學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2017年安徽省淮南市高考物理一模試卷二、選擇題：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~17題只有一項(xiàng)符合題目要求,第18～21題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分1．某人以一定的初速度從P點(diǎn)豎直向上拋出一個(gè)小球，小球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的空氣阻力大小不變，且與運(yùn)動(dòng)方向相反,1s后小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，則又經(jīng)過(guò)1s后（)A．小球恰好經(jīng)過(guò)P點(diǎn)B．小球的位置在P點(diǎn)下方C．小球的位置在P點(diǎn)上方D．阻力大小不確定，無(wú)法判斷小球的位置是在P點(diǎn)的上方還是下方2．在中軸線豎直且固定的光滑圓錐形容器中，固定了一根光滑的豎直細(xì)桿,細(xì)桿與圓錐的中軸線重合，細(xì)桿上穿有小環(huán)(小環(huán)可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)，但不能上下移動(dòng))，小環(huán)上連接了一輕繩，與一質(zhì)量為m的光滑小球相連,讓小球在圓錐內(nèi)作水平面上的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并與圓錐內(nèi)壁接觸，如圖所示，圖（a）中小環(huán)與小球在同一水平Ian上，圖（b）中輕繩與豎直軸成θ角，設(shè)(a）圖和（b)圖中輕繩對(duì)小球的拉力分別為Ta和Tb,圓錐內(nèi)壁對(duì)小球的支持力分別為Na和Nb，則在下列說(shuō)法中正確的是(）A．Ta一定為零，Tb一定為零B．Ta可以為零,Tb可以為零C．Na一定不為零，Nb一定不為零D．Na可以為零，Nb可以為零3．質(zhì)量分別為M和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過(guò)輕繩跨過(guò)光滑定滑輪連接,如圖甲所示，繩子平行于傾角為α的斜面，M恰好能靜止在斜面上,不考慮M、m與斜面之間的摩擦，若互換兩物塊位置，按圖乙放置，然后釋放M,斜面仍保持靜止,則下列說(shuō)法正確的是（）A．輕繩的拉力等于mgB．輕繩的拉力等于MgC．M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為（1﹣sin2α）gD．M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為4．如圖,豎直平面內(nèi)有一段圓弧MN，小球從圓心O處水平拋出,若初速度為va，將落在圓弧上的a點(diǎn),若初速度為vb，將落在圓弧上的b點(diǎn)，已知Oa、Ob與豎直方向的夾角分別為α、β,不計(jì)空氣阻力，則初速度大小之比為（）A． B．C． D．5．如圖所示,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器，R0為定值電阻,R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)電鍵S閉合時(shí)，電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說(shuō)法中正確的是(）A．只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí),電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大,帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D．若斷開(kāi)電鍵S，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)6．如圖所示，P、Q放置兩個(gè)電量相等的異種電荷，它們連線的中點(diǎn)是O,N、a、b是中垂線上的三點(diǎn)，且oa=2ob，N處放置一負(fù)的點(diǎn)電荷，則（）A．a(chǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)的大小小于b處的場(chǎng)強(qiáng)的大小B．a(chǎn)處的電勢(shì)小于b處的電勢(shì)C．a(chǎn)、O間的電勢(shì)差大于a、b間的電勢(shì)差2倍D．電子在a處的電勢(shì)能大于電子在b處的電勢(shì)能7．宇宙空間由一種由三顆星體A、B、C組成的三星體系,它們分別位于等邊三角形ABC的三個(gè)頂點(diǎn)上，繞一個(gè)固定且共同的圓心O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道如圖中實(shí)線所示，其軌道半徑rA＜rB＜rC．忽略其他星體對(duì)它們的作用，可知這三顆星體（）A．線速度大小關(guān)系是vA＜vB＜vCB．加速度大小關(guān)系是aA＞aB＞aCC．質(zhì)量大小關(guān)系是mA＞mB＞mCD．所受萬(wàn)有引力合力的大小關(guān)系是FA＞FB＞FC8．