1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、鋰電池因能量高、無(wú)污染而廣泛使用于手機(jī)等電子產(chǎn)品中?，F(xiàn)用充電器為一手機(jī)鋰電池充電，等效電路如圖所示。充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，手機(jī)電池的內(nèi)阻為，下列說(shuō)法正確的是A充電器

2、輸出的電功率為B鋰電池的輸入功率為C鋰電池產(chǎn)生的熱功率為D充電器的充電效率為2、如圖甲所示，一個(gè)匝數(shù)n=100的圓形導(dǎo)體線圈的面積為，電阻為r=1，在線圈中存在面積的垂直于線圈平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示.有一個(gè)R=2的電阻，將其兩端a、b分別與圓形線圈兩端相連接，b端接地，則下列說(shuō)法正確的是（）甲乙A圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=6VB在04s時(shí)間內(nèi)通過(guò)電阻R的電荷量q=8CCa端的電勢(shì)D在04s時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=18J3、2017年4月，我國(guó)成功發(fā)射的天舟一號(hào)貨運(yùn)飛船與天宮二號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室完成了首次交會(huì)對(duì)接，對(duì)接形成的組合體仍沿天宮二號(hào)原來(lái)的軌

3、道（可視為圓軌道）運(yùn)行。與天宮二號(hào)單獨(dú)運(yùn)行時(shí)相比，組合體運(yùn)行的（ ）A周期變大 B速率變大C動(dòng)能變大 D向心加速度變大4、如圖所示，把兩個(gè)相同的燈泡分別接在甲、乙電路中，甲電路兩端的電壓為8V，乙電路兩端的電壓為16V，調(diào)節(jié)變阻器R1和R2使兩燈都正常發(fā)光，此時(shí)變阻器消耗的功率分別為P1和P2 ，兩電路中消耗的總功率分別為P甲和P乙則下列關(guān)系中正確的是( )AP甲P乙BP甲P乙CP1 P2DP1P25、如圖所示，讓平行板電容器帶電后，靜電計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)一定角度，若不改變兩極板帶的電量而減小兩極板間的距離，同時(shí)在兩極板間插入電介質(zhì)，那么靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度( )A一定減小B一定增大C一定不變D可能

4、不變6、關(guān)于點(diǎn)電荷的說(shuō)法，正確的是( )A只有體積很小的帶電體才能看作點(diǎn)電荷B體積很大的帶電體不能看作點(diǎn)電荷C當(dāng)帶電體電荷量很小時(shí)，可看作點(diǎn)電荷D當(dāng)兩個(gè)帶電體的大小及形狀對(duì)它們之間的相互作用力的影響可忽略時(shí)，這兩個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、下列說(shuō)法不正確的是()A法國(guó)物理學(xué)家?guī)靵隼门こ訉?shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互規(guī)律庫(kù)侖定律B英國(guó)物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律C英國(guó)物理學(xué)家牛頓最早引入了場(chǎng)概念，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)D美國(guó)物理學(xué)家密立根通過(guò)

5、實(shí)驗(yàn)精確測(cè)定了元電荷e的電荷量，獲得諾貝爾獎(jiǎng)8、如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為16V，燈泡L標(biāo)有“6V，6W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻RM=1，若燈泡恰能正常發(fā)光，則下列說(shuō)法中正確的是（ ）A電動(dòng)機(jī)的輸入功率為16WB電動(dòng)機(jī)的輸出功率為10WC電動(dòng)機(jī)的熱功率為1WD整個(gè)電路消耗的電功率為16W9、如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r理想電壓表V1、V2示數(shù)為U1、U2，其變化量的絕對(duì)值分別為和；流過(guò)電源的電流為I，其變化量的絕對(duì)值為當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片從右端向左端滑動(dòng)的過(guò)程中（不計(jì)燈泡電阻的變化）（ ）A小燈泡L3變暗，L1、L2變亮B電壓表V1示數(shù)變大，電壓表V2示數(shù)變小C不變D不變10、直線

6、AB是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線。若有一電子以某一初速度，僅在電場(chǎng)力的作用下，沿AB由A運(yùn)動(dòng)到B，其速度圖象如圖所示，下列關(guān)于A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度、和電勢(shì)的判斷正確的是（）ABCD三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11（6分）下面三個(gè)圖為探究平行板電容器電容大小因素的實(shí)驗(yàn)，清將正確的結(jié)論填在橫線上，兩平行板之間的電場(chǎng)可以視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，給電容器充電后與電源斷開(kāi)，那么 （）若保持板間距離不變，正對(duì)面積變小，則兩板電容_，板間電勢(shì)差_（填“變小”、“變大”或“不變”）（）若保持不變，變大，兩板電容_，板間電場(chǎng)強(qiáng)度_（填“變小”、“變大”或“不變”）（）

