)能定理研究從A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程，求出正電荷速度的大小變化，從而確定動(dòng)能的變化，進(jìn)而得出電勢(shì)能的變化.【解答】 解：AB、從A到C,電場(chǎng)力對(duì)該電荷先做負(fù)功，后做

18、正功，故A、B錯(cuò)誤；C、從A到C,電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，則它的動(dòng)能先減小后增加，則電勢(shì)能先增加后減小，因此電勢(shì)能的大小關(guān)系是 ® > a=C,故C正確；D、電場(chǎng)力大小由電場(chǎng)線的疏密決定，從A到B經(jīng)過(guò)C,電場(chǎng)線先密后疏，則電場(chǎng)力先變大后變小，所受電場(chǎng)力的大小關(guān)系是 Fb>Fa=Fc,故D錯(cuò)誤.故選：C.【點(diǎn)評(píng)】掌握點(diǎn)電荷的電場(chǎng)線與等勢(shì)線的分布，且電場(chǎng)力做功與動(dòng)能變化有關(guān)，常常應(yīng)用動(dòng)能定理 求解動(dòng)能的變化，從而得出電勢(shì)能的變化.二、雙項(xiàng)選擇題5.下列說(shuō)法正確的是（）A.布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)B.當(dāng)兩分子間距離增大時(shí)，分子力一定減小而分子勢(shì)能一定增加C.熱量不會(huì)自

19、動(dòng)地從低溫物體傳給高溫物體而不引起其他變化D.夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣（可看成理想氣體）的內(nèi)能減小，外界對(duì)其做功同時(shí)向外放熱【考點(diǎn)】熱力學(xué)第二定律；布朗運(yùn)動(dòng)；熱力學(xué)第一定律.【分析】 布朗運(yùn)動(dòng)是液體中固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng).熱量不會(huì)自動(dòng)地從低溫物體傳給高溫物體而不引起其他變化.根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析氣體內(nèi)能的變化.【解答】 解：A、布朗運(yùn)動(dòng)是液體中固體微粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，反映的是液體分子的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤.B、分子表現(xiàn)為引力時(shí)，距離增大，要克服引力做功，所以分子勢(shì)能增加，故 B錯(cuò)誤.C、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱量不會(huì)自動(dòng)地從低溫物體傳給高溫物體而不引

20、起其他變化，故C正確.D、夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進(jìn)低溫的冰箱中會(huì)變扁，此過(guò)程中瓶?jī)?nèi)空氣溫度降低，內(nèi)能減小，氣體的體積減小，外界對(duì)其做功同時(shí)向外放熱，故 D正確故選：CD【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查布朗運(yùn)動(dòng)、分子之間的作用力、熱力學(xué)第一定律與熱力學(xué)第二定律等基本知 識(shí)點(diǎn)，要記住熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說(shuō)法.6.如圖為遠(yuǎn)距離輸電的電路原理圖，變壓器均為理想變壓器并標(biāo)示了電壓和電流，其中輸電線總 電阻為R,則（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A. 12=錯(cuò)誤！未指定書簽。B. I2錯(cuò)誤！未指定書簽。C.用戶得到的電功率與電廠輸出的電功率相等D.用戶得到的交變電流的頻率與電廠輸出交變電流的頻率相等【考點(diǎn)】遠(yuǎn)距離輸

21、電.【專題】交流電專題.【分析】輸電線上有電壓降，U線U2,根據(jù)歐姆定律研究I2.輸電線上有功率損失，用戶得到的 電功率必定小于電廠輸出的電功率.但用戶得到的交變電流的頻率與電廠輸出交變電流的頻率相等【解答】解：A、B、由于輸電線總電阻為 R,輸電線上有電壓降， U線U2.根據(jù)歐姆定律得：12=錯(cuò)誤！未指定 書簽。（錯(cuò)誤！未指定書簽。，故A錯(cuò)誤，B正確.C、輸電線上有功率損失，理想變壓器不改變電功率，所以用戶得到的電功率小于電廠輸出的電功率，故C錯(cuò)誤.D、根據(jù)變壓器的原理可知原副線圈中交變電流的頻率相等，所以用戶得到的交變電流的頻率與電廠輸出交變電流的頻率相等，故 D正確.故選：BD【點(diǎn)評(píng)】

22、本題運(yùn)用歐姆定律時(shí)要注意各個(gè)量應(yīng)對(duì)應(yīng)同一段電路，要正確分析電壓和功率的分配，即可分析遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題.7 .如圖所示，垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)分布在正方形abcd區(qū)域內(nèi)，O點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn).一個(gè)帶正電的粒子僅在磁場(chǎng)力的作用下，從O點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng).現(xiàn)設(shè)法使該帶電粒子從O點(diǎn)沿紙面以與Od成30°角的方向，以大小不同的速率射入正方形內(nèi)，那么下列說(shuō)法中正確的是（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是B.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是C.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是錯(cuò)誤！未指定書簽。to,則它一定從ad邊射出磁場(chǎng)錯(cuò)