如圖所示，光滑水平面內(nèi)固定有一槽，一輕桿一端處于槽內(nèi),另一端與一輕質(zhì)彈簧相連，當(dāng)左邊物塊撞擊彈簧時(shí)，若彈簧的壓縮量超過(guò)某一值，輕桿可以在槽內(nèi)移動(dòng)，設(shè)桿在槽內(nèi)移動(dòng)時(shí)所受到的摩擦力大小恒為f，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的物塊以某一初速度v0撞擊輕質(zhì)彈簧,最后物塊以速度v被彈簧反射回來(lái),彈簧在壓縮過(guò)程中始終處于彈性限度內(nèi)，且物塊與彈簧作用時(shí)沒(méi)有能力損失，則下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊被彈回時(shí)的動(dòng)能一定小于B．物塊壓縮彈簧的過(guò)程中，物塊和彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能可能守恒C．物塊在壓縮彈簧的過(guò)程中,彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能一定為D．如果輕桿發(fā)生了移動(dòng)，則它移動(dòng)的位移大小為三、非選擇題9．在測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中，小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路(1）根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路，請(qǐng)?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路圖．(2）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前,應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到（填“a"或“b”）端．（3）合上開(kāi)關(guān)S1，S2接圖甲中的1位置,滑動(dòng)滑片P，記錄下幾組電壓表和電流表的示數(shù)，重置滑動(dòng)變阻器,S2改接圖甲中的2位置，滑動(dòng)滑片P,再記錄幾組電壓表和電流表的示數(shù)，在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出S2接1、2位置時(shí)電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示，兩圖線均為直線，與縱軸的截距分別為UA、UB,與橫軸的截距分別為IA、IB．①S2接1位置時(shí)，作出的U﹣I圖線是圖丙中的（填“A”或“B”）;②S2接2位置時(shí)，干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值真實(shí)值，內(nèi)阻的測(cè)量值真實(shí)值．(填“大于”、“小于”或“等于”）10．如圖甲所示，在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上有一帶有方盒的滑塊，質(zhì)量為M，氣墊導(dǎo)軌右端固定一定滑輪，細(xì)線繞過(guò)滑輪,一端與滑塊相連,另一端掛有6個(gè)鉤碼,設(shè)每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m,且M=4m．（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出滑塊上的擋光片的寬度，讀數(shù)如圖乙所示，則寬度d=cm；（2）某同學(xué)打開(kāi)氣源，將滑塊由靜止釋放，滑塊上的擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t，則滑塊通過(guò)光電門的速度為(用題中所給字母表示）；（3）開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí)，細(xì)線另一端掛有6個(gè)鉤碼，由靜止釋放后細(xì)線上的拉力為F1，接著每次實(shí)驗(yàn)時(shí)將1個(gè)鉤碼移放到滑塊上的方盒中，當(dāng)只剩3個(gè)鉤碼時(shí)細(xì)線上的拉力為F2,則F12F2(填“大于”、“等于"或“小于”）;（4）若每次移動(dòng)鉤碼后都從同一位置釋放滑塊，設(shè)擋光片距光電門的距離為L(zhǎng)，鉤碼的個(gè)數(shù)為n，測(cè)出每次擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t，測(cè)出多組數(shù)據(jù)，并繪出n﹣圖象，已知圖線斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹椋ㄓ妙}中字母表示）．11．如圖所示，質(zhì)量均為m=3kg的物塊A、B緊挨著放置在粗糙的水平地面上，物塊A的左側(cè)連接一勁度系數(shù)為k=100N/m的輕質(zhì)彈簧,彈簧另一端固定在豎直墻壁上，開(kāi)始時(shí)兩物塊壓緊彈簧并恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使物塊B在水平外力F作用下向右做a=m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至與A分離，已知兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g=10m/s2，求：(1）物塊A、B靜止時(shí)，彈簧的形變量；（2）物塊A、B分離時(shí),所加外力F的大?。?3)物塊A、B由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到分離作用的時(shí)間．12．