物理

考生注意：

1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。

2.考生作答時(shí)，請將答案答在答題卡上。選擇題每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對

應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答

題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。

3.本卷命題范圍：人教版必修第一～三冊。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10

題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得

0分。

.著名的“錢學(xué)森彈道”是指導(dǎo)彈升空后先沖出大氣層，隨后像打水漂般連續(xù)滑翔變軌，可使突防

概率大幅提升.如圖是導(dǎo)彈運(yùn)行軌跡示意圖，其中導(dǎo)彈在各點(diǎn)的速度v和所受合力F的方向可

能正確的是

A.a點(diǎn)B.b點(diǎn)C.c點(diǎn)D.d點(diǎn)

2.圖(a)所示的醫(yī)用智能機(jī)器人在巡視中沿醫(yī)院走廊做直線運(yùn)動(dòng)，圖(b)是該機(jī)器人在某段時(shí)間

內(nèi)的位移—時(shí)間圖像(后10s的圖線為曲線，其余為直線).下列說法正確的是

圖(a)圖(b)

A.機(jī)器人在0～20s內(nèi)的位移大小為10m

B.20～30s內(nèi)，機(jī)器人的加速度與速度方向相反

C.30s時(shí)，機(jī)器人速度最大

D.0～30s內(nèi)，機(jī)器人的平均速率大小為0.35m/s

【高二期中·物理第1頁(共6頁)】ZH2511138B

3.神舟十六號(hào)載人飛船人軌后順利完成人軌狀態(tài)設(shè)置，采用自主快速

交會(huì)對接模式成功對接于天和核心艙徑向端口，對接過程的示意圖神

舟

如圖所示，神舟十六號(hào)飛船處于半徑為r?的圓軌道I,運(yùn)行周期為十

六r4r3.B

T?,線速度為v,通過變軌操作后，沿橢圓軌道Ⅱ運(yùn)動(dòng)到B處與天和號(hào)人

軌道I軌道Ⅱ

核心艙對接，軌道Ⅱ上A點(diǎn)的線速度為v?,運(yùn)行周期為T?;天和核心

艙處于半徑為r?的圓軌道Ⅲ,運(yùn)行周期為T?,線速度為v?;則神舟軌道Ⅲ

天和核心艙

十六號(hào)飛船

A.v?>v?>v?

B.T?>T?>T?

C.在軌道Ⅱ上B點(diǎn)處的加速度大于軌道Ⅲ上B點(diǎn)處的加速度

D.該衛(wèi)星在軌道I運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比在軌道Ⅲ運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能大

4如圖所示，一正方形框ABCD豎直放置，中間有孔的小球M穿在方框邊上，當(dāng)

方框繞豎直軸AB以某一角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，小球M在BC邊的中點(diǎn)與方框

相對靜止恰好不發(fā)生相對滑動(dòng)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力.下列說法正確

的是

A.若僅增大角速度，小球會(huì)向B點(diǎn)滑動(dòng)

B.若僅增大角速度，小球會(huì)向C點(diǎn)滑動(dòng)

C.若僅減小角速度，小球會(huì)向B點(diǎn)滑動(dòng)

D.若僅減小角速度，小球會(huì)向C點(diǎn)滑動(dòng)

5.空間存在沿x軸方向的電場，將一帶正電的粒子從原點(diǎn)O由靜止釋放，粒子僅

在電場力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢能Ep隨x的變化圖像如圖，則關(guān)

于該電場在x軸上各點(diǎn)的電場強(qiáng)度E、電勢φ、帶電粒子的動(dòng)能Ek、以及動(dòng)能

與電勢能之和E。隨x變化的圖像，正確的是

ABCD

6.如圖所示，質(zhì)量不等的盒子A和物體B用細(xì)繩相連，跨過光滑的定滑輪，A置于傾角為θ的斜

面上，與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=tanθ,B懸掛于斜面之外而處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)向A中緩慢加

入沙子，下列說法正確的是

A.繩子拉力可能變大

B.A對斜面的壓力可能不變

C.A所受的摩擦力可能減小

D.A可能沿斜面下滑

【高二期中·物理第2頁(共6頁)】ZH2511138B

7如圖，足夠長的輕質(zhì)薄板A放置在光滑水平面上，薄板上靜置著兩個(gè)小物體B、C,物體B的質(zhì)

量為2m,物體C的質(zhì)量為m,兩物體與板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ.現(xiàn)對物體C施加大小為F

=5μmg的水平拉力，重力加速度大小為g,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力.下列說法正確的是