23、誤！未指定書簽。錯(cuò)誤！未指定書簽。t0,則它一定從cd邊射出磁場(chǎng)to，則它一定從bc邊射出磁場(chǎng)D.若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是to,則它一定從ab邊射出磁場(chǎng)【考點(diǎn)】 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).【專題】 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.【分析】根據(jù)幾何關(guān)系確定帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡并確定其圓心角，根據(jù)其從各邊穿出時(shí)的 角度及時(shí)間確定能否從各邊穿出.【解答】 解：由題，帶電粒子以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng),則知帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期為 T=2t0.A、當(dāng)帶電粒子的軌跡與 ad邊相切時(shí)，軌跡的圓心角為 60°,粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=錯(cuò)誤！未指定書簽。T=

24、錯(cuò)誤！未指定書簽。，在所有從ad邊射出的粒子中最長(zhǎng)時(shí)間為 錯(cuò)誤！未指定書簽。，故若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是錯(cuò)誤！未指定書簽。to, 一定不是從ad邊射出磁場(chǎng).故A錯(cuò)誤.B、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是錯(cuò)誤！未指定書簽。to=錯(cuò)誤！未指定書簽。T,則粒子軌跡的圓心角為 。錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。，速度的偏向角也為錯(cuò)誤！ 未指定書簽。，根據(jù)幾何知識(shí)得知，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與磁場(chǎng)邊界的夾角為30°,必定從cd射出磁場(chǎng).故B正確C、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是錯(cuò)誤！未指定書簽。to=錯(cuò)誤！未指定書簽。T,則得到軌跡的圓心角為 錯(cuò)誤！未指定書簽。Tt,由于錯(cuò)誤！未指定書

25、簽。錯(cuò)誤！未指定書簽。 TT,則它一定從bc邊射出磁場(chǎng)，故C正確.D、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是to=錯(cuò)誤！未指定書簽。T,則得到軌跡的圓心角為 Tt,而粒子從ab&射出磁場(chǎng)時(shí)最大的偏向角等于60。+90。=150。=錯(cuò)誤！未指定書簽。兀 為故不一定從ab邊射出磁場(chǎng).故D錯(cuò)誤.故選：BC【點(diǎn)評(píng)】本題是帶電粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)類型，抓住粒子的周期一定，根據(jù)速度的偏向角等于軌 跡的圓心角，由圓心角確定粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間.8 .鋰電池因能量高、環(huán)保、無(wú)污染而廣泛使用在手機(jī)等電子產(chǎn)品中.現(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U,輸出電流為I,手機(jī)電池的

26、內(nèi)阻為r,下列說(shuō)法正確的是（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A.電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率為 UIB.充電器輸出的電功率為 UIC.電池產(chǎn)生的熱功率為12rD.充電器的充電效率為 錯(cuò)誤！未指定書簽。X100%【考點(diǎn)】電功、電功率.【專題】恒定電流專題.【分析】 電池的充電和放電過(guò)程是電能和化學(xué)能轉(zhuǎn)化的過(guò)程，給電池充電是將電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能儲(chǔ)存在電池內(nèi)，根據(jù)能量守恒定律列式求解.【解答】 解：A、充電時(shí)，電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能和熱能，根據(jù)能量守恒定律，有：Ul=l2r+P化，故電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能的功率 P化=UI - I2r,故A錯(cuò)誤；B、充電器消耗的電功率為：P=UI,故B正確；2.C、電池廣生的熱功率為 P熱=l r

27、,故C正確；D、充電器的充電效率為：刀4昔誤！未指定書簽。 X100%=錯(cuò)誤！未指定書簽。M00%,故D錯(cuò)誤.故選：BC.【點(diǎn)評(píng)】 本題關(guān)鍵明確充電電路中的能量轉(zhuǎn)化情況，電路電阻消耗功率的計(jì)算用焦耳定律求解，電功率用P=UI求解.9.如圖（甲）所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為 m的小球,從離彈簧上端高h(yuǎn)處自由下落.若以小球開始下落的位置為原點(diǎn)，沿豎直向下建立一坐標(biāo)軸Ox,小球的速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖（乙）所示.其中OA段為直線，切于A點(diǎn)的曲線AB和BC都是平滑的曲線，則關(guān)于 A、B、C三點(diǎn)對(duì)應(yīng)的x坐標(biāo)及加速度大小，下列說(shuō)法正確的是（）錯(cuò)誤！未指定書簽。A