如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊輕輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上的P點(diǎn)，隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后水平拋出，小物塊恰好無(wú)碰撞的沿圓弧切線從B點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓弧軌道下滑，圓弧軌道與質(zhì)量為M=2kg的足夠長(zhǎng)的小車左端在最低點(diǎn)O點(diǎn)相切，并在O點(diǎn)滑上小車，水平地面光滑,當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到障礙物Q處時(shí)與Q發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞,碰撞前物塊和小車已經(jīng)相對(duì)靜止，而小車可繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)（物塊始終在小車上）,小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中和圓弧無(wú)相互作用．已知圓弧半徑R=1.0m,圓弧對(duì)應(yīng)圓心角的θ為53°，A點(diǎn)距水平面的高度h=0.8m，物塊與小車間的動(dòng)摩擦因素為μ=0。1，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6．試求：（1）小物塊離開(kāi)A點(diǎn)的水平初速度v1；（2）小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3)第一次碰撞后直至靜止，物塊相對(duì)小車的位移和小車做勻減速運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間．13．如圖甲所示，傾角為θ=30°絕緣斜面被垂直斜面直線MN分為左右兩部分,左側(cè)部分光滑，范圍足夠大，上方存在大小為E=1000N/C，方向沿斜面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),右側(cè)部分粗糙，范圍足夠大，一質(zhì)量為m=1kg，長(zhǎng)為L(zhǎng)=0。8m的絕緣體制成的均勻帶正電直棒AB置于斜面上，A端距MN的距離為d，現(xiàn)給棒一個(gè)眼斜面向下的初速度v0，并以此時(shí)作為計(jì)時(shí)的起點(diǎn)，棒在最初0.8s的運(yùn)動(dòng)圖象如圖乙所示，已知0.8s末棒的B端剛好進(jìn)入電場(chǎng)，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）直棒AB開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)A端距MN的距離為d;(2)直棒AB的帶電量q；（3）直棒AB最終停止時(shí)，直棒B端到MN的距離．

2017年安徽省淮南市高考物理一模試卷參考答案與試題解析二、選擇題：共8小題,每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～17題只有一項(xiàng)符合題目要求，第18~21題有多項(xiàng)符合題目要求,全部選對(duì)得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分1．某人以一定的初速度從P點(diǎn)豎直向上拋出一個(gè)小球，小球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的空氣阻力大小不變，且與運(yùn)動(dòng)方向相反，1s后小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，則又經(jīng)過(guò)1s后（）A．小球恰好經(jīng)過(guò)P點(diǎn)B．小球的位置在P點(diǎn)下方C．小球的位置在P點(diǎn)上方D．阻力大小不確定，無(wú)法判斷小球的位置是在P點(diǎn)的上方還是下方【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律．【分析】上升過(guò)程阻力向下，下降過(guò)程阻力向上，根據(jù)牛頓第二定律比較加速度大小，然后根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式比較時(shí)間大小．【解答】解：上升過(guò)程，阻力向下，根據(jù)牛頓第二定律,有：mg+f=ma1;下降過(guò)程，阻力向下，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg﹣f′=ma2；故a1＞a2；根據(jù)h=at2可知，t1＜t2；即小球返回P點(diǎn)的時(shí)間要大于1s,所以又經(jīng)過(guò)1s后，小球的位置在P點(diǎn)上方．故C正確,ABD錯(cuò)誤；故選:C2．在中軸線豎直且固定的光滑圓錐形容器中，固定了一根光滑的豎直細(xì)桿，細(xì)桿與圓錐的中軸線重合,細(xì)桿上穿有小環(huán)（小環(huán)可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)，但不能上下移動(dòng))，小環(huán)上連接了一輕繩，與一質(zhì)量為m的光滑小球相連,讓小球在圓錐內(nèi)作水平面上的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，并與圓錐內(nèi)壁接觸，如圖所示，圖（a）中小環(huán)與小球在同一水平Ian上，圖（b)中輕繩與豎直軸成θ角，設(shè)（a）圖和（b）圖中輕繩對(duì)小球的拉力分別為Ta和Tb，圓錐內(nèi)壁對(duì)小球的支持力分別為Na和Nb，則在下列說(shuō)法中正確的是()A．