7、若保持和都不變，插入介質(zhì)板后，則板間電勢(shì)差_，板間電場(chǎng)強(qiáng)度_（填“變小”、“變大”或“不變”） 12（12分）使用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，則金屬絲的直徑是 mm四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，兩平行金屬板A、B間為一勻強(qiáng)電場(chǎng)，A、B相距6cm，C、D為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，且CD4cm，CD連線和場(chǎng)強(qiáng)方向成60角。已知一電量q=3.210-19C的負(fù)電荷從D點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做功為3.210-17J，求：（1）勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)的大小和方向；（2）A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差；（3）若A板

8、接地，D點(diǎn)電勢(shì)為多少？14（16分）一質(zhì)量為0.5kg的小球從空中某高度由靜止開(kāi)始下落，該下落過(guò)程對(duì)應(yīng)的圖像如圖所示。小球與水平地面碰撞后豎直反彈，離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為碰撞前的，該小球受到的空氣阻力大小恒為f，小球與地面第一次碰撞的時(shí)間為t=s，取g=10m/s2。求:（1）小球受到的空氣阻力的大?。唬?）小球第一次和地面碰撞過(guò)程中受到地面的平均作用力的大?。ㄐ∏蚝偷孛媾鲎策^(guò)程中受到的空氣阻力忽略不計(jì)）。 15（12分）如圖所示，一個(gè)電子由靜止開(kāi)始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，又沿中心軸線從O點(diǎn)垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的P點(diǎn)，O點(diǎn)為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量m=9.01031kg，電

9、荷量e=1.61019C，加速電場(chǎng)電壓U0=2500V，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓U=200V，極板的長(zhǎng)度L1=6.0cm，板間距離d=2.0cm，極板的末端到熒光屏的距離L2=3.0cm（忽略電子所受重力）。求：(1)電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度v0；(2)電子打在熒光屏上的P點(diǎn)到O點(diǎn)的距離h；參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】A充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，則充電器的輸出電功率為，故A錯(cuò)誤；BC充電器輸出的電功率即為鋰電池的輸入功率為：鋰電池產(chǎn)生的熱功率為：故B錯(cuò)誤，C正確；D充電器的充電效率為：故D錯(cuò)誤。故

10、選C2、D【解析】A、線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)：，故A錯(cuò)誤；B、電流為：，通過(guò)電阻R的電荷量為：，故B錯(cuò)誤；C、由楞次定律可知，電流沿順時(shí)針?lè)较?，b點(diǎn)電勢(shì)高，a點(diǎn)電勢(shì)低，故C錯(cuò)誤；D、在04s時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為：，故D正確；故選D【點(diǎn)睛】由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由歐姆定律求出電流，由電流定義式求出電荷量；由楞次定律可以判斷出感應(yīng)電流方向，然后判斷電勢(shì)高低；由焦耳定律可以求出焦耳熱3、C【解析】對(duì)于繞地球運(yùn)行的航天器，地球?qū)λ耐庥幸μ峁┫蛐牧?，則，由公式可知，半徑不變，周期不變，速率不變，向心加速度不變。由于質(zhì)量增加，所以動(dòng)能增大，故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選：C。 4、D【

11、解析】設(shè)燈泡的額定電流為I，則甲電路干路電流2I,=,=因?yàn)樗钥纱_定=變阻器消耗的功率等于總功率減去電燈消耗功率，因?yàn)闊襞菹嗤叶颊０l(fā)光說(shuō)明在兩電路中消耗功率相同，即P1P2選D5、A【解析】由題，減小兩極板間的距離，同時(shí)在兩極板間插入電介質(zhì)，根據(jù)電容的決定式，可知，電容增大，電容器的電量不變，由得知，板間電勢(shì)差減小，則靜電計(jì)指針的偏轉(zhuǎn)角度一定減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6、D【解析】試題分析：任何帶電體都有形狀和大小，其上的電荷也不會(huì)集中在一點(diǎn)上，當(dāng)帶電體間的距離比他們自身的大小大的多，以至帶電體的形狀、大小及電荷分布狀況對(duì)他們之間的作用力的影響可以忽略時(shí)，這樣的帶電體就可以看做

12、帶電的點(diǎn)，叫做點(diǎn)電荷，他是一種理想化的模型，D對(duì)考點(diǎn)：點(diǎn)電荷【名師點(diǎn)睛】對(duì)點(diǎn)電荷的理解：1 . 點(diǎn)電荷是理想化的物理模型：點(diǎn)電荷只有電荷量，沒(méi)有大小、形狀，類(lèi)似于力學(xué)中的質(zhì)點(diǎn)，實(shí)際并不存在.2 . 一個(gè)帶電體能否看做點(diǎn)電荷，是相對(duì)于具體問(wèn)題而言的，不能單憑其大小和形狀決定二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律，并且利用扭稱(chēng)實(shí)驗(yàn)測(cè)出了靜電力常量，A正確；B、英國(guó)物理學(xué)家牛頓發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，故B錯(cuò)誤；C、英國(guó)物理學(xué)家法拉第引入了場(chǎng)的概念來(lái)研