28、. xA=h , aA=0 B. xA=h, aA=gC. xB=h+錯(cuò)誤！未指定書簽。 ，aB=0D . xC=h+錯(cuò)誤！未指定書簽。，ao=0【考點(diǎn)】牛頓第二定律；胡克定律.【專題】牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題.【分析】OA過(guò)程是自由落體，A的坐標(biāo)就是自由下落的高度，此時(shí)的加速度也就是自由落體加速度B點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為零，加速度也就為零，可還以計(jì)算出彈簧的形變量；C點(diǎn)時(shí)速度減為零，彈簧被壓縮到最低點(diǎn)，彈簧的彈力最大，可以分析物體的加速度.【解答】B點(diǎn)是速度最大的地方，此時(shí)重力和彈力相等，合力為 0,加速度也就為0,由mg=kx,可知x=錯(cuò)誤！未指定書簽。，所以B得坐標(biāo)為

29、h+錯(cuò)誤！未指定書簽。，所以C正確.取一個(gè)與A點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)為D,由A點(diǎn)到B點(diǎn)的形變量為 錯(cuò)誤！未指定書簽。，由對(duì)稱性得由B到D的形變量也為 錯(cuò)誤！未指定書簽。，故到達(dá)C點(diǎn)時(shí)形變量要大于 h+2錯(cuò)誤!未指定書簽。，加速度ac>g,所以D錯(cuò)誤.故選：BC【點(diǎn)評(píng)】知道物體壓縮彈簧的過(guò)程，就可以逐個(gè)分析位移和加速度.三、試驗(yàn)題10 .完成以下驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)的幾個(gè)主要步驟：如圖甲，用兩只彈簧測(cè)力計(jì)分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)，記下結(jié)點(diǎn)O點(diǎn)的位置、兩彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù) Fi、F2以及兩細(xì)繩套的方向.如圖乙，用一只彈簧測(cè)力計(jì)鉤住細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到_同一位置O ,記下

30、細(xì)繩套的方向（如圖丙中的c）,讀得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù) F= 4.0N .如圖丙，按選定的標(biāo)度作出了力 Fi、F2的圖示，請(qǐng)?jiān)趫D丙中：a.按同樣的標(biāo)度作出力 F的圖示b.按力的平行四邊形定則作出 Fi、F2的合力F'錯(cuò)誤！未指定書簽。【考點(diǎn)】 驗(yàn)證力的平行四邊形定則.【專題】實(shí)驗(yàn)題；平行四邊形法則圖解法專題.【分析】根據(jù)驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)分析答題，按照力的圖示法作出力的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出合力.【解答】解：如圖甲，用兩只彈簧測(cè)力計(jì)分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長(zhǎng)，記下結(jié)點(diǎn)位置 O和兩測(cè)力計(jì)的示數(shù)Fi、F2以及兩細(xì)繩套的方向.如圖乙，用一只彈簧測(cè)力計(jì)

31、鉤住細(xì)繩套把橡皮條的結(jié)點(diǎn)拉到同一位置O ,記下細(xì)繩套的方向，由圖示彈簧測(cè)力計(jì)可讀得彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)F=4.0N;a、按力的圖示方法作出力 F的圖示如圖所示；b、根據(jù)力的平行四邊形定則，作出Fi、F2的合力F',如圖所示.故答案為：兩細(xì)繩套的方向；同一位置 O; 4.0N;如圖所示.錯(cuò)誤！未指定書簽?！军c(diǎn)評(píng)】 本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、作力的圖示等問(wèn)題，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題，平時(shí)要注意 基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)，要掌握力的圖示的作圖方法.11 .圖（a）是測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì) E和內(nèi)阻r的原理圖.R0=2.5初定值保護(hù)電阻，電流表內(nèi)阻不計(jì)，單 位長(zhǎng)度電阻r0=0.i0 a/c的電阻絲ac上標(biāo)有長(zhǎng)度刻度

32、.錯(cuò)誤！未指定書簽。請(qǐng)根據(jù)原理圖連接圖（b）的實(shí)物圖；閉合開關(guān)S,記錄ab的長(zhǎng)度L和電流表A的示數(shù)I;滑動(dòng)b點(diǎn)改變ab的長(zhǎng)度L,測(cè)得6組L和I值，并算 出對(duì)應(yīng)的 錯(cuò)誤！未指定書簽。 值.寫出 錯(cuò)誤！未指定書簽。 與L、E、r、R0、s的關(guān)系式 錯(cuò)誤！未指 定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。？L+錯(cuò)誤！未指定書簽。；圖（c）中的“X是已標(biāo)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，請(qǐng)作出 錯(cuò)誤！未指定書簽。 隨L變化的圖線；根據(jù)錯(cuò)誤！未指定書簽。-L圖線算出電源電動(dòng)勢(shì) E= 1.47 V,內(nèi)阻r= 0.44Q.（計(jì)算結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位）【考點(diǎn)】 測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻.【專題】實(shí)驗(yàn)題.【分析】根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖；根據(jù)閉合