Ta一定為零，Tb一定為零B．Ta可以為零，Tb可以為零C．Na一定不為零，Nb一定不為零D．Na可以為零,Nb可以為零【考點(diǎn)】4A：向心力．【分析】小球在圓錐內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，合外力提供向心力，根據(jù)力的合成原則即可求解．【解答】解：對(duì)甲圖中的小球進(jìn)行受力分析，小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圓心提供向心力,所以Ta可以為零,若Na等于零，則小球所受的重力及繩子拉力的合力方向不能指向圓心而提供向心力，所以Na一定不為零；對(duì)乙圖中的小球進(jìn)行受力分析，若Tb為零,則小球所受的重力，支持力合力的方向可以指向圓心提供向心力，所以Tb可以為零，若Nb等于零，則小球所受的重力及繩子拉力的合力方向也可以指向圓心而提供向心力，所以Nb可以為零；故B正確．ACD錯(cuò)誤;故選:B3．質(zhì)量分別為M和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過(guò)輕繩跨過(guò)光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子平行于傾角為α的斜面，M恰好能靜止在斜面上，不考慮M、m與斜面之間的摩擦，若互換兩物塊位置，按圖乙放置，然后釋放M，斜面仍保持靜止，則下列說(shuō)法正確的是（）A．輕繩的拉力等于mgB．輕繩的拉力等于MgC．M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為（1﹣sin2α）gD．M運(yùn)動(dòng)的加速度大小為【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；29：物體的彈性和彈力．【分析】由第一次放置M恰好能靜止在斜面上，可得M和m的質(zhì)量關(guān)系，進(jìn)而由牛頓第二定律可求第二次M運(yùn)動(dòng)的加速度,以及輕繩的拉力．【解答】解：第一次放置時(shí)M靜止,則由平衡條件可得:Mgsinα=mg，第二次按圖乙放置時(shí)，對(duì)整體,由牛頓第二定律得：Mg﹣mgsinα=（M+m)a，聯(lián)立解得:a=(1﹣sinα）g=g．對(duì)M,由牛頓第二定律：T﹣mgsinα=ma，解得：T=mg,故AD正確，BC錯(cuò)誤．故選:AD4．如圖，豎直平面內(nèi)有一段圓弧MN，小球從圓心O處水平拋出，若初速度為va,將落在圓弧上的a點(diǎn)，若初速度為vb,將落在圓弧上的b點(diǎn)，已知Oa、Ob與豎直方向的夾角分別為α、β,不計(jì)空氣阻力，則初速度大小之比為（）A． B．C． D．【考點(diǎn)】43:平拋運(yùn)動(dòng)．【分析】?jī)汕蜃銎綊佭\(yùn)動(dòng),根據(jù)高度求出平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合水平位移和時(shí)間求出初速度，從而得出初速度大小之比．【解答】解：設(shè)圓弧MN的半徑為R．對(duì)a,根據(jù)Rcosα=gt12得，t1=，則va==Rsinα．對(duì)b，根據(jù)Rcosβ=gt22得，t2=,則vb==Rsinβ．解得=故選：D5．如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r．電路中的R2、R3分別為總阻值一定的滑動(dòng)變阻器,R0為定值電阻，R1為光敏電阻（其電阻隨光照強(qiáng)度增大而減?。?dāng)電鍵S閉合時(shí),電容器中一帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)．有關(guān)下列說(shuō)法中正確的是（)A．只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度,電阻R0消耗的電功率變大，電阻R3中有向上的電流B．只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，電源消耗的功率變大，電阻R3中有向上的電流C．只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大,帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)D．若斷開(kāi)電鍵S，帶電微粒向下運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】BB:閉合電路的歐姆定律．【分析】電路穩(wěn)定時(shí)，電容相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，其電壓等于與之并聯(lián)的滑動(dòng)變阻器部分的電壓．只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度,R1的阻值減小，總電阻減小，總電流增大，判斷R0消耗的電功率,電容器兩端的電壓增大,電容下極板帶的電荷量變大,所以電阻R3中有向上的電流，電路穩(wěn)定時(shí)，電容相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路沒(méi)有影響，只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí),電容器并聯(lián)部分的電阻變大，所以電容器兩端的電壓變大,由E=分析板間場(chǎng)強(qiáng)變化和油滴所受電場(chǎng)力變化，判斷油滴的運(yùn)動(dòng)情況．