A.兩物體都與薄板相對靜止

B.兩物體都與薄板發(fā)生相對滑動(dòng)

C.物體C速度變化率的大小為3μg

D.物體B受到的合外力大小為μmg

8l如圖所示，電容式麥克風(fēng)的振動(dòng)膜是利用超薄金屬或鍍金的塑料薄膜制成的，它與基板構(gòu)成電

容器，并與電阻、電池構(gòu)成閉合回路.麥克風(fēng)正常工作時(shí)，振動(dòng)膜隨聲波左右振動(dòng).當(dāng)振動(dòng)膜隨

聲波向左振動(dòng)，與基板距離增大的過程中

振動(dòng)膜電阻

a古信號(hào)

聲波一

6輸出

基板電池

A.電容器的電容減小B.振動(dòng)膜所帶的電荷量增大

C.電容器板間的電場強(qiáng)度不變D.通過電阻的電流從b點(diǎn)流向a點(diǎn)

9.如圖所示，電源的電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r,R?、R?均為定值電阻且R?>r,R為滑動(dòng)變阻器，電壓

表V及電流表A?、A?均為理想電表，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的觸頭自b向a端滑動(dòng)，下列說法正確

的是

A.定值電阻R?消耗的功率增大

B.電源的輸出功率增大，電源的效率減小

C.兩電流表A?、A?的示數(shù)變化量△I?>△I?

D.電壓表V和電流表A?的示數(shù)變化量之比不變

10.如圖所示，輕彈簧放在傾角為37°的斜面體上，輕彈簧的下端與斜面底端的擋板連接，彈簧上

端與斜面上b點(diǎn)對齊，質(zhì)量為m的物塊在斜面上的a點(diǎn)由靜止釋放，物塊下滑后，壓縮彈簧至

c點(diǎn)時(shí)速度剛好為零，物塊被反彈后返回b點(diǎn)時(shí)速度剛好為零，已知ab長為L,bc長為,重

力加速度為g,sin37°=0.6,cos37°=0.8.則

A.物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5

B.物塊接觸彈簧后，速度先減小后增大

C.彈簧具有的最大彈性勢能為0.25mgL

D.物塊在上述過程因摩擦產(chǎn)生的熱量為0.5mgL

【高二期中·物理第3頁(共6頁)】ZH2511138B

參考答案、解析及評(píng)分細(xì)則

1.B導(dǎo)彈做曲線運(yùn)動(dòng)，某一點(diǎn)的速度方向沿該點(diǎn)的切線方向，且所受合力方向指向軌跡的凹側(cè)，則導(dǎo)彈在各點(diǎn)

的速度v和所受合力F的方向可能正確的是b點(diǎn).

2.BA.根據(jù)題圖(b)可知，機(jī)器人在0～20s內(nèi)的位移大小為0,A錯(cuò)誤；B.根據(jù)題圖(b)可知，20～30s內(nèi)，機(jī)

器人做減速運(yùn)動(dòng)，故機(jī)器人的加速度與速度方向相反，B正確；C.根據(jù)x-t圖像的斜率表示速度，可知30s

時(shí)機(jī)器人速度為0,C錯(cuò)誤；D.0～30s內(nèi)，平均速率大小為m/s=0.4m/s,D錯(cuò)誤.

3.AA.飛船從軌道I變軌到軌道Ⅱ需要加速，所以經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)v?>v?,圓軌道時(shí)，根,所以v?

>v?,綜合得v?>v>v?,A正確；B.根據(jù)開普勒第三定律，軌道半長軸越大，周期越大，B錯(cuò)誤；C.根據(jù)

=ma,則同一點(diǎn)處的加速度應(yīng)該相等，C錯(cuò)誤；D.根據(jù)變軌原理可知，從低軌道到高軌道應(yīng)點(diǎn)火加速，外力做

正功，則衛(wèi)星在軌道I運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能比在軌道Ⅲ運(yùn)行時(shí)的機(jī)械能小，D錯(cuò)誤.

4.B小球M在BC邊的中點(diǎn)與方框相對靜止恰好不發(fā)生相對滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律可得

解得.AB.由上可知若僅增大角速度，最大靜摩擦力不足以提供小球的向心力，小球做離心運(yùn)動(dòng)，

則小球M運(yùn)動(dòng)半徑會(huì)增大，小球會(huì)向C點(diǎn)滑動(dòng)，A錯(cuò)誤，B正確；CD.由上可知若僅減小角速度，小球M仍停

在原位置，故CD錯(cuò)誤.

