2025年高考押題預測卷03

物理?全解全析

注意事項：

1.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如

需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫

在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回

一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

目要求的。

1.2025年2月哈爾濱亞冬會上，中國運動員在速度滑冰男子500米決賽中，以34秒95的成績奪得冠軍。

如圖所示，比賽中運動員正沿圓弧形彎道滑行，則下列說法正確的是（）

A.比賽中運動員的位移大小是500m

B.運動員全程的平均速度是14.3m/s

C.研究運動員的沖線技巧時，不可以把運動員看作質(zhì)點

D.運動員在彎道滑行時，冰面對運動員的作用力大于運動員對冰面的作用力

【答案】C

【解析】位移大小由始末位置的直線距離決定，500米是運動員運動軌跡的長度，即路程，而不是位移

大小。在速度滑冰男子500米比賽中，運動員沿圓弧形彎道滑行，初末位置不同，位移大小小于500米，

A錯誤；平均速度為E=士，由A選項分析可知位移小于500米，時間f=34.95s,則平均速度

t

v<^^?14.3m/s,B錯誤；當物體的開關、大小對所研究的問題沒有影響時，才可以把物體看作質(zhì)點。

研究運動員的沖線技巧時，運動員的肢體動作等對研究沖線技巧有重要影響，不能忽略其形狀和大小，

所以不可以把運動員看作質(zhì)點，C正確；冰面對運動員的作用力與運動員對冰面的作用力是一對相互作

用力，根據(jù)牛頓第三定律，相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，所以冰面對運動員

的作用力等于運動員對冰面的作用力，D錯誤。

2.一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在％=0時刻的波形如圖中實線所示，在/2=0-4s時的波形如圖中虛

線所示。則下列說法正確的是（）

A.在f2=0-4s時，平衡位置在x=lm處的M質(zhì)點向上振動

B.這列波的波長為2m

C.這列波的周期可能為0.8s

D.這列波的傳播速度可能為2.5m/s

【答案】D

【解析】根據(jù)波形圖結(jié)合“同側(cè)法”可知，在L=04s時，平衡位置在x=lm處的M質(zhì)點向下振動，A錯

T1

誤；由圖可知，這列波的波長為4m,B錯誤；由圖可知〃T+—=4=0.4s（〃=0、l、2、3……），解得T=

可知，這列波的周期不可能為0.8s,C錯誤；若"=0,則T=L6s,則此時這列波的傳播速度為

24

v=—=——m/s=2.5m/s,D正確。

T1.6

3.某自行車的車燈發(fā)電機如圖1所示，其結(jié)構(gòu)如圖2。繞有300匝線圈的匚形鐵芯開口處裝有磁鐵。車輪

轉(zhuǎn)動時帶動半徑為2cm的摩擦小輪轉(zhuǎn)動，摩擦小輪又通過傳動軸帶動磁鐵一起轉(zhuǎn)動，從而使鐵芯中磁通

量發(fā)生變化，其變化圖像如圖3所示，其中。為摩擦小輪轉(zhuǎn)動的角速度。線圈兩端c、d作為發(fā)電機輸出

端與標有“12V,6W”的燈泡L相連。當自行車以速度v勻速行駛時，小燈泡恰好正常發(fā)光。假設燈泡阻

值不變,線圈的總電阻為60,摩擦小輪與輪胎間不打滑，發(fā)電機輸出電壓可視為正弦交流電壓,則（）

A.自行車的速度v=10m/s

B.小燈泡正常發(fā)光時0=25Orad/s

C.若自行車的速度減半，則小燈泡的功率也減半

D.磁鐵處于圖2位置時，小燈泡兩端的電壓為12⑶

【答案】A

【解析】令感應電動勢的最大值為Emax，則有Emax=稗5。="中1rax。，則感應電動勢的有效值紇=鬟，

小燈泡恰好正常發(fā)光，則有口對小燈泡有月丁=（等］式燈，解得0=5OOrad/s,B錯誤；車

5+K燈八燈IH燈）

輪轉(zhuǎn)動時帶動半徑為2cm的摩擦小輪轉(zhuǎn)動，根據(jù)"=0廠，結(jié)合上述解得v=10m/s,A正確；若自行車的

速度減半，結(jié)合上述可知，摩擦小輪轉(zhuǎn)動的角速度減半，感應電動勢的最大值減半，感應電動勢的有效

值減半，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，感應電流的有效值減半，則小燈泡的功率減為先前的;，C錯誤；