若斷開(kāi)電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)．【解答】解：A、只逐漸增大R1的光照強(qiáng)度，R1的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流增大，電阻R0消耗的電功率變大，滑動(dòng)變阻器的電壓變大，電容器兩端的電壓增大，電容下極板帶的電荷量變大，所以電阻R3中有向上的電流,故A正確;B、電路穩(wěn)定時(shí)，電容相當(dāng)于開(kāi)關(guān)斷開(kāi)，只調(diào)節(jié)電阻R3的滑動(dòng)端P2向上端移動(dòng)時(shí)，對(duì)電路沒(méi)有影響，故B錯(cuò)誤；C、只調(diào)節(jié)電阻R2的滑動(dòng)端P1向下端移動(dòng)時(shí),電容器并聯(lián)部分的電阻變大,所以電容器兩端的電壓變大,由E=可知，電場(chǎng)力變大，帶電微粒向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D、若斷開(kāi)電鍵S，電容器處于放電狀態(tài)，電荷量變小,板間場(chǎng)強(qiáng)減小，帶電微粒所受的電場(chǎng)力減小,將向下運(yùn)動(dòng)，故D正確．故選：AD．6．如圖所示，P、Q放置兩個(gè)電量相等的異種電荷，它們連線的中點(diǎn)是O,N、a、b是中垂線上的三點(diǎn)，且oa=2ob,N處放置一負(fù)的點(diǎn)電荷，則（）A．a(chǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)的大小小于b處的場(chǎng)強(qiáng)的大小B．a(chǎn)處的電勢(shì)小于b處的電勢(shì)C．a(chǎn)、O間的電勢(shì)差大于a、b間的電勢(shì)差2倍D．電子在a處的電勢(shì)能大于電子在b處的電勢(shì)能【考點(diǎn)】AA:電場(chǎng)的疊加；A6：電場(chǎng)強(qiáng)度;AC：電勢(shì)．【分析】A、因P、Q在ab產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小不確定，即N在這兩處產(chǎn)生電場(chǎng)確定,最終合電場(chǎng)強(qiáng)度也無(wú)法確定；B、當(dāng)只有PQ時(shí)，ab是等勢(shì)面，而當(dāng)只有N時(shí)，則可判定兩點(diǎn)的電勢(shì)高低,因電勢(shì)是標(biāo)量，即可判定；C、根據(jù)U=Ed定性分析，電勢(shì)差的大小;D、依據(jù)負(fù)電荷在電勢(shì)高處，電勢(shì)能小，而在電勢(shì)低處，電勢(shì)能大,從而即可求解．【解答】解：A、根據(jù)等量異種電荷與負(fù)的點(diǎn)電荷在兩處的電場(chǎng)強(qiáng)度，再結(jié)合矢量的疊加法則,可知Eb＞Ea，故A正確；B、正電荷從a→b：①PQ不做功,②N做正功，則電勢(shì)能減小，電勢(shì)減小，即a處電勢(shì)高于b處，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)B選項(xiàng)可知ao、ab間電勢(shì)差其實(shí)就是看N點(diǎn)的負(fù)電荷在ao、ab處形成的電勢(shì)差就可以，根據(jù)U=Ed定性分析可知ab間的平均場(chǎng)強(qiáng)小于bo間的平均場(chǎng)強(qiáng)，因此bo間的電勢(shì)差大于ab間的電勢(shì)差，因此ao電勢(shì)差大于ab電勢(shì)差的2倍，故C正確；D、負(fù)電荷在電勢(shì)高的地方，電勢(shì)能反而低，故D錯(cuò)誤；故選：AC．7．宇宙空間由一種由三顆星體A、B、C組成的三星體系，它們分別位于等邊三角形ABC的三個(gè)頂點(diǎn)上,繞一個(gè)固定且共同的圓心O做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道如圖中實(shí)線所示,其軌道半徑rA＜rB＜rC．忽略其他星體對(duì)它們的作用，可知這三顆星體（）A．線速度大小關(guān)系是vA＜vB＜vCB．加速度大小關(guān)系是aA＞aB＞aCC．質(zhì)量大小關(guān)系是mA＞mB＞mCD．所受萬(wàn)有引力合力的大小關(guān)系是FA＞FB＞FC【考點(diǎn)】4F：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用．【分析】三星體做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度ω、周期T相等,根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系判斷線速度的大小關(guān)系;寫出向心加速度表達(dá)式判斷加速度的大小關(guān)系；由萬(wàn)有引力定律，分別求出單個(gè)的力，然后求出合力,分析質(zhì)量關(guān)系即可．【解答】解：A、三星系統(tǒng)是一種相對(duì)穩(wěn)定的結(jié)構(gòu)，它們做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度是相等的,由v=ωr,結(jié)合rA＜rB＜rC．可知，線速度大小關(guān)系是vA＜vB＜vC．