13、究電場(chǎng)，并提出用電場(chǎng)線表示電場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；D、密立根通過(guò)實(shí)驗(yàn)精確測(cè)出了元電荷的電荷量，故D正確本題選不正確的，所以不正確的是BC綜上所述本題答案是：BC8、CD【解析】電動(dòng)機(jī)兩端的電壓U1=U-UL=16-6V=10V，整個(gè)電路中的電流，所以電動(dòng)機(jī)的輸入功率P=U1I=101W=10W，故A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的熱功率P熱=I2RM=11W=1W，則電動(dòng)機(jī)的輸出功率P2=P-I2RM=10-1W=9W，故B錯(cuò)誤，C正確；整個(gè)電路消耗的功率P總=UI=161W=16W，故D正確所以CD正確，AB錯(cuò)誤9、ACD【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸片P從右端滑到左端時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流

14、增大，路端電壓減小，則L2變亮，V2讀數(shù)變大變阻器的電阻減小，并聯(lián)部分的電阻減小，則并聯(lián)部分的電壓減小，V1讀數(shù)變小，則L3變暗總電流增大，而L3的電流減小，則L1的電流增大，則L1變亮故A正確，B錯(cuò)誤=R2，不變，C正確由U1=E-I（RL2+r）得：=RL2+r，不變，故D正確故選ACD【點(diǎn)睛】本題是電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，按“局部整體局部”思路進(jìn)行分析運(yùn)用總量法分析兩電壓表讀數(shù)變化量的大小運(yùn)用歐姆定律定量分析電壓表示數(shù)變化量與電流表示數(shù)變化量的比值變化，這是常用的方法10、AC【解析】AB由圖可知，電子在A點(diǎn)加速度較大，則可知A點(diǎn)所受電場(chǎng)力較大，由F=Eq可知，A點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)要大于B點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)，即

15、，故A正確、B錯(cuò)誤；CD電子從A到B的過(guò)程中，速度減小，動(dòng)能減小，則可知電場(chǎng)力做負(fù)功，故電勢(shì)能增加，故A點(diǎn)的電勢(shì)能小于B點(diǎn)的電勢(shì)能，電子帶負(fù)電，由可知，A點(diǎn)的電勢(shì)要大于B點(diǎn)電勢(shì)，AB，故C正確，D錯(cuò)誤；故選AC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、減小 增大 減小 不變 減小 減小 【解析】先根據(jù)電容的決定式分析電容的變化，再根據(jù)電容的定義式分析板間電勢(shì)差的變化，根據(jù)U=Ed可知電場(chǎng)強(qiáng)度的變化【詳解】（）保持板間距離不變，兩極板正對(duì)面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差增大；（）

16、保持不變，板間距離增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)和，可以知道：，故和無(wú)關(guān)，故不變；（）保持和都不變，插入介質(zhì)板后，根據(jù)電容的決定式得知，電容增大，而電容器的電量不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢(shì)差減小，由可以知道，減小；12、2.1500.1【解析】試題分析：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀解：螺旋測(cè)微器的固定刻度為2mm，可動(dòng)刻度為15.00.01mm=0.150mm，所以最終讀數(shù)為2mm+0.150mm=2.150mm最后的結(jié)果可以為2.1500.1故答案為2.1500.1【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺

17、旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、 (1)；方向豎直向下(2)(3) -100V【解析】(1) 負(fù)電荷從D點(diǎn)移到C點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，則電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下根據(jù)W=qExCDcos得，電場(chǎng)強(qiáng)度(2) A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差(3)因?yàn)橐驗(yàn)锳點(diǎn)的電勢(shì)為0V，所以D點(diǎn)的電勢(shì)為-100V14、（1）2N（2）35N【解析】（1）設(shè)彈性球第一次下落過(guò)程中的加速度大小為a1，由圖象可知：根據(jù)牛頓第二定律，得：mg-f=ma1解得：f=2N（2）由圖知彈性球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度大小為v1=3m/s，設(shè)球第一次離開(kāi)地面時(shí)的速度為v2，則有：v2=2m/s球和地面碰撞過(guò)程，設(shè)球受到地面的平均作用力大小為F，設(shè)向下為正方向，由動(dòng)量定理可得：解得：F=35N15、 (1)v0=3.0107m/s (2)h=7.21