磁鐵處于圖2位置時，穿過線圈的磁通量達到最大值，根據(jù)圖3可知，此時磁通量的變化率為0,即磁

鐵處于圖2位置時，小燈泡兩端的電壓為0,D錯誤。

4.如圖所示，一根輕質(zhì)彈性繩一端固定在天花板上的A點，另一端跨過墻上固定的光滑定滑輪8與一可視

為質(zhì)點的小物塊相連，彈性繩的原長等于AB,繩的彈力符合胡克定律，勁度系數(shù)上=10N/m。初始狀態(tài)，

小物塊被鎖定在固定斜面上的/點，垂直斜面。某時刻，小物塊解除鎖定，同時施加一沿著斜面向

上的恒力尸，小物塊由靜止開始沿斜面向上運動,最遠能到達N點,P為MN中點已知斜面傾角，=37。，

物塊質(zhì)量m=lkg,BM=0.3m,MN=OAm,物塊與斜面間動摩擦因數(shù)〃=。4,設最大靜摩擦力等于

滑動摩擦力，重力加速度g取lOm/s?,sin37°=0.6,cos37°=0.8。物塊從M到N的過程中，下列說法

正確的是（）

A.物塊所受的支持力減小

B.所受恒力廠的大小為9N

C.物塊經(jīng)P點時的動能為0.2J

D.物塊和彈性繩系統(tǒng)的機械能先增加后減少

【答案】C

【解析】對物塊進行分析，在垂直于斜面方向的合力為0,令彈性繩的伸長量為X,繩與斜面夾角為a,

則有N+Axsina=7ngcos6,解得N=mgcose-fctsina=zngcos夕-辰.=5N,物塊向上運動過程中，

物塊所受的支持力不變，A錯誤；結(jié)合上述，物塊所受滑動摩擦力f=〃N=2N,根據(jù)幾何關系有

22

xBN=^/0.3+0.4m=0.5m,物塊從M到N的過程有（尸-/）、="好msind+；正金1必，解得

F=10N,B錯誤；根據(jù)幾何關系有XBP=JOB?+ON?1n=,物塊從M到P的過程有

（F-f）xMP=mgxMPsin++Ek,結(jié)合上述解得紜=。0，C正確；物塊從M到N的過程，

恒力/與摩擦力的合力對物塊和彈性繩構(gòu)成的系統(tǒng)始終做正功，則物塊和彈性繩系統(tǒng)的機械能始終增大,

D錯誤。

二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩個選項符合題目要求，全部選對的得

6分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

5.太陽能量的來源主要通過質(zhì)子一質(zhì)子鏈反應（簡稱PP鏈），太陽產(chǎn)生的能量約99%來自該鏈反應?？茖W

研究發(fā)現(xiàn)，該鏈反應主要通過如下方程發(fā)生：3：HfX+；e+/①；2X-Y+2：H②，其中：e為正電子,

匕為太陽中微子，下列說法正確的是（）

A.方程式中X為汨e,￥為;He

B.方程式中X為:H,y為;He

C.反應①屬于核聚變反應

D.Y的比結(jié)合能小于X的比結(jié)合能

【答案】AC

【解析】根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，方程式中X為;He,Y為;He,A正確，B錯誤；反應①、②