故A錯(cuò)誤；B、由a=ω2r，結(jié)合rA＜rB＜rC．可知加速度大小關(guān)系是aA＜aB＜aC．故B錯(cuò)誤；C、以A為研究對(duì)象,則受力如圖:由于向心力指向圓心,由矢量關(guān)系可知，B對(duì)A的引力大于C對(duì)A的引力，結(jié)合萬(wàn)有引力定律的表達(dá)式：F=可知B的質(zhì)量大于C的質(zhì)量．同理若以C為研究對(duì)象，可得A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量，即質(zhì)量大小關(guān)系是mA＞mB＞mC．故C正確．D、由于，mA＞mB＞mC，結(jié)合萬(wàn)有引力定律F=可知A與B之間的引力大于A與C之間的引力，又大于B與C之間的引力．由題可知,A、B、C受到的兩個(gè)萬(wàn)有引力之間的夾角都是相等的，根據(jù)兩個(gè)分力的角度一定時(shí)，兩個(gè)力的大小越大，合力越大可知FA＞FB＞FC．故D正確．故選：ACD8．如圖所示，光滑水平面內(nèi)固定有一槽，一輕桿一端處于槽內(nèi)，另一端與一輕質(zhì)彈簧相連,當(dāng)左邊物塊撞擊彈簧時(shí),若彈簧的壓縮量超過(guò)某一值，輕桿可以在槽內(nèi)移動(dòng)，設(shè)桿在槽內(nèi)移動(dòng)時(shí)所受到的摩擦力大小恒為f,現(xiàn)有一質(zhì)量為m的物塊以某一初速度v0撞擊輕質(zhì)彈簧，最后物塊以速度v被彈簧反射回來(lái),彈簧在壓縮過(guò)程中始終處于彈性限度內(nèi)，且物塊與彈簧作用時(shí)沒(méi)有能力損失，則下列說(shuō)法正確的是（）A．物塊被彈回時(shí)的動(dòng)能一定小于B．物塊壓縮彈簧的過(guò)程中,物塊和彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能可能守恒C．物塊在壓縮彈簧的過(guò)程中，彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能一定為D．如果輕桿發(fā)生了移動(dòng)，則它移動(dòng)的位移大小為【考點(diǎn)】6B：功能關(guān)系；69：彈性勢(shì)能．【分析】物塊撞擊輕質(zhì)彈簧后輕桿可能不動(dòng)，也可能運(yùn)動(dòng)，輕桿不動(dòng)時(shí)，物塊和彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，根據(jù)能量守恒定律研究輕桿發(fā)生了移動(dòng)時(shí)移動(dòng)的位移大?。窘獯稹拷猓篈B、物塊撞擊輕質(zhì)彈簧后,若輕桿移動(dòng),物塊被彈回時(shí)的動(dòng)能一定小于．若輕桿不動(dòng)，由于只有彈簧的彈力做功，所以物塊和彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒,則物塊被彈回時(shí)的動(dòng)能等于．故A錯(cuò)誤,B正確．C、物塊在壓縮彈簧的過(guò)程中,若輕桿移動(dòng)，則彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能小于．若輕桿不動(dòng)，彈簧所具有的最大彈性勢(shì)能等于．故C錯(cuò)誤．D、如果輕桿發(fā)生了移動(dòng),設(shè)它移動(dòng)的位移大小為x．根據(jù)能量守恒定律得:=+fx，解得x=，故D正確．故選：BD三、非選擇題9．在測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)中,小明設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路(1)根據(jù)圖甲實(shí)驗(yàn)電路,請(qǐng)?jiān)趫D乙中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實(shí)物電路圖．（2）實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到a（填“a”或“b"）端．（3）合上開(kāi)關(guān)S1，S2接圖甲中的1位置，滑動(dòng)滑片P,記錄下幾組電壓表和電流表的示數(shù),重置滑動(dòng)變阻器，S2改接圖甲中的2位置，滑動(dòng)滑片P，再記錄幾組電壓表和電流表的示數(shù)，在同一坐標(biāo)系內(nèi)分別描點(diǎn)作出S2接1、2位置時(shí)電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的圖象，如圖丙所示，兩圖線均為直線，與縱軸的截距分別為UA、UB，與橫軸的截距分別為IA、IB．①S2接1位置時(shí)，作出的U﹣I圖線是圖丙中的B（填“A”或“B”)；②S2接2位置時(shí),干電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值,內(nèi)阻的測(cè)量值大于真實(shí)值．（填“大于”、“小于”或“等于”）【考點(diǎn)】N3:測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．【分析】（1）根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖．（2）為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前滑片應(yīng)置于阻值最大處，從而確定對(duì)應(yīng)的滑片位置；（3）明確電路結(jié)構(gòu)，知道電流表內(nèi)阻帶來(lái)的影響，從而確定對(duì)應(yīng)的U﹣I圖象，同時(shí)根據(jù)電表內(nèi)阻確定實(shí)驗(yàn)誤差．