33、電路歐姆定律求出函數(shù)表達(dá)式；根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象；根據(jù)函數(shù)表達(dá)式與圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻.【解答】 解：根據(jù)圖a所示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示： 錯(cuò)誤！未指定書簽。在閉合電路中：E=I （r+Ro+Lro）,則錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。？L+錯(cuò)誤！未指定 書簽。，根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象，圖象如圖所示：錯(cuò)誤！未指定書簽。圖象的函數(shù)表達(dá)式為：錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。？L+錯(cuò)誤！未指定書簽。，由圖象可知，斜率：k=錯(cuò)誤！未指定書簽。 =錯(cuò)誤！未指定書簽。=錯(cuò)誤！未指定書簽。 =0.0682 電源電動(dòng)勢(shì)：E=錯(cuò)誤！未指定書簽。 =錯(cuò)誤！未指定書簽

34、。=1.47V圖象截距：b=錯(cuò)誤！未指定書簽。=0.02,電源內(nèi)阻：r=bE - Ro=2X1.47 - 2.5=0.44 Q故答案為：電路圖如圖所示； 錯(cuò)誤！未指定書簽。？L+錯(cuò)誤！未指定書簽。；圖象如圖所示；1.47; 0.44.【點(diǎn)評(píng)】 本題考查了連接實(shí)物電路圖、求函數(shù)表達(dá)式、作圖象、求電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻；連接實(shí)物電 路圖時(shí)要注意電表正負(fù)接線柱不要接反；應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出函數(shù)表達(dá)式是正確求出電源電 動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻的前提與關(guān)鍵.三、大題12 .如圖，Q為一個(gè)原來(lái)靜止在光滑水平面上的物體，其DB段為一半徑為R的光滑圓弧軌道，AD段為一長(zhǎng)度為L(zhǎng)=R的粗糙水平軌道，二者相切于 D點(diǎn)，D在圓心O的

35、正下方，整個(gè)軌道位于同一豎直平面內(nèi).物塊P的質(zhì)量為m (可視為質(zhì)點(diǎn))，P與AD間的動(dòng)摩擦因數(shù) 科=0.1物體Q的質(zhì)量為M=2m , 重力加速度為g.(1)若Q固定，P以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，沖至 C點(diǎn)后返回A點(diǎn)時(shí)恰好靜止，求vo大小.(2)若Q固定，P仍以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，求 P第一次越過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)D點(diǎn)的壓力大小.(3)若Q不固定，P仍以速度vo從A點(diǎn)滑上水平軌道，求 P在光滑圓弧軌道上所能達(dá)到的最大高度h錯(cuò)誤！未指定書簽?！究键c(diǎn)】 動(dòng)量守恒定律；動(dòng)能定理.【專題】動(dòng)量定理應(yīng)用專題.【分析】(1、2) P從A到C又返回A的過(guò)程中，由動(dòng)能定理求得 vo的大小，由動(dòng)能定理和牛頓定律

36、求解對(duì)Q的壓力大小.(3)當(dāng)PQ具有共同速度v時(shí)，P達(dá)到的最大高度h,由動(dòng)量守恒定律和功能關(guān)系求解.【解答】 解：(1) P從A到C又返回A的過(guò)程中，由動(dòng)能定理有-mg?2L=0錯(cuò)誤！未指定書簽。 m錯(cuò)誤！未指定書簽。將L=R代入解得vo=錯(cuò)誤！未指定書簽。(2)若P在D點(diǎn)的速度為vD, QP的支持力為Fd,由動(dòng)能定理和牛頓定律有-wmgL=昔誤！未指定書簽。 m錯(cuò)誤！未指定書簽。-錯(cuò)誤！未指定書簽。 m錯(cuò)誤！未指定書簽。根據(jù)牛頓第二定律得Fd-mg=m錯(cuò)誤！未指定書簽。聯(lián)立解得FD=1.2mg由牛頓第三定律可知，P對(duì)Q的壓力大小也為1.2mg.(3)當(dāng)PQ具有共同速度v時(shí)，P達(dá)到的最大高度h,由動(dòng)量守恒定律有mv0= ( m+M ) v由功能關(guān)系有 錯(cuò)誤！未指定書簽。m錯(cuò)誤！未指定書簽。=mgL+昔誤！未指定書簽。(m+M) v2+mgh 聯(lián)立解得h=錯(cuò)誤！未指定書簽。R答：(1)若Q固定，P以速度V0從A點(diǎn)滑上水平軌道，沖至 C點(diǎn)后返回A點(diǎn)時(shí)恰好靜止，V0大小是錯(cuò) 誤！未指定書簽。.(2)若Q固定，P仍以速度V0從A點(diǎn)滑上水平軌道，P第一次越過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)D點(diǎn)的壓力大小是1.2mg.(3)若Q不固定，P