均屬于核聚變反應，Y的比結(jié)合能大于X的比結(jié)合能，C正確，D錯誤。

6.我國的北斗系統(tǒng)可提供全球?qū)Ш椒?，在軌工作衛(wèi)星共33顆，包含5顆地球靜止同步軌道衛(wèi)星，7顆傾

斜地球同步軌道衛(wèi)星和21顆中圓地球軌道衛(wèi)星。如圖所示為北斗系統(tǒng)中的兩顆衛(wèi)星，分別是中圓地球軌

道衛(wèi)星A和地球靜止同步軌道衛(wèi)星B,衛(wèi)星A環(huán)繞方向為順時針，衛(wèi)星B環(huán)繞方向為逆時針。己知地球

自轉(zhuǎn)周期為"，地球的半徑為《，衛(wèi)星A和衛(wèi)星B到地球表面的距離分別為:4、6R。,引力常量為G,

某時刻兩衛(wèi)星與地心連線之間的夾角為120。，下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星B的動能一定小于衛(wèi)星A的動能

B.地球的質(zhì)量Mu4"”?）

G年

C.衛(wèi)星A圍繞地球做圓周運動的周期7；=；心

D.從圖示時刻開始，經(jīng)過/=時間兩衛(wèi)星第一次相距最近

【答案】BD

【解析】根據(jù)牛頓第二定律G號=機;，解得v=,因為兩顆衛(wèi)星做圓周運動的軌跡半徑金>人，

所以味<以，但是，衛(wèi)星A、B的質(zhì)量關系不確定，所以兩顆衛(wèi)星的動能大小的關系也不確定，A錯誤；

地球靜止同步軌道衛(wèi)星B,其周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等，根據(jù)萬有引力提供向心力則有

GdJn否（5解得M=4kOf），B正確；根據(jù)開普勒第三定律有

（國+66）2T-GT。?

3

（4+64）3,解得C錯誤；衛(wèi)星A環(huán)繞方向為順時針，衛(wèi)星B環(huán)繞方向為逆時

-T；8

2%2萬120001

針，從圖示時刻開始，經(jīng)過時間f兩衛(wèi)星第一次相距最近，貝U有〒=寶而x2",解得”

[AJOU27

D正確。

7.如圖所示，固定點電荷A、B分別帶正、負電荷，A的電量大于8的電量，光滑絕緣、粗細均勻的直桿

豎直固定，與A8的垂直平分線重合，將帶正電的小環(huán)套在桿上，讓小環(huán)從桿上P點由靜止釋放，則小

環(huán)從尸點運動到AB中點。的過程中，下列說法正確的是（）

Pc

?一

AOB

A.小環(huán)的電勢能不斷增大B.小環(huán)的機械能不斷增大

C.小環(huán)運動的速度不斷增大D.小環(huán)有可能在兩個位置的加速度為零

【答案】AD

【解析】由于電場力對小環(huán)一直做負功，因此小環(huán)的機械能不斷減小，電勢能不斷增大，A正確，B錯

誤；從尸到。豎直向上的電場強度的分量有可能先增大后減小，若小環(huán)受到的向上的最大電場力大于環(huán)

的重力，則小環(huán)就是向下先加速后減速再加速，C錯誤；若小環(huán)受到的向上的最大電場力大于小環(huán)的重

力，則小環(huán)在向下運動過程中就有兩個位置電場力與重力等大反向，加速度為零，D正確。

8.如圖甲所示，豎直放置的平行金屬板M和N相互正對，間距為d=60cm,板長L=30cm,兩板下端有一

4

寬度等于板間距的粒子源，以速度v0=10m/s沿平行于金屬板的方向向上連續(xù)不斷均勻發(fā)射比荷為

幺=1.2xl()6c/kg的帶正電粒子，粒子間相互作用不計且忽略粒子重力。在M、N兩板間加如圖乙所示電

m

勢差，圖中5x102V,在M板上邊緣左方有足夠長的水平吸收板MP,能吸收打到它的粒子，打到

MN兩板上的粒子也會被吸收。MN兩板間認為是勻強電場，不考慮邊緣效應。MP板所在水平線(圖中

虛線)的上方有勻強磁場(未畫出)，磁感應強度2=述><10-町。觀察到有粒子打在MP板上，則下列

6

說法正確的是()

(虛線上方是勻強磁場)

A.勻強磁場的方向垂直紙面向外

B.t=M0-5s時刻進入平行板間的所有粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后擊中MP板的長度為25cm