【解答】解:（1）根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（2）為保護(hù)電路，實(shí)驗(yàn)開(kāi)始前，滑動(dòng)變阻器應(yīng)滑到最大位置處，故應(yīng)先將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到a端．（3）①當(dāng)S2接1位置時(shí)，可把電壓表與電源看做一個(gè)等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律：E=U斷可知，電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量值均小于真實(shí)值，所以作出的U﹣I圖線應(yīng)是B線；②測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r存在系統(tǒng)誤差,原因是電壓表分流造成．當(dāng)S2接2位置時(shí)，可把電流表與電源看做一個(gè)等效電源，根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U斷可知電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值等于真實(shí)值，U﹣I圖線應(yīng)是A線，即E真=UA;由圖示圖象可知，E真=UA，開(kāi)關(guān)S2接2位置時(shí)，由于電流表采用相對(duì)電源的內(nèi)接法,故測(cè)量值中包括電流表內(nèi)阻，因此測(cè)量值偏大;故答案為：（1）如圖所示;(2）a；（3）①B；②等于，大于;10．如圖甲所示，在水平放置的氣墊導(dǎo)軌上有一帶有方盒的滑塊,質(zhì)量為M,氣墊導(dǎo)軌右端固定一定滑輪，細(xì)線繞過(guò)滑輪,一端與滑塊相連,另一端掛有6個(gè)鉤碼，設(shè)每個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m，且M=4m．（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出滑塊上的擋光片的寬度，讀數(shù)如圖乙所示，則寬度d=0.520cm；（2）某同學(xué)打開(kāi)氣源，將滑塊由靜止釋放，滑塊上的擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t，則滑塊通過(guò)光電門的速度為(用題中所給字母表示）；（3）開(kāi)始實(shí)驗(yàn)時(shí),細(xì)線另一端掛有6個(gè)鉤碼，由靜止釋放后細(xì)線上的拉力為F1,接著每次實(shí)驗(yàn)時(shí)將1個(gè)鉤碼移放到滑塊上的方盒中，當(dāng)只剩3個(gè)鉤碼時(shí)細(xì)線上的拉力為F2,則F1小于2F2（填“大于”、“等于"或“小于”）；（4）若每次移動(dòng)鉤碼后都從同一位置釋放滑塊，設(shè)擋光片距光電門的距離為L(zhǎng)，鉤碼的個(gè)數(shù)為n,測(cè)出每次擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間為t,測(cè)出多組數(shù)據(jù)，并繪出n﹣圖象，已知圖線斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹椋ㄓ妙}中字母表示）．【考點(diǎn)】M5：測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度．【分析】(1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加上游標(biāo)讀數(shù)，不需估讀．（2）根據(jù)極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度求出滑塊通過(guò)光電門的速度．（3）通過(guò)整體隔離法，結(jié)合牛頓第二定律求出拉力的大小，從而進(jìn)行比較．（4）根據(jù)速度位移公式,結(jié)合牛頓第二定律得出n﹣的表達(dá)式，結(jié)合圖線的斜率求出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋窘獯稹拷猓海?）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為5mm，游標(biāo)讀數(shù)為0。05×4mm=0。20mm，則最終讀數(shù)為5。20mm=0.520cm．（2）極短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度的大小，則滑塊通過(guò)光電門的速度v=．（3）對(duì)整體分析，,隔離對(duì)滑塊分析，根據(jù)牛頓第二定律得,F1=Ma1=4m×0。6g=2。4mg,,隔離對(duì)滑塊分析，根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)2=7ma2=2.1mg，知F1＜2F2．(4）滑塊通過(guò)光電門的速度v=，根據(jù)v2=2aL得，，因?yàn)閍=,代入解得，圖線的斜率k=，解得g=．故答案為：（1）0。520cm；（2）;（3）小于;(4）．11．