5.A帶正電的粒子(不計(jì)重力)從O點(diǎn)靜止釋放，僅在電場力的作用下，帶電粒子沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，則電場

力方向沿x軸正方向，電場線方向沿x軸正方向，Ep-x圖像的斜率代表電場力，圖像的斜率先減小后增大，

故A正確.x=x。位置粒子的電勢能為0,故該點(diǎn)的電勢為0,B錯(cuò)誤.電場力對粒子先做正功后做負(fù)功，故粒

子的動(dòng)能先增大后減小，C錯(cuò)誤.只有電場力做功，粒子的動(dòng)能和電勢能的和保持不變，D錯(cuò)誤.

6.CA.由于物體B靜止，所以繩子的拉力等于物體B的重力，物體B的重力不變，所以繩子拉力不變，A錯(cuò)

誤；B.盒子A對斜面的壓力等于盒子和盒內(nèi)沙子的總重力垂直斜面的作用力，即F?=mgcosθ,現(xiàn)在向盒子

A中加入沙子，質(zhì)量變大，所以盒子A對斜面的壓力變大，B錯(cuò)誤；C.沿斜面方向有mgsinθ+F?=Mg,由于

mgsinθ與Mg大小關(guān)系未知，摩擦力的大小、方向未知，所以摩擦力可能變大、也可能不變，還有可能變小，C

正確；D.最大靜摩擦力認(rèn)為等于滑動(dòng)摩擦力，則有mgsinθ=μmgcosθ,當(dāng)盒子A中沙子增加時(shí)，等式總成立，

盒子A沿斜面下滑，則有mgsinθ=μmgcosθ+Mg,顯然得出Mg=0,不符合題意，D錯(cuò)誤.

7.DABD.當(dāng)F=5μmg時(shí)，假設(shè)ABC相對靜止，則整體的加速度為,此時(shí)對C分析可知F一

fAc=ma,解得,可知C相對于薄板滑動(dòng)，此時(shí)A受C的滑動(dòng)摩擦力為fAc1=

【高二期中·物理參考答案第1頁(共4頁)】ZH2511138B

μmg,因C質(zhì)量為零，受合力為零，而AB間的摩擦力最大值為fABmmx=2μmg,所以B相對于薄板A靜止，即

此時(shí)物體B受到薄板施加的水平方向的靜摩擦力，大小為μmg,AB錯(cuò)誤，D正確；C.由于C受到的是滑動(dòng)摩

擦力，所以對C有F-μmg=ma,解得a=4μg,物體C速度變化率的大小就是加速度的大小為4μg,C錯(cuò)誤.

8.ADA.根據(jù),當(dāng)振動(dòng)膜隨聲波向左振動(dòng)，與基板距離d增大，則電容器的電容減小，A正確；B.電

容器與電源保持串聯(lián)，電壓不變，根據(jù)Q=CU,可知振動(dòng)膜所帶的電荷量減小，B錯(cuò)誤；C.根據(jù),可知電

容器板間的電場強(qiáng)度減小，C錯(cuò)誤；D.因振動(dòng)膜所帶的電荷量減小，則電容器放電，因基板為正極板，所以通

過電阻的電流從b點(diǎn)流向a點(diǎn)，D正確.

9.BD將滑動(dòng)變阻器的觸頭向a端滑動(dòng)，則R阻值變小，總電阻變小，總電流增大，定值電阻R?以及電源內(nèi)阻

r上的電壓增大，并聯(lián)支路的電壓減小，即定值電阻R?消耗的功率變小，A錯(cuò)誤.當(dāng)r=R外時(shí)，電源的輸出功

率最大，當(dāng)滑動(dòng)變阻器觸頭自b向a滑動(dòng)時(shí)，R外減小，且R?>r,故電源輸出功率增大；外電阻減小，根據(jù)η=

可知電源的效率減小，B正確.由A選項(xiàng)分析，可知電流表A?示數(shù)增大，通

過定值電阻R?的電流減小，所以A2的示數(shù)增大，又I?=IR?+I?,故△Ii<△I?,C錯(cuò)誤.根據(jù)閉合電路歐姆定

律可得E=U+I?(R?+r),可得U=-I?(R?+r)+E,可知電壓表V和電流表A?的示數(shù)變化量之比為

=-(R?+r),D正確.

10.ACAD.物塊由a點(diǎn)靜止釋放，壓縮彈簧至c點(diǎn)，被反彈后返回b點(diǎn)時(shí)速度剛好為零，對整個(gè)過程應(yīng)用動(dòng)能

定理得