C.MP板最終能吸收到粒子的總長度為55cm

D.若撤去原磁場，在虛線上方適當位置加一個面積最小的圓形勻強磁場，使所有從平行板間飛出的粒

子都被收集于空中一點，則該圓形勻強磁場的磁感應強度為B'=—T

33

【答案】BC

【解析】根據(jù)左手定則可知，粒子受到向左的洛倫茲力，則勻強磁場的方向垂直紙面向里，A錯誤;

仁lxl(T5s時刻進入平行板間的所有粒子，根據(jù)類平拋運動規(guī)律有￡=引，解得"3x10-5$,則

-5-5-5-5

1X10S~3X10S內(nèi)水平位移為無1=!畫：，a=L~~3xl0s~4xl0s內(nèi)水平位移為無2=怔一!。名，

2ma2

匕=的，代入數(shù)據(jù)解得粒子在水平方向的位移為片玉+々=35cm,所以經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后擊中MP板的長度

為d-x=25cm,B正確；,=(),[=3x1()-*,￡=6x1()—'時刻進入平行板間的所有粒子其水平位移

為W=；ax（lxl（）5）2=5cm,所以經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后擊中MP板的長度為d-%=55cm,C正確；若撤去原磁

場，在虛線上方適當位置加一個面積最小的圓形勻強磁場，使所有從平行板間飛出的粒子都被收集于空

中一點，根據(jù)磁聚焦原理可得"8'=加《，v=y/2atl,r=（f1cos45。,解得該圓形勻強磁場的磁感

r2

應強度大小E=2T,D錯誤。

33

三、非選擇題：共60分，其中9、10、11題為填空題，12、13題為實驗題，14、15、16題為計算題?？?/p>

生根據(jù)要求作答。

9.（3分）如圖，質(zhì)量為相、長為￡、通有電流/的導體棒垂直靜止于傾角為。的光滑斜面上，已知空間有

垂直于斜面的勻強磁場，則磁場方向垂直斜面向、磁感應強度大小為。（已知重

力加速度大小為g）

【答案】（3分）下（1分）鱉署（2分）

【解析】根據(jù)左手定則可知導體棒受到的安培力方向一定沿斜面方向，又根據(jù)平衡條件可知安培力一定

沿斜面向上，所以磁場方向垂直斜面向下。對導體棒在斜面方向上根據(jù)平衡條件有mgsine=B/L,解得

B_mgsin6

~1L

10.（3分）天花板下懸掛的輕質(zhì)光滑小圓環(huán)P可繞過懸掛點的豎直軸無摩擦地旋轉(zhuǎn)。一根輕繩穿過尸，兩

端分別連接質(zhì)量為網(wǎng)和相2的小球A、8（班片”?2）。設兩球同時做如圖所示的圓錐擺運動，且在任意時

刻兩球均在同一水平面內(nèi)，則A球運動的周期—B球運動的周期（填大于、小于或等于），A、8兩球

到尸的距離之比為一o

【答案】（3分）等于（1分）“：叫（2分）

【解析】若擺線與豎直方向夾角為仇對任意做圓錐擺的物體有mgtan6=m條/sin0,得到圓錐擺的周

期T=2萬F^=2萬Jg,則A球運動的周期等于B球運動的周期，設繩的張力為凡向心力

1

Fn=Fsm0=mcolsm0,同一根繩上拉力相同，距離/與質(zhì)量加成反比，即4=心。

/2網(wǎng)

11.（3分）在空氣壓縮機的一次壓縮中，活塞對空氣（視為理想氣體）做了6xl（）6j的功，同時空氣的內(nèi)能

增加了3.5xl（）6j,則壓縮機內(nèi)空氣分子的平均動能（選填“增大”或“減小”），該過程中傳遞的

熱量為Jo

【答案】（3分）增大（1分）2.5xlO6（2分）

【解析】根據(jù)題意可知，空氣的內(nèi)能增加，溫度升高，分子的平均動能增大；由熱力學第一定律有

AU=Q+W,解得。=-2.5x106j,即傳遞的熱量為2.5x106J。

12.（5分）某實驗小組在“測定玻璃磚的折射率”的實驗中，在水平白紙上放好長方形玻璃磚，必和〃分別

是玻璃磚與空氣界面的投影。如圖（a）所示，在玻璃磚的一側(cè)插上兩枚大頭針A和鳥，然后在另一側(cè)透

過玻璃磚觀察并先后插上大頭針鳥和乙。

c

圖(a)