如圖所示,質(zhì)量均為m=3kg的物塊A、B緊挨著放置在粗糙的水平地面上，物塊A的左側(cè)連接一勁度系數(shù)為k=100N/m的輕質(zhì)彈簧，彈簧另一端固定在豎直墻壁上，開(kāi)始時(shí)兩物塊壓緊彈簧并恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)使物塊B在水平外力F作用下向右做a=m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)直至與A分離,已知兩物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g=10m/s2，求：（1）物塊A、B靜止時(shí)，彈簧的形變量;(2）物塊A、B分離時(shí)，所加外力F的大小；(3）物塊A、B由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到分離作用的時(shí)間．【考點(diǎn)】37:牛頓第二定律；1E：勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系．【分析】（1)物塊A、B恰好靜止時(shí)，整體所受的靜摩擦力達(dá)到最大值，根據(jù)平衡條件和胡克定律結(jié)合求彈簧的形變量;（2)物塊A、B分離時(shí),相互間的彈力為零，對(duì)B,根據(jù)牛頓第二定律求F的大?。唬?）A、B分離時(shí),對(duì)A根據(jù)牛頓第二定律求得彈簧的壓縮量,從而得到此過(guò)程中兩個(gè)物體的位移，再由位移公式求物塊A、B由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到分離作用的時(shí)間．【解答】解：（1）A、B靜止時(shí)，對(duì)A、B整體，應(yīng)用平衡條件可得kx1=2μmg解得x1=0.3m（2)物塊A、B分離時(shí)，對(duì)B，根據(jù)牛頓第二定律可知：F﹣μmg=ma解得F=ma+μmg=3×2+0.5×30=21N（3）A、B靜止時(shí)，對(duì)A、B:根據(jù)平衡條件可知:kx1=2μmgA、B分離時(shí)，對(duì)A，根據(jù)牛頓第二定律可知：kx2﹣μmg=ma此過(guò)程中物體的位移為解得t=0.3s答：（1）物塊A、B靜止時(shí)，彈簧的形變量是0。3m;（2）物塊A、B分離時(shí)，所加外力F的大小是21N；（3）物塊A、B由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到分離作用的時(shí)間是0。3s．12．如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊輕輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上的P點(diǎn)，隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后水平拋出，小物塊恰好無(wú)碰撞的沿圓弧切線從B點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓弧軌道下滑，圓弧軌道與質(zhì)量為M=2kg的足夠長(zhǎng)的小車左端在最低點(diǎn)O點(diǎn)相切，并在O點(diǎn)滑上小車,水平地面光滑,當(dāng)物塊運(yùn)動(dòng)到障礙物Q處時(shí)與Q發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞，碰撞前物塊和小車已經(jīng)相對(duì)靜止，而小車可繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)(物塊始終在小車上）,小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中和圓弧無(wú)相互作用．已知圓弧半徑R=1。0m，圓弧對(duì)應(yīng)圓心角的θ為53°,A點(diǎn)距水平面的高度h=0.8m,物塊與小車間的動(dòng)摩擦因素為μ=0。1，重力加速度g=10m/s2,sin53°=0。8，cos53°=0。6．試求：（1）小物塊離開(kāi)A點(diǎn)的水平初速度v1；（2）小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）第一次碰撞后直至靜止，物塊相對(duì)小車的位移和小車做勻減速運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間．【考點(diǎn)】66：動(dòng)能定理的應(yīng)用；37:牛頓第二定律;43：平拋運(yùn)動(dòng)；4A：向心力．【分析】（1）利用平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在B點(diǎn)對(duì)速度進(jìn)行正交分解，得到水平速度和豎直方向速度的關(guān)系，而豎直方向速度Vy2=2gh顯然易求，則水平速度可解．（2）首先利用動(dòng)能定理解決物塊在最低點(diǎn)的速度問(wèn)題，然后利用牛頓第二定律在最低點(diǎn)表示出向心力,則滑塊受到的彈力可解．根據(jù)牛頓第三定律可求對(duì)軌道的壓力．（3）第一次碰撞后，滑塊以原速率返回，小車減速，當(dāng)滑塊速度減為零后反向加速度時(shí)，小車仍然減速,直到兩者速度相同,一起向右;之后重復(fù)這個(gè)過(guò)程，小車與滑塊有相對(duì)滑動(dòng)的過(guò)程中，小車勻減速；根據(jù)功能關(guān)系列式求相對(duì)路程，根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系公式求解小車的減速時(shí)間．【解答】解：（1)對(duì)小物塊由A到B有：Vy2=2gh在B點(diǎn)：解得：v1=3m/s故小物塊離開(kāi)A點(diǎn)的水平初速度v1為3m/s．（2）由A到O，根據(jù)動(dòng)能定理有