（1）下列說法正確的是。

A.6只需擋住《的像B.乙只需擋住鳥的像

C.鳥需同時擋住《和鳥的像D.乙需同時擋住片和鳥的像以及鳥

（2）下列哪些措施能提高測量的準確度。

A.插在玻璃磚同側(cè)的兩大頭針的間距盡量大一些

B.選用厚度（即仍與a/間距）較大的玻璃磚

C.選用較粗的大頭針

（3）如果在某次實驗過程中，得到如圖（b）所示的光路圖，P點為出射光線的反向延長線與玻璃磚右邊

界的交點。測得NP和NM的長度分別為4和則該玻璃磚的折射率為〃=（用右和L［表不）o

【答案】（5分）（1）CD（2分）（2）AB（2分）⑶7（1分）

L\

【解析】（1）該實驗用大頭針標記光路，要求巴需同時擋住A和乙的像，乙需同時擋住々和2的像以及

片。

（2）所用玻璃磚的厚度以及插在玻璃磚同側(cè)的大頭針的間距盡量大一些，可減小測量的相對誤差，AB

正確；選用較細的大頭針有利于提高準確度，C錯誤。

（3）設光線在N點的入射角為4,折射角為％，如圖所示

NN'

NN'NN'sin6NP_NM_L

根據(jù)幾何關系有近二屈，而八而，根據(jù)折射定律有"菽2

NN'

NM

13.（7分）液晶顯示器的主要材料是ITO導電玻璃。某小組同學設計實驗測量一個長度為30.00cm的圓柱

體導電玻璃的電阻率，部分實驗步驟如下。完成下列問題。

（1）先用螺旋測微器測量導電玻璃絲的直徑d,示數(shù)如圖甲所示，其直徑"=mm。

（2）用多用電表測電阻時，將選擇開關撥至“xlO”擋，進行歐姆調(diào)零后，將兩表筆接待測電阻兩端，指針

偏轉(zhuǎn)角度如圖乙所示，則應選（選填”或“xlk”）擋進行測量。

（3）為了更準確地測量該導電玻璃絲的阻值，實驗小組設計了如圖丙所示的實驗電路。已知定值電阻

R=29Q,電流表A2的內(nèi)阻4=1。。在實驗過程中測得電流表A1的示數(shù)為《，電流表A2的示數(shù)為八，

調(diào)節(jié)滑動變阻器，測得多組。人和A，并作出匕-乙圖像如圖丁所示，則該電阻的阻值為Qo

（4）此種導電玻璃的電阻率為Q-mo（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）

【答案】（7分）（1）1.842/1.843/1.844（2分）（2）x1（1分）（3）12（2分）（4）1.卜10,（2分）

【解析】（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm,直徑為d=L5mm+34.3x0.01mm=1.843mm

（2）用“xlO”擋測量時發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過大，表明通過表頭的電流過大，待測電阻較小，為了減小讀

數(shù)誤差，應該使指針指在中央刻度線附近，需要換用小倍率，即應該換用“義1”擋。

心+R+R、.弓+凡+R14

（）根據(jù)題意有心+）（尺，整理得」^一則一-解得凡。

3/26=/4=&-A,&=T4-=12

（4）根據(jù)電阻定律有凡=P（，XS=—,解得0=1.1x107。.m

34

14.（11分）水上滑翔傘又稱拖曳傘，是近年來比較流行的水上旅游活動。如圖所示，在游客身上系上降落

傘，由疾馳的快艇牽引游客前行，游客在數(shù)十米高的天空，俯瞰大海，迎風飛翔。若傘下游客和座椅的

總質(zhì)量為60kg（忽略傘和繩的重力）。傘相對于海面的高度不變，此時傘受到空氣的作用力大小恒為3000N,

與豎直方向成夾角37。斜向左上方。快艇通過輕繩拉著游客以20m/s的速度在海面勻速直線運動，快艇受

到與運動方向相反的恒定阻力，大小為1600N,忽略空氣對人的作用力。g取lOm/s?,sin370=0.6,

cos37°=0.8,求：

（1）繩上的拉力T的大小；

（2）快艇牽引力的功率產(chǎn)。

【答案】⑴1800夜N⑵68kW

【解析】（1）設繩子對傘和人的作用力為T,根據(jù)平衡條件有

7；=尸sin37°,FcosST=G+Tv（4分）

代入數(shù)據(jù)解得（=1800N,Ty=1800N

根據(jù)平行四邊行定則，可得繩子的拉力為T=屆了可（1分）

解得：T=1800A/2N（1分）

（2）快艇勻速運動，根據(jù)平衡條件，可得牽引力為廣=7；+/=3400N（2分）

則牽引力功率為「=歹'丫（2分）

解得：P=68kW（1分）

15.（12分）如圖1所示，兩條間距為L、電阻不計的光滑平行金屬軌道固定在水平面上，軌道右側(cè)與光滑

絕緣斜面的底部平滑連接，斜面傾角為。，水平軌道處于豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度大小為3。

將長度均為乙的金屬棒P、Q放在軌道上，兩棒均與軌道垂直，Q棒到斜面底部的距離為不。現(xiàn)給P棒

一定的初速度%,在Q棒第一次到達斜面底端之前，兩棒的速度一時間圖像如圖2所示，已知P棒的質(zhì)

量為機，兩棒電阻均為R,重力加速度為g,整個過程兩棒未相碰，P棒始終在水平軌道上，Q棒未沖

出斜面，求：

（DQ棒第一次到達水平軌道右端時的加速度大小；

（2）Q棒從開始運動至第一次到達水平軌道右端所用的時間；

（3）P棒做減速運動的總位移大小和Q棒在斜面上運動的總時間。

【答案】（1）。=^^（2）%=^1+爭（3”=^^

10mR5BL2%gsmO

【解析】（1）在Q棒第一次到達斜面底端之前，由動量守恒定律得機%=0.9加%+0.24%（1分）

解得m'-Q.5m

對Q棒，根據(jù)牛頓第二定律37￡=加%（1分）

又有石=皮（匕_%），1=裊（2分）

2K

3"2（匕彩）

綜合得是=

27?

又有匕一匕=0-7%

解得。=吧&（1分）

10mR

（2）在Q棒第一次到達斜面底端之前，對Q棒，由動量定理有

B2I｝（V.-V）,一八、

---------2—\t=mAv（］分）

2R

解得紅尸二小…mvaR

----o-T+%

5B2L20

由動量守恒定律有＞nv0=mv1+m'v2（1分）

所以帆%4=加%+根%。（1分）

.mR3斯

將七代入得公赤+^（1分）

2r

（3）由題意知，Q棒最終停在斜面底部，整個過程對P得-B生T?x/=_〃/（1分）

27?

解得嗑=辭

又有耳目=工一%0

2mvR

角A73牛/f=倚tX=§2n4+%0

對P、Q系統(tǒng)整個過程—-gsin6M=-機%（1分）

解得"烏片（1分）

gsin”

16.（16分）質(zhì)量外=現(xiàn)的物塊A在圖示位置以某一豎直向下的初速度為%=60m/s進入半徑R=1.8m的

四分之一光滑固定圓軌道，在圓弧底端與停放在木板C左端的質(zhì)量為=3kg的物塊B碰撞，木板C的上

表面與圓弧底端相切，物塊D開始時距離木板C右端d=0.5m，木板C和物塊D的質(zhì)量收="％=l-5kg,

B與C間的動摩擦因數(shù)4=0.2,C、D與地面間的動摩擦因數(shù)均為〃2=。」，運動過程中B始終不會從